2021-2022學(xué)年重慶市求精中學(xué)高二（上）第二次月考物理試題（解析版）

1、 重慶求精中學(xué)2021-2022學(xué)年上第二次階段性考試高2020級物理試題考試說明：1.考試時間90分鐘2.試題總分100分一、單項(xiàng)選擇題（本題共8個小題，每題4分，在每個小題的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合要求）1. 關(guān)于物理學(xué)史，下列說法中不正確的是（）A. 法拉第首先使用電場線來描述電場B. 奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線周圍有磁場C. 洛倫茲發(fā)現(xiàn)磁場對通電導(dǎo)線有安培力的作用D. 安培提出分子電流假說【答案】C【解析】【詳解】A法拉第首先使用電場線來描述電場，故A正確；B奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線周圍有磁場，故B正確；C安培發(fā)現(xiàn)磁場對通電導(dǎo)線有安培力的作用，故C錯誤；D安培提出分子電流假說，故D正確。本題選錯

2、誤的，故選C。2. 空氣是不導(dǎo)電的，但是如果空氣中的電場強(qiáng)度達(dá)到時，空氣分子破碎，空氣中出現(xiàn)了可以自由移動的電荷，空氣變成了導(dǎo)體，這種現(xiàn)象叫做空氣的“擊穿”。一次實(shí)驗(yàn)中，電壓為的直流電源的兩極接在一對平行金屬板上，然后把兩金屬板緩慢靠近，當(dāng)兩板間開始出現(xiàn)放電時，兩板間距離為（）A. 5.0cmB. 2.0cmC. 1.0cmD. 0.5cm【答案】B【解析】【分析】【詳解】根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢差與場強(qiáng)的關(guān)系式，有代入數(shù)據(jù)，可得故選B。3. 一個帶正電的微粒（重力不計）初速度水平向右，進(jìn)入如圖所示的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場區(qū)域時會向下偏轉(zhuǎn)，則欲使微粒在電磁場中恰能沿水平直線運(yùn)動，則應(yīng)采用的方法是（）A.

3、 增大電荷質(zhì)量B. 增大電荷量C. 增大磁感應(yīng)強(qiáng)度D. 減小入射速度【答案】C【解析】【詳解】CD微粒進(jìn)入復(fù)合場后向下偏轉(zhuǎn)，可知，受到向上的洛倫茲力小于向下的電場力，即可通過增大磁感應(yīng)強(qiáng)度或增大入射速度來增大洛倫茲力，使微粒在電磁場中恰能沿水平直線運(yùn)動，C正確，D錯誤；AB由上述表達(dá)式可知，增大電荷質(zhì)量、增大電荷量無法改變兩個力的大小關(guān)系，AB錯誤。故選C。4. 一個用于加速質(zhì)子的回旋加速器，如圖，其D形盒半徑為R，垂直指向D形盒底面的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，兩盒分別與交流電源相連。設(shè)質(zhì)子的質(zhì)量為m、電荷量為q，從靜止被加速直到最大速度，則下列說法正確的是（）A. D形盒之間交變電場的周期為

4、B. 只要加速時間足夠長，則質(zhì)子的速度可以無限增大C. 加速電壓U越大，質(zhì)子離開加速器時的最大動能就越大D. 加速電壓U越大，則獲得最大速度需要加速的次數(shù)越小【答案】D【解析】【詳解】A質(zhì)子每個運(yùn)動周期內(nèi)被加速兩次，交流電每個周期方向改變兩次，所以交流電的周期等于質(zhì)子的運(yùn)動周期T，根據(jù)牛頓第二定律有解得故A錯誤；BCD設(shè)回旋加速器D形盒的半徑為R，質(zhì)子獲得的最大速度為vm，根據(jù)牛頓第二定律有解得質(zhì)子的最大動能為所以vm與加速時間無關(guān)，Ekm與加速電壓U無關(guān)，但加速電壓U越大，則獲得最大速度需要加速的次數(shù)n越小，故BC錯誤，D正確。故選D。5. 如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場，兩個質(zhì)量

5、和電荷量都相同的帶電粒子a、b，以不同的速率沿著AO方向?qū)?zhǔn)圓心O射入磁場，其運(yùn)動軌跡如圖。若帶電粒子只受洛倫茲力的作用，則下列說法正確的是（）A. b粒子勻速圓周運(yùn)動的周期更大B. b粒子速率較大C. b粒子在磁場中運(yùn)動時間較長D. a、b粒子在磁場中運(yùn)動時間一樣長【答案】B【解析】【詳解】A由洛倫茲力作為向心力可得又聯(lián)立可得，由于兩個粒子質(zhì)量和電荷量都相同，故周期相同，A錯誤；B如圖所示，可知帶電粒子b的軌道半徑較大，由A解析中的半徑公式可知，其速率較大，B正確；CD由B解析中的圖像可知，帶電粒子b的軌跡對應(yīng)圓心角較小，由可知，b粒子在磁場中運(yùn)動時間較短，CD錯誤。故選B。6. 如圖所示，

6、平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地，一帶電油滴被固定在電容器中的P點(diǎn)，在其他條件不變的情況下，現(xiàn)將平行板電容器的兩極板非常緩慢地錯開一些，那么在錯開的過程中（）A. 電容器的電容C增大B. 電流計中的電流從M流向NC. 帶電油滴所受電場力變小D. 帶電油滴的電勢能不變【答案】D【解析】【詳解】A平行板電容器的兩極板非常緩慢地錯開一些，可知正對面積S減小，由可知，電容C減小，A錯誤；B電容器始終與電源相連，兩極板間電壓U不變，由可知，Q減小，電容器放電，下極板的正電荷向左流過電流計，即電流計中的電流從N流向M，B錯誤；C由可知，帶電油滴所受電場力不變，C錯誤；D正極板

7、接地，P點(diǎn)電勢低于零，由于P到下極板的間距保持不變，由可知，帶電油滴的電勢能不變，D正確。故選D。7. 如圖，在第一象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，甲、乙粒子分別帶+q和-q的電荷，二者以相同速度v沿與x軸成30角從原點(diǎn)射入磁場，且甲的質(zhì)量是乙的3倍，則甲、乙在磁場中運(yùn)動時間之比為（）A. 13B. 61C. 16D. 2【答案】B【解析】【詳解】設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律有解得粒子在磁場中運(yùn)動的周期為所以作出甲、乙的運(yùn)動軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可知甲、乙轉(zhuǎn)過的圓心角分別為120和60，所以甲、乙在磁場中運(yùn)動時間之比為故選B。8. 如圖，為探討霍爾效應(yīng)，取一塊長度為a、寬度

8、為d、厚度為h金屬導(dǎo)體，給金屬導(dǎo)體加與前后側(cè)面垂直的勻強(qiáng)磁場B，且通以圖示方向的電流I時，用電壓表測得導(dǎo)體上、下表面間穩(wěn)定的電壓為U。已知自由電子的電荷量為e。下列說法中正確的是（）A. 上板比下板電勢高B. 導(dǎo)體單位體積內(nèi)自由電子數(shù)越多，電壓表的示數(shù)越大C. 導(dǎo)體中自由電子定向移動的速度為D. 導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為【答案】D【解析】【詳解】A由題意可知金屬導(dǎo)體中自由電子從右往左定向移動，根據(jù)左手定則可知電子將在上板聚集，所以上板比下板電勢低，故A錯誤；B當(dāng)上、下表面間電壓穩(wěn)定時，定向移動的自由電子所受洛倫茲力與電場力平衡，即 根據(jù)電流的微觀表達(dá)式有 聯(lián)立解得 根據(jù)式可知，導(dǎo)體單位體積

9、內(nèi)自由電子數(shù)越多，電壓表的示數(shù)越小，故B錯誤；C根據(jù)式可知導(dǎo)體中自由電子定向移動的速度為故C錯誤；D根據(jù)式可知導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4個小題，每題4分，在每個小題的四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合要求的，全部選對得4分，選對但不全的得2分，選錯的得0分）9. 如圖是某區(qū)域的電場線分布。A、B、C是電場中的三個點(diǎn)，下列說法正確的是（）A. 三點(diǎn)中B點(diǎn)場強(qiáng)最強(qiáng)，C點(diǎn)場強(qiáng)最弱B. 一個點(diǎn)電荷在A處所受電場力的方向就是A點(diǎn)場強(qiáng)方向C. 三點(diǎn)中B點(diǎn)電勢最高D. 把一負(fù)電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電勢能減小【答案】AC【解析】【詳解】AB點(diǎn)附近電場線最密集，C點(diǎn)附近電場線最稀疏

10、，所以三點(diǎn)中B點(diǎn)場強(qiáng)最強(qiáng)，C點(diǎn)場強(qiáng)最弱，故A正確；B只有正點(diǎn)電荷在A處所受電場力方向才是A點(diǎn)場強(qiáng)方向，故B錯誤；C根據(jù)沿電場線方向電勢降低可知三點(diǎn)中B點(diǎn)電勢最高，故C正確；D把一負(fù)電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電勢能增大，故D錯誤。故選AC。10. 如圖所示電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R1、R2、R3均為定值電阻，帶電粒子P在平行板電容器中恰處于靜止?fàn)顟B(tài)。不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向a端移動時，下列說法正確的是（）A. 電流表讀數(shù)減小B. 電源的輸出功率可能會減小C. 粒子P將向下運(yùn)動D. R2上消耗的功率增大【答案】BD【解析】【詳解】AD當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向a

11、端移動時，其接入阻值增大，干路電流減小，由閉合電路歐姆定律可得，電容器兩端的電壓（等于R2兩端電壓）為可知，U增大，由于R2阻值不變，由歐姆定律可知，電流表讀數(shù)I2增大，由可知，R2上消耗的功率增大，A錯誤，D正確；B電源輸出功率隨外電阻的變化如圖所示由于不知道題中各電阻的阻值關(guān)系，無法確定電源輸出功率的變化，故電源的輸出功率可能會減小，B正確；C帶電粒子P原來在平行板電容器中恰處于靜止?fàn)顟B(tài)，滿足由于U增大，故粒子P將向上運(yùn)動，C錯誤。故選BD。11. 一直導(dǎo)線平行于通電螺線管的軸線（不計重力）放置在螺線管的上方，如圖所示，如果直導(dǎo)線可以自由地運(yùn)動且通以方向?yàn)橛蒩到b的電流，則導(dǎo)線ab受到安培

12、力的作用后的運(yùn)動情況為（）A. 從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動B. 從上向下看順時針轉(zhuǎn)動C. 靠近螺線管D. 遠(yuǎn)離螺線管【答案】AC【解析】【詳解】AB由安培定則可知，通電螺線管產(chǎn)生的磁場，其豎直分量在a端附近向上，在b端附近向下，故a端受到的安培力垂直紙面向外，b端受到的安培力垂直紙面向內(nèi)，故導(dǎo)線ab從上向下看會逆時針轉(zhuǎn)動，A正確，B錯誤；CD利用特殊位置法判斷，當(dāng)導(dǎo)線ab轉(zhuǎn)過90時，電流方向垂直紙面向內(nèi)，導(dǎo)線處的磁場水平向右，由左手定則可知，受到向下的安培力，故在導(dǎo)線旋轉(zhuǎn)過程會靠近螺線管，C正確，D錯誤。故選AC。12. 如圖所示，點(diǎn)是坐標(biāo)原點(diǎn)，A、B是軸上的兩個點(diǎn)，其中點(diǎn)坐標(biāo)為A點(diǎn)坐標(biāo)的2倍。空間

13、存在電場，一條電場線正好與x軸重合。一帶正電的粒子僅在電場力作用下從點(diǎn)由靜止出發(fā)會沿軸正方向運(yùn)動，其速度與位移成正比，下列說法正確的是（）A. 電場線的方向與x軸正方向相同B. 粒子所處的電場為勻強(qiáng)電場C. O、A之間的電勢差為A、B之間的電勢差的D. 從到B電場力所做的功是從到A電場力所做功的2倍【答案】AC【解析】【詳解】A由于帶正電的粒子僅在電場力作用下能從點(diǎn)由靜止出發(fā)沿軸正方向運(yùn)動，故受到的電場力向右，即電場線的方向與x軸正方向相同，A正確；B假設(shè)電場為勻強(qiáng)電場，據(jù)動能定理可得即與x成正比，而題中速度與位移成正比，故電場為非勻強(qiáng)電場，B錯誤；C設(shè)粒子到達(dá)A點(diǎn)的速度為v，則到達(dá)B點(diǎn)的速度

14、為2v，從O到A據(jù)動能定理可得從A到B據(jù)動能定理可得聯(lián)立可得C正確；D由結(jié)合C解析可得D錯誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題（共2個題，13題6分，14題9分，請將正確答案填寫在答題卡相應(yīng)位置上）13. 當(dāng)使用多用電表測量物理量時，多用電表表盤示數(shù)如圖所示。若此時選擇開關(guān)對準(zhǔn)100擋，則被測電阻的阻值為_。若用多用電表測量另一個電阻的阻值發(fā)現(xiàn)指針偏離最左端角度很大，則應(yīng)該換用倍率為_（填“10”或“1k”）的擋位，換擋后需要先進(jìn)行_，再把紅黑表筆接在電阻兩端測量電阻?！敬鸢浮?. 2800 . 10 . 歐姆調(diào)零【解析】【詳解】12030之間的分度值為2，所以被測電阻的阻值為2若用多用電表測量另一個電阻

15、阻值發(fā)現(xiàn)指針偏離最左端角度很大，說明待測電阻的阻值相對于所選擋位偏小，因此應(yīng)該換用較小的10倍率。3換擋后需要先進(jìn)行歐姆調(diào)零。14. 智能掃地機(jī)器人是生活中的好幫手，已走進(jìn)了千家萬戶。如圖1是國內(nèi)某品牌掃地機(jī)器人所用的大容量鎳氫電池組，其續(xù)航能力達(dá)到分鐘，標(biāo)稱電動勢為。小明想測出該電池組的電動勢和內(nèi)阻。他找來了如下器材：A待測電源（電動勢約，內(nèi)阻約2）B定值電阻（電阻4）C電阻箱（最大阻值）D電流表（量程，內(nèi)阻約）E電壓表（量程1V，內(nèi)阻5k）F滑動變阻器（，）G滑動變阻器（，）開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）由于電壓表的量程太小，小明用電阻箱與電壓表_（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），并將電阻箱的阻值調(diào)到_，把

16、該電壓表量程擴(kuò)大為，令改裝后的電壓表為。（2）如圖2所示，由于該電源的內(nèi)阻較小，電壓表示數(shù)變化會不明顯，所以小明先將定值電阻與電源串接起來，實(shí)驗(yàn)中滑動變阻器應(yīng)選用_（填“”或“”）。（3）閉合電鍵，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測出多組數(shù)據(jù)，作出電壓與電流的關(guān)系圖線如圖3所示。根據(jù)圖線可得該電源的電動勢_，內(nèi)阻_。（結(jié)果均保留一位小數(shù)）（4）按照此實(shí)驗(yàn)方法，由于電壓表分流，實(shí)驗(yàn)存在一定誤差，內(nèi)電阻的測量值與真實(shí)值相比_。（填“偏大”“偏小”或“相等”）【答案】 . 串聯(lián) . 70 . R3 . 14.6 . 2.0 . 偏小【解析】【詳解】（1）1對電壓表進(jìn)行括量程改裝時，需要用電阻箱與電壓表串聯(lián)。2根據(jù)串

17、聯(lián)分壓規(guī)律可知電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)到（2）3滑動變阻器R4的最大阻值過大，不利于通過調(diào)節(jié)滑片使得電壓表和電流表示數(shù)發(fā)生明顯變化，所以滑動變阻器應(yīng)選擇R3。（3）45根據(jù)閉合電路歐姆定律有可得6由于電壓表分流的緣故，當(dāng)電流表示數(shù)為零時，實(shí)際通過電源的電流并不為零，所以電源的內(nèi)電壓不為零，從而導(dǎo)致圖像的縱截距比電源的實(shí)際電動勢偏小；當(dāng)電壓表示數(shù)為零時，由電源和R1所構(gòu)成等效電源的路端電壓實(shí)際值就是零，即所作圖像的橫截距等于真實(shí)值。綜上所述可知實(shí)驗(yàn)中實(shí)際作出的U-I圖像斜率的絕對值比真實(shí)圖像的斜率的絕對值偏小，從而造成內(nèi)電阻的測量值與真實(shí)值相比偏小。四、計算題（本題有4個小題，共37分，解答過程需寫必要

18、的文字說明、方程式和重要的演算步驟）15. 如圖所示，電源電動勢E=8V，內(nèi)阻r=0.8，閉合開關(guān)S后，標(biāo)有“6V，12W”的燈泡恰能正常發(fā)光，電動機(jī)M的內(nèi)阻R0=2，求：（1）流過電源的電流；（2）電動機(jī)的發(fā)熱功率?！敬鸢浮浚?）2.5A；（2）0.5W【解析】【詳解】（1）由于燈泡正常發(fā)光，可知路端電壓為U=6V則電源的內(nèi)電壓為Ur=E-U=2V故流過電源的電流為（2）流過燈泡的電流為則流過電動機(jī)的電流為I2=I-I1=0.5A故電動機(jī)的發(fā)熱功率為16. 如圖所示，兩平行光滑導(dǎo)軌相距為40cm，與內(nèi)阻r=0.5的電源相連，導(dǎo)軌平面與水平面成45角。整個裝置處在方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0

19、.5T的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)滑動變阻器調(diào)至阻值為R=5時，在導(dǎo)軌上放置一質(zhì)量為0.01kg的金屬棒MN，恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，經(jīng)測量，導(dǎo)軌間的金屬棒電阻值R0為0.5。導(dǎo)軌、導(dǎo)線電阻不計，g取10m/s2。（1）求金屬棒所受安培力的大小，并指明金屬棒上電流的方向；（2）計算電源電動勢E?！敬鸢浮浚?）0.1N，電流方向由M流向N；（2）3V【解析】【詳解】（1）金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，由平衡條件可知，所受安培力應(yīng)水平向右，受力如圖所示根據(jù)左手定則可知其電流方向由M流向N，根據(jù)平衡條件可得解得F=0.1N（2）金屬棒受到的安培力可表示為F=BIL由閉合電路歐姆定律可得E=I(R0+R+r)聯(lián)立解得E=3V17

20、. 如圖所示，電子（重力可忽略）在電壓U0= 45V的加速電場中，從左極板由靜止開始運(yùn)動，經(jīng)加速電場加速后從右板中央垂直射入電壓U = 90V的偏轉(zhuǎn)電場中，經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)后打在豎直放置的熒光屏M上，整個裝置處在真空中，已知電子的質(zhì)量為m = 9.0 10 - 31kg，電荷量的絕對值為e = 1.6 10 - 19C，偏轉(zhuǎn)電場的板長L1= 40cm，板間距離d = 40cm，光屏M到偏轉(zhuǎn)電場極板右端的距離L2= 40cm。求：（1）電子從進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場到打在熒光屏上的時間；（2）電子打在熒光屏上的速度大小；（3）電子打在熒光屏上時到中心O的距離Y?！敬鸢浮浚?）t = 2 10 - 7s；（2）v = 4 106m/s；（3）0.6m【解析】【詳