2014廣東高考理綜物理試題及解析(共9頁)

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上2014廣東高考理綜物理試題一、單項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，錯(cuò)選、不選該題不得分）13右圖是物體做直線運(yùn)動的v-t圖象，由圖可知，該物體第1s內(nèi)和第3s內(nèi)的運(yùn)動方向相反第3s內(nèi)和第4s內(nèi)的加速度相同第1s內(nèi)和第4s內(nèi)的位移大小不等02s內(nèi)和04s內(nèi)的平均速度大小相等14如圖，水平地面上堆放著原木，關(guān)于原木P在支撐點(diǎn)M、N處受力的方向，下列說法正確的是M處受到的支持力豎直向上N處受到的支持力豎直向上M處受到的摩擦力沿MN方向N處受到的摩擦力沿水平方向15如圖，上下開口、內(nèi)壁光滑的銅管P和塑料管Q豎直放置，小磁塊先后在兩管中

2、從相同高度處由靜止釋放，并落至底部，則小磁塊在P和Q中都做自由落體運(yùn)動在兩個(gè)下落過程中的機(jī)械能都守恒在P中的下落時(shí)間比在Q中的長落至底部時(shí)在P中的速度比在Q中的長16右圖是安裝在列車車廂之間的摩擦緩沖器結(jié)構(gòu)圖，圖中和為楔塊，和為墊塊，楔塊與彈簧盒、墊塊間均有摩擦，在車廂相互撞擊時(shí)彈簧壓縮過程中緩沖器的機(jī)械能守恒摩擦力做功消耗機(jī)械能墊塊的動能全部轉(zhuǎn)化成內(nèi)能彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為動能二、雙項(xiàng)選擇題（本題共5小題，每小題6分，共30分。每小題有兩個(gè)選項(xiàng)符合題意。若選兩個(gè)且都正確得6分；若只選一個(gè)且正確得3分；錯(cuò)選、不選，該小題得0分）17用密封性好、充滿氣體的塑料袋包裹易碎品，如圖所示，充氣袋四周

3、被擠壓時(shí)，假設(shè)袋內(nèi)氣體與外界無熱交換，則袋內(nèi)氣體體積減小，內(nèi)能增大體積減小，壓強(qiáng)減小對外界做負(fù)功，內(nèi)能增大對外界做正功，壓強(qiáng)減小18在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用頻率為的光照射光電管陰極，發(fā)生了光電效應(yīng)，下列說法正確的是增大入射光的強(qiáng)度，光電流增大減小入射光的強(qiáng)度，光電效應(yīng)現(xiàn)象消失改變頻率小于的光照射，一定不發(fā)生光電效應(yīng)改變頻率大于的光照射，光電子的最大初動能變大19如圖所示的電路中，P為滑動變阻器的滑片，保持理想變壓器的輸入電壓U1不變，閉合電鍵S，下列說法正確的是P向下滑動時(shí)，燈L變亮P向下滑動時(shí)，變壓器的輸出電壓不變P向上滑動時(shí)，變壓器的輸入電流變小P向上滑動時(shí)，變壓器的輸出功率變大20如圖所示，

4、光滑絕緣的水平桌面上，固定著一個(gè)帶電量為+Q的小球P，帶電量分別為-q和+2q的小球M和N，由絕緣細(xì)桿相連，靜止在桌面上，P與M相距L，P、M和N視為點(diǎn)電荷，下列說法正確的是M與N的距離大于LM和N在同一直線上在P產(chǎn)生的電場中，M、N處的電勢相同M、N及細(xì)桿組成的系統(tǒng)所受合外力為零21如圖所示，飛行器P繞某星球做勻速圓周運(yùn)動，星球相對飛行器的角度為，下列說法正確的是軌道半徑越大，周期越長軌道半徑越大，速度越長若測得周期和張角，可得到星球的平均密度若測得周期和軌道半徑，可得到星球的平均密度三、非選擇題（本題包括3大題，每題18分，共54分論述計(jì)算題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫

5、出最后答案的不能得分）34（1）(8分)某同學(xué)設(shè)計(jì)的可調(diào)電源電路如圖(a)所示，R0為保護(hù)電阻，P為滑動變阻器的滑片，閉合電鍵S用電壓表測量A、B兩端的電壓；將電壓表調(diào)零，選擇0-3V檔，示數(shù)如圖22(b)，電壓值為 V在接通外電路之前，為了保證外電路的安全，滑片P應(yīng)先置于 端要使輸出電壓U變大，滑片P應(yīng)向 端若電源電路中不接入R0，則在使用過程中，存在 的風(fēng)險(xiǎn)(填“斷路”或“短路”)(2)(10分)某同學(xué)根據(jù)機(jī)械能守恒定律，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)探究彈簧的彈性勢能與壓縮量的關(guān)系.如圖(a)，將輕質(zhì)彈簧下端固定于鐵架臺，在上端的托盤中依次增加砝碼，測得相應(yīng)的彈簧長度，部分?jǐn)?shù)據(jù)如下表，有數(shù)據(jù)算得勁度系數(shù)k=

6、N/m（g取9.8m/s2）砝碼質(zhì)量（g）50100150彈簧長度（cm）8.627.636.66取下彈簧，將其一端固定于氣墊導(dǎo)軌左側(cè)，如圖23(b)所示；調(diào)整導(dǎo)軌，是滑塊自由滑動時(shí)，通過兩個(gè)光電門的速度大小 用滑塊壓縮彈簧，記錄彈簧的壓縮量x；釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度v，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為 重復(fù)中的操作，得到v與x的關(guān)系如圖23（c）。有圖可知，v與x成 關(guān)系，由上述實(shí)驗(yàn)可得結(jié)論：對同一根彈簧，彈性勢能與彈簧的 成正比35(18分)水平軌道中，AC段的中點(diǎn)B的正上方有一探測器，C處有一豎直擋板，物體P1沿軌道向右以速度v1與靜止在A點(diǎn)的物體P2碰撞，并接合成復(fù)合體

7、P，以此碰撞時(shí)刻為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，探測器只在t1=2s至t2=4s內(nèi)工作，已知P1、P2的質(zhì)量都為m=1kg，P與AC間的動摩擦因數(shù)為=0.1，AB段長l=4m，g取10m/s2，P1、P2和P均視為質(zhì)點(diǎn)，P與擋板的碰撞為彈性碰撞.（1）若v1=6m/s，求P1、P2碰后瞬間的速度大小v和碰撞損失的動能E；（2）若P與擋板碰后，能在探測器的工作時(shí)間內(nèi)通過B點(diǎn)，求v1的取值范圍和P向左經(jīng)過A 點(diǎn)時(shí)的最大動能E36.(18分)如圖所示，足夠大的平行擋板A1、A2豎直放置，間距6L.兩板間存在兩個(gè)方向相反的勻強(qiáng)磁場區(qū)域和，以水平面MN為理想分界面，區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，方向垂直紙面向外. A1、A2上各有

8、位置正對的小孔S1、S2，兩孔與分界面MN的距離均為L.質(zhì)量為m、電量為+q的粒子經(jīng)寬度為d的勻強(qiáng)電場有靜止加速后，沿水平方向從S1進(jìn)入?yún)^(qū)，并直接偏轉(zhuǎn)到MN上的P點(diǎn)，再進(jìn)入?yún)^(qū)，P點(diǎn)與A1板的距離是L的k倍，不計(jì)重力，碰到擋板的粒子不予考慮(1)若k=1，求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E；(2)若2<k<3，且粒子沿水平方向從S2射出，求出粒子在磁場中的速度大小v與k的關(guān)系式和區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與k的關(guān)系式2014廣東高考理綜物理試題答案與解析選擇題答案題號131415161718192021答案BACBACADBDBDAC13分析：速度時(shí)間圖象中速度的符號表示物體的運(yùn)動方向；圖象的斜率等于加速

9、度；圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移平均速度等于位移與時(shí)間之比根據(jù)這些知識進(jìn)行解答解答：由圖知，在前3s內(nèi)物體的速度均為正值，說明在前3s內(nèi)物體的運(yùn)動方向不變，故A錯(cuò)誤；速度圖象的斜率等于加速度，第3s內(nèi)和第4s內(nèi)圖線的斜率相同，則加速度相同，故B正確；圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，由幾何知識可知第1s內(nèi)和第4s內(nèi)的位移大小相等故C錯(cuò)誤；根據(jù)“面積表示位移”可知：02s內(nèi)和04s內(nèi)的位移相等，所用時(shí)間不等，所以平均速度不等，故D錯(cuò)誤點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道速度時(shí)間圖線的物理意義14分析：支持力是一種彈力，其方向總是與接觸面垂直，指向被支持物靜摩擦力方向與物體相對運(yùn)動趨勢方向相反解答：M處受到的

10、支持力與地面垂直向上，即豎直向上，故A正確；N、N處受到的支持力與原木P垂直向上，不是豎直向上，故B錯(cuò)誤；原木相對于地有向左運(yùn)動的趨勢，則在M處受到的摩擦力沿地面向右，故C錯(cuò)誤；N處受到的摩擦力沿原木表面向上，故D錯(cuò)誤點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵要掌握支持力和靜摩擦力方向的特點(diǎn)，并能正確分析實(shí)際問題15分析：當(dāng)小磁塊在光滑的銅管P下落時(shí)，由于穿過銅管的磁通量變化，導(dǎo)致銅管產(chǎn)生感應(yīng)電流，因磁場，從而產(chǎn)生安培阻力，對于塑料管沒有任何阻礙，從而即可求解解答：當(dāng)小磁塊在光滑的銅管P下落時(shí)，由于穿過銅管的磁通量變化，導(dǎo)致銅管產(chǎn)生感應(yīng)電流，因磁場，從而產(chǎn)生安培阻力，而對于塑料管內(nèi)小磁塊沒有任何阻力，在做自由落體運(yùn)

11、動，故A錯(cuò)誤；由A選項(xiàng)分析可知，在銅管的小磁塊機(jī)械能不守恒，而在塑料管的小磁塊機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；在銅管中小磁塊受到安培阻力，則在P中的下落時(shí)間比在Q中的長，故C正確；根據(jù)動能定理可知，因安培阻力，導(dǎo)致產(chǎn)生熱能，則至底部時(shí)在P中的速度比在Q中的小，故D錯(cuò)誤點(diǎn)評：考查安培力產(chǎn)生原因，注意感應(yīng)電流產(chǎn)生條件，理解渦流的概念16分析：通過克服摩擦力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能向內(nèi)能轉(zhuǎn)化，結(jié)合能量守恒定律分析即可解答：通過克服摩擦力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能向內(nèi)能轉(zhuǎn)化，故機(jī)械能減小，故A錯(cuò)誤；通過克服摩擦力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能向內(nèi)能轉(zhuǎn)化，故B正確；墊塊的動能轉(zhuǎn)化為彈性勢能和內(nèi)能，故C錯(cuò)誤；彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為動能和內(nèi)能，

12、故D錯(cuò)誤點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是明確緩沖器通過摩擦將部分動能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，還會儲存部分彈性勢能，再次向內(nèi)能和動能轉(zhuǎn)化，基礎(chǔ)問題17分析：充氣袋四周被擠壓時(shí)，外界對氣體做功，無熱交換，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能的變化解答：充氣袋四周被擠壓時(shí)，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得知?dú)怏w的內(nèi)能增大，故A正確；氣體的內(nèi)能增大，溫度升高，根據(jù)氣體方程，氣體的壓強(qiáng)必定增大，故B錯(cuò)誤；氣體的體積減小，氣體對外界做負(fù)功，內(nèi)能增大，故C正確，D錯(cuò)誤點(diǎn)評：對于氣體，常常是氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律的綜合應(yīng)用，當(dāng)氣體的體積減小時(shí)，外界對氣體做正功，相反體積增大時(shí)，氣體對外界做正功18分析：發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，改變光的強(qiáng)度

13、，會改變光電流的大??；改變光的頻率，則一會影響光電效應(yīng)的發(fā)生；二會改變光的最大初動能解答：光電波與光的強(qiáng)度成正比，增大入射光的強(qiáng)度，光電流也一定增大，故正確；光電效應(yīng)能否發(fā)生與光的頻率有關(guān)，故減小入射光的強(qiáng)度，光電效應(yīng)現(xiàn)象仍存在；錯(cuò)誤；改變光的頻率，只有當(dāng)小于極限頻率才不發(fā)生光電效應(yīng)，如果比原來入射光的頻率小，不一定就小于極限頻率，有可能仍會發(fā)生光電效應(yīng)，故錯(cuò)誤；根據(jù)可知，入射光的頻率變大，光電子的最大初動能變大，故正確點(diǎn)評：利用光電效應(yīng)的規(guī)律及光電方程是解答本題的關(guān)鍵19分析：與閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)滑動變阻器R的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情

14、況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的元件的電流和電壓的變化的情況解答：當(dāng)滑動變阻器R的滑片向下移動時(shí)，導(dǎo)致總電阻增大，由于輸入電壓U1不變，且原副線圈匝數(shù)不變，所以副線圈電壓不變，則有L燈亮度不變故A錯(cuò)誤；當(dāng)滑動變阻器R的滑片向下移動時(shí)，導(dǎo)致總電阻增大，由于輸入電壓U1不變，且原副線圈匝數(shù)不變，所以副線圈電壓不變，故B正確；當(dāng)滑動變阻器R的滑片向上移動時(shí)，導(dǎo)致總電阻減小，由于輸入電壓U1不變，且原副線圈匝數(shù)不變，所以副線圈電壓不變，則有副線圈的總電流增大因此輸入電流也變大故C錯(cuò)誤；當(dāng)滑動變阻器R的滑片向上移動時(shí)，導(dǎo)致總電阻減少，由于輸入電壓U1不變，且原副線圈匝數(shù)不變，所以副線圈電壓不變，則有副線

15、圈的總電流增大則輸出功率增大，故D正確點(diǎn)評：電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法20分析：本題必須采用庫侖定律來分析每一個(gè)物體所受庫侖力的大小，再根據(jù)力的平衡對各項(xiàng)進(jìn)行判斷解答：對M、N分別受力分析，根據(jù)庫侖定律，假設(shè)桿無作用力，設(shè)M與N間距為r，則有：，解得：r=（）L，故A錯(cuò)誤；由于水平桌面光滑，若P、M和N不在同一直線上，則各自受力不共線，會出現(xiàn)不平衡現(xiàn)象，故B正確；由帶電量為+Q的小球P，結(jié)合沿著電場線方向電勢降低的，則M點(diǎn)電勢高于N點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；由題意可知，M、N及細(xì)桿組成的系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)

16、，因此合外力為零，故D正確點(diǎn)評：考查研究對象的選取，受力分析的進(jìn)行，庫侖定律的掌握，理解平衡條件的應(yīng)用，注意電勢的高低判定方法21分析：根據(jù)開普勒第三定律，分析周期與軌道半徑的關(guān)系；飛行器P繞某星球做勻速圓周運(yùn)動，由星球的萬有引力提供向心力，根據(jù)萬有引力定律和幾何知識、密度公式可求解星球的平均密度解答：根據(jù)，得：可知軌道半徑越大，速度越小，故正確B錯(cuò)誤；設(shè)星球的質(zhì)量為M，半徑為R，平均密度為，飛行器的質(zhì)量為m，軌道半徑為r，周期為T對于飛行器，根據(jù)萬有引力提供向心力得：得：當(dāng)衛(wèi)星對星球的張角為時(shí)，以上兩式可得：根據(jù)，把上式結(jié)合起來得：由此可知，若測得周期和軌道半徑，可得到星球的質(zhì)量，但星球的半

17、徑未知，不能求出星球的平均密度故錯(cuò)誤，如果知道周期與照射角，則由上式知可計(jì)算星球的平均密度，故正確點(diǎn)評：本題關(guān)鍵掌握開普勒定律和萬有引力等于向心力這一基本思路，結(jié)合幾何知識進(jìn)行解題34（1）分析：根據(jù)量程，確定電壓表的最小分度，再進(jìn)行讀數(shù)在接通外電路之前，為了保證外電路的安全，應(yīng)使變阻器輸出電壓最小根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律確定滑片移動的方向若電源電路中不接入R0，則在使用過程中，存在短路的可能解答：由題，電壓表的量程為0-3V，其最小分度為0.1V，則圖b中電壓值為1.30V在接通外電路之前，為了保證外電路的安全，滑片P應(yīng)先置于A端使輸出電壓為零要使輸出電壓U變大，PA間的電阻應(yīng)增大，所以滑片P應(yīng)

18、向B端移動若電源電路中不接入R0，則在使用過程中，滑片移到B端時(shí)存在短路的可能點(diǎn)評：本題要掌握基本儀器的讀數(shù)，注意估讀一位要理解并掌握分壓器電路的原理和調(diào)壓方法，明確開關(guān)閉合前應(yīng)使輸出電壓最小，從而確定安全34（2）分析：根據(jù)胡克定律，F(xiàn)=kx，結(jié)合表格數(shù)據(jù)，將單位統(tǒng)一，即可求解；調(diào)整導(dǎo)軌的目的時(shí)，滑塊在導(dǎo)軌上做勻速直線運(yùn)動，即可求解結(jié)果；當(dāng)釋放壓縮的彈簧時(shí)，彈性勢能轉(zhuǎn)化為滑塊的動能，再由光電門測量瞬時(shí)速度，求出彈性勢能的大??；根據(jù)v與x的關(guān)系圖，可知，v與x成正比，結(jié)合動能表達(dá)式，即可知彈性勢能與壓縮量的關(guān)系，從而即可求解解答：表格中，當(dāng)50g時(shí)，彈簧長度為8.62cm，當(dāng)100g時(shí)，彈簧長

19、度為7.63cm，當(dāng)150g時(shí)，彈簧長度為6.66cm，根據(jù)胡克定律，F(xiàn)=kx，設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，原長為x0，則列式：0.05×9.8=k（x0-0.0862）；0.1×9.8=k（x0-0.0763）；聯(lián)立兩式，解得：k=50N/m；通過光電門來測量瞬時(shí)速度，從而獲得釋放壓縮的彈簧的滑塊速度，為使彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為動能，則導(dǎo)軌必須水平，因此通過兩個(gè)光電門的速度大小須相等；用滑塊壓縮彈簧，記錄彈簧的壓縮量x；當(dāng)釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度v，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為滑塊的動能；根據(jù)v與x的關(guān)系圖可知，圖線經(jīng)過原點(diǎn)，且是斜傾直線，則v與x成正比，由動能表

20、達(dá)式，動能與速度的大小平方成正比，而速度的大小與彈簧的壓縮量成正比，因此彈簧的彈性勢能與彈簧的壓縮量的平方成正比；點(diǎn)評：考查胡克定律的應(yīng)用，注意彈簧的長度與形變量的區(qū)別，理解光電門能測量瞬時(shí)速度的原理，知道彈簧彈性勢能與滑塊動能的關(guān)系同時(shí)注意圖線的物理含義35分析：本題意交代的物體運(yùn)動過程非常清晰，即：“碰撞合體-滑動-碰撞反彈-滑動”。不過，這道題碰撞前P1的速度與探測器的工作時(shí)間的設(shè)置要相互呼應(yīng)，這樣的話解答不會一步到位，必須設(shè)置物理在關(guān)鍵位置的速度，利用物理知識列式，解方程組確立討論關(guān)系式，尋找速度的臨界值。然而，本題可以采用力與運(yùn)動的公式解答（運(yùn)動公式也可多種選擇），可采用動能定理解答。確認(rèn)的研究過程可采用全程一體化、也可采用分段研究；為此，本題解法不少于4種解法一：（1）P1、P2碰撞過程，動量守恒 mv1=2mv