貴州省黎平縣第三中學2025屆物理高二第一學期期末檢測模擬試題含解析

貴州省黎平縣第三中學2025屆物理高二第一學期期末檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一根長為0.2m、電流為1A的通電導線，放在磁感應強度為1T的勻強磁場中，通電導線與磁場磁感應強度方向的夾角為30°，則導線受到磁場力的大小為（）A.0.4N B.0.3NC.0.2N D.0.1N2、如圖所示，在MNQP中有一垂直紙面向里的勻強磁場．質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子a、b、c以不同的速率從O點沿垂直于PQ的方向射入磁場，圖中實線是它們的軌跡．已知O是PQ的中點，不計粒子重力．下列說法中正確的是A.射入磁場時粒子a速率最小B.粒子a帶負電，粒子b、c帶正電C.射出磁場時粒子b的動能最小D.粒子b在磁場中運動的時間最短3、六根絕緣的導線，在同一平面內(nèi)組成四個相等的正方形，導線中通以大小相同的電流，方向如圖所示，在這四個正方形區(qū)域中，指向紙面內(nèi)且磁通量最大的區(qū)域是哪一個（）A.Ⅰ B.ⅡC.Ⅲ D.Ⅳ4、根據(jù)外媒某軍事雜志一篇關(guān)于中國航母的報道，其猜測中國自行設計建造的第三艘國產(chǎn)航母將采用電磁彈射裝置．航母上飛機彈射起飛所利用的電磁驅(qū)動原理如圖所示．當固定線圈上突然通過直流電流時，線圈左側(cè)的金屬環(huán)被彈射出去．則下列說法正確的是A.金屬環(huán)向左運動過程中將有擴大趨勢B.若將金屬環(huán)置于線圈的右側(cè)，環(huán)將不能彈射出去C.若將電池正、負極調(diào)換后，金屬環(huán)不能向左彈射D.合上開關(guān)S的瞬間，從右側(cè)看環(huán)中產(chǎn)生沿順時針方向的感應電流5、能源的種類有很多，下列能源屬于二次能源的是A.煤 B.石油C.電能 D.天然氣6、關(guān)于磁場和磁感線的描述，正確的說法是：（）A.磁感線從磁體的N極出發(fā)，終止于S極B.磁場的方向就是通電導體在磁場中某點受磁場作用力的方向C.沿磁感線方向，磁場逐漸減弱D.在磁場強的地方同一通電導體受的安培力可能比在磁場弱的地方受的安培力小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、靜電場在x軸上場強E隨的變化關(guān)系如圖所示，x軸正方向為場強的正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動，那么點電荷A.由x1運動到x3的過程中電勢能增大B.由x1運動到x4的過程中電場力先增大后減小C.由x1運動到x4的過程中電勢能先增大后減小D.在x2和x4處電勢相等8、在如圖所示的豎直平面內(nèi)，在水平線MN的下方有足夠大的勻強磁場，一個等腰三角形金屬線框頂點C與MN重合，線框由靜止釋放，沿軸線DC方向豎直落入磁場中．忽略空氣阻力，從釋放到線框完全進入磁場過程中，關(guān)于線框運動的v－t圖，可能正確的是：（）A. B.C. D.9、如圖所示的xOy平面內(nèi)，存在正交的勻強磁場和勻強電場，勻強磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直xOy平面向里，勻強電場大小為E，方向沿y軸正方向．將一質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子從O點由靜止釋放，粒子的運動曲線如圖所示，運動周期為T，P點距x軸的距離為粒子運動過程中距x軸最大距離的一半，粒子的重力忽略不計．以下說法正確的是()A.粒子帶正電B.粒子運動到最低點時，粒子所受電場力與洛倫茲力大小相等C.粒子由P點運動到與之等高的Q點所用時間為D.粒子在運動過程中，距x軸的最大距離為10、某電場的部分電場線如圖中實線所示，AB是一帶電粒子僅在電場力作用下運動軌跡（圖中虛線）上的兩點，下列說法中正確的是（）A.粒子一定是從B點向A點運動B.電場中A點的電勢低于B點的電勢C.粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能D.粒子在A點的加速度小于它在B點的加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在描繪一個標有“6.3V0.3A”小燈泡伏安特性曲線的實驗中，要求燈泡兩端的電壓由零逐漸增加到6.3V，并便于操作．已選用的器材有：學生電源（電動勢為9V，內(nèi)阻約1Ω）；電流表（量程為0~0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω；量程為0~3A，內(nèi)阻約0.04Ω）；電壓表（量程為0~3V，內(nèi)阻約3kΩ；0~15V，內(nèi)阻約15kΩ）；開關(guān)一個、導線若干（1）實驗中還需要選擇一個滑動變阻器，現(xiàn)有以下兩個滑動變阻器，則應選其中的_________（選填選項前的字母）A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，最大允許電流1A)B．滑動變阻器（最大阻值1500Ω，最大允許電流0.3A)（2）實驗電路圖應選用圖1中的_________（選填“甲”或“乙”）（3）請根據(jù)（2）中所選的電路圖，補充完成圖2中實物電路的連線（4）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，畫出的小燈泡I-U圖線如圖3所示．由此可知，當小燈泡兩端的電壓增加時，小燈泡的電阻值將________（選填“變大”或“變小”）12．（12分）在測定金屬的電阻率的實驗中，用螺旋測微器測量金屬導線直徑d，如右圖所示，則d=____________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，平面直角坐標系中，軸左側(cè)有垂直紙面向里勻強磁場，軸右側(cè)有沿著軸正方向的勻強電場，一質(zhì)量為帶電荷量為的電子從軸上的M點以速度沿與軸正方向的夾角為60°斜向上進入磁場，垂直通過軸上的N點后經(jīng)過軸上的P點，已知不計電子重力，求:(1)勻強磁場的磁感應強度的大?。?2)勻強電場的電場強度的大??；(3)電子從M點到P點的運動時間14．（16分）如圖所示，光滑的平行導軌與水平面的夾角為θ＝37°，兩平行導軌間距為L＝1m，整個裝置處在豎直向上的勻強磁場中。導軌中接入電動勢為E=4.5V、內(nèi)阻為r=0.5Ω的直流電源，電路中有一阻值為R=1Ω的電阻，其余電阻不計。將質(zhì)量為m=4kg，長度也為L的導體棒放在平行導軌上恰好處于靜止狀態(tài)，重力加速度為g=10m/s2，（sin370=0.6，cos370=0.8），求：（1）通過ab導體棒的電流強度為多大？（2）勻強磁場的磁感應強度為多大？（3）若突然將勻強磁場的方向變?yōu)榇怪睂к壠矫嫦蛏?，求此時導體棒的加速度大小及方向。15．（12分）一束電子流（電子質(zhì)量為m，電量絕對值為q，初速度可忽略）經(jīng)電壓為U的加速電場加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，兩板間距為d，板長為l，電子恰好能從平行板下邊緣飛出，如圖所示。不考慮電子的重力，求：(1)電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度大小；(2)兩極板間所加的偏轉(zhuǎn)電壓。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的大小公式，其中θ為導線與磁感應強度的夾角；【詳解】通電導線與磁場磁感應強度方向的夾角為30°，則導線受到磁場力的大小為：，故D正確，ABC錯誤【點睛】本題主要是考查安培力計算，解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的大小公式2、D【解析】A．粒子在磁場中做勻速圓周運動時，由洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得由圖可知，射入磁場時粒子c的半徑最小，則速率最小，故A錯誤；B．由圖可知，a向左偏，bc向右偏，根據(jù)左手定則知粒子a帶正電，粒子b、c帶負電，故B錯誤；C．粒子的動能由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子動能越大，由圖示可知，b的軌道半徑r最大，則b粒子動能最大；c的半徑最小，則動能最小，故C錯誤；D．粒子在磁場中做圓周運動的周期相同，粒子在磁場中的運動時間由于m、q、B都相同，粒子c轉(zhuǎn)過的圓心角θ最大，則在磁場中c的運動時間最大，粒子b轉(zhuǎn)過的圓心角θ最小，則在磁場中b的運動時間最小，故D正確3、A【解析】以點代表磁場指向紙外，叉代表磁場指向紙內(nèi)，根據(jù)安培定則分析可知，各導線在四個區(qū)域產(chǎn)生的磁場方向如表所示導線區(qū)域Ⅰ區(qū)域Ⅱ區(qū)域Ⅲ區(qū)域Ⅳ1點點點點2叉點點叉3叉叉叉叉4點點點點5叉叉點點6叉叉叉叉根據(jù)磁場的疊加可知，指向紙面內(nèi)的磁場最強的區(qū)域是區(qū)域I，故A正確。故選A。4、D【解析】A、固定線圈上突然通過直流電流，穿過環(huán)的磁通量增大，根據(jù)楞次定律“增縮減擴”可知金屬環(huán)被向左彈射的瞬間，還有縮小的趨勢，故A錯誤；B、若金屬環(huán)放在線圈右方，根據(jù)“來拒去留”可得，環(huán)將向右運動；故B錯誤；C、根據(jù)“來拒去留”，在線圈上突然通過直流電流時，環(huán)都會受到向左的力的作用，與電源的正負極無關(guān)，故C錯誤；D、線圈中電流為左側(cè)流入，磁場方向為向右，在閉合開關(guān)的過程中，磁場變強，則由楞次定律可知，金屬環(huán)的感應電流由右側(cè)看為順時針；故D正確5、C【解析】煤、石油、天然氣等是直接從自然界直接獲取的能源，是一次能源，故ABD錯誤；我們生活中所使用的電能都是通過其他形式的能轉(zhuǎn)化而來的，是二次能源．故C正確6、D【解析】磁感線從磁體的N極出發(fā)，進入S極,形成閉合曲線．電流所受磁場力方向垂直于磁場和電流所確定的平面．磁感線的疏密能表示磁場強弱，沿著磁感線磁場不一定減弱．安培力的大小除了和磁場強弱電流大小有關(guān)以外，還與磁場與電流的方向夾角有關(guān)，所以在磁場強的地方同一通電導體受的安培力可能比在磁場弱的地方受的安培力?。鸢高xD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】ACD．由x1運動到x4的過程中，電場力一直做負功，電勢能一直增大，所以A正確，CD錯誤；B．根據(jù)圖像，由x1運動到x4的過程中場強大小先增大后減小，電場力先增大后減小，B正確；故選AB。8、CD【解析】根據(jù)楞次定律的“來拒去留”可知線框受到向上的安培力，線框由靜止向下做加速運動，設線框的有效切割磁感線的長度為L，線框的電阻為R，則有，根據(jù)歐姆定律可得，故，根據(jù)牛頓第二定律可得，故，運動過程中，L在變大，v在變大，故加速度在減小，即速度時間圖像的斜率再減小，故AB錯誤；由于不知道當線框完全進入磁場時重力和安培力的關(guān)系，所以之后線框的速度可能繼續(xù)增大，可能恒定不變，故CD正確9、AC【解析】考查帶電粒子在復合場中的運動。詳解】A．粒子由靜止開始運動，故開始時電場力方向向下，故帶正電，A正確；B．粒子運動到最低點時，合運動的洛倫茲力向上，電場力向下，合力提供向心力，故洛倫茲力大于電場力，B錯誤；C．粒子的初速度為零，將初速度沿水平方向分解為水平向左和水平向右的兩個相等分速度v1和v2，大小都是v，向右的分速度v2，對應的洛倫茲力f2與電場力平衡，故粒子的第二分運動以v1的初速度向左運動，做逆時針的勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律，有：其中：聯(lián)立解得：粒子由P點運動到與之等高的Q點所用時間為：C正確；D．粒子在運動過程中，距x軸的最大距離為：D錯誤。故選AC。10、BC【解析】A．帶電粒子僅在電場力作用下運動，帶電粒子受電場力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，粒子可能是從B點向A點運動，也有可能是從A點向B點運動的，A錯誤；B．沿電場線方向電勢降低，所以電場中A點的電勢低于B點的電勢，B正確；C．帶電粒子受電場力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，假設由A點運動到B點過程中，電場力與軌跡上每一點的切線方向也就是速度方向成鈍角，所以電場力做負功，電勢能增大，動能減小，所以粒子在A點的動能大于它在B點的動能，粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能，反之一樣，C正確；D．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，粒子在A點時受到的電場力大，則粒子在A點的加速度大于它在B點的加速度，D錯誤。故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）A②.（2）乙（3）③.（4）變大【解析】（1）（2）根據(jù)題目要求確定滑動變阻器與電流表的接法，然后選擇實驗電路；（3）根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖；（4）根據(jù)圖象，應用歐姆定律及影響燈絲電阻的因素分析答題【詳解】：（1）實驗要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，則滑動變阻器應采用分壓接法，所以要選擇最大值比較小的A；（2）燈泡正常發(fā)光時的電阻為，該電阻值相對于電壓表屬于小電阻，所以電流表應采用外接法，且要求燈泡兩端的電壓由零逐漸增加到6.3V，則滑動變阻器需要分壓式，因此實驗電路應選乙；（3）根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（4）在I-U圖象中，各個點與坐標原點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，隨電壓增大，各點與坐標原點的連線的斜率減小，所以可知待測電阻的電阻值增大【點睛】對電學實驗要明確以下情況滑動變阻器必須用分壓式接法：①要求電壓或電流從零調(diào)；②變阻器的全電阻遠小于待測電阻；③用限流接法時通過電流表的電流大于電流表的量程12、0959—0.961mm【解析】螺旋測微器讀數(shù)方法：①先讀固定刻度②再讀半刻度，若半刻度線已露出，記作0.5mm；若半刻度線未露出，記作0.0mm；③再讀可動刻度（注意估讀）．記作n×0.01mm；④最終讀數(shù)結(jié)果為固定刻度+半刻度+可動刻度固定可得讀數(shù)：0；半刻度讀數(shù)為：0.5mm；可動刻度讀數(shù)為：0.01mm×46.0=0.960mm，故讀數(shù)為：0.960mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）勻強磁場的磁感應強度的大小為；（2）勻強電場的電場強度的大小為；（3）電子從M點到P點的運動時間為【解