遼寧省凌源市聯(lián)合校2025屆高三物理上學期期中試題含解析

PAGE13-遼寧省凌源市聯(lián)合校2025屆高三物理上學期期中試題（含解析）一、選擇題1.在物理學的重大發(fā)覺中，科學家們總結出了很多物理學方法，以下關于物理學探討方法的敘述正確的是（）A.在不須要考慮物體本身的大小和形態(tài)時，用質點來代替物體的方法運用了假設法B.依據(jù)速度的定義式，當△t趨近于零時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了微元法C.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程等分成很多小段，然后將各小段位移相加，運用了微積分的方法．D.在對自由落體運動的探討中，伽利略猜想運動速度與下落時間成正比，并干脆用試驗進行了驗證【答案】C【解析】【詳解】A、質點采納的科學方法為建立志向化的物理模型的方法,故A錯誤;

B、為探討某一時刻或某一位置時的速度,我們采納了取時間特別小,即讓時間趨向無窮小時的平均速度作為瞬時速度,即采納了極限思維法,故B錯誤；C、在探究勻變速運動的位移公式時,采納了微元法將變速運動無限微分后變成了一段段的勻速運動,即采納了微積分的方法，故C正確；

D、伽利略猜想自由落體的運動速度與下落時間成正比，并未干脆進行驗證，而是在斜面試驗的基礎上的志向化推理并干脆用試驗進行了驗證，故D錯誤；綜上所述本題答案是：C2.在同一條平直馬路上同向運動的甲、乙兩車的v-t圖像如圖所示,已知甲、乙兩車在t1時刻并排行駛．下列說法正確的是（）A.在0時刻甲車在前，乙車在后B.兩車在t2時刻再次并排行駛C.在t1到t2時間內(nèi)，兩車的平均速度相等D.兩車的加速度大小均先增大后減小【答案】A【解析】【詳解】A、依據(jù)速度圖象與坐標軸圍成面積大小表示位移，由圖像可得在時間內(nèi)，乙車的位移大于甲車的位移，時甲乙并排，則0時刻甲車在前，乙車在后，故A正確；B、由圖像可得，在時間內(nèi)，甲車的位移大于乙車的位移，時甲乙并排，則時刻甲車在前，乙車在后，故B錯誤；C、由于在t1到t2時間內(nèi)，甲車的位移大于乙車的位移，依據(jù)平均速度公式可知，甲車的平均速度大于乙車的平均速度，故C錯誤；D、圖像斜率為加速度，由圖像可得甲、乙兩圖象斜率均先減小后增大，即加速度大小均先減小后增大，故D錯誤；故選A．【點睛】關鍵是要明確斜率含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義．3.如圖所示，甲圖是某人站在力傳感器上做下蹲-起跳動作的示意圖，甲圖中的“●”表示人的重心，乙圖是依據(jù)力傳感器畫出的壓力F隨時間t改變的圖線．乙圖中a、d、f、g各點數(shù)據(jù)分別與甲圖中人的a、d、f、g狀態(tài)相對應，其余點對應狀態(tài)沒有在甲圖中畫出．乙圖中a、c、e、i點對應的縱坐標均為610N．請依據(jù)這兩個圖所給出的信息，推斷下列說法中正確的是A乙圖中b點時刻，人處于超重狀態(tài)B.乙圖中d點時刻，人處于失重狀態(tài)C.乙圖中g點時刻，人處于失重狀態(tài)D.乙圖中i點時刻，人的速度為零【答案】C【解析】【詳解】人下蹲過程中先加速下降，到達一個最大速度后再減速下降，直至速度減為零，則乙圖中b點時刻，人處于失重狀態(tài)，A錯誤；人站起來的階段向上做加速運動，處于超重狀態(tài)，則乙圖中d點時刻，人處于超重狀態(tài)，B錯誤；當人離開水平面時處于完全失重狀態(tài)，則乙圖中g點時刻，人處于失重狀態(tài)，C正確；當人落回到水平面時，向下先加速后減速運動，則乙圖中i點時刻，人的速度最大，不為零，D錯誤；故選C。4.如圖所示，一輕質彈簧一端系在墻上的O點，彈簧處于原長狀態(tài)時另一端位于B點，今用一小物體m把彈簧壓縮到A點，然后釋放，小物體能運動到C點靜止，物體與水平地面間的動摩擦因數(shù)恒定，試推斷下列說法中正確的是（）A.物體從A到B速度越來越大，從B到C速度越來越小B.物體從A到B先加速后減速，從B到C始終減速運動C.物體從A到B加速度越來越小，從B到C加速度不變D.物體在B點所受合力為零【答案】B【解析】【詳解】物體豎直方向受到重力與地面的支持力平衡，水平方向受到彈簧的彈力和滑動摩擦力．從A到B過程中，彈簧的彈力水平向右，摩擦力水平向左，彈簧的彈力先大于摩擦力，后小于摩擦力，故物體先加速后減速，從B到C過程，摩擦力和彈簧的彈力方向均向左，物體始終做減速運動．故AC錯誤，B正確．物體在B點時，彈簧的彈力為零，而摩擦力不為零，則物體所受的合外力不為零．故D錯誤．故選B．【點睛】本題考查依據(jù)物體的受力狀況分析其運動狀況的實力，關鍵要抓住彈簧的彈力的可變性，進行動態(tài)分析．5.A、B兩顆衛(wèi)星都在圓軌道上繞地球運行，如圖所示．則以下推斷正確的是（）A.衛(wèi)星A所受地球的萬有引力大于衛(wèi)星B受到地球的萬有引力B.衛(wèi)星A的線速度大小肯定大于衛(wèi)星B的線速度的大小C.衛(wèi)星A的機械能肯定小于衛(wèi)星B的機械能D.在相等的時間內(nèi)衛(wèi)星A和地心的連線掃過的面積與衛(wèi)星B和地心的連線掃過的面積相等【答案】B【解析】【詳解】A．依據(jù)萬有引力公式：在不知道兩個衛(wèi)星質量的狀況下難以推斷誰受到的引力大，故A錯誤.B．依據(jù)公式：可得衛(wèi)星的環(huán)繞速度為：衛(wèi)星A的軌道半徑小于衛(wèi)星B，故衛(wèi)星A的運行速度大于衛(wèi)星B，故B正確．C．由于兩者質量未知，因此無法比較兩者的機械能，故C錯誤．D．設時間t內(nèi)，衛(wèi)星轉動角度為，衛(wèi)星與地心連線掃過的面積為S，則有：依據(jù)角速度的定義有：依據(jù)公式：聯(lián)立以上格式可得：因相等時間掃過的面積與衛(wèi)星的軌道半徑有關，故兩衛(wèi)星相等時間內(nèi)和地心連線掃過的面積不相等，故D錯誤.6.某電場的電場線分布如圖所示實線，以下說法正確的是A.c點場強大于b點場強B.b和c處在同一等勢面上C.若將一摸索電荷由a點移動到d點，電荷的電勢能將增大D.若某一點電荷只在電場力的作用下沿虛線由

a點運動到d點，可推斷該電荷肯定帶負電【答案】A【解析】【分析】解這類題是思路：電場線的疏密表示場強的強弱，沿電場線方向電勢漸漸降低，依據(jù)帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，然后依據(jù)電性推斷電場線方向，依據(jù)電場力做功推斷電勢能的改變．【詳解】電場線的疏密表示場強的強弱，由圖知c點場強大于b點場強，故A正確；沿電場線方向電勢漸漸降低，故b的電勢大于c的，故B錯誤；若將一摸索電荷+q由a點移動到d點，電場力做正功，電荷的電勢能將減小，故C錯誤；由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力大致斜向左上方，與電場強度方向相同，故粒子帶正電，故D錯誤；故選A．【點睛】解決這類帶電粒子在電場中運動問題的關鍵是依據(jù)軌跡推斷出電場力方向，利用電場中有關規(guī)律求解．比較電勢能的大小有兩種方法：一可以從電場力做功角度比較，二從電勢能公式角度推斷，先比較電勢，再比較電勢能．7.如圖所示，能反映自由落體運動的是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動且加速度為g，速度與時間關系為：v＝gt，所以v-t函數(shù)是一條傾斜的直線，且速度勻稱增大．A．該圖與結論不相符，選項A錯誤；B．該圖與結論不相符，選項B錯誤；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論相符，選項D正確；故選D。8.如圖所示，物塊m放在斜面體M上，物塊m恰能沿斜面勻速下滑，而斜面體M靜止不動．則下列說法正確的是（）A.斜面對物塊m的作用力方向豎直向上B.斜面對物塊m的作用力方向垂直斜面對上C.斜面體M受地面的摩擦力大小為零D.斜面體M受地面的摩擦力方向水平向左【答案】AC【解析】試題分析：m以及M均處于受力平衡狀態(tài)，即加速度均為零．m物體受重力，支持力，滑動摩擦力，因此支持力、滑動摩擦力的合力應與重力等大反向，所以A正確B錯誤．由于整體加速度為零，所以不會受到地面對整體的靜摩擦力，所以C對，D錯考點：整體法與隔離法點評：此類題型屬于比較典型的整體法與隔離法的運用．9.如圖，C為中間插有電介質的電容器，b極板與靜電計金屬球連接，a極板與靜電計金屬外殼都接地．起先時靜電計指針張角為零，在b板帶電后，靜電計指針張開了肯定角度．以下操作能使靜電計指針張角變大的是（）A.將b板也接地B.b板不動、將a板向右平移C.將a板向上移動一小段距離D.取出a、b兩極板間的電介質【答案】CD【解析】【分析】靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；由，分析電容的改變，依據(jù)C=Q/U分析電壓U的改變．【詳解】將b板也接地，電容器帶電量不變，兩板間電勢差不變，則靜電計指針張角不變，選項A錯誤；b板不動、將a板向右平移，依據(jù)可知d變小時，C變大，Q不變時，依據(jù)C=Q/U，可知U減小，即靜電計指針張角變小，選項B錯誤；將a板向上移動一小段距離，依據(jù)可知S變小時，C變小，Q不變時，依據(jù)C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項C正確；取出a、b兩極板間的電介質，依據(jù)可知C變小，Q不變時，依據(jù)C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項D正確；故選CD.【點睛】本題是電容動態(tài)改變分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式和C=Q/U．10.如圖所示，光滑水平面上有質量均為m的物塊A和帶有輕質彈簧的物塊B，B靜止，A以速度水平向右運動，從A與彈簧接觸至彈簧被壓縮到最短的過程中A.A、B的動量改變量相同B.A、B的動量改變率相同C.A、B含彈簧系統(tǒng)的總機械能保持不變D.A、B含彈簧系統(tǒng)的總動量保持不變【答案】CD【解析】【分析】兩個物塊組成的系統(tǒng)合外力為0，系統(tǒng)總動量守恒．兩物塊所受的合外力大小相等、方向相反，應用動量定理、動量守恒定律解答．【詳解】AD．兩物體相互作用過程中系統(tǒng)的合外力為0，系統(tǒng)總動量守恒，則物體A、物體B動量改變大小相等、方向相反，所以動量改變量不同，A不符合題意，D符合題意；B．由動量定理可知，動量的改變率等于物理所受的合外力，物體A、物體B兩物體的合外力大小相等、方向相反，所受合外力不同，則動量改變率不同，不符合題意；C．物體A、B組成的系統(tǒng)，只有彈簧彈力做功，機械能守恒，所以總機械能保持不變．二、試驗題11.某同學在“探究平拋運動規(guī)律”的試驗中，采納頻閃攝影的方法拍攝到如圖所示的“小球做平拋運動”的照片．圖中每個小方格的邊長為9.80cm，則依據(jù)圖像可求得拍攝時每隔______s曝光一次，該小球的平拋初速度大小為________m/s，小球運動到圖中位置3時的豎直分速度大小為_______m/s(g取9.80m/s2)．【答案】(1).0.1(2).1.96(3).2.45【解析】【詳解】第一空.在豎直方向上，依據(jù)，解得：，其次空.平拋運動的初速度為：，第三空.位置3豎直分速度為：．12.為了“探究做功與速度改變的關系”，現(xiàn)供應如圖所示試驗裝置．以下為該試驗中的部分內(nèi)容：（1）在試驗中，得到一條如圖所示的紙帶，已知相鄰計數(shù)點間還有四個點未畫出，打點計時器的頻率為50Hz，且間距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出分別為3.09cm、3.43cm、3.77cm、4.10cm、4.44cm、4.77cm，則小車的加速度大小為_____m/s2，小車在打點計時器打下F點時的速度大小為_____m/s(結果保留兩位有效數(shù)字)．（2）由于該試驗中小車質量和阻力未知，由另一組同學設計了以下試驗來測算小車的質量和小車在水平長木板上運動時所受的阻力，試驗中保持小車質量肯定，且遠大于砝碼盤及盤中砝碼的總質量，他們在軌道水平及傾斜兩種狀況下分別做了試驗，得到了兩條a－F圖線．如圖所示，圖線_____是在軌道傾斜狀況下得到的(填“①”或“②”)．由圖像可求得小車的質量m=_____kg，小車在水平運動時所受到的阻力f=________N．【答案】(1).(1)0.34，(2).0.46(3).(2)①(4).0.5(5).0.1【解析】【詳解】（1）由勻變速運動的規(guī)律得：s4-s1=3aT2

s5-s2=3aT2

s6-s3=3aT2

聯(lián)立得：（s4+s5+s6）-（s1+s2+s3）=9aT2

解得：

小車在打點計時器打下F點時的速度大小為（2）由圖象可知，當F=0時，a≠0．也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學試驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高．所以圖線①是在軌道右側抬高成為斜面狀況下得到的．

依據(jù)F=ma得a-F圖象的斜率k=，由a-F圖象得圖象斜率k=2，所以m=0.5kg．圖像②是在水平軌道運動得到的圖像，由圖像可知當F=0.1N時小車才有加速度，可知小車在水平軌道上所受的阻力f=0.1N.【點睛】對于試驗我們要明確試驗原理、詳細試驗操作以及數(shù)據(jù)處理等，同時要清晰每一項操作存在的理由，只有駕馭好了基本學問和基本方法才能順當解決試驗題目，所以要重視基本學問和基本方法的學習和訓練．三、計算題13.如圖所示，質量m=2kg的物體原靜止在水平地面上，它與地面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.4，一個沿水平方向的恒力F=12N作用在這個物體上，（g取10m/s2）求：（1）物體運動加速度多大？（2）起先運動后3s內(nèi)物體發(fā)生的位移S的大小是多少？（3）起先運動后3s末物體的速度是多大？【答案】（1）（2）9m（3）【解析】試題分析：分析物體受力狀況，依據(jù)牛頓其次定律求加速度；物體做勻加速運動，由運動學位移公式求位移x；由速度公式求3s末物體的速度v．（1）物體在水平面上運動，豎直方向受力平衡，水平方向受到恒力F和滑動摩擦力f作用，依據(jù)牛頓其次定律得：F-f=ma

又f=μmg聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2（2）起先運動后3s內(nèi)物體發(fā)生的位移x的大小為：（3）起先運動后3s末物體的速度v=at=2×3=6m/s點睛：本題主要考查了牛頓其次定律和運動學公式，知道加速度是前后聯(lián)系的橋梁，通過加速度，可以依據(jù)力求運動．14.如圖所示，一人站在高臺上，將質量為m=0.5kg的石塊以30°角斜向上拋出，初速度是v0=10m/s，拋出點距地面的高度h=15m，g取10m/s2，求：（1）若不計空氣阻力，以地面為參考面，石塊剛拋出時的機械能；（2）若不計空氣阻力，石塊落地時的速度大??；（3）若測得石塊落地的速度大小為18m/s，則石塊在空中飛行過程中克服空氣阻力做功為多少？【答案】（1）100J（2）20m/s（3）19J【解析】【