高考物理二輪復(fù)習(xí) 考前模擬卷1（含解析）

高考考前模擬卷(一)本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分．(建議用時(shí)：60分鐘滿分：120分)第Ⅰ卷(選擇題部分共42分)一、選擇題(本題共4小題，每小題6分，共24分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．)14．(·鄭州模擬)某興趣小組為了測(cè)量學(xué)校排球隊(duì)主攻手扣球時(shí)對(duì)地面的最大作用力，利用如下方法：把一張白紙平放到地面，然后在排球的表面灑上水，讓排球擊到白紙上，留下水印，然后把白紙放到體重計(jì)上，讓排球慢慢地向下壓，當(dāng)排球與白紙的接觸面和水印重合時(shí)，讀出體重計(jì)的讀數(shù)即可知最大作用力的大?。@種研究方法與下列實(shí)驗(yàn)中哪種實(shí)驗(yàn)方法類似 ()A．利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)量自由落體的加速度B．奧斯特通過放在通電直導(dǎo)線下方的小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，得出“通電導(dǎo)線的周圍存在磁場(chǎng)”的結(jié)論C．驗(yàn)證力的平行四邊形定則D．探究影響電荷間相互作用的因素解析該研究小組所用的方法是等效替代法．A項(xiàng)是留跡法．B項(xiàng)是轉(zhuǎn)化法．C項(xiàng)是等效法．D項(xiàng)是控制變量法．答案C15．(·安徽蕪湖二模)如圖1所示，連同裝備總重力為G的滑雪愛好者從滑雪坡道上由靜止開始沿坡道ABC向下滑行，滑到B點(diǎn)時(shí)滑雪者通過改變滑雪板角度的方式來增大摩擦力的大小，使其到底端C點(diǎn)速度剛好減為零．已知AB>BC，設(shè)兩段運(yùn)動(dòng)過程中摩擦力均為定值．下列分別為滑雪者位移、速度、加速度、摩擦力隨時(shí)間變化的圖象，其中正確的是 ()圖1解析對(duì)滑雪者分析，受重力、支持力和摩擦力三個(gè)恒力作用，在AB和BC兩段的合力均為恒定值，由牛頓第二定律，Gsinθ－fAB＝maAB，fBC－Gsinθ＝maBC，加速度也分別恒定，且AB段aAB的方向沿斜面向下，BC段aBC的方向沿斜面向上，則選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤；滑雪者先勻加速運(yùn)動(dòng)到B，再勻減速運(yùn)動(dòng)到C，則選項(xiàng)B正確；x－t圖象的斜率表示速度，則選項(xiàng)A錯(cuò)誤．答案B16．(屆湖北部分重點(diǎn)高中高三聯(lián)考)如圖2所示，傾角為θ的斜面體C置于水平地面上，小物塊B置于斜面上，通過細(xì)繩跨過光滑的定滑輪與物體A相連接，連接物體B的一段細(xì)繩與斜面平行，已知A、B、C都處于靜止?fàn)顟B(tài)．則()圖2A．物體B受到斜面體C的摩擦力一定不為零B．斜面體C受到水平面的摩擦力一定為零C．斜面體C有沿地面向右滑動(dòng)的趨勢(shì)，一定受到地面向左的摩擦力D．將細(xì)繩剪斷，若B物體依然靜止在斜面上，此時(shí)水平面對(duì)斜面體C的摩擦力一定不為零解析B受C的摩擦力可能為零，也可能不為零，A項(xiàng)錯(cuò)，選BC整體為研究對(duì)象知，BC有沿地面向右滑動(dòng)的趨勢(shì)，C一定受地面向左的摩擦力，則B項(xiàng)錯(cuò)，C項(xiàng)對(duì)．將細(xì)繩剪斷，B靜止在C，選BC整體受力分析和由平衡條件知，地面對(duì)C的摩擦力一定為零，D項(xiàng)錯(cuò)．答案C17．(·山東濰坊二模)帶電荷量分別為q和－q的點(diǎn)電荷放在x軸上，相距為L(zhǎng)，圖中能正確反映兩電荷連線上場(chǎng)強(qiáng)大小E與x關(guān)系的圖象是 ()解析等量異種點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小，但不為零，越靠近電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，同時(shí)等量異種點(diǎn)電荷連線上的電場(chǎng)強(qiáng)度大小關(guān)于中點(diǎn)對(duì)稱，據(jù)此可知A項(xiàng)正確．答案A二、選擇題(本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．)18．(·山東臨沂3月質(zhì)檢)如圖3所示，螺線管匝數(shù)n＝1000匝，橫截面積S＝10cm2，螺線管導(dǎo)線電阻r＝1Ω，電阻R＝4Ω，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的B－t圖象如圖所示(以向右為正方向)，下列說法正確的是 ()圖3A．通過電阻R的電流是交變電流B．感應(yīng)電流的大小保持不變C．電阻R兩端的電壓為6VD．C點(diǎn)的電勢(shì)為4.8V解析由B－t圖象和楞次定律可知通過R的感應(yīng)電流的方向不斷變化，A項(xiàng)正確；由B－t圖象和E＝neq\f(ΔΦ,Δt)＝nSeq\f(ΔB,Δt)＝6V知E大小不變，由I＝eq\f(E,R＋r)＝1.2A知I大小不變，B項(xiàng)正確；由于通過R的電流為交變電流，R兩端的電壓U＝IR＝4.8V，由于電流方向的變化，C點(diǎn)的電勢(shì)也會(huì)出現(xiàn)正負(fù)變化，C、D項(xiàng)錯(cuò)．答案AB19．(·浙江六校聯(lián)考)某家用桶裝純凈水手壓式飲水器如圖4所示，在手連續(xù)穩(wěn)定的按壓下，出水速度為v，供水系統(tǒng)的效率為η，現(xiàn)測(cè)量出桶底到出水管之間的高度差H，出水口傾斜，其離出水管的高度差可忽略，出水口的橫截面積為S，水的密度為ρ，重力加速度為g，則下列說法正確的是 ()圖4A．出水口單位時(shí)間內(nèi)的出水體積Q＝vSB．出水口所出水落地時(shí)的速度eq\r(2gH)C．出水后，手連續(xù)穩(wěn)定按壓的功率為eq\f(ρSv3,2η)＋eq\f(ρvSgH,η)D．手按壓輸入的功率等于單位時(shí)間內(nèi)所出水的動(dòng)能和重力勢(shì)能之和解析t時(shí)間內(nèi)出水口出水的體積為：Q＝vtS，所以單位時(shí)間內(nèi)的出水體積為Q＝vS，A正確；對(duì)水下落過程應(yīng)用動(dòng)能定理，有：mgH＝eq\f(1,2)mv′2－eq\f(1,2)mv2，可以判出落地速度v′應(yīng)大于eq\r(2gH)，B錯(cuò)誤；效率η＝eq\f(P1,P2)，水流出的功率為：P1＝eq\f(W,t)＝eq\f(mgH＋\f(1,2)mv2,t)，又有m＝ρQ，代入可以求得手連續(xù)穩(wěn)定按壓的功率為P2＝eq\f(ρSv3,2η)＋eq\f(ρvSgH,η)，C正確；D錯(cuò)誤．答案AC20．(·重慶調(diào)研)如圖5所示，斜面體固定在水平面上，傾角為θ＝30°，質(zhì)量為m的物塊從斜面體上由靜止釋放，以加速度a＝eq\f(g,2)開始下滑，取出發(fā)點(diǎn)為參考點(diǎn)，則下圖中能正確描述物塊的速率v、動(dòng)能Ek、勢(shì)能Ep、機(jī)械能E、時(shí)間t、位移x關(guān)系的是 ()圖5解析由mgsinθ－Ff＝ma和a＝eq\f(g,2)知，F(xiàn)f＝0.即斜面光滑，由v＝at知A項(xiàng)正確．Ek＝eq\f(1,2)mv2＝eq\f(1,2)ma2t2知B項(xiàng)錯(cuò)．重力勢(shì)能Ep＝－mgx·sin30°知C項(xiàng)正確．物塊機(jī)械能E＝－Ep＋Ek＝0，且機(jī)械能守恒，故D項(xiàng)正確．答案ACD第Ⅱ卷(非選擇題部分共78分)三、非選擇題(本題共5小題，共78分．)21．(·陜西咸陽二模)(10分)某同學(xué)利用如圖6所示的氣墊導(dǎo)軌裝置驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律．在氣墊導(dǎo)軌上安裝了兩光電門1,2，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細(xì)線繞過定滑輪與鉤碼相連．圖6(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)要調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平．不掛鉤碼和細(xì)線，接通氣源，釋放滑塊，如果滑塊________________________________，則表示氣墊導(dǎo)軌已調(diào)整至水平狀態(tài)．(2)不掛鉤碼和細(xì)線，接通氣源，滑塊從軌道右端向左運(yùn)動(dòng)的過程中，發(fā)現(xiàn)滑塊通過光電門1所用的時(shí)間小于通過光電門2所用的時(shí)間．實(shí)施下列措施能夠達(dá)到實(shí)驗(yàn)調(diào)整目標(biāo)的是()A．調(diào)節(jié)P使軌道左端升高一些B．調(diào)節(jié)Q使軌道右端降低一些C．遮光條的寬度應(yīng)適當(dāng)大一些D．滑塊的質(zhì)量增大一些E．氣源的供氣量增大一些(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)，測(cè)出光電門1,2間的距離L，遮光條的寬度d，滑塊和遮光條的總質(zhì)量M，鉤碼質(zhì)量m.由數(shù)字計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過光電門1,2的時(shí)間分別為t1，t2，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒成立的表達(dá)式是______________________________．解析(1)在判斷氣墊導(dǎo)軌是否處于水平時(shí)，不掛鉤碼、接通氣源．若滑塊靜止在導(dǎo)軌上可以，滑塊在氣墊導(dǎo)軌上做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)也可以，或運(yùn)動(dòng)的滑塊經(jīng)過兩光電門的時(shí)間相等還可以．(2)滑塊從右向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過光電門1的時(shí)間小于通過光電門2的時(shí)間，說明導(dǎo)軌右端高左端低，調(diào)整的措施是調(diào)整P使軌道左端升高一些，或調(diào)節(jié)Q使軌道右端降低一些，A、B項(xiàng)正確．(3)由鉤碼減少的重力勢(shì)能等于系統(tǒng)增加的動(dòng)能得表達(dá)式為mgL＝eq\f(1,2)(m＋M)(eq\f(d,t1))2－eq\f(1,2)(m＋M)(eq\f(d,t2))2答案(1)能在氣墊導(dǎo)軌上靜止或者勻速運(yùn)動(dòng)或滑塊經(jīng)過兩個(gè)光電門所用的時(shí)間相等(2)AB(3)mgL＝eq\f(1,2)(m＋M)(eq\f(d,t1))2－eq\f(1,2)(m＋M)(eq\f(d,t2))222．(·重慶調(diào)研)(10分)為了測(cè)定一電壓表的內(nèi)阻，給定以下器材：A．待測(cè)電壓表(0～3V，內(nèi)阻約為幾千歐)B．電流表(0～1mA)C．電流表(0～1A)D．滑動(dòng)變阻器(0～50Ω)E．滑動(dòng)變阻器(0～1000Ω)F．電源(1.5V的干電池2節(jié))G．開關(guān)及導(dǎo)線若干(1)實(shí)驗(yàn)要求測(cè)量數(shù)據(jù)(電壓和電流)從零開始，請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)電路圖畫在虛線框內(nèi)．(2)實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用B，不應(yīng)該選用C，其理由是____________________．(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)為了方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_____________________________(選項(xiàng)“D”或“E”)．(4)下表是此次實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的8組數(shù)據(jù)，請(qǐng)?jiān)趫D坐標(biāo)紙上描點(diǎn)作出U－I圖線.實(shí)驗(yàn)次數(shù)12345678電壓/V01.01.61.82.02.22.42.6電流/mA00.270.410.450.540.550.610.65圖7(5)根據(jù)U－I圖線，計(jì)算得到電壓表的內(nèi)阻為________kΩ(保留二位有效數(shù)字)．解析(1)實(shí)驗(yàn)要求測(cè)量數(shù)據(jù)(電壓和電流)從零開始，所以供電電路應(yīng)采用分壓式電路，為測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，必須測(cè)量通過電壓表的電流，故需要一個(gè)電流表與此電壓表串聯(lián)．(2)根據(jù)電壓表的量程可以判斷出電壓表的電流比較小，而電流表C的量程比較大，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用B，不應(yīng)該選用C.(3)根據(jù)分壓式電路的特點(diǎn)，滑動(dòng)變阻器的電阻越小，電流表的讀數(shù)改變的越明顯，實(shí)驗(yàn)效果越好，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選D.(4)利用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的8組數(shù)據(jù)，合理選擇縱橫坐標(biāo)的標(biāo)度，在坐標(biāo)系中描點(diǎn)，第5次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)為錯(cuò)誤數(shù)據(jù)，舍去，然后用“擬合”的方法連線，如答案圖所示．(5)圖象的斜率表示電壓表的內(nèi)阻大小，根據(jù)圖象的斜率可知電壓表的內(nèi)阻為4.0kΩ.答案(1)如圖所示(2)電壓表的電流遠(yuǎn)小于1A(3)D(4)如圖所示(5)4.0(或3.9) 23．(·南京二模)(16分)如圖8所示，質(zhì)量M＝4.0kg的長(zhǎng)木板B靜止在光滑的水平地面上，在其右端放一質(zhì)量m＝1.0kg的小滑塊A(可視為質(zhì)點(diǎn))．初始時(shí)刻，A、B分別以v0＝2m/s向左、向右運(yùn)動(dòng)，最后A恰好沒有滑離B板．已知A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.40，取g＝10m/s2.求：圖8(1)A、B相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度aA和aB的大小與方向；(2)A相對(duì)地面速度為零時(shí)，B相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)已發(fā)生的位移大小x；(3)木板B的長(zhǎng)度l.解析(1)A、B分別受到大小為μmg的摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律對(duì)A物體有μmg＝maA則aA＝μg＝4.0m/s2方向水平向右對(duì)B物體有μmg＝MaB則aB＝μmg/M＝1.0m/s2方向水平向左(2)開始階段A相對(duì)地面向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，到速度為0所用時(shí)間為t1，則v0＝aAt1，解得t1＝eq\f(v0,aA)＝0.50sB相對(duì)地面向右做減速運(yùn)動(dòng)x＝v0t1－eq\f(1,2)aBteq\o\al(2,1)＝0.875m(3)A向左勻減速運(yùn)動(dòng)至速度為零后，相對(duì)地面向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小仍為aA＝4.0m/s2B板向右仍做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小仍為aB＝1.0m/s2當(dāng)A、B速度相等時(shí)，A相對(duì)B滑到最左端，恰好滑不出木板，故木板B的長(zhǎng)度為這個(gè)全過程中A、B間的相對(duì)位移．在A相對(duì)地面速度為零時(shí)，B的速度vB＝v0－aBt1＝1.5m/s設(shè)由A速度為零至A、B速度相等所用時(shí)間為t2，則aAt2＝vB－aBt2解得t2＝vB/(aA＋aB)＝0.3s；共同速度v＝aAt2＝1.2m/sA向左運(yùn)動(dòng)位移xA＝eq\f(v0－vt1＋t2,2)＝eq\f(2－1.20.5＋0.3,2)m＝0.32mB向右運(yùn)動(dòng)位移xB＝eq\f(v0＋vt1＋t2,2)＝eq\f(2＋1.20.5＋0.3,2)m＝1.28m.B板的長(zhǎng)度l＝xA＋xB＝1.6m.答案見解析24．(·浙江六校聯(lián)考)(20分)兩平行金屬導(dǎo)軌水平放置，一質(zhì)量為m＝0.2kg的金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌靜止放在緊貼電阻R處，R＝0.1Ω，其它電阻不計(jì)．導(dǎo)軌間距為d＝0.8m，矩形區(qū)域MNPQ內(nèi)存在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小B＝0.25T．MN＝PQ＝x＝0.85m，金屬棒與兩導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)都為0.4，電阻R與邊界MP的距離s＝0.36m．在外力作用下讓ab棒由靜止開始勻加速運(yùn)動(dòng)并穿過磁場(chǎng)向右，加速度a＝2m/s2，g取10m/s2.圖9(1)求穿過磁場(chǎng)過程中平均電流的大?。?2)計(jì)算自金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)開始計(jì)時(shí)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間內(nèi)，外力F隨時(shí)間t變化關(guān)系．(3)讓磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加，用導(dǎo)線將a、b端接到一量程合適的電流表上，讓ab棒重新由R處向右加速，在金屬棒到達(dá)MP之前，電流表會(huì)有示數(shù)嗎？簡(jiǎn)述理由．已知電流表與導(dǎo)軌在同一個(gè)平面內(nèi)．解析(1)設(shè)金屬棒到達(dá)MP、NQ的速度分別為v1，v2，則由veq\o\al(2,1)＝2as，得：v1＝1.2m/s由veq\o\al(2,2)＝2a(s＋x)，得：v2＝2.2m/s由電磁感應(yīng)定律得：eq\x\to(E)＝Bdeq\x\to(v)＝Bdeq\f(v1＋v2,2)由閉合電路歐姆定律eq\x\to(I)＝eq\f(\x\to(E),R)聯(lián)立解得：eq\x\to(I)＝3.4A(2)因?yàn)镋＝Bdv，I＝eq\f(E,R)，進(jìn)入磁場(chǎng)后受安培力F安＝BId＝eq\f(B2d2v,R)由牛頓第二定律得F－μmg－eq\f(B2d2v,R)＝ma又因?yàn)関＝v1＋at則在進(jìn)磁場(chǎng)后F＝ma＋μmg＋eq\f(B2d2v1＋at,R)代入數(shù)據(jù)得F＝1.68＋0.8t(N)其中t≤eq\f(v2－v1,a)＝0.5s(3)可以有電流．只要導(dǎo)線、電表、導(dǎo)體棒組成的回路有磁感線穿過，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，閉合回路磁通量變化，可以產(chǎn)生感應(yīng)電流．(此時(shí)金屬棒和電阻R并聯(lián)成為電路負(fù)載)答案(1)3.4A(2)F＝1.68＋0.8t(N)其中t≤eq\f(v2－v1,a)＝0.5s(3)見解析25．(·山東臨沂3月質(zhì)檢)(22分)如圖10所示，在直角坐標(biāo)系的二、三象限內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E；在一、四象限內(nèi)以x＝L的直線為理想邊界的左右兩側(cè)存在垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1和B2,y軸為磁場(chǎng)和電場(chǎng)的理想邊界．在x軸上x＝L的A點(diǎn)有一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子以速度v沿與x軸負(fù)方向成45°的夾角垂直于磁場(chǎng)方向射出．粒子到達(dá)y軸時(shí)速度方向與y軸剛好垂直．若帶電粒子經(jīng)歷在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)后剛好能夠返回A點(diǎn)(不計(jì)粒子的重