2024年浙教版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理上冊階段測試試卷708考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一木塊靜止在水平桌面上()A.桌面對木塊的支持力和木塊受的重力是一對作用力與反作用力B.木塊對桌面的壓力就是木塊受的重力，施力物體是地球C.木塊對桌面的壓力是彈力，是由于木塊發(fā)生形變而產(chǎn)生的D.木塊保持靜止是由于木塊對桌面的壓力與桌面對木塊的支持力保持平衡2、一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷，只在電場力的作用下沿曲線abc

由a

運(yùn)動到c

，已知質(zhì)點(diǎn)的速率是遞減的.

關(guān)于B

點(diǎn)電場強(qiáng)度E

的方向(

虛線是曲線在b

點(diǎn)的切線)

下列圖中可能正確的是()

A.

B.

C.

D.3、一個(gè)質(zhì)量40漏K

的學(xué)生，坐在秋千板上打秋千，秋千板離拴繩子橫梁的距離為3m

如果秋千板經(jīng)過最低位置時(shí)的速度為3m/s

此時(shí)學(xué)生對秋千板的壓力為(g=10m/s2)()

A.520N

B.400N

C.380N

D.280N

4、一本書放在水平桌面上，桌面對書的支持力為F1

書對桌面的壓力為F2

則下列說法中正確的是(

)

A.F1

與F2

是一對平衡力B.F1

與F2

是一對相互作用力C.F1

是由于書的彈性形變而產(chǎn)生的D.F2

是由于桌面的彈性形變而產(chǎn)生的5、對于連入電路的不同燈泡而言，亮度大的燈泡是（）A.通過的電流大的燈泡B.兩端電壓大的燈泡C.電阻值大的燈泡D.消耗功率大的燈泡6、下列關(guān)于電源電動勢的說法中，正確的是（）A.在某電池的電路中每通過2C的電量，電池提供的電能是4J，那么這處電池的電動勢是0.5VB.電源的路端電壓增大時(shí)，其電源電動勢一定也增大C.無論內(nèi)電壓和外電壓如何變化，其電源電動勢一定不變D.電源的電動勢越大，電源所能提供的電能就越多7、如圖所示，MN

是負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線。一個(gè)帶正電的粒子(

不計(jì)重力)

從a

到b

穿越這條電場線；軌跡如圖中虛線所示。下列結(jié)論正確的是()

A.負(fù)點(diǎn)電荷一定位于N

點(diǎn)右側(cè)B.a

點(diǎn)的電勢低于b

點(diǎn)的電勢C.粒子在a

點(diǎn)的電勢能小于在b

點(diǎn)的電勢能D.粒子在a

點(diǎn)的加速度大小小于在b

點(diǎn)的加速度大小評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、電流表的內(nèi)阻是Rg=200Ω，滿刻度電流值是Ig=500微安培，現(xiàn)欲把這電流表改裝成量程為1.0V的電壓表，則應(yīng)____（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個(gè)____的電阻．9、圖中虛線所示為靜電場中的等勢面1、2、3、4，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面3的電勢為0．一帶正電的點(diǎn)電荷在靜電力的作用下運(yùn)動，經(jīng)過a、b點(diǎn)時(shí)的動能分別為26eV和5eV．當(dāng)這一點(diǎn)電荷運(yùn)動到某一位置，其電勢能變?yōu)?8eV時(shí)，它的動能應(yīng)為____．

10、在用插針法測定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，(1)某同學(xué)由于沒有量角器,在完成了光路以后,他以O(shè)點(diǎn)為圓心、10.00cm長為半徑畫圓,分別交線段OA于A點(diǎn),交OO′連線延長線于C點(diǎn),過A點(diǎn)作法線NN′的垂線AB交NN′于點(diǎn)B,過C點(diǎn)作法線NN′的垂線CD交NN′于D點(diǎn),如圖所示.用刻度尺量得OB=8.00cm,CD=4.00cm.由此可得出玻璃的折射率n=_______.(2)某同學(xué)在紙上畫出的界面aa′、bb′與玻璃磚位置的關(guān)系如圖所示，則該同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比________(填“偏大”、“偏小”或“不變”)．11、一只氖管的起輝電壓（達(dá)到或超過起輝電壓后氖管會發(fā)光）與交變電壓V的有效值相等，若將這交變電壓接到氖管的兩極，在一個(gè)周期內(nèi)，氖管的發(fā)光時(shí)間為12、某次實(shí)驗(yàn)時(shí)碰撞前B滑塊靜止，A滑塊勻速向B滑塊運(yùn)動并發(fā)生碰撞，利用閃光照相的方法連續(xù)4次拍攝得到的閃光照片如圖所示．已知相鄰兩次閃光的時(shí)間間隔為T，在這4次閃光的過程中，A、B兩滑塊均在0～80cm范圍內(nèi)，且第1次閃光時(shí)，滑塊A恰好位于x=10cm處．若A、B兩滑塊的碰撞時(shí)間及閃光持續(xù)的時(shí)間極短，均可忽略不計(jì)，則可知碰撞發(fā)生在第1次閃光后的______時(shí)刻，A、B兩滑塊質(zhì)量比mA：mB=______．

13、質(zhì)量為m=1kg

的物塊A

上固定一輕質(zhì)彈簧，以v1=3m/s

的速度在光滑水平面上運(yùn)動，另一質(zhì)量也為m=1kg

的物塊B

以v2=4m/s

的速度與A

相向運(yùn)動，如圖所示，則兩物塊相距最近時(shí)，它們的速度大小分別是VA漏?

______.

整個(gè)過程中彈簧的最大彈性勢能為______．14、某實(shí)驗(yàn)小組在利用單擺測定當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶?shí)驗(yàn)中：

(1)

用游標(biāo)卡尺測定擺球的直徑；測量結(jié)果如圖所示，則該擺球的直徑為____________cm

．

(2)

小組成員在實(shí)驗(yàn)過程中有如下說法；其中正確的是____________.(

填選項(xiàng)前的字母)

A.把單擺從平衡位置拉開30鈭?

的擺角；并在釋放擺球的同時(shí)開始計(jì)時(shí)。

B.測量擺球通過最低點(diǎn)100

次的時(shí)間t

則單擺周期為t100

C.用懸線的長度加擺球的直徑作為擺長；代入單擺周期公式計(jì)算得到的重力加速度值偏大。

D.選擇密度較小的擺球，測得的重力加速度值誤差較小．15、理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：15，當(dāng)原線圈接在6V的蓄電池兩端后，副線圈的輸出電壓為______V．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

22、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共4題，共8分)24、如圖所示，水平面上放有質(zhì)量均為m=1kg的物塊A和B，A、B與地面的動摩擦因數(shù)分別為μ1=0.4和μ2=0.1，相距l(xiāng)=0.75m．現(xiàn)給物塊A一初速度使之向B運(yùn)動，與此同時(shí)給物塊B一個(gè)F=3N水平向右的力由靜止開始運(yùn)動，經(jīng)過一段時(shí)間A恰好能追上B．g=10m/s2．求：

（1）物塊B運(yùn)動的加速度大??；

（2）物塊A初速度大?。?/p>

25、某雷達(dá)站正在跟蹤一架飛機(jī)，此時(shí)飛機(jī)正朝著雷達(dá)站方向勻速飛來；某一時(shí)刻雷達(dá)發(fā)出一個(gè)無線電脈沖，經(jīng)200μs后收到反射波；隔0.8s后再發(fā)出一個(gè)脈沖，經(jīng)198μs收到反射波，已知無線電波傳播的速度為c=3×108m/s；求飛機(jī)的飛行速度．

26、如圖所示；在水平面上有一個(gè)閉合的線圈，將一根條形磁鐵從線圈的上方插入線圈中，在磁鐵進(jìn)入線圈的過程中，線圈中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，磁鐵會受到線圈中電流的作用力，若從線圈上方俯視，關(guān)于感應(yīng)電流和作用力的方向，以下判斷正確的是______：

A．若磁鐵的N極向下插入；線圈中產(chǎn)生順時(shí)方向的感應(yīng)電流。

B．若磁鐵的S極向下插入；線圈中產(chǎn)生逆時(shí)方向的感應(yīng)電流。

C．無論N極向下插入還是S極向下插入；磁鐵都受到向下的引力。

D．無論N極向下插入還是S極向下插入；磁鐵都受到向上的斥力．

27、（1）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導(dǎo)線的電阻；要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，現(xiàn)備有以下器材：

A．電池組（3V；內(nèi)阻可忽略）；

B．電流表（量程0～0.6A；內(nèi)阻0.125Ω）；

C．電壓表（量程0～3V；內(nèi)阻3kΩ）；

D．滑動變阻器（0～20Ω）；開關(guān)；導(dǎo)線．

①實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用電流表_______接法（填“內(nèi)”或“外”）；

②設(shè)實(shí)驗(yàn)中；電流表；電壓表的某組示數(shù)如圖一所示，圖示中I=______A，U=______V．

③為使通過待測金屬導(dǎo)線的電流能在0～0.5A范圍內(nèi)改變，請按要求在方框中畫出測量待測金屬導(dǎo)線的電阻Rx的原理電路圖；然后根據(jù)你設(shè)計(jì)的原理電路將圖二中給定的器材連成實(shí)驗(yàn)電路．

④若要測金屬導(dǎo)線的電阻率；還需測得金屬絲的直徑如圖三，則該金屬絲直徑為______mm．

（2）①用多用電表的歐姆檔測電阻時(shí)操作步驟如下：將選擇旋鈕指向歐姆擋“×10”位置時(shí)；接著______之后再進(jìn)行測量待測電阻，根據(jù)圖一所示的表盤，被測電阻阻值為______Ω．

②某同學(xué)利用圖二甲裝置測定干電池的電動勢和內(nèi)阻，測得的電壓和電流的關(guān)系圖象圖二乙所示，這個(gè)電池的電動勢為E=______V，內(nèi)阻r=______Ω．

評卷人得分五、簡答題(共3題，共9分)28、合理的利用吸收工業(yè)產(chǎn)生的廢氣rm{CO_{2}}rm{CO}rm{NO_{2}}rm{SO_{2}}等可以減少污染，變廢為寶。rm{(1)}用rm{CO_{2}}可以生產(chǎn)燃料甲醇已知：rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)簍TCH_{3}OH(g)+H_{2}O(l)triangleH=-akJ?mol^{-1}}rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)簍T2H_{2}O(l)triangleH=-bkJ?mol^{-1}}則表示rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)簍TCH_{3}OH(g)+H_{2}O(l)triangle

H=-akJ?mol^{-1}}燃燒的熱化學(xué)方程式為：___________________________________。rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)簍T2H_{2}O(l)triangleH=-b

kJ?mol^{-1}}光氣rm{CH_{3}OH(g)}是一種重要化工原料，常用于聚酯類材料的生產(chǎn)，工業(yè)上通過rm{Cl_{2}(g)+CO(g)?COCl_{2}(g)triangleH<0}制備。圖rm{(2)}為實(shí)驗(yàn)研究過程中容器內(nèi)各物質(zhì)的濃度隨時(shí)間變化的曲線。回答下列問題：

rm{(COCl_{2})}內(nèi)，反應(yīng)的平均速率rm{Cl_{2}(g)+CO(g)?COCl_{2}(g)triangle

H<0}_____；rm{1}該反應(yīng)第一次達(dá)平衡時(shí)的平衡常數(shù)rm{壟脵0隆蘆6min}rm{v(Cl_{2})=}改變的條件是_________，rm{壟脷}時(shí)再次達(dá)到平衡，此時(shí)平衡常數(shù)rm{K_{1}}為_________，rm{10min}改變的條件是_________，_____rm{10min}填“rm{14min}rm{K_{2}}或rm{K_{1}}”rm{K_{2}(}rm{>}處理rm{<}可借助于電化學(xué)，將rm{=}rm{)}和熔融rm{(3)}制成燃料電池，電池總反應(yīng)式為rm{NO_{2}}其原理如圖rm{NO_{2}}所示，該電池在放電過程中石墨Ⅰ電極上生成氧化物rm{O_{2}}rm{KNO_{3}}可循環(huán)使用。

圖rm{4NO_{2}+O_{2}簍T簍T簍T2N_{2}O_{5}}rm{2}石墨Ⅱ是_____極rm{Y}填“正、負(fù)”rm{Y}rm{2}氣體是__________rm{壟脵}當(dāng)外電路通過rm{(}石墨rm{)}電極上會消耗____rm{Y}rm{壟脷}29、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】有機(jī)物rm{G}是一種醫(yī)藥中間體，可通過如圖所示路線合成，rm{A}的產(chǎn)量是衡量一個(gè)國家石油化工發(fā)展水平的重要標(biāo)志，rm{H}的分子式是rm{C_{7}H_{8}}

已知：

請回答以下問題：rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式是________。

rm{(2)H隆煤I}的化學(xué)反應(yīng)方程式為___________________________________________，rm{E隆煤F}的化學(xué)方程式為_______________________________________________。

rm{(3)C隆煤D}的反應(yīng)類型是_____________，rm{I隆煤J}的反應(yīng)類型是____________。

rm{(4)}標(biāo)況下，rm{1molE}分別與足量的rm{Na}單質(zhì)、rm{NaHCO_{3}}溶液充分反應(yīng)，生成的氣體體積分別為rm{aL}rm{bL}則rm{a}rm為___________。rm{aL}則rm{bL}rm{a}為___________。rm滿足以下條件的rm{(5)}的同分異構(gòu)體還有________種rm{F}不包含rm{(}

rm{F)}能與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)rm{壟脵}苯環(huán)上有兩個(gè)取代基rm{壟脷}紅外光譜等方法檢測分子中有“”結(jié)構(gòu)。rm{壟脹}寫出其中能與碳酸氫鈉溶液反應(yīng)任意一種的結(jié)構(gòu)簡式_________________________。30、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{W}為短周期元素且原子序數(shù)依次增大。rm{X}的一種氣態(tài)氫化物rm{m}可用來焊接或切割金屬，且該分子所有原子在一條直線上。rm{Y^{2-}}的rm{L}能層的原子軌道為全滿狀態(tài)。rm{Z}的單質(zhì)用作鋁熱反應(yīng)的引燃劑。rm{W}的質(zhì)量數(shù)為rm{37}中子數(shù)為rm{20}與rm{X}形成的化合物是一種常見的有機(jī)溶劑rm{n}。rm{A}為第四周期元素，其基態(tài)原子含有rm{6}個(gè)未成對電子。請回答下列問題：rm{(1)X}在元素周期表中的位置是_____________。rm{(2)A^{3+}}的外圍電子排布式是______________。rm{(3)X}rm{Y}rm{Z}形成的晶胞結(jié)構(gòu)示意圖如右，則它的化學(xué)式是_________。rm{(}用化學(xué)式表示rm{)}rm{(4)m}分子中，rm{X}的原子軌道雜化類型是_________，rm{n}的分子構(gòu)型是_______________。rm{(5)}氣體rm{m}和含rm{A_{2}Y}的酸性溶液，可通過惰性電極連接構(gòu)成高能原電池，該電池的正極反應(yīng)式是_____________________________。評卷人得分六、識圖作答題(共1題，共10分)31、科學(xué)家利用某種水生真核綠藻進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)研究。首先將該種綠藻分為甲、乙兩組，甲組置于高CO2濃度（5000μLCO2·L-1）下，乙組置于自然空氣CO2濃度（360μLCO2·L-1）下，其它條件保持相同且適宜，培養(yǎng)9-10天后，再把甲乙兩組都放在自然空氣CO2濃度條件下；測定兩組綠藻在不同光強(qiáng)下的光合速率，實(shí)驗(yàn)結(jié)果如下圖所示。

請回答：（1）該實(shí)驗(yàn)的目的是_______________________________________________________。（2）光強(qiáng)為100μmolm-2-s1時(shí)，兩組都有氣泡產(chǎn)生，甲、乙兩組氣泡中的氣體分別來自于___________________（填細(xì)胞器名稱）。其中甲組的判斷理由是：____________________。（3）實(shí)驗(yàn)結(jié)果證明，甲組光合速率始終明顯低于乙組，從光合作用的酶的角度分析其原因可能是：_______________________________________________。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】木塊放在水平桌面上保持靜止，木塊對桌面的壓力大小等于木塊受的重力，壓力的施力物體是木塊，是由于木塊發(fā)生形變而產(chǎn)生的，壓力與支持力是一對作用力與反作用力，重力的施力物體是地球。一對平衡力作用在一個(gè)物體上，大小相等方向相反。

本題考查對壓力與重力區(qū)別、平衡力、作用力與反作用力的理解。要學(xué)會判斷施力物體和受力物體，能區(qū)分平衡力與相互作用力才行。【解答】A.作用力和反作用力是兩個(gè)物體之間的相互作用，而桌面對木塊的支持力和木塊受的重力是一對平衡力，故A錯誤；B.木塊對桌面的壓力是彈力，是由于木塊發(fā)生彈性形變產(chǎn)生的，故B錯誤；C...木塊對桌面的壓力是彈力，是由于木塊發(fā)生形變而產(chǎn)生的，故C正確；D.木塊保持靜止是由于桌面對木塊的支持力與木塊受到的重力保持平衡，故D錯誤。故選C?！窘馕觥緾

2、D【分析】略【解析】D

3、A【分析】【分析】對學(xué)生研究，受重力和支持力，在最低點(diǎn)靠兩個(gè)力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出支持力的大小，從而求出學(xué)生對秋千板的壓力。解決本題的關(guān)鍵搞清向心力的來源，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解?！窘獯稹扛鶕?jù)牛頓第二定律得N?mg=mv2L

解得N=mg+mv2L=400N+40隆脕93N=520N

故A正確，BCD錯誤。故選A?！窘馕觥緼

4、B【分析】解：A

桌面對書的支持力F1

和書的重力mg

是一對平衡力；故A錯誤．

B；桌面對書的支持力F1

和物體對桌面的壓力F2

是一對作用力與反作用力；故B正確．

C；桌面對書的支持力F1

是由于桌面的彈性形變而產(chǎn)生的；故C錯誤．

D；書對桌面的壓力F2

是由于書的彈性形變而產(chǎn)生的；故D錯誤．

故選B．

正確分析物體的受力情況；物體受到重力mg

和桌面的支持力F1

作用而靜止．

作用力和反作用力只涉及相互作用的兩個(gè)物體，并且作用在兩個(gè)不同的物體上，平衡力作用在同一個(gè)物體上．【解析】B

5、D【分析】試題分析：燈泡亮度由燈泡實(shí)際功率決定，燈泡亮度與電流、電壓、電阻無關(guān)，燈泡越亮，燈泡消耗的電功率越大；故選D．考點(diǎn)：電功率【解析】【答案】D6、C【分析】解答：A、電路中通過q=2C的電荷量，電池提供的電能W=4J，根據(jù)電動勢的定義式得電動勢E=2V．故A錯誤．

B；電動勢表征電源本身的特性；與外電路無關(guān)，當(dāng)電源的路端電壓增大時(shí)，其電源電動勢不變．故B錯誤．

C；電動勢由電源本身決定；當(dāng)內(nèi)電壓和外電壓變化時(shí)，電源電動勢保持不變．故C正確．

D；電動勢越大；電源將單位正電荷負(fù)極移到正極提供的電能越多．故D錯誤．

故選：C

分析：電路中每通過2C的電荷量，電池提供的電能是4J，根據(jù)電動勢的定義式求出電動勢．電動勢表征電源本身的特性，與外電路無關(guān)，對于給定的電源，電動勢一定．電動勢越大，電源將單位正電荷負(fù)極移到正極提供的電能越多．7、D【分析】正電荷做曲線運(yùn)動所受合外力應(yīng)指向曲線凹側(cè)，由此可判斷電場方向由N

指向M

所以負(fù)電荷位于M

點(diǎn)左側(cè)，A錯誤；a

點(diǎn)電勢高于b

點(diǎn)電勢，B錯誤；電荷從a

到b

電場力做正功，電勢能減小，故粒子在a

點(diǎn)的電勢能大于在b

點(diǎn)的電勢能，C錯誤；b

點(diǎn)更靠近場源電荷所以b

點(diǎn)電場強(qiáng)度較強(qiáng)，粒子在a

點(diǎn)加速度大小小于在b

點(diǎn)加速度；D正確。

考點(diǎn)：電場線；電勢能；電場強(qiáng)度?！窘馕觥緿

二、填空題(共8題，共16分)8、略

【分析】

改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓。

串聯(lián)阻值為R=-Rg=

故答案為：串聯(lián)1800Ω

【解析】【答案】電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)的阻值為R=-Rg；U為改裝后的量程．

9、略

【分析】

由題，電荷經(jīng)過a、b點(diǎn)時(shí)的動能分別為26eV和5eV，動能減小為21eV．而相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運(yùn)動時(shí)電場力做功相等，電勢能變化量相等，則電荷從3等勢面到4等勢面時(shí)，動能減小7eV，電勢能增大，等勢面3的電勢為0，電荷經(jīng)過b時(shí)電勢能為7eV，又由題，電荷經(jīng)b點(diǎn)時(shí)的動能為5eV，所以電荷的總能量為E=Ep+Ek=7eV+5eV=12eV；其電勢能變?yōu)?8eV時(shí)，根據(jù)能量守恒定律得到，動能應(yīng)為20eV．

故答案為：20eV．

【解析】【答案】由題，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運(yùn)動時(shí)電場力做功相等，電勢能變化量相等，根據(jù)能量守恒定律確定出電荷在b等勢面上的電勢能；寫出電荷的總能量，再由能量守恒求出其電勢能變?yōu)?8eV時(shí)的動能值．

10、略

【分析】【解析】試題分析：（1）根據(jù)折射率公式則（2）黑色代表實(shí)際光路，但是紅色代表作圖的光路，顯然測量的折射角偏大，所以導(dǎo)致計(jì)算折射率結(jié)果偏小?？键c(diǎn)：玻璃磚的折射率【解析】【答案】（1）1.5（2）偏小11、略

【分析】根據(jù)題意知當(dāng)電壓氖管開始起輝，則大于此電壓都可起輝，則有：得：由此可知，氖管從時(shí)間內(nèi)起輝，所以正弦交流電在上半周期氖管起輝的時(shí)間為所以現(xiàn)周期內(nèi)氖管共輝時(shí)間=0.01s【解析】【答案】0.01s12、略

【分析】解：由圖可知；常兩次閃光中A的位移相同，AB不可能相碰；而B開始時(shí)靜止在60cm處，故可知，A在第1次閃光后的2.5T時(shí)發(fā)生碰撞；

設(shè)碰前A的速度為v，則碰后A的速度為碰后B的速度為v，向右為正方向；

根據(jù)動量守恒定律得，

解得．

故答案為：2.5T2：3

A開始做勻速直線運(yùn)動；根據(jù)題意知，每個(gè)T內(nèi)運(yùn)行20cm，B開始處于靜止，通過碰后速度的大小關(guān)系判斷出質(zhì)量的關(guān)系．

解決本題的關(guān)鍵通過相等時(shí)間間隔內(nèi)運(yùn)行的位移得出A物體碰撞前后的速度關(guān)系，以及碰后A、B的速度關(guān)系，結(jié)合動量守恒定律進(jìn)行求解【解析】2.5T；2：313、略

【分析】解：AB

兩物塊在彈簧壓縮過程中；系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒.

當(dāng)兩物塊相距最近時(shí)速度相同，取碰撞前B

的速度方向?yàn)檎较?，設(shè)共同速率為v

根據(jù)動量守恒定律得到。

mv2鈭?mv1=2mvA

解得vA=0.5m/s

．

整個(gè)過程中彈簧的最大彈性勢能為EP=12mv22+12mv12鈭?12鈰?2mvA2

．

代入數(shù)據(jù)解得EP=12.25J

故答案為：0.5m/s12.25J

當(dāng)兩物塊相距最近時(shí)速度相同；根據(jù)動量守恒定律求出它們的速度大小.

整個(gè)過程中彈簧的最大彈性勢能等于系統(tǒng)動能的減少量，由機(jī)械能守恒定律求解．

本題含有彈簧的碰撞問題，往往遵守動量守恒和機(jī)械能守恒兩大規(guī)律.

要知道臨界條件：兩物塊相距最近時(shí)速度相同．【解析】0.5m/s12.25J

14、0.97;C【分析】解：(1)

游標(biāo)卡尺讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加游標(biāo)尺讀數(shù)；

固定刻度讀數(shù)為：0.9cm

游標(biāo)尺第7

刻線與主尺刻線對其；讀數(shù)為0.07cm

故讀數(shù)為：0.07+0.9=0.97cm

(2)A

用單擺的最大擺角應(yīng)小于5鈭?

故A錯誤；

B；一個(gè)周期的時(shí)間內(nèi)；擺球通過最低點(diǎn)2

次，故B錯誤；

C、由單擺的周期公式可推出重力加速度的計(jì)算式g=4蟺2LT2

可知；擺長偏大則代入單擺周期公式計(jì)算得到的重力加速度值偏大，故C正確；

D；為減小實(shí)驗(yàn)誤差因；應(yīng)選擇密度較大的擺球，故D錯誤．

故選C．

故答案為：0.97C

【解析】0.97;C

15、0【分析】解：變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；不能改變恒定電流的電壓，所以在副線圈中沒有電壓，示數(shù)為零．

故答案為：0．

當(dāng)變壓器鐵芯中的磁通量發(fā)生變化時(shí)；在副線圈中才能產(chǎn)生電動勢，而變壓器不能改變直流電壓．

本題考查了變壓器的變壓原理，本題容易錯誤的根據(jù)變壓比公式列式求，記住不能簡單的套用公式．【解析】0三、判斷題(共8題，共16分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、解答題(共4題，共8分)24、略

【分析】

（1）對B，根據(jù)牛頓第二定律得：F-μ2mg=maB

求得：aB=2m/s2．

（2）設(shè)A經(jīng)過t時(shí)間追上B；對A，由牛頓第二定律得：

μ1mg=maA

sB=

恰好追上的條件為：

v-aAt=aBt

sA-sB=l

代入數(shù)據(jù)解得：v=3m/s

答：

（1）物塊B運(yùn)動的加速度大小是2m/s2；

（2）物塊A初速度大小是3m/s．

【解析】【答案】（1）物塊B在水平方向受到拉力F和摩擦力；根據(jù)牛頓第二定律求解物塊B的加速度大?。?/p>

（2）根據(jù)牛頓第二定律求出A的加速度．由題；A恰好能追上B，相遇時(shí)，兩者的速度相等，位移之差等于l，由位移公式和速度公式，結(jié)合關(guān)系式求出物塊A初速度大小．

25、略

【分析】

飛機(jī)接收到第一個(gè)無線電脈沖時(shí)距雷達(dá)的距離為。

S1=c?

飛機(jī)接收到第一個(gè)無線電脈沖時(shí)距雷達(dá)的距離為。

S2=c?

則在△t=0.8s時(shí)間內(nèi)飛機(jī)的位移為：

△x=S1-S2=c?-c?=300m

故飛機(jī)的飛行速度為：v==375m/s

答：飛機(jī)的飛行速度為375m/s．

【解析】【答案】雷達(dá)發(fā)出的無線電脈沖在空中勻速傳播；速度為光速c，脈沖碰到飛機(jī)后被反射回來，根據(jù)發(fā)射和接收的時(shí)間間隔求出飛機(jī)離雷達(dá)的距離，由兩次距離差求出飛機(jī)飛行的位移，根據(jù)速度公式求出飛機(jī)的速度．

26、略

【分析】

A；若磁鐵的N極向下插入；穿過線圈的磁通量增加，磁場方向向下，根據(jù)楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生逆時(shí)方向的感應(yīng)電流．故A錯誤．

B；若磁鐵的S極向下插入；穿過線圈的磁通量增加，磁場方向向上，根據(jù)楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生順時(shí)方向的感應(yīng)電流．故B錯誤．

C；D根據(jù)安培定則判斷可知；當(dāng)N極向下插入時(shí)，線圈上端相當(dāng)于N極；當(dāng)S極向下插入，線圈上端相當(dāng)于S極，與磁鐵的極性總相反，存在斥力．故C錯誤，D正確．

故選D

【解析】【答案】在磁鐵進(jìn)入線圈的過程中；穿過線圈的磁通量增加，根據(jù)磁場方向，由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．通電線圈的磁場與條件磁鐵相似，由安培定則判斷線圈的極性，分析線圈與磁鐵間的作用力．

27、略

【分析】

（1）①因?yàn)閹y電阻的阻值較??；電流表應(yīng)用外接法；

②0.6A量程；每小格代表0.02A，讀數(shù)為；24×0.02=0.48A；3V量程，每小格代表0.1V，讀數(shù)為22×0.1=2.2V；

④螺旋測微器的讀數(shù)為：主尺+半毫米+轉(zhuǎn)筒=6mm+0.5mm+7.5×0.01mm=6.575mm；

（2）①歐姆表選檔后要進(jìn)行歐姆調(diào)零；讀數(shù)為：22×10=220Ω

②在U-I圖象中，與縱軸的交點(diǎn)表示電動勢，所以為1.5V，斜率表示內(nèi)阻，所以為r==2.5Ω

故答案為：（1）①外；

②0.48；2.2；

④6.575；

（2）①歐姆調(diào)零；220

②1.5；2.5

【解析】【答案】伏安法測電阻時(shí)；若電阻較小，電流表要外接；電表的讀數(shù)為指針?biāo)傅母褡訑?shù)乘以每小格代表的數(shù)；螺旋測微器的讀數(shù)為：主尺+半毫米+轉(zhuǎn)筒；在U-I圖象中，與縱軸的交點(diǎn)表示電動勢，斜率表示內(nèi)阻．

五、簡答題(共3題，共9分)28、rm{(1)2CH_{3}OH(g)+3O_{2}(g)簍T2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=(2a-3b)kJ?mol^{-1}}

rm{(1)2CH_{3}OH(g)+

3O_{2}(g)簍T2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangle

H=(2a-3b)kJ?mol^{-1}}

rm{(2)壟脵0.15mol/(L隆隴min)}升高溫度rm{壟脷30}

rm{>}正極rm{(3)}rm{N_{2}O_{5}}rm{4}【分析】【分析】本題考查蓋斯定律的而應(yīng)用，電極反應(yīng)的書寫和相關(guān)計(jì)算以及化學(xué)平衡的影響因素，綜合性較強(qiáng)有一定的難度。【解答】rm{(1)}rm{(1)壟脵C(jī)O}rm{(1)壟脵C(jī)O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+3H}rm{(g)+3H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)?CH}rm{(g)?CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)+H}rm{OH(g)+H}rm{{,!}_{2}}

rm{O(g)triangleH=-a}rm{kJ?mol}rm{O(g)triangleH=-a}rm{kJ?mol}rm{{,!}^{-1}}；rm{壟脷2H}rm{壟脷2H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+O}rm{(g)+O}

rm{{,!}_{2}}rm{(g)簍T2H}rm{(g)簍T2H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)triangleH=-b}rm{kJ?mol}rm{O(g)triangleH=-b}rm{kJ?mol}rm{{,!}^{-1}}；由蓋斯定律可知，rm{壟脷隆脕dfrac{3}{2}-壟脵}得到rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(l)+3/2}

rm{OH(l)+3/2}rm{O}rm{O}燃燒熱的熱化學(xué)方程式為rm{{,!}_{2}}rm{(g)=CO}rm{(g)=CO}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+2H}rm{(g)+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O(l)triangleH=-(3/2}rm{O(l)triangleH=-(3/2}rm{b-a)kJ?mol}rm{b-a)kJ?mol}rm{{,!}^{-1}}，

則rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(l)}燃燒熱的熱化學(xué)方程式為rm{CH}rm{OH(l)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(l)+3/2}rm{OH(l)+3/2}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=CO}rm{(g)=CO}

rm{{,!}_{2}}由圖可知，rm{(g)+2H}時(shí)rm{(g)+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O(l)triangleH=-(3/2}濃度變化為rm{O(l)triangleH=-(3/2}則rm{v(C{l}_{2})=dfrac{0.9mol/L}{6min}=0.15mol?{L}^{-1}?mi{n}^{-1}}rm{b-a)kJ?mol}

rm{b-a)kJ?mol}rm{{,!}^{-1}}，故答案為：rm{2CH}rm{2CH}rm{{,!}_{3}}

rm{OH(l)+3}根據(jù)化學(xué)平衡常數(shù)的概念可知rm{K=dfrac{cleft({COCl}_{2}right)}{cleft({Cl}_{2}right)隆隴cleft(COright)}=dfrac{0.9mol/L}{0.3mol/L隆隴0.1mol/L}=30{left(mol/Lright)}^{-1}}則平衡常數(shù)為rm{OH(l)+3}影響平衡移動的因素有溫度、濃度和壓強(qiáng)，該反應(yīng)是放熱反應(yīng)，由圖可知，第rm{O}rm{O}時(shí)平衡逆向移動，只能是升溫，且平衡常數(shù)減小，

rm{{,!}_{2}}升高溫度；rm{(g)=2CO}；rm{(g)=2CO}處理rm{{,!}_{2}}的電池總反應(yīng)式為rm{(g)+4H}根據(jù)原電池原理判斷通入氧氣一極為正極，故石墨rm{(g)+4H}是正極，二氧化氮在石墨rm{{,!}_{2}}上失電子生成rm{O(l)triangleH=(}故rm{O(l)triangleH=(}氣體是rm{2a-3b}，rm{)kJ?mol}到rm{)kJ?mol}轉(zhuǎn)移rm{{,!}^{-1}}電子，當(dāng)當(dāng)外電路通過；石墨rm{(2)壟脵}由圖可知，rm{6min}時(shí)rm{Cl}電極上會消耗rm{(2)壟脵}故答案為：正極；rm{6min}；rm{Cl}rm{{,!}_{2}}【解析】rm{(1)2CH_{3}OH(g)+3O_{2}(g)簍T2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=(2a-3b)kJ?mol^{-1}}rm{(1)2CH_{3}OH(g)+

3O_{2}(g)簍T2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangle

H=(2a-3b)kJ?mol^{-1}}rm{(2)壟脵0.15mol/(L隆隴min)}升高溫度rm{壟脷30}rm{>}正極rm{(3)}rm{N_{2}O_{5}}rm{4}29、rm{(1)CH_{2}=CH_{2}}

rm{(2)}

rm{(3)}取代反應(yīng)氧化反應(yīng)

rm{(4)}rm{1}rm{1}

rm{(5)11}或或【分析】【分析】題考查有機(jī)物推斷，難度中等，注意根據(jù)有機(jī)物結(jié)構(gòu)進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)?！窘獯稹縭m{A}是石油化工的重要產(chǎn)品且分子中所有原子在同一平面上，結(jié)合rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式可知rm{A}為rm{CH_{2}=CH_{2}}由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知，rm{B}為rm{CH_{3}CHO}rm{C}為rm{CH_{3}COOH}結(jié)合rm{G}的結(jié)構(gòu)可知rm{F}為rm{H}的分子式是rm{C_{7}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕7+2-8}{2}=4}rm{H}含有一個(gè)苯環(huán)，故H為由rm{J}的結(jié)構(gòu)可知rm{I}為rm{I}發(fā)生氧化反應(yīng)得到rm{J}rm{J}發(fā)生水解反應(yīng)得到rm{E(}鄰醛基苯甲酸rm{)}rm{E}與甲醇發(fā)生酯化反應(yīng)得到rm{F}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式是rm{CH_{2}=CH_{2}}故答案為：rm{CH_{2}=CH_{2}}

rm{(2)H隆煤I}的反應(yīng)方程式為：rm{E隆煤F}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(3)C隆煤D}是rm{CH_{3}COOH}中rm{-OH}被rm{-Cl}取代生成rm{CH_{3}COCl}屬于取代反應(yīng)；rm{I隆煤J}是中甲基被氧化為rm{-COOH}屬于氧化反應(yīng)；

故答案為：取代反應(yīng)；氧化反應(yīng)；

rm{(4)}標(biāo)況下，rm{1molE}與足量的rm{Na}單質(zhì)反應(yīng)生成rm{1mol}氫氣rm{(}羥基和羧基都會與鈉反應(yīng)rm{)}rm{1molE}與足量的與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)生rm{1mol}二氧化碳，故氣體體積比為rm{1:1}

故答案為：rm{1:1}

rm{(5)}滿足以下條件的的同分異構(gòu)體rm{(}不包含含rm{F)}

rm{壟脵}能與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)；含有酚羥基；

rm{壟脷}苯環(huán)上有兩個(gè)取代基，為rm{-OH}rm{-COOCH}rm{3}，或rm{3}rm{-OH}rm{-OOCCH}，或rm{3}rm{3}rm{-OH}rm{-CH}或rm{2}rm{2}rm{COOH}rm{-OH}有鄰、間、對三種位置rm{-CH}紅外光譜等方法檢測分子中有如結(jié)構(gòu)；可能含有酯基；可能為羧基；

，故符合條件的同分異構(gòu)體有rm{2}種rm{2}不含rm{OOCH}其中能與碳酸氫鈉溶液反應(yīng)，說明含有rm{壟脹}該同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式為：或或

故答案為：rm{11}或或rm{(}【解析】rm{(1)CH_{2}=CH_{2}}rm{(2)}rm{(3)}取代反應(yīng)氧化反應(yīng)rm{(4)}rm{1}rm{1}rm{(5)11}或或30、rm{(1)}第二周期Ⅳrm{A}族

rm{(2)3d^{3}}

rm{(3)MgCO_{3}}

rm{(4)sp}雜化正四面體

rm{(5)Cr_{2}O_{7}^{2-}+14H^{+}+6e^{-}=2Cr^{