電磁感應(yīng)與電路的分析

1、知識改變命運，學(xué)習(xí)成就未來歡迎各位老師踴躍投稿，稿酬豐厚 郵箱：第40頁 共40頁電磁感應(yīng)與電路的分析知識網(wǎng)絡(luò)考點預(yù)測本專題包含以“電路”為核心的三大主要內(nèi)容：一是以閉合電路歐姆定律為核心的直流電路的相關(guān)知識，在高考中有時以選擇題的形式出現(xiàn)，如2009年全國理綜卷第17題、天津理綜卷第3題、江蘇物理卷第5題，2007年上海物理卷第3(A)題、寧夏理綜卷第19題、重慶理綜卷第15題等；二是以交變電流的產(chǎn)生特點以及以變壓器為核心的交變電流的知識，在高考中常以選擇題的形式出現(xiàn)，如2009年四川理綜卷第17題、廣東物理卷第9題，2008年北京理綜卷第18題、四川理綜卷第16題、寧夏理綜卷第19題等；三

2、是以楞次定律及法拉第電磁感應(yīng)定律為核心的電磁感應(yīng)的相關(guān)知識，本部分知識是高考中的重要考點，既有可能以選擇題的形式出現(xiàn)，如2009年重慶理綜卷第20題、天津理綜卷第4題，2008年全國理綜卷第20題、全國理綜卷第21題、江蘇物理卷第8題等，也有可能以計算題的形式出現(xiàn)，如2009年全國理綜卷第24題、四川理綜卷第24題、北京理綜卷第23題，2008年全國理綜卷第24題、北京理綜卷第22題、江蘇物理卷第15題等在2010年高考中依然會出現(xiàn)上述相關(guān)知識的各種題型，特別是電磁感應(yīng)與動力學(xué)、功能問題的綜合應(yīng)成為復(fù)習(xí)的重點要點歸納一、電路分析與計算1部分電路總電阻的變化規(guī)律(1)無論是串聯(lián)電路還是并聯(lián)電路，

3、其總電阻都會隨其中任一電阻的增大(減小)而增大(減小)(2)分壓電路的電阻如圖51所示，在由R1和R2組成的分壓電路中，當(dāng)R1串聯(lián)部分的阻值RAP增大時，總電阻RAB增大；當(dāng)RAP減小時，總電阻RAB減小圖51(3)雙臂環(huán)路的阻值如圖52 所示，在由R1、R2和R組成的雙臂環(huán)路中，當(dāng)AR1P 支路的阻值和AR2P支路的阻值相等時，RAB最大；當(dāng)P滑到某端，使兩支路的阻值相差最大時，RAB最小圖522復(fù)雜電路的簡化對復(fù)雜電路進(jìn)行簡化，畫出其等效電路圖是正確識別電路、分析電路的重要手段常用的方法主要有以下兩種(1)分流法(電流追蹤法)：根據(jù)假設(shè)的電流方向，分析電路的分支、匯合情況，從而確定元件是串

4、聯(lián)還是并聯(lián)(2)等勢法：從電源的正極出發(fā)，凡是用一根無電阻的導(dǎo)線把兩點(或幾點)連接在一起的，這兩點(或幾點)的電勢就相等，在畫等效電路圖時可以將這些點畫成一點(或畫在一起)等電勢的另一種情況是，電路中的某一段電路雖然有電阻(且非無限大)，但無電流通過，則與該段電路相連接的各點的電勢也相等若電路中有且只有一處接地線，則它只影響電路中各點的電勢值，不影響電路的結(jié)構(gòu)；若電路中有兩處或兩處以上接地線，則它除了影響電路中各點的電勢外，還會改變電路的結(jié)構(gòu)，各接地點可認(rèn)為是接在同一點上另外，在一般情況下，接電流表處可視為短路，接電壓表、電容器處可視為斷路3歐姆定律(1)部分電路歐姆定律：公式Ieq f(U

5、,R)注意：電路的電阻R并不由U、I決定(2)閉合電路歐姆定律：公式Ieq f(E,Rr)或EUIr，其中UIR為路端電壓路端電壓U和外電阻R、干路電流I之間的關(guān)系：R增大，U增大，當(dāng)R時(斷路)，I0，UE；R減小，U減小，當(dāng)R0時(短路)，IImaxeq f(E,r)，U0(3)在閉合電路中，任一電阻Ri的阻值增大(電路中其余電阻不變)，必將引起通過該電阻的電流Ii的減小以及該電阻兩端的電壓Ui的增大，反之亦然；任一電阻Ri的阻值增大，必將引起與之并聯(lián)的支路中電流I并的增大，與之串聯(lián)的各電阻兩端電壓U串的減小，反之亦然4幾類常見的功率問題(1)與電源有關(guān)的功率和電源的效率電源的功率P：電源

6、將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的功率，也稱為電源的總功率計算式為PEI(普遍適用)或Peq f(E2,Rr)I2(Rr)(只適用于外電路為純電阻的電路)電源內(nèi)阻消耗的功率P內(nèi)：電源內(nèi)阻的熱功率，也稱為電源的損耗功率計算式為P內(nèi)I2r電源的輸出功率P出：是指外電路上消耗的功率計算式為P出U外I(普遍適用)或P出I2Req f(E2R,(Rr)2)(只適用于外電路為純電阻的電路)電源的輸出功率曲線如圖53所示當(dāng)R0時，輸出功率P0；當(dāng)R時，輸出功率P0；當(dāng)Rr時， Pmaxeq f(E2,4r)；當(dāng)Rr 時，R增大，輸出功率增大；當(dāng)Rr時，R增大，輸出功率反而減小圖53對于E、r一定的電源，外電阻R一定

7、時，輸出功率只有唯一的值；輸出功率P一定時，一般情況下外電阻有兩個值R1、R2與之對應(yīng)，即R1r、R2r，可以推導(dǎo)出R1、R2的關(guān)系為eq r(R1R2)r功率分配關(guān)系：PP出P內(nèi)，即EIUII2r閉合電路中的功率分配關(guān)系反映了閉合電路中能量的轉(zhuǎn)化和守恒關(guān)系，即電源提供的電能一部分消耗在內(nèi)阻上，另一部分輸出給外電路，并在外電路上轉(zhuǎn)化為其他形式的能能量守恒的表達(dá)式為EItUItI2rt(普遍適用)或EItI2RtI2rt(只適用于外電路為純電阻的電路)電源的效率：eq f(UI,EI)100%eq f(U,E)100%對純電阻電路有：eq f(I2R,I2(Rr)100%eq f(R,Rr)10

8、0%eq f(1,1f(r,R)100%因此當(dāng)R增大時，效率提高(2)用電器的額定功率和實際功率用電器在額定電壓下消耗的電功率叫額定功率，即P額U額I額用電器在實際電壓下消耗的電功率叫實際功率，即P實U實I實實際功率不一定等于額定功率(3)用電器的功率與電流的發(fā)熱功率用電器的電功率PUI，電流的發(fā)熱功率P熱I2R對于純電阻電路，兩者相等；對于非純電阻電路，電功率大于熱功率(4)輸電線路上的損耗功率和輸電功率輸電功率P輸U(kuò)輸I，損耗功率P線I2R線UI5交變電流的四值、變壓器的工作原理及遠(yuǎn)距離輸電(1)交變電流的四值交變電流的四值即最大值、有效值、平均值和瞬時值交變電流在一個周期內(nèi)能達(dá)到的最大數(shù)

9、值稱為最大值或峰值，在研究電容器是否被擊穿時，要用到最大值；有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)來定義的，在計算電路中的能量轉(zhuǎn)換如電熱、電功、電功率或確定交流電壓表、交流電流表的讀數(shù)和保險絲的熔斷電流時，要用有效值；在計算電荷量時，要用平均值；交變電流在某一時刻的數(shù)值稱為瞬時值，不同時刻，瞬時值的大小和方向一般不同，計算電路中與某一時刻有關(guān)的問題時要用交變電流的瞬時值(2)變壓器電路的分析與計算正確理解理想變壓器原、副線圈的等效電路，尤其是副線圈的電路，它是解決變壓器電路的關(guān)鍵正確理解電壓變比、電流變比公式，尤其是電流變比公式電流變比對于多個副線圈不能使用，這時求電流關(guān)系只能根據(jù)能量守恒來求，即P輸入P輸

10、出正確理解變壓器中的因果關(guān)系：理想變壓器的輸入電壓決定了輸出電壓；輸出功率決定了輸入功率，即只有有功率輸出，才會有功率輸入；輸出電流決定了輸入電流理想變壓器只能改變交流的電流和電壓，卻無法改變其功率和頻率解決遠(yuǎn)距離輸電問題時，要注意所用公式中各量的物理意義，畫好輸電線路的示意圖，找出相應(yīng)的物理量二、電磁感應(yīng)的規(guī)律1感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件及方向的判斷(1)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件(兩種說法)閉合回路中的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運動穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化(2)感應(yīng)電流方向的判斷右手定則：當(dāng)導(dǎo)體做切割磁感線運動時，用右手定則判斷導(dǎo)體中電流的方向比較方便注意右手定則與左手定則的區(qū)別，抓住“因果關(guān)系”：“因動

11、而電”，用右手定則；“因電而動”，用左手定則還可以用“左因右果”或“左力右電”來記憶，即電流是原因、受力運動是結(jié)果的用左手定則；反之，運動是原因、產(chǎn)生電流是結(jié)果的用右手定則楞次定律(兩種表述方式)表述一：感應(yīng)電流的磁場總是要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化表述二：感應(yīng)電流的作用效果總是要反抗引起感應(yīng)電流的原因楞次定律是判斷感應(yīng)電流方向的一般規(guī)律當(dāng)磁通量的變化引起感應(yīng)電流時，可用“楞次定律表述一”來判斷其方向應(yīng)用楞次定律的關(guān)鍵是正確區(qū)分涉及的兩個磁場：一是引起感應(yīng)電流的磁場；二是感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場理解兩個磁場的阻礙關(guān)系“阻礙”的是原磁場磁通量的變化從能量轉(zhuǎn)化的角度看，發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象的過程就是其他

12、形式的能轉(zhuǎn)化為電能的過程，而這一過程總要伴隨外力克服安培力做功“阻礙”的含義可推廣為三種表達(dá)方式：阻礙原磁通量的變化(增反減同)；阻礙導(dǎo)體的相對運動(來拒去留)；阻礙原電流的變化(自感現(xiàn)象)2正確理解法拉第電磁感應(yīng)定律(1)法拉第電磁感應(yīng)定律電路中感應(yīng)電動勢的大小跟穿過這一回路的磁通量的變化率成正比，即Eneq f(,t)此公式計算的是t時間內(nèi)的平均感應(yīng)電動勢當(dāng)導(dǎo)體做切割磁感線運動時，其感應(yīng)電動勢的計算式為：EBLvsin ，式中的為B與v正方向的夾角若v是瞬時速度，則算出的是瞬時感應(yīng)電動勢；若v為平均速度，則算出的是平均感應(yīng)電動勢(2)磁通量、磁通量的變化量、磁通量的變化率的區(qū)別磁通量磁通量

13、的變化量磁通量的變化率物理意義某時刻穿過某個面的磁感線的條數(shù)某段時間內(nèi)穿過某個面的磁通量變化穿過某個面的磁通量變化的快慢大小BSn，其中Sn是與B垂直的面的面積21BSSBeq f(,t)Beq f(S,t)或eq f(,t)Seq f(B,t)注意若穿過某個面有方向相反的磁場，則不能直接用BS求解，應(yīng)考慮相反方向的磁通量抵消后所剩余的磁通量開始時和轉(zhuǎn)過180時平面都與磁場垂直，穿過平面的磁通量是一正一負(fù)，2BS，而不是零既不表示磁通量的大小，也不表示變化的多少實際上，它就是單匝線圈上產(chǎn)生的電動勢，即Eeq f(,t)附注對在勻強磁場中繞處于線圈平面內(nèi)且垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動的線圈：線圈平

14、面與磁感線平行時，0，但eq f(,t)最大線圈平面與磁感線垂直時，最大，但eq f(,t)0大或大，都不能保證eq f(,t)就大；反過來，eq f(,t)大時，和也不一定大這類似于運動學(xué)中的v、v及eq f(v,t)三者之間的關(guān)系(3)另外兩種常見的感應(yīng)電動勢長為L的導(dǎo)體棒沿垂直于磁場的方向放在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，且以勻速轉(zhuǎn)動，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：當(dāng)以中點為轉(zhuǎn)軸時，E0(以中點平分的兩段導(dǎo)體產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的代數(shù)和為零)；當(dāng)以端點為轉(zhuǎn)軸時，Eeq f(1,2)BL2(平均速度取中點位置的線速度，即eq f(1,2)L)；當(dāng)以任意點為轉(zhuǎn)軸時，Eeq f(1,2)B(L12L22

15、)(不同的兩段導(dǎo)體產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的代數(shù)和)面積為S的矩形線圈在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中以角速度繞線圈平面內(nèi)的垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：線圈平面與磁感線平行時，EBS；線圈平面與磁感線垂直時，E0；線圈平面與磁感線的夾角為時，EBScos (3)理解法拉第電磁感應(yīng)定律的本質(zhì)法拉第電磁感應(yīng)定律是能的轉(zhuǎn)化和守恒定律在電磁學(xué)中的一個具體應(yīng)用，它遵循能量守恒定律閉合電路中電能的產(chǎn)生必須以消耗一定量的其他形式的能量為代價，譬如：線圈在磁場中轉(zhuǎn)動產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，實質(zhì)上是機械能轉(zhuǎn)化為電能的過程；變壓器是利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象實現(xiàn)了電能的轉(zhuǎn)移運用能量的觀點來解題是解決物理問題的重要

16、方法，也是解決電磁感應(yīng)問題的有效途徑三、電磁感應(yīng)與電路的綜合應(yīng)用電磁感應(yīng)中由于導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生了感應(yīng)電動勢，因此導(dǎo)體相當(dāng)于電源整個回路便形成了閉合電路，由電學(xué)知識可求出各部分的電學(xué)量，而導(dǎo)體因有電流而受到安培力的作用，從而可以與運動學(xué)、牛頓運動定律、動量定理、能量守恒等知識相聯(lián)系電磁感應(yīng)與電路的綜合應(yīng)用是高考中非常重要的考點熱點、重點、難點一、電路問題1電路的動態(tài)分析這類問題是根據(jù)歐姆定律及串聯(lián)和并聯(lián)電路的性質(zhì)，分析電路中因某一電阻變化而引起的整個電路中各部分電學(xué)量的變化情況，它涉及歐姆定律、串聯(lián)和并聯(lián)電路的特點等重要的電學(xué)知識，還可考查學(xué)生是否掌握科學(xué)分析問題的方法動態(tài)電路局部的變化可以引

17、起整體的變化，而整體的變化決定了局部的變化，因此它是高考的重點與熱點之一常用的解決方法如下(1)程序法：基本思路是“部分整體部分”先從電路中阻值變化的部分入手，由串聯(lián)和并聯(lián)規(guī)律判斷出R總的變化情況；再由歐姆定律判斷I總和U端的變化情況；最后再由部分電路歐姆定律判定各部分電學(xué)量的變化情況即：R局eq blcrc (avs4alco1(增大,減小)R總eq blcrc (avs4alco1(增大,減小)I總eq blcrc (avs4alco1(減小,增大)U端eq blcrc (avs4alco1(增大,減小)eq blcrc (avs4alco1(I分,U分)(2)直觀法：直接應(yīng)用部分電路中R

18、、I、U的關(guān)系中的兩個結(jié)論任一電阻R的阻值增大，必引起該電阻中電流I的減小和該電阻兩端電壓U的增大，即：Req blcrc (avs4alco1(I,U)任一電阻R的阻值增大，必將引起與之并聯(lián)的支路中電流I并的增大和與之串聯(lián)的各電阻兩端的電壓U串的減小，即：Req blcrc (avs4alco1(I并,U串)(3)極端法：對于因滑動變阻器的滑片移動引起電路變化的問題，可將變阻器的滑片分別滑至兩邊頂端討論(4)特殊值法：對于某些雙臂環(huán)路問題，可以代入特殊值去判定，從而找出結(jié)論例1在如圖54所示的電路中，當(dāng)變阻器R3的滑片P向b端移動時()圖54A電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小B電壓表的示數(shù)

19、減小，電流表的示數(shù)增大C電壓表和電流表的示數(shù)都增大D電壓表和電流表的示數(shù)都減小【解析】方法一(程序法)當(dāng)滑片P向b端移動時，R3接入電路的阻值減小，總電阻R將減小，干路電流增大，路端電壓減小，電壓表的示數(shù)減小，R1和內(nèi)阻兩端的電壓增大，R2、R3并聯(lián)部分兩端的電壓減小，通過R2的電流減小，但干路電流增大，因此通過R3的電流增大，電流表的示數(shù)增大，故選項B正確方法二(極端法)當(dāng)滑片P移到b端時R3被短路，此時電流表的示數(shù)最大，總電阻最小，路端電壓最小，故選項B正確方法三(直觀法)當(dāng)滑片P向b移動時，R3接入電路的電阻減小，由部分電路中R、I、U關(guān)系中的兩個結(jié)論可知，該電阻中的電流增大，電流表的示

20、數(shù)增大，總電阻減小，路端電壓減小，故選項B正確答案B【點評】在進(jìn)行電路的動態(tài)分析時，要靈活運用幾種常用的解決此類問題的方法2電路中幾種功率與電源效率問題(1)電源的總功率：P總EI(2)電源的輸出功率：P出UI(3)電源內(nèi)部的發(fā)熱功率：P內(nèi)I2r(4)電源的效率：eq f(U,E)eq f(R,Rr)(5)電源的最大功率：Pmaxeq f(E2,r)，此時0，嚴(yán)重短路(6)當(dāng)Rr時，輸出功率最大，P出maxeq f(E2,4r)，此時50%例2如圖55所示，E8 V，r2 ，R18 ，R2為變阻器接入電路中的有效阻值，問：圖55(1)要使變阻器獲得的電功率最大，則R2的取值應(yīng)是多大？這時R2的

21、功率是多大？(2)要使R1得到的電功率最大，則R2的取值應(yīng)是多大？R1的最大功率是多大？這時電源的效率是多大？(3)調(diào)節(jié)R2的阻值，能否使電源以最大的功率eq f(E2,4r)輸出？為什么？【解析】(1)將R1和電源(E，r)等效為一新電源，則：新電源的電動勢EE8 V內(nèi)阻rrR110 ，且為定值利用電源的輸出功率隨外電阻變化的結(jié)論知，當(dāng)R2r10 時，R2有最大功率，即：P2maxeq f(E2,4r)eq f(82,410) W1.6 W(2)因R1是定值電阻，所以流過R1的電流越大，R1的功率就越大當(dāng)R20時，電路中有最大電流，即：Imaxeq f(E,R1r)0.8 AR1有最大功率P

22、1maxImax2R15.12 W這時電源的效率eq f(R1,R1r)100%80%(3)不可能因為即使R20，外電阻R1也大于r，不可能有eq f(E2,4r)的最大輸出功率本題中，當(dāng)R20時，外電路得到的功率最大答案(1)10 1.6 W(2)05.12 W80%(3)不可能，理由略【點評】本題主要考查學(xué)生對電源的輸出功率隨外電阻變化的規(guī)律的理解和運用注意：求R1的最大功率時，不能把R2等效為電源的內(nèi)阻，R1的最大功率不等于eq f(E2,4(R2r)，因為R1為定值電阻故求解最大功率時要注意固定電阻與可變電阻的區(qū)別另外，也要區(qū)分電動勢E和內(nèi)阻r均不變與r變化時的差異3含容電路的分析與計

23、算方法在直流電路中，當(dāng)電容器充放電時，電路里有充放電電流，一旦電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，電容器在電路中就相當(dāng)于一個阻值無限大的儲能元件對于直流電，電容器相當(dāng)于斷路，簡化電路時可去掉它，簡化后求電容器所帶的電荷量時，可將其接在相應(yīng)的位置上；而對于交變電流，電容器相當(dāng)于通路在分析和計算含有電容器的直流電路時，需注意以下幾點：(1)電路穩(wěn)定后，由于電容器所在支路無電流通過，所以此支路中的電阻上無電壓降，因此電容器兩極間的電壓就等于該支路兩端的電壓；(2)當(dāng)電容器和電阻并聯(lián)后接入電路時，電容器兩端的電壓和與其并聯(lián)的電阻兩端的電壓相等；(3)電路的電流、電壓變化時，將會引起電容器的充放電例3 在如圖56所示的電

24、路中，電容器C14.0 F，C23.0 F，電阻R18.0 ，R26.0 閉合開關(guān)S1，給電容器C1、C2充電，電路達(dá)到穩(wěn)定后，再閉合開關(guān)S2，電容器C1的極板上所帶電荷量的減少量與電容器C2的極板上所帶電荷量的減少量之比是1615開關(guān)S2閉合時，電流表的示數(shù)為1.0 圖56【解析】只閉合開關(guān)S1時，電容器C1的電荷量Q1C1E，C2的電荷量Q2C2E，式中E為電源的電動勢再閉合開關(guān)S2后，電流表的示數(shù)為I，則C1的電荷量Q1C1IR1，C2的電荷量Q2C2IR2根據(jù)題意有：eq f(Q1Q1,Q2Q2)eq f(C1(EIR1),C2(EIR2)eq f(16,15)由閉合電路的歐姆定律，有

25、：EI(R1R2r)聯(lián)立解得：E16 V，r2.0 答案16 V2.0 【點評】本題是一個典型的含電容器的直流電路問題，考查了學(xué)生對等效電路和電容器的充電、放電電路的理解及綜合分析能力4交變電流與交變電路問題縱觀近幾年的高考試題，本部分內(nèi)容出現(xiàn)在選擇題部分的概率較高，集中考查含變壓器電路、交變電流的產(chǎn)生及變化規(guī)律、最大值與有效值如2009年高考四川理綜卷第17題、山東理綜卷第17題、福建理綜卷第16題等例4一氣體放電管兩電極間的電壓超過500 eq r(3) V時就會因放電而發(fā)光若在它發(fā)光的情況下逐漸降低電壓，則要降到 500 eq r(2) V 時才會熄滅放電管的兩電極不分正負(fù)現(xiàn)有一正弦交流

26、電源，其輸出電壓的峰值為1000 V，頻率為50 Hz若用它給上述放電管供電，則在一小時內(nèi)放電管實際發(fā)光的時間為()A10 minB25 minC30 minD35 min【解析】由題意知，該交變電流的ut圖象如圖所示電壓的表達(dá)式為：u1000sin 100t V綜合圖象可知：在0eq f(T,2)內(nèi)，eq f(T,6)eq f(3T,8)時間段放電管能通電發(fā)光，通電時間為：ti(eq f(3T,8)eq f(T,6)eq f(1,240) s故一小時內(nèi)放電管實際發(fā)光的時間為：ttieq f(t,f(T,2)1500 s25 min答案B【點評】交變電流的熱效應(yīng)(如熔斷、加熱等)取決于有效值，

27、而對電容、空氣導(dǎo)電的擊穿則取決于瞬時值分析正弦交變電流的特性時需要熟練地運用數(shù)學(xué)函數(shù)與圖象，仔細(xì)周密地分析正弦函數(shù)中角度與變量時間的關(guān)系同類拓展1如圖57甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為101，R120 ，R230 ，C為電容器已知通過R1的正弦交變電流如圖57乙所示，則2009年高考四川理綜卷()甲乙圖57A交變電流的頻率為0.02 HzB原線圈輸入電壓的最大值為200eq r(2) VC電阻R2的電功率約為6.67 WD通過R3的電流始終為零【解析】根據(jù)變壓器原理可知，原、副線圈中電流的周期、頻率相同，T0.020 s，f50 Hz，A錯誤由乙圖可知，通過R1的電流最大值Im1 A，

28、根據(jù)歐姆定律可知，其最大電壓Um20 V，再根據(jù)原、副線圈的電壓之比等于匝數(shù)之比可知，原線圈的輸入電壓的最大值為200 因為電容器有通交流、隔直流的作用，故有電流通過R3和電容器，D錯誤根據(jù)正弦交變電流的峰值與有效值的關(guān)系以及并聯(lián)電路的特點可知I2eq f(ImR1,r(2)R2)，U2eq f(Um,r(2)，R2上的電功率P2U2I2eq f(20,3) W，C正確答案C 例5某種發(fā)電機的內(nèi)部結(jié)構(gòu)平面圖如圖58甲所示，永磁體的內(nèi)側(cè)為圓柱面形，磁極之間上下各有圓心角30的扇形無磁場區(qū)域，其他區(qū)域兩極與圓柱形鐵芯之間的窄縫間形成B0.5 T的磁場在窄縫里有一個如圖58乙所示的U形導(dǎo)線框abcd

29、已知線框ab和cd邊的長度均為L10.3 m，bc邊的長度L20.4 m，線框以eq f(500,圖58甲圖58乙(1)從bc邊轉(zhuǎn)到圖甲所示的H側(cè)磁場邊緣時開始計時，求t2103 s 時刻線框中感應(yīng)電動勢的大??；畫出a、d兩點的電勢差Uad隨時間t變化的關(guān)系圖象(感應(yīng)電動勢的結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，Uad的正值表示UaUd)(2)求感應(yīng)電動勢的有效值【解析】(1)由題意知線框中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的周期Teq f(2,)1.2102 st2103 s時刻bc邊還在磁場中，故感應(yīng)電動勢為：BL2L131.4 根據(jù)bc邊在磁場區(qū)與非磁場區(qū)運動的時間可畫出 Uadt 圖象如圖58丙所示圖58丙(2)設(shè)感應(yīng)電

30、動勢的有效值為E，當(dāng)bc邊外接純電阻R時，考慮eq f(T,2)內(nèi)的熱效應(yīng)得：Qeq f(2,R)eq f(5,12)Teq f(E2,R)eq f(T,2)解得：E28.7 V答案(1)31.4 V如圖58丙所示(2)28.7 V二、電磁感應(yīng)規(guī)律的綜合應(yīng)用電磁感應(yīng)規(guī)律的綜合應(yīng)用問題不僅涉及法拉第電磁感應(yīng)定律，還涉及力學(xué)、熱學(xué)、靜電場、直流電路、磁場等許多知識電磁感應(yīng)的綜合題有兩種基本類型：一是電磁感應(yīng)與電路、電場的綜合；二是發(fā)生電磁感應(yīng)的導(dǎo)體的受力和運動以及功能問題的綜合也有這兩種基本類型的復(fù)合題，題中電磁現(xiàn)象與力現(xiàn)象相互聯(lián)系、相互影響、相互制約，其基本形式如下：注意：(1)求解一段時間內(nèi)流

31、過電路某一截面的電荷量要用電流的平均值；(2)求解一段時間內(nèi)的熱量要用電流的有效值；(3)求解瞬時功率要用瞬時值，求解平均功率要用有效值1電磁感應(yīng)中的電路問題在電磁感應(yīng)中，切割磁感線的導(dǎo)體或磁通量發(fā)生變化的回路將產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，該導(dǎo)體或回路相當(dāng)于電源因此，電磁感應(yīng)問題往往與電路問題聯(lián)系在一起解決與電路相聯(lián)系的電磁感應(yīng)問題的基本方法如下：(1)用法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律確定感應(yīng)電動勢的大小和方向；(2)畫等效電路圖，注意區(qū)別內(nèi)外電路，區(qū)別路端電壓、電動勢；(3)運用閉合電路歐姆定律，串、并聯(lián)電路性質(zhì)以及電功率等公式聯(lián)立求解2感應(yīng)電路中電動勢、電壓、電功率的計算例6如圖59甲所示，水平放置的U

32、形金屬框架中接有電源，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r現(xiàn)在框架上放置一質(zhì)量為m、電阻為R的金屬桿，它可以在框架上無摩擦地滑動，框架兩邊相距L，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向豎直向上ab桿受到水平向右的恒力F后由靜止開始向右滑動，求：圖59甲(1)ab桿由靜止啟動時的加速度(2)ab桿可以達(dá)到的最大速度vm(3)當(dāng)ab桿達(dá)到最大速度vm時，電路中每秒放出的熱量Q【解析】(1)ab滑動前通過的電流：Ieq f(E,rR)受到的安培力F安eq f(BEL,rR)，方向水平向左所以ab剛運動時的瞬時加速度為：a1eq f(FF安,m)eq f(F,m)eq f(BEL,(rR)m)(2)ab運動后產(chǎn)生的感應(yīng)

33、電流與原電路電流相同，到達(dá)最大速度時，感應(yīng)電路如圖59乙所示此時電流Imeq f(EBLvm,Rr)圖59乙由平衡條件得：FBImLeq f(BL(BLvmE),Rr)故可得：vmeq f(F(Rr)BLE,B2L2)(3)方法一由以上可知，Imeq f(BLvmE,Rr)eq f(F,BL)由焦耳定律得：QIm2(Rr)eq f(F2(Rr),B2L2)方法二由能量守恒定律知，電路每秒釋放的熱量等于電源的總功率加上恒力F所做的功率，即：QEImFvmeq f(EF,BL)eq f(F2(Rr)BLEF,B2L2)eq f(F2(Rr),B2L2)答案(1)eq f(F,m)eq f(BEL,

34、(rR)m)(2)eq f(F(Rr)BLE,B2L2)(3)eq f(F2(Rr),B2L2)【點評】本例全面考查了感應(yīng)電路的特點，特別是對于電功率的解析，通過對兩種求解方法的對比能很好地加深對功能關(guān)系的理解ab棒運動的vt圖象如圖59丙所示圖59丙3電磁感應(yīng)中的圖象問題電磁感應(yīng)中的圖象大致可分為以下兩類(1)由給定的電磁感應(yīng)過程確定相關(guān)物理量的函數(shù)圖象一類常見的情形是在某導(dǎo)體受恒力作用做切割磁感線運動而產(chǎn)生的電磁感應(yīng)中，該導(dǎo)體由于安培力的作用往往做加速度越來越小的變加速運動，圖象趨向于一漸近線(2)由給定的圖象分析電磁感應(yīng)過程，確定相關(guān)的物理量無論何種類型問題，都需要綜合運用法拉第電磁感應(yīng)

35、定律、楞次定律、右手定則、安培定則等規(guī)律來分析相關(guān)物理量之間的函數(shù)關(guān)系，確定其大小和方向及在坐標(biāo)系中的范圍，同時應(yīng)注意斜率的物理意義例7青藏鐵路上安裝的一種電磁裝置可以向控制中心傳輸信號，以確定火車的位置和運動狀態(tài)，其原理是將能產(chǎn)生勻強磁場的磁鐵安裝在火車首節(jié)車廂下面，如圖58甲所示(俯視圖)當(dāng)它經(jīng)過安放在兩鐵軌間的線圈時，線圈便產(chǎn)生一個電信號傳輸給控制中心線圈邊長分別為l1和l2，匝數(shù)為n，線圈和傳輸線的電阻忽略不計若火車通過線圈時，控制中心接收到線圈兩端的電壓信號u與時間t的關(guān)系如圖510乙所示(ab、cd為直線)，t1、t2、t3、t4是運動過程的四個時刻，則下列說法正確的是()圖510

36、A火車在t1t2時間內(nèi)做勻加速直線運動B火車在t3t4時間內(nèi)做勻減速直線運動C火車在t1t2時間內(nèi)的加速度大小為eq f(U2U1,nBl1(t2t1)D火車在t3t4時間內(nèi)的平均速度的大小為eq f(U3U4,nBl1)【解析】信號電壓unBl1v，由ut圖象可知，火車在t1t2和t3t4時間內(nèi)都做勻加速直線運動在t1t2時間內(nèi)，a1eq f(v2v1,t2t1)eq f(U2U1,nBl1(t2t1)，在t3t4時間內(nèi)的平均速度eq xto(v)eq f(v3v4,2)eq f(U3U4,2nBl1)，故B、D錯誤答案AC【點評】從題圖可以看出，在t3t4時間內(nèi)的ut圖線關(guān)于t軸的對稱線與

37、t1t2時間內(nèi)的ut圖線在同一直線上，由此可判斷，火車在0t4時間內(nèi)一直做勻加速直線運動的可能性很大例6如圖511甲所示，兩個垂直于紙面的勻強磁場方向相反，磁感應(yīng)強度的大小均為B，磁場區(qū)域的寬度均為a一正三角形(高為a)導(dǎo)線框ACD從圖示位置沿圖示方向勻速穿過兩磁場區(qū)域以逆時針方向為電流的正方向，則圖511乙中能正確表示感應(yīng)電流i與線框移動的距離x之間的關(guān)系的圖象是()圖511甲圖511乙【解析】如圖511丙所示，當(dāng)xa時，線框切割磁感線的有效長度等于線框內(nèi)磁場邊界的長度圖511丙故有E12Bvxtan 30當(dāng)ax2a時，線框在左右兩磁場中切割磁感線產(chǎn)生的電動勢方向相同，且都與xa 故E24B

38、v(xa)tan 30當(dāng)2ax3a時，感應(yīng)電動勢的方向與x故E32Bv(x2a答案C同類拓展2如圖512甲所示，光滑的平行金屬導(dǎo)軌水平放置，電阻不計，導(dǎo)軌間距為l，左側(cè)接一阻值為R的電阻區(qū)域cdef內(nèi)存在垂直軌道平面向下的有界勻強磁場，磁場寬度為s一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒MN置于導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，受到F0.5v0.4(N)(v為金屬棒速度)的水平外力作用，從磁場的左邊界由靜止開始運動，測得電阻兩端電壓隨時間均勻增大(已知：l1 m，m1 kg，R0.3 ，r0.2 ，圖512甲(1)分析并說明該金屬棒在磁場中做何種運動(2)求磁感應(yīng)強度B的大小(3)若撤去外力后棒的速度v隨位移

39、x的變化規(guī)律滿足vv0eq f(B2l2,m(Rr)x，且棒在運動到ef處時恰好靜止，則外力F作用的時間為多少？(4)若在棒未出磁場區(qū)域時撤去外力，畫出棒在整個運動過程中速度隨位移變化所對應(yīng)的各種可能的圖線2009年高考上海物理卷【解析】(1)金屬棒做勻加速運動，R兩端的電壓UIEv，U隨時間均勻增大，即v隨時間均勻增大，故加速度為恒量(2)Feq f(B2l2,Rr)vma，將F0.5v0.4代入得：eq blc(rc)(avs4alco1(0.5f(B2l2,Rr)v0.4ma因為加速度為恒量，與v無關(guān)，m1所以0.5eq f(B2l2,Rr)0，a0.4 m/s代入數(shù)據(jù)得：B0.5 T(

40、3)x1eq f(1,2)at2v0eq f(B2l2,m(Rr)x2atx1x2s故eq f(1,2)at2eq f(m(Rr),B2l2)ats代入數(shù)據(jù)得：0.2t20.8t10解方程得：t1 s(4)速度隨位移變化的可能圖象如圖510乙所示圖512乙答案(1)略(2)0.5 T(3)1 s(4)如圖512乙所示4電磁感應(yīng)中的動力學(xué)、功能問題電磁感應(yīng)中，通有感應(yīng)電流的導(dǎo)體在磁場中將受到安培力的作用，因此電磁感應(yīng)問題往往和力學(xué)、運動學(xué)等問題聯(lián)系在一起電磁感應(yīng)中的動力學(xué)問題的解題思路如下：例7如圖513所示，光滑斜面的傾角為，在斜面上放置一矩形線框abcd，ab邊的邊長為l1，bc邊的長為l2

41、，線框的質(zhì)量為m、電阻為R，線框通過細(xì)線與重物相連， 重物的質(zhì)量為M，斜面上ef線(ef平行底邊)的右方有垂直斜面向上的勻強磁場(磁場寬度大于l2)，磁感應(yīng)強度為B如果線框從靜止開始運動，且進(jìn)入磁場的最初一段時間是做勻速運動，則()圖513A線框abcd進(jìn)入磁場前運動的加速度為 eq f(Mgmgsin ,m)B線框在進(jìn)入磁場過程中的運動速度veq f(Mgmgsin )R,B2l12)C線框做勻速運動的時間為eq f(B2l12l2,(Mgmgsin )R)D該過程產(chǎn)生的焦耳熱Q(Mgmgsin )l1【解析】設(shè)線框進(jìn)入磁場前運動的加速度為a，細(xì)線的張力為FT，有：MgFTMaFTmgsin

42、 ma解得：aeq f(Mgmgsin ,Mm)設(shè)線框進(jìn)入磁場的過程中的速度為v，由平衡條件得：Mgmgsin eq f(B2l12v,R)解得：veq f(Mgmgsin )R,B2l12)故線框做勻速運動的時間t1eq f(B2l12l2,(Mgmgsin )R)這一過程產(chǎn)生的焦耳熱等于電磁感應(yīng)轉(zhuǎn)化的電能，等于克服安培力做的功，等于系統(tǒng)機械能的減小量，即：QMgl2mgl2sin (Mgmgsin )l2答案BC【點評】求線框受恒定拉力作用下進(jìn)入勻強磁場后達(dá)到的最大速度在高中物理試題中較為常見這類問題求轉(zhuǎn)化的電能往往有三種方法：一是eq f(2,R總)t；二是，克服安培力做的功；三是，根據(jù)

43、能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律例8如圖514所示，虛線右側(cè)為一有界的勻強磁場區(qū)域，現(xiàn)有一匝數(shù)為n、總電阻為R的邊長分別為L和2L的閉合矩形線框abcd，其線框平面與磁場垂直，cd邊剛好在磁場外(與虛線幾乎重合)在t0時刻磁場開始均勻減小，磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化關(guān)系為BB0kt圖514(1)試求處于靜止?fàn)顟B(tài)的線框在t0時刻其ad邊受到的安培力的大小和方向(2)假設(shè)在t1eq f(B0,2k)時刻，線框在如圖所示的位置且具有向左的速度v，此時回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為多大？(3)在第(2)問的情況下，回路中的電功率是多大？【解析】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得，t0時刻線框中的感應(yīng)電動勢為：E0neq

44、f(,t)neq f(2L2B,t)2nkL2根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得，t0時刻線框中感應(yīng)電流的大小為：I0eq f(E0,R)eq f(2nkL2,R)根據(jù)安培力公式可得，線框的ad邊受到的安培力大小為：F2nB0I0Leq f(4n2B0kL3,R)根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向沿順時針方向，再根據(jù)左手定則可知，ad邊受到的安培力的方向為豎直(或垂直于ad邊)向上(2)在t1eq f(B0,2k)時刻，磁感應(yīng)強度B1eq f(B0,2)線框中由于線框的運動而產(chǎn)生的動生電動勢的大小為：E1nB1Lveq f(nB0Lv,2)，方向沿順時針方向線框中由于磁場變化而產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小為：

45、E2neq f(SB,t)eq f(2nL2B,t)2nkL2，方向沿順時針方向故此時回路的感應(yīng)電動勢為：EE1E2eq f(nB0Lv,2)2nkL2(3)由(2)知線框中的總感應(yīng)電動勢大小為：Eeq f(nB0Lv,2)2nkL2此時回路中的電功率為：Peq f(E2,R)eq f(nB0Lv4nkL2)2,4R)答案(1)eq f(4n2B0kL3,R)，方向豎直(或垂直于ad邊)向上(2)eq f(nB0Lv,2)2nkL2(3)eq f(nB0Lv4nkL2)2,4R)【點評】感生電動勢可表示為E1nSeq f(B,t)，動生電動勢可表示為E2nBeq f(S,t)，要注意這兩式都是

46、Eneq f(,t)的推導(dǎo)式或?qū)懗蒃neq f(,t)n(Seq f(B,t)Beq f(S,t)例9磁流體動力發(fā)電機的原理圖如圖515所示一個水平放置的上下、前后均封閉的橫截面為矩形的塑料管的寬度為l，高度為h，管內(nèi)充滿電阻率為的某種導(dǎo)電流體(如電解質(zhì))矩形塑料管的兩端接有渦輪機，由渦輪機提供動力使流體通過管道時具有恒定的水平向右的流速v0管道的前后兩個側(cè)面上各有長為d的相互平行且正對的銅板M和N實際流體的運動非常復(fù)雜，為簡化起見作如下假設(shè)：在垂直于流動方向的橫截面上各處流體的速度相同；流體不可壓縮圖515(1)若在兩個銅板M、N之間的區(qū)域內(nèi)加有方向豎直向上、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，則當(dāng)流

47、體以穩(wěn)定的速度v0流過時，兩銅板M、N之間將產(chǎn)生電勢差求此電勢差的大小，并判斷M、N兩板中哪個板的電勢較高(2)用電阻不計的導(dǎo)線將銅板M、N外側(cè)相連接，由于此時磁場對流體有阻力的作用，使流體的穩(wěn)定速度變?yōu)関(vv0)，求磁場對流體的作用力(3)為使流體的流速增大到原來的值v0，則渦輪機提供動力的功率必須增大假設(shè)流體在流動過程中所受到的來自磁場以外的阻力與它的流速成正比，試導(dǎo)出渦輪機新增大的功率的表達(dá)式【解析】(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律得：兩銅板間的電勢差EBlv0由右手定則可判斷出M板的電勢高(2)用電阻不計的導(dǎo)線將銅板M、N外側(cè)相連接，即使兩銅板的外側(cè)短路，M、N兩板間的電動勢EBlv短路電

48、流Ieq f(E,R內(nèi))又R內(nèi)eq f(l,hd)磁場對流體的作用力FBIl解得：Feq f(vB2hld,)，方向與v的方向相反(或水平向左)(3)解法一設(shè)流體在流動過程中所受到的其他阻力與流速成正比的比例系數(shù)為k，在外電路未短路時流體以穩(wěn)定速度v0流過，此時流體所受到的阻力(即渦輪機所提供的動力)為：F0kv0渦輪機提供的功率P0F0v0kv02外電路短路后，流體仍以穩(wěn)定速度v0流過，設(shè)此時磁場對流體的作用力為F安，根據(jù)第(2)問的結(jié)果可知：F安eq f(v0B2hld,)此時，渦輪機提供的動力FtF0F安kv0eq f(v0B2hld,)渦輪機提供的功率PtFtv0 kv02eq f(v

49、02B2hld,)所以渦輪機新增大的功率PPtP0eq f(v02B2hld,)解法二由能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律可知，渦輪機新增大的功率等于電磁感應(yīng)產(chǎn)生的電功率，即Peq f(E2,R內(nèi))eq f(v02B2hld,)答案(1)Blv0M(2)eq f(vB2hld,)，方向與v的方向相反(或水平向左)(3)eq f(v02B2hld,)【點評】磁流體發(fā)電機的原理可以當(dāng)做導(dǎo)體連續(xù)切割磁感線來分析，此時有EBLv；也可用外電路開路時，洛倫茲力與電場力平衡，此時有qvBqeq f(U0,L)，得EU0BLv磁流體發(fā)電機附加壓強做功等于克服安培力做功，等于轉(zhuǎn)化的總電能經(jīng)典考題1某實物投影機有10個相同的

50、強光燈L1L10(24 V200 W)和10個相同的指示燈X1X10(220 V2 W)，將其連接在220 V交流電源上，電路圖如圖所示若工作一段時間后L2燈絲燒斷，則2009年高考重慶理綜卷()AX1的功率減小，L1的功率增大BX1的功率增大，L1的功率增大CX2的功率增大，其他指示燈的功率減小DX2的功率減小，其他指示燈的功率增大【解析】顯然L1和X1并聯(lián)、L2和X2并聯(lián)然后他們再串聯(lián)接在220 V交流電源上L2燈絲燒斷，則總電阻變大，電路中電流I減小，又L1和X1并聯(lián)的電流分配關(guān)系不變，則X1和L1的電流、功率都減小同理可知，除X2和L2外各燈功率都減小，A、B均錯由于I減小，各并聯(lián)部分

51、的電壓都減小，交流電源電壓不變，則X2上電壓增大，根據(jù)Peq f(U2,R)可知，X2的功率變大，C正確、D錯誤答案C2一臺小型發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖甲所示已知發(fā)電機線圈內(nèi)阻為5.0 ，現(xiàn)外接一只電阻為95.0 的燈泡，如圖乙所示，則2009年高考福建理綜卷()A電壓表的示數(shù)為220 VB電路中的電流方向每秒鐘改變50次C燈泡實際消耗的功率為484 WD發(fā)電機線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為24.2 J【解析】電壓表的示數(shù)為燈泡兩端電壓的有效值，由圖象知電動勢的最大值Em220eq r(2) V，有效值E220 V，燈泡兩端電壓Ueq f(RE,Rr)209 V，A錯誤；由

52、圖象知T0.02 s，一個周期內(nèi)電流方向變化兩次，可知1 s內(nèi)電流方向變化100次，B錯誤；燈泡的實際功率Peq f(U2,R)eq f(2092,95) W459.8 W，C錯誤；電流的有效值Ieq f(E,Rr)2.2 A，發(fā)電機線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱QI2rt2.2251 J24.2 J，D正確答案D3如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為15，原線圈兩端的交變電壓為u20eq r(2)sin 100t V氖泡在兩端電壓達(dá)到100 V時開始發(fā)光，下列說法中正確的有2009年高考江蘇物理卷()A開關(guān)接通后，氖泡的發(fā)光頻率為100 HzB開關(guān)接通后，電壓表的示數(shù)為100 VC開關(guān)斷開后

53、，電壓表的示數(shù)變大D開關(guān)斷開后，變壓器的輸出功率不變【解析】由交變電壓的瞬時值表達(dá)式知，原線圈兩端電壓的有效值U1eq f(20r(2),r(2) V20 V，由eq f(n1,n2)eq f(U1,U2)得，副線圈兩端的電壓U2100 V，電壓表的示數(shù)為交變電流的有效值，B項正確；交變電壓的頻率feq f(100,2)50 Hz，一個周期內(nèi)電壓兩次大于100 V，即一個周期內(nèi)氖泡能發(fā)兩次光，所以其發(fā)光頻率為100 Hz，A項正確；開關(guān)斷開前后，輸入電壓不變，變壓器的變壓比不變，故輸出電壓不變，C項錯誤；斷開后，電路消耗的功率減小，輸出功率決定輸入功率，D項錯誤答案AB4如圖甲所示，一個電阻為

54、R、面積為S的矩形導(dǎo)線框abcd，水平放置在勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向與ad邊垂直并與線框平面成45角，O、O分別是ab邊和cd邊的中點現(xiàn)將線框右半邊ObcO繞OO逆時針旋轉(zhuǎn)90到圖乙所示位置在這一過程中，導(dǎo)線中通過的電荷量是2009年高考安徽理綜卷()甲乙Aeq f(r(2)BS,2R)Beq f(r(2)BS,R)Ceq f(BS,R)D0【解析】線框的右半邊(ObcO)未旋轉(zhuǎn)時，整個回路的磁通量1BSsin 45eq f(r(2),2)BS；線框的右半邊(ObcO)旋轉(zhuǎn)90后，穿進(jìn)跟穿出的磁通量相等，如圖丁所示，整個回路的磁通量20，所以21eq f(r(2),2)BS根據(jù)公

55、式得qeq f(,R)eq f(r(2)BS,2R)，A正確丙丁答案A5如圖甲所示，一個電阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成閉合回路，線圈的半徑為r1 在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系圖線如圖乙所示，圖線與橫縱軸的截距分別為t0和B0導(dǎo)線的電阻不計求0t1時間內(nèi)(1)通過電阻R1上的電流大小和方向(2)通過電阻R1上的電荷量q及電阻R1上產(chǎn)生的熱量2009年高考廣東物理卷甲乙【解析】(1)由圖象分析可知，0t1時間內(nèi)，eq f(B,t)eq f(B0,t0)由法拉第電磁感應(yīng)定律有：Eneq f(,t)neq

56、 f(B,t)S而Sr22由閉合電路的歐姆定律有：I1eq f(E,R1R)聯(lián)立解得：通過電阻R1上的電流大小I1eq f(nB0r22,3Rt0)由楞次定律可判斷，通過電阻R1上的電流方向為從b到a(2)通過電阻R1上的電荷量qI1t1eq f(nB0r22t1,3Rt0)電阻R1上產(chǎn)生的熱量QI12R1t1eq f(2n2B022r24t1,9Rt02)答案(1)eq f(nB0r22,3Rt0)方向從b到a(2)eq f(2n2B022r24t1,9Rt02)6如圖甲所示，水平放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌，間距L0.3 m，導(dǎo)軌左端連接R0.6 的電阻，區(qū)域abcd內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面B0.6

57、 T的勻強磁場，磁場區(qū)域?qū)扗0.2 m細(xì)金屬棒A1和A2用長為2D0.4 m的輕質(zhì)絕緣桿連接，放置在導(dǎo)軌平面上，并與導(dǎo)軌垂直，每根金屬棒在導(dǎo)軌間的電阻均為r0.3 ，導(dǎo)軌電阻不計，使金屬棒以恒定速度v1.0 m/s沿導(dǎo)軌向右穿越磁場，計算從金屬棒A1進(jìn)入磁場(t2008年高考廣東物理卷甲乙【解析】A1從進(jìn)入磁場到離開的時間為：t1eq f(D,v)0.2 s在0t1時間內(nèi)，A1產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：EBLv0.18 V丙丁由圖丙知，電路的總電阻為：R0req f(rR,rR)0.5 總電流ieq f(E,R0)0.36 通過R的電流iReq f(i,3)0.12 A1離開磁場t10.2 s至A2

58、未進(jìn)入磁場t2eq f(2D,v)0.4 s的時間內(nèi)，回路中無電流，即iR0從A2進(jìn)入磁場t20.4 s至離開磁場t3eq f(2DD,v)0.6 s的時間內(nèi)，A2上的感應(yīng)電動勢為：E0.18 V由圖丁知，電路總電阻R00.5 總電流i0流過R的電流iR0綜合上述計算結(jié)果，繪制通過R的電流與時間的關(guān)系圖線，如圖戊所示戊答案00.2 s時，0.12 A；0.20.4 s時，0；0.40.6 7單位時間內(nèi)流過管道橫截面的液體體積叫做液體的體積流量(以下簡稱流量)由一種利用電磁原理測量非磁性導(dǎo)電液體(如自來水、啤酒等)流量的裝置，稱為電磁流量計它主要由將流量轉(zhuǎn)換為電壓信號的傳感器和顯示儀表兩部分組成

59、傳感器的結(jié)構(gòu)如圖所示，圓筒形測量管內(nèi)壁絕緣，其上裝有一對電極a和c，a、c間的距離等于測量管內(nèi)徑D，測量管的軸線與a、c的連線方向以及通電線圈產(chǎn)生的磁場方向三者相互垂直當(dāng)導(dǎo)電液體流過測量管時，在電極a、c間出現(xiàn)感應(yīng)電動勢E，并通過與電極連接的儀表顯示出液體流量Q設(shè)磁場均勻恒定，磁感應(yīng)強度為B(1)已知D0.40 m，B2.5103 T，Q0.12 m3/s，設(shè)液體在測量管內(nèi)各處流速相同，試求E的大小(2)一新建供水站安裝了電磁流量計，在向外供水時流量本應(yīng)顯示為正值但實際顯示卻為負(fù)值經(jīng)檢查，原因是誤將測量管接反了，即液體由測量管出水口流入，從入水口流出因水已加壓充滿管道，不便再將測量管拆下重裝，

60、請你提出使顯示儀表的流量指示變?yōu)檎档暮啽惴椒?3)顯示儀表相當(dāng)于傳感器的負(fù)載電阻，其阻值記為Ra、c間導(dǎo)電液體的電阻r隨液體電阻率的變化而變化，從而會影響顯示儀表的示數(shù)試以E、R、r為參量，給出電極a、c間輸出電壓U的表達(dá)式，并說明怎樣可以降低液體電阻率變化對顯示儀表示數(shù)的影響2009年高考北京理綜卷【解析】(1)導(dǎo)電液體通過測量管時，相當(dāng)于導(dǎo)線做切割磁感線的運動，在電極a、c間切割磁感線的液柱長度為D，設(shè)液體的流速為v，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：EBDv由流量的定義，有：QSveq f(D2,4)v聯(lián)立解得：EBDeq f(4Q,D2)eq f(4BQ,D)代入數(shù)據(jù)得：Eeq f(42.510