2022-2023學(xué)年重慶市三峽名校聯(lián)盟高二（上）聯(lián)考物理試卷（附答案詳解）

2022-2023學(xué)年重慶市三峽名校聯(lián)盟高二（上）聯(lián)考物理試卷

1.下列表述符合物理學(xué)史事實(shí)的是（）

A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律

B.點(diǎn)電荷模型的建立運(yùn)用了等效替代法

C.庫(kù)侖用電場(chǎng)線和磁感線形象地描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，促進(jìn)了電磁現(xiàn)象的研究

D.庫(kù)侖最早測(cè)出了元電荷e的數(shù)值

2.某電場(chǎng)的電場(chǎng)線如圖中實(shí)線所示。帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，其運(yùn)

動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，下列判斷正確的是（）

A.粒子帶負(fù)電

B.粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能

C.粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能

D.粒子在M點(diǎn)的加速度小于在N點(diǎn)的加速度

3.如圖所示，一小車停在光滑水平面上，車上一人持槍向車的豎直擋板連續(xù)平射，所有子

彈全部嵌在擋板內(nèi)沒有穿出，當(dāng)射擊持續(xù)了一會(huì)兒后停止，則小車（）

A.速度為零B.將向射擊方向作勻速運(yùn)動(dòng)

C.將向射擊相反方向作勻速運(yùn)動(dòng)D.無(wú)法確定

4.質(zhì)量相等的五個(gè)物塊在一光滑水平面上排成一條直線，且彼此隔開一定的距離，具有初

速度處的第5號(hào)物塊向左運(yùn)動(dòng)，依次與其余四個(gè)靜止物塊發(fā)生碰撞，如圖所示，最后這五個(gè)

物塊粘成一個(gè)整體，則它們最后的速度為（）

,%

12345

A.vB.最C

0-TD-T

5.如圖所示，直角三角形MP。的NP=90。，直角邊MP=2a、QP=3a,在M點(diǎn)固定一條

長(zhǎng)直導(dǎo)線，電流方向垂直紙面向里。在。點(diǎn)固定一條長(zhǎng)直導(dǎo)線，電流方向垂直紙面向外。兩

導(dǎo)線中的電流大小均為I,己知無(wú)限長(zhǎng)的通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可用

公式8=是常數(shù)、/是導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度、，是該點(diǎn)到直導(dǎo)線的垂直距離）表示，則尸點(diǎn)磁

M0

感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（

QQ

c舊必D8td

,6a

6.如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有邊長(zhǎng)為5cs的等邊三角形ABC,三角形所在平面與勻強(qiáng)電

場(chǎng)的電楊線平行.。點(diǎn)為該三角形的中心，三角形各頂點(diǎn)的電勢(shì)分別為a=IV,WB=3V、

（pc=5K,下列說法正確的是（）

A.0點(diǎn)電勢(shì)為4y

B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為8017m,方向由A指向C

C.在三角形48c的內(nèi)切圓的圓周上的。點(diǎn)電勢(shì)最低

D.將電子由￡點(diǎn)移到F點(diǎn)，電子的電勢(shì)能增加了\eV

7.如圖所示，質(zhì)量為〃?的一價(jià)正離子從4點(diǎn)射入水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，初速度方向與水平

方向的夾角。=60°.當(dāng)離子運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)中的P點(diǎn)時(shí)速度最小（P點(diǎn)未畫出），且最小速度為".不

計(jì)離子重力，下列說法正確的是（）

電場(chǎng)方向水平向左，U=--—電場(chǎng)方向水平向左，U=--

A.nArPZeB.AnPrbe

C.電場(chǎng)方向水平向右，UAP=^-D.電場(chǎng)方向水平向右，外「=挈

8.如圖所示，直線A為某電源的U-/圖線，曲線B為某小燈泡L的U-/圖線的一部分，用

該電源和小燈泡L串聯(lián)起來(lái)組成閉合回路時(shí)小燈泡L恰能正常發(fā)光，下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.此電源的內(nèi)阻為0.670

B.由圖可知小燈泡L的額定功率小于6W

C.小燈泡心的電阻隨兩端電壓的增大而增大

D.把小燈泡心換成阻值恒為10的純電阻，電源的輸出功率將變小，效率將變低

9.平行板電容器充電之后，右側(cè)極板帶正電，左側(cè)極板帶負(fù)電，將右側(cè)極板固定到絕緣支

架上，左側(cè)極板接地，手持左側(cè)極板上的絕緣手柄，移動(dòng)左側(cè)極板，下面說法正確的是（）

A.保持正對(duì)面積不變，增大兩極板間距離，場(chǎng)強(qiáng)減小

B.保持正對(duì)面積不變，增大兩極板間距離，右極板電勢(shì)升高

C.保持兩極板間距離不變，減少正對(duì)面積，場(chǎng)強(qiáng)變大

D.保持兩極板間距離不變，減少正對(duì)面積，右極板電勢(shì)降低

10.如圖所示，水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一絕緣輕桿，帶等量異種電荷的小球a、b固定在

輕桿兩端，兩球質(zhì)量相同。現(xiàn)將兩小球從圖示實(shí)線位置由靜止釋放，在靜電力作用下，兩小

球繞輕桿中點(diǎn)。轉(zhuǎn)到水平位置。取。點(diǎn)的電勢(shì)為0,不考慮兩小球間相互作用和一切摩擦。

該過程中（）

A.任意時(shí)刻，球”的電勢(shì)能等于球6的電勢(shì)能

B.球。的電勢(shì)能增加，球6的電勢(shì)能減少

C.靜電力對(duì)兩小球均做負(fù)功

D.兩小球的總動(dòng)能增加

11.用半徑相同的兩個(gè)小球A、B的碰撞驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置示意圖如圖所示，斜

槽與水平槽圓滑連接.實(shí)驗(yàn)時(shí)先不放8球，使4球從斜槽上某一固定點(diǎn)C由靜止?jié)L下，落到

位于水平地面的記錄紙上留下痕跡.再把8球靜置于水平槽前邊緣處，讓A球仍從C處由靜

止?jié)L下，4球和B球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自的痕跡.記錄紙上的O點(diǎn)是重垂線所

指的位置，若測(cè)得各落點(diǎn)痕跡到。點(diǎn)的距離：OM=2.68cm,OP=8.62cm,ON=11.50cm,

并知A、8兩球的質(zhì)量比為2：1,則未放B球時(shí)A球落地點(diǎn)是記錄紙上的點(diǎn)，系統(tǒng)碰

12.在一次課外活動(dòng)中，某物理興趣小組為了測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻設(shè)計(jì)了如圖（a）所示

的兩個(gè)電路，并在實(shí)驗(yàn)室尋找到了下列器材：

圖（a）

電壓表U（量程0?15V,內(nèi)阻約15k。）；

電流表4（量程。?0.64內(nèi)阻約1.00）；

電流表人2（量程0?1機(jī)4內(nèi)阻40。）；

電阻箱&（阻值范圍0?9999。）；

滑動(dòng)變阻器/?2（阻值范圍0?200，額定電流24）；導(dǎo)線、開關(guān)若干。

（1）甲同學(xué)要測(cè)的電池電動(dòng)勢(shì)約為3V,因電壓表的量程過大，測(cè)量不精確，可用電流表改裝。

要將電流表改裝成0~3U量程的電壓表，甲同學(xué)選用電流表/，將其與電阻箱&（選填

“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），此時(shí)電阻箱&的阻值應(yīng)調(diào)至____0。

（2）乙同學(xué)想要測(cè)量某電池的電動(dòng)勢(shì)（約3Q和內(nèi)阻（約20000。選用合適器材后，應(yīng)選擇最優(yōu)

電路（選填"A”或"B”）進(jìn)行測(cè)量。

（3）丙同學(xué)測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，選擇合適的電路（電路B）以及器材后進(jìn)行了測(cè)量,

得到的一條實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)擬合線如圖的）所示，則該電池的電動(dòng)勢(shì)E=V（保留3位有效數(shù)字

圖(b)

13.高空作業(yè)須系安全帶.如果質(zhì)量為，〃的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對(duì)

人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為九(可視為自由落體運(yùn)動(dòng)).此后經(jīng)歷時(shí)間f安全帶達(dá)到最大伸

長(zhǎng)，若在此過程中該作用力始終豎直向上，求：

(1)整個(gè)過程中重力的沖量；

(2)該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小.

14.如圖所示是歐姆表的原理示意圖，其中，電流表的滿偏電流

為300〃4電阻Rg=1000,調(diào)零電阻最大值R=50k。，串聯(lián)的

定值電阻&=10。。，電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V,內(nèi)阻r=2D。

(1)歐姆調(diào)零后，求接入電路中的電阻R的阻值：

(2)當(dāng)電流是滿偏電流的六分之五時(shí)，用它測(cè)得的電阻是多少？

15.如圖，傾角。=30。的足夠長(zhǎng)光滑絕緣斜面固定在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一質(zhì)量為加、

電荷量為+q的小滑塊A放在斜面上，恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。質(zhì)量也為m的不帶電小滑塊B從斜

面上與4相距為L(zhǎng)的位置由靜止釋放,下滑后與A多次發(fā)生彈性正碰，每次碰撞時(shí)間都極短，

且沒有電荷轉(zhuǎn)移，已知重力加速度大小為g。求：

(1)斜面對(duì)A的支持力大小和勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小;

(2)兩滑塊發(fā)生第1次碰撞到發(fā)生第2次碰撞的時(shí)間間隔；

(3)在兩滑塊發(fā)生第1次碰撞到發(fā)生第5次碰撞的過程中，A的電勢(shì)能增加量。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4牛頓在開普勒行星運(yùn)動(dòng)研究的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，故4正確；

8.點(diǎn)電荷模型的建立運(yùn)用了理想化物理模型法，不是等效替代法，故B錯(cuò)誤；

C.法拉第用電場(chǎng)線和磁感線形象地描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，促進(jìn)了電磁現(xiàn)象的研究，故C錯(cuò)誤；

D密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)最早測(cè)出了元電荷的數(shù)值，故。錯(cuò)誤.

故選：Ao

本題根據(jù)牛頓、法拉第、密立根的科學(xué)發(fā)現(xiàn)和理想模型法，即可解答。

本題考查學(xué)生對(duì)基本物理方法、物理學(xué)史的掌握，比較基礎(chǔ)。

2.【答案】B

【解析】解：人由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子的受力沿著電場(chǎng)線的方向，所以粒子為正電荷，故

A錯(cuò)誤；

BC、粒從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做正功，故粒子在M點(diǎn)電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，故

C錯(cuò)誤，8正確；

D、電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故可得粒子在〃點(diǎn)的加速度大于在N點(diǎn)的加速度，。錯(cuò)誤。

故選：B。

曲線運(yùn)動(dòng)所受合力指向軌跡的凹面；粒從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減?。浑?/p>

場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大。

此題根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，即可解決本題，特別注意若電場(chǎng)力做正

功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。

3.【答案】A

【解析】解：整個(gè)系統(tǒng)水平方向上不受外力，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，由于初動(dòng)量為零，因此

當(dāng)子彈向右飛行時(shí)，車一定向左運(yùn)動(dòng)，當(dāng)子彈簧向入檔板瞬間，車速度減為零，因此停止射擊時(shí)，

車速度為零，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A。

以所有子彈和車組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可求得當(dāng)射擊持續(xù)了一會(huì)兒后停止時(shí)

小車的速度。子彈從槍口射出到射入擋板的過程中，車向左會(huì)發(fā)生位移。

本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，只要分析一

顆入射擋板的情況應(yīng)得到答案，運(yùn)用動(dòng)量守恒定律進(jìn)行分析。

4.【答案】B

【解析】解：以整體為研究對(duì)象，水平方向不受外力，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒。

取向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：mv0=5mv

解得：v=^,故B正確、AC。錯(cuò)誤。

故選：B。

以整體為研究對(duì)象，取向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律列方程求解。

本題主要是考查了動(dòng)量守恒定律，解答時(shí)要首先確定一個(gè)正方向，利用碰撞前系統(tǒng)的動(dòng)量和碰撞

后系統(tǒng)的動(dòng)量相等列方程求解。

5.【答案】D

【解析】P點(diǎn)所受的合磁感應(yīng)強(qiáng)度如圖所示:

根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度公式B=弓，導(dǎo)線M在P處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度=3,導(dǎo)線。在P處產(chǎn)生的磁

感應(yīng)強(qiáng)度與=

根據(jù)平行四邊形定則，尸點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度協(xié)=J/+B尹J號(hào)尸+勃2=警,故ABC錯(cuò)

誤，￡）正確。

故選：Do

6.【答案】D

【解析】解：A、根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)隨距離均勻變化（除等勢(shì)面）的特點(diǎn)，AC中點(diǎn)尸的電勢(shì)為：＜pF=

空”=3V,與B點(diǎn)電勢(shì)相等，又/4BC是等邊三角形可知，BOF連線與AC垂直，即如=3乙

故4錯(cuò)誤；

B、根據(jù)BO尸為等勢(shì)線且垂直AC可知，AC為電場(chǎng)線；根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知，

電場(chǎng)方向由C指向A；根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中。=Ed可知，E==80V/m,故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知，4點(diǎn)電勢(shì)最低，故C錯(cuò)誤；

D、過E點(diǎn)作垂直于AC,交于G點(diǎn)的線段，如圖所示：

A

由幾何關(guān)系可得：CG=C￡，cos60°=2.5cmx1=1.25cm

GF=CF-CG=2.5cm—1.25cm=1.25cm=0.0125m

根據(jù)〃=qExGF可得：W=-leV,電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加le匕故。正確；

故選：Do

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)隨距離均勻變化（除等勢(shì)面）的特點(diǎn)，AC中點(diǎn)的電勢(shì)為3匕則8。尸為一條等勢(shì)

線，C4連線即為一條電場(chǎng)線，由AC間的電勢(shì)差，由公式U=Ed求出場(chǎng)強(qiáng)大小、方向；根據(jù)沿著

電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可以判斷電勢(shì)最低點(diǎn)；由電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系，求勢(shì)能變化。

本題考查對(duì)勻強(qiáng)電場(chǎng)中兩點(diǎn)電勢(shì)差與兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離成正比U=Ed與運(yùn)用公式勿=qU求

解電場(chǎng)力做功的能力，注意平時(shí)的積累。

7.【答案】B

【解析】解：若電場(chǎng)方向水平向右，則正離子受電場(chǎng)力水平向右，初速度方向與力的方向夾角為60。

是銳角，離子將一直加速，不會(huì)出現(xiàn)在P點(diǎn)速度最小，故電場(chǎng)方向一定水平向左。

如圖所示，設(shè)粒子的初速度為北，離子做類斜拋運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力沿x軸正方向，離子的運(yùn)動(dòng)可分解

為x軸方向的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，分減速到零時(shí)離子的速度最小，）■軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，軌跡如

圖已畫好，P點(diǎn)速度最小。

離子從A到P過程中，由動(dòng)能定理得eU”=2771/-gm詔②

把①代入②式解得〃p=-噂

故B正確，AC。錯(cuò)誤。

故選：B。

離子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類斜拋運(yùn)動(dòng)，離子的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向的勻

速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平行四邊形定則求出初速度，用動(dòng)能定理求解。

速度最小時(shí)速度方向沿電場(chǎng)的垂直方向，可以把電場(chǎng)力看作重力，離子的運(yùn)動(dòng)看成質(zhì)點(diǎn)的斜上拋

運(yùn)動(dòng)，方便理解。

8.【答案】ABD

【解析】解：A、根據(jù)閉合電路歐姆定律：U=E-Ir,對(duì)應(yīng)電源的U-/圖像可得，電源的電動(dòng)

勢(shì)為E=4叭內(nèi)阻為r=一普=一笈0=0.50,故A錯(cuò)誤；

Zl/U—o

8、圖像中直線A與曲線8的交點(diǎn)表示小燈泡L與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，

則知燈泡的額定電壓Ui=3V,額定電流。=2A,則額定功率為P=UJi=3x2W=6W,故8

錯(cuò)誤；

C、曲線8為某小燈泡L的U-1圖線的一部分，根據(jù)歐姆定律可知，此圖像上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)的

連線的斜率等于燈泡的電阻值，可得小燈泡L的電阻隨兩端電壓的增大而增大，故C正確；

D、正常發(fā)光時(shí)燈泡L的電阻：R=%=勿=1.50。把燈泡工換成阻值恒為10的純電阻，可知

更換后外電阻更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)電源輸出功率與外電阻的關(guān)系，可知電源的輸出功率將變

大；

更換后外電阻變小，則電源的路端電壓變小，根據(jù)電源的效率為：4=^x100%=2x100%,

可知效率將變低，故。錯(cuò)誤。

本題選擇說法錯(cuò)誤的，故選：ABD.

根據(jù)電源的U-/圖線直接讀出電源的電動(dòng)勢(shì)，由圖線的斜率求出電源的內(nèi)阻；電源的17-/圖線

與燈泡的U-/圖線的交點(diǎn)表示該燈泡與該電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由圖可讀出燈泡L的額定電壓

和額定電流，從而可算出燈泡的額定功率；把燈泡L換成阻值恒為10的純電阻，分析路端電壓的

變化，判斷電源的輸出功率與效率如何變化。

本題考查閉合電路歐姆定律和歐姆定律的應(yīng)用，解決這類問題的關(guān)鍵在于從數(shù)學(xué)角度理解圖象的

物理意義，抓住圖象的、截距、交點(diǎn)等方面進(jìn)行分析，更加全面地讀出圖象的物理內(nèi)涵。

9【答案】BC

【解析】解：A、平行板電容器充電之后，電容器帶電量不變，根據(jù)C=號(hào)、C=照、可得

U4nkda.

E=弊，可知增大兩極板間距離，場(chǎng)強(qiáng)不變，故A錯(cuò)誤；

6r3

8、保持正對(duì)面積不變，增大兩極板間距離，場(chǎng)強(qiáng)不變，由（/=Ed知電容器兩極板間的電勢(shì)差增

大，由于右極板電勢(shì)比左極板電勢(shì)高，左極板電勢(shì)為零，則右極板電勢(shì)升高，故8正確；

C、持兩極板間距離不變，減少正對(duì)面積，Q不變，由后=當(dāng)可知，場(chǎng)強(qiáng)變大，故C正確；

。、保持兩極板間距離不變，減少正對(duì)面積，場(chǎng)強(qiáng)變大，由〃=Ed知電容器兩極板間的電勢(shì)差增

大，由于右極板電勢(shì)比左極板電勢(shì)高，左極板電勢(shì)為零，則右極板電勢(shì)升高，故。錯(cuò)誤。

故選：BCo

平行板電容器充電之后，增大兩極板間距離，根據(jù)C=g、C=品、E=§推導(dǎo)出E的表達(dá)式，

再分析場(chǎng)強(qiáng)E的變化，由（/=Ed分析板間電勢(shì)差的變化，從而判斷右極板電勢(shì)的變化。保持兩極

板間距離不變，由E的表達(dá)式分析場(chǎng)強(qiáng)的變化，由。=Ed分析右極板電勢(shì)的變化。

對(duì)于電容器動(dòng)態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵要根據(jù)電容的決定式C=/、定義式C=號(hào)和場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差

的關(guān)系式E=:相結(jié)合進(jìn)行分析，同時(shí)要抓住不變量,要知道電容器充電后與電源斷開電荷量不變。

a

10.【答案】AD

【解析】解：A、如圖所示根據(jù)。點(diǎn)的電勢(shì)為0,兩小球所在位置水平方向關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱，兩點(diǎn)

電勢(shì)一正一負(fù)，絕對(duì)值相等，兩小球帶異種電荷，根據(jù)Ep=q<p可得〃和〃球得電勢(shì)能相等，故A

正確；

BC、小球運(yùn)動(dòng)方向與受力方向夾角小于90。，靜電力對(duì)兩小球均做正功，電勢(shì)能均減小，故BC錯(cuò)

誤；

。、根據(jù)系統(tǒng)能量守恒，系統(tǒng)總動(dòng)能、重力勢(shì)能與電勢(shì)能之和不變，系統(tǒng)重力勢(shì)能不變，電勢(shì)能

減小，所以兩小球總動(dòng)能增加，故。正確；

故選：AD。

由Ep=qa分析帶電粒子在電場(chǎng)中的電勢(shì)能，電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減小，根據(jù)系統(tǒng)能量守恒分析

動(dòng)能變化。

帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)中靜電力做功的特點(diǎn)分析，兩個(gè)小球看成整體受力分析，根據(jù)電場(chǎng)力做功

分析電勢(shì)能的情況，比較電勢(shì)的高低?？偨Y(jié)比較電勢(shì)能，電勢(shì)高低，電場(chǎng)力做功大小的方法。

11.【答案】P2

【解析】解：(1)4與8相撞后，B的速度增大，A的速度減小，碰前碰后都做平拋運(yùn)動(dòng)，高度相

同，落地時(shí)間相同，所以P點(diǎn)是沒有碰時(shí)A球的落地點(diǎn)，N是碰后8的落地點(diǎn)，M是碰后A的落

地點(diǎn)；

(2)系統(tǒng)碰撞前總動(dòng)量p與碰撞后總動(dòng)量p'的百分誤：與巴=網(wǎng)—(叫弘'+mp咽)1=

〃mAvA

\2m^OP-(2m^OM+m^ON\_|2x8.62-(2x2.68+11.50)1?Qn/

2mBOP=2x8.62"例

故答案為尸；2.

(1)4與B相撞后，B的速度增大，A的速度減小，都做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直高度相同，所以水平方向，

B在A的前面；

(2)小球離開水平槽后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們下落的高度相同，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，由于小球在水

平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，因此小球的水平位移與小球的初速度成正比，計(jì)

算時(shí)可以用小球的水平位移表示小球的初速度；根據(jù)題目所給實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，求出實(shí)驗(yàn)的百分誤差.

知道兩球做平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，小球的水平位移與水平速度成正比，可以用小球的水平位

移代替小球的水平速度，是解決本題的關(guān)鍵.

12.【答案】串聯(lián)296041.460,643

【解析】解：(1)要將電流表為改裝成0?31/量程的電壓表，需將其與電阻箱占串聯(lián)，電阻箱長(zhǎng)接

入阻值為

U3

R=4'm2?一心A2=—1x1j0o3-40/2=29600；

(2)電源內(nèi)阻約為20000,屬于大電阻，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選擇圖A所示電路圖；

(3)由閉合電路歐姆定律得

E=U+lr

可得：U=E-lr

電源U-/圖線如圖所示

電源電動(dòng)勢(shì):E=1,46V,

電源內(nèi)阻：「=畔=當(dāng)剪0^0.643。。

ZJ/U.bo

故答案為：⑴串;2960；(2)4；(3)1.46；0.643。

(1)根據(jù)電表改裝原理計(jì)算電阻箱接入阻值；

(2)分析待測(cè)電阻與電表內(nèi)阻關(guān)系，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理選擇實(shí)驗(yàn)電路圖；

(3)電源U-/圖線與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖線斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻。

本題難點(diǎn)要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法，電源U-/圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì),

圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻。

13.【答案】解：對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)，有:

1,

解得：=

則整個(gè)過程中重力的沖量/=mg(t+匕)=mg(t4-

(2)規(guī)定向下為正方向，對(duì)運(yùn)動(dòng)的全程，根據(jù)動(dòng)量定理，有:

?mg?+t)-Ft=0

解得:

mJ2qh

F=.+mg

答：(1)整個(gè)過程中重力的沖量為+

(2)該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為西誓+mg.

【解析】(1)先根據(jù)無(wú)=gg療求解自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而求出總時(shí)間，再根據(jù)總求解

重力的沖量；

(2)對(duì)運(yùn)動(dòng)全程根據(jù)動(dòng)量定理列式求解平均拉力.

本題關(guān)鍵是明確物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，然后對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)過程和全程封閉列式求解，注

意運(yùn)用動(dòng)量定理前要先規(guī)定正方向.

14.【答案】解：(1)當(dāng)電流表滿偏時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：%=誓,其中R的為歐姆表的內(nèi)

K內(nèi)

阻，則歐姆表內(nèi)阻為：R內(nèi)=,=-^0=5000。

內(nèi)Ig300X10。

根據(jù)題意有：R^=r+Rg+R0+R

代入數(shù)據(jù)解得接入電路中的電阻R的阻值為：R=4798。

(2)用歐姆表測(cè)量電阻治時(shí)，當(dāng)指針指在滿偏電流葩寸，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：|/9=以先

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得用它測(cè)得的電阻是：Rx=10000

答：(1)歐姆調(diào)零后，接入電路中的電阻R的阻值為4798Q

(2)當(dāng)電流是滿偏電流的六分之五時(shí)，用它測(cè)得的電阻是10000。

【解析】(1)紅黑表筆短接準(zhǔn)確調(diào)零時(shí)，電流表達(dá)到滿偏電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解歐姆表

內(nèi)阻，再根據(jù)R內(nèi)=r+Rg+R0+R,求解歐姆調(diào)零后，接入電路中的電阻R的阻值；

(2)當(dāng)指針指在滿偏電流為寸，根據(jù)閉合電路歐姆定律求用它測(cè)得的電阻。

本題考查多用電表歐姆表的使用，明確歐姆表內(nèi)部結(jié)構(gòu)和測(cè)量原理是解題關(guān)鍵。

15.【答案】解：(1)滑塊A受力受力如圖，A處于靜止?fàn)顟B(tài)，則

N

mg

斜面對(duì)滑塊A的支持力大小為：N=鳥

滑塊A受到的電場(chǎng)力大小為：qE=mgtanG

可得：后=竽

33q

(2)B下滑過程中，加速度大小為第1次與A碰撞時(shí)的速度為心

根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin