江蘇省海安2024-2025高三物理上學(xué)期10月月考試題

江蘇省海安2024-2025高三上學(xué)期階段檢測(cè)物理試題一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分.每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意.1.自然科學(xué)中許多物理量的表達(dá)式都有不止一個(gè)，通常都有其定義式和確定式，它們反應(yīng)人們對(duì)自然界相識(shí)的不同層次。定義式側(cè)重描述客觀世界，確定式側(cè)重對(duì)因果關(guān)系的說明。下列表達(dá)式中，側(cè)重說明因果關(guān)系的是（）A.電阻B.電容C.加速度D.電場(chǎng)強(qiáng)度【答案】C【詳解】ABD．電阻、電容、電場(chǎng)強(qiáng)度分別都僅與導(dǎo)體自身、電容器結(jié)構(gòu)、電場(chǎng)自身有關(guān)，沒有側(cè)重說明因果關(guān)系，故ABD錯(cuò)誤；C．加速度是因?yàn)榱Χa(chǎn)生的，所以加速度側(cè)重說明因果關(guān)系，故C正確。故選C。2.我國現(xiàn)在有包括文昌在內(nèi)的四個(gè)航天放射場(chǎng)。對(duì)于航天放射而言，文昌與其他三地相比，由地理位置因素確定的最大優(yōu)勢(shì)是（）A.海拔高度低，氣流速度大B.緯度低，地球自轉(zhuǎn)線速度大C.地球自轉(zhuǎn)周期大D.地球自轉(zhuǎn)角速度大【答案】B【詳解】地球的自轉(zhuǎn)周期和自轉(zhuǎn)角速度，地球上任何地方都相同；對(duì)于航天放射而言，文昌與其他三地相比，由地理位置因素確定的最大優(yōu)勢(shì)是文昌緯度低，隨地球自轉(zhuǎn)軌道半徑大，所以線速度大。故選B。3.橡膠板置于絕緣水平桌面上，某同學(xué)戴著絕緣手套先用毛皮摩擦橡膠板，使橡膠板帶負(fù)電，然后手握絕緣手柄將鋁板靠近橡膠板，鋁板的下表面與橡膠板上凸起的接地鐵釘接觸，并在其上表面撒上細(xì)紙屑，快速上抬鋁板至某一位置后，可以看到細(xì)紙屑從鋁板上飛濺出來，這就是“靜電飛花”試驗(yàn)。下列說法正確的是（）A.鋁板未與橡膠板接觸所以始終不帶電B.紙屑是因?yàn)閹д娤嗷ヅ懦舛粩囡w散C.鋁板與鐵釘接觸時(shí)，電子從大地通過鐵釘流向鋁板D.鋁板與鐵釘接觸時(shí)，鋁板上、下表面帶等量異種電荷【答案】B【詳解】AD．橡膠板帶負(fù)電，鋁板靠近后，鋁板的下表面帶正電，上表面帶負(fù)電，當(dāng)下表面與接地鐵釘接觸后，上表面的負(fù)電荷會(huì)流到大地，只有下表面帶正電，A錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；B．上抬鋁板過程中，下表面的正電荷減小，上表面正電荷增加。紙屑因?yàn)榕c金屬板帶同種電荷（正電荷）而不斷飛散，B正確；C．因下表面與接地鐵釘接觸時(shí)，上表面的負(fù)電荷會(huì)流到大地，C錯(cuò)誤。故選B。4.八百里洞庭湖煙波浩渺，風(fēng)光秀麗。為估測(cè)湖泊中水的體積，某科研人員將一瓶無毒的放射性元素水溶液倒入湖中，經(jīng)時(shí)間后（可認(rèn)為溶液已勻整分布），從湖中取水樣，測(cè)得水樣每分鐘共衰變次。已知該放射性元素的半衰期為，衰變生成物不再具有放射性，倒入湖中之前放射性元素水溶液每分鐘共衰變次，忽視湖水的流入與流出，則洞庭湖中水的體積為（）A. B. C. D.【答案】A【詳解】時(shí)間后，湖水中剩余放射性物質(zhì)是原來的，則湖水中每分鐘衰變次數(shù)也是原來的，即又測(cè)得水樣每分鐘衰變次，故湖水的體積為故選A。5.如圖所示，豎直細(xì)桿O點(diǎn)處固定有一水平橫桿，在橫桿上有A、B兩點(diǎn)，且，在A、B兩點(diǎn)分別用兩根等長的輕質(zhì)細(xì)線懸掛兩個(gè)相同的小球a和b，將整個(gè)裝置繞豎直桿勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則a、b兩球穩(wěn)定時(shí)的位置關(guān)系可能正確的是（）A.B.C.D.【答案】C【詳解】將小球的圓周運(yùn)動(dòng)等效成圓錐擺，設(shè)擺長為，等效擺線與豎直方向夾角為，則解得為等效懸點(diǎn)到小球的高度差，由于兩球的角速度相同，因此相同。故選C。6.在無風(fēng)的環(huán)境里將一塑料球以確定的初速度水平拋出，球受到的空氣阻力與速度大小成正比，該球運(yùn)動(dòng)過程中水平方向的速度隨時(shí)間t、水平方向的位移x的變更規(guī)律，豎直方向的速度隨時(shí)間t、豎直方向的位移y的變更規(guī)律可能正確的是（）A.B.C.D.【答案】D【詳解】AB．水平方向受空氣阻力作用，由牛頓其次定律，有塑料球水平方向速度漸漸減小，所以其水平方向加速度漸漸減小，即圖像中圖線的斜率漸漸變小，故A錯(cuò)誤；B．依據(jù)動(dòng)量定理可得整理可得故B錯(cuò)誤；CD．豎直方向受空氣阻力作用，由牛頓其次定律，有塑料球豎直方向速度漸漸增大，所以其豎直方向加速度漸漸減小，即圖像中圖線的斜率漸漸變小。在圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移，易知vy隨豎直位移y的變更率也是漸漸變小的。故C錯(cuò)誤；D正確。故選D。7.如圖所示，小物塊以初速度從O點(diǎn)沿斜面對(duì)上運(yùn)動(dòng)，同時(shí)從O點(diǎn)斜向上拋出一個(gè)速度大小也為的小球，物塊和小球在斜面上的P點(diǎn)相遇．已知物塊和小球質(zhì)量相等(均可視為質(zhì)點(diǎn))，空氣阻力忽視不計(jì)，則下列說法正確的是（

）．A.斜面可能是光滑的B.小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)離斜面最遠(yuǎn)C.在P點(diǎn)時(shí)，小球的動(dòng)能大于物塊的動(dòng)能D.小球和物塊到達(dá)P點(diǎn)過程中克服重力做功的平均功率不相等【答案】C【詳解】把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，則沿斜面方向的速度小于物塊的速度，若斜面光滑，則小球和物塊沿斜面方向的加速度相同，則不行能在P點(diǎn)相遇，所以斜面不行能是光滑的，A錯(cuò)誤；當(dāng)小球的速度方向與斜面平行時(shí)，離斜面最遠(yuǎn)，此時(shí)豎直方向速度不為零，不是運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，B錯(cuò)誤；物塊和小球在斜面上的P點(diǎn)相遇，在沿斜面方向速度相同，由于小球在垂直于斜面方向還有速度，故小球的速度大于物塊的速度，故小球的動(dòng)能大于物塊的動(dòng)能，C正確；小球和物塊初末位移相同，則高度差相等，而重力相等，則重力做功相等，時(shí)間又相同，所以小球和物塊到達(dá)P點(diǎn)過程中克服重力做功的平均功率相等，D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，則沿斜面方向的速度小于物塊的速度，若斜面光滑，則小球和物塊沿斜面方向的加速度相同，則不行能在P點(diǎn)相遇，依據(jù)動(dòng)能定理分析動(dòng)能的變更，當(dāng)小球的速度方向與斜面平行時(shí)，離斜面最遠(yuǎn)，求出重力做功的大小，進(jìn)而求解平均功率．8.如圖戊所示，用“碰撞試驗(yàn)器”驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。試驗(yàn)時(shí)先讓質(zhì)量為的小球1從斜槽上某一固定位置A由靜止起先釋放，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的P點(diǎn)。再把質(zhì)量為的小球2放在水平軌道末端，讓小球1仍從位置A由靜止釋放，兩小球碰撞后從軌道末端水平拋出，小球2落到位于水平地面的N點(diǎn)，小球1落到位于水平地面的M點(diǎn)。某同學(xué)試驗(yàn)時(shí)小球選擇錯(cuò)誤，使，則兩個(gè)小球可能的落點(diǎn)分布正確的是___________。A. B.C. D.【答案】D【詳解】設(shè)小球1與小球2碰撞前瞬間的速度為v，碰后瞬間二者的速度分別為、，因，則小球1反彈，由動(dòng)量守恒定律得兩小球在碰撞前后，水平方向的系統(tǒng)機(jī)械能滿意不增加原則，即又由于下落高度相同，所以兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，均設(shè)為t，則可得則可得將四個(gè)選項(xiàng)中OP、OM、ON的數(shù)據(jù)分別帶入以上兩式可知，ABC不符合要求，D符合要求。故選D?！军c(diǎn)睛】明確試驗(yàn)原理，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，因此可以用水平位移來代替速度。數(shù)據(jù)分析時(shí)，需知道碰撞前后水平方向應(yīng)符合動(dòng)能不增加原則。9.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧上端固定，下端與物塊栓接，將物塊上推使彈簧處于壓縮狀態(tài)，物塊由靜止釋放后沿粗糙斜面對(duì)下運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)，返回運(yùn)動(dòng)一段距離后停在斜面上。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取沿斜面對(duì)下為正方向，此過程中，物塊的加速度a與位移x的關(guān)系圖像正確的是（）A.B.C.D.【答案】D【詳解】物塊在斜面上滑動(dòng)時(shí)，設(shè)重力沿斜面對(duì)下的重量為G1，所受斜面的摩擦力為f，物塊沿斜面下滑時(shí)，平衡位置（a=0）時(shí)在平衡位置上方x處的回復(fù)力方向向下，可知物塊下滑時(shí)的運(yùn)動(dòng)為簡諧振動(dòng)；同理可證明物塊從最低點(diǎn)上滑到最高點(diǎn)時(shí)的運(yùn)動(dòng)也為簡諧振動(dòng)，考慮到簡諧振動(dòng)的對(duì)稱性，則a-x圖像是直線且上下是對(duì)稱的；考慮到最低點(diǎn)位置，當(dāng)下滑到最低點(diǎn)時(shí)從最低點(diǎn)起先上滑時(shí)則滑塊下滑經(jīng)過加速度為零的位置時(shí)，則上滑到最高點(diǎn)時(shí)能靜止，則此時(shí)因可知?jiǎng)t滑塊上滑到的最高點(diǎn)的位置應(yīng)當(dāng)在下滑時(shí)加速度為零的位置的下方。故選D。10.2024年11月12日10時(shí)03分，天舟五號(hào)與空間站天和核心艙勝利對(duì)接，此次放射任務(wù)從點(diǎn)火放射到完成交會(huì)對(duì)接，全程僅用2個(gè)小時(shí)，創(chuàng)世界最快交會(huì)對(duì)接紀(jì)錄，標(biāo)記著我國航天交會(huì)對(duì)接技術(shù)取得了新突破。在交會(huì)對(duì)接的最終階段，天舟五號(hào)與空間站處于同一軌道上同向運(yùn)動(dòng)，兩者的運(yùn)行軌道均視為圓周。要使天舟五號(hào)在同一軌道上追上空間站實(shí)現(xiàn)對(duì)接，天舟五號(hào)噴射燃?xì)獾姆较蚩赡苷_的是（）A. B.C. D.【答案】A【詳解】要想使天舟五號(hào)在與空間站的同一軌道上對(duì)接，則須要使天舟五號(hào)加速，與此同時(shí)要想不脫離原軌道，依據(jù)則必須要增加向心力，即噴氣時(shí)產(chǎn)生的推力一方向有沿軌道向前的重量，另一方面還要有指向地心的重量，而因噴氣產(chǎn)生的推力與噴氣方向相反，則圖A是正確的。故選A。11.如圖，質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=4kg的A、B小球由輕繩貫穿并掛于定滑輪兩側(cè)等高H=25m處，兩球同時(shí)由靜止起先向下運(yùn)動(dòng)，已知兩球與輕繩間的最大靜摩擦力均等于其重力的0.5倍，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．兩側(cè)輕繩下端恰好觸地，取g=10m/s2，不計(jì)細(xì)繩與滑輪間的摩擦，則下列說法正確的是()A.A與細(xì)繩間為滑動(dòng)摩擦力，B與細(xì)繩間為靜摩擦力B.A比B先落地C.A,B落地時(shí)的動(dòng)能分別為400J、850JD.兩球損失的機(jī)械能總量250J【答案】ACD【詳解】A項(xiàng)：由于A、B兩球?qū)?xì)繩的摩擦力必需等大，且A、B的質(zhì)量不相等，A球由靜止釋放后與細(xì)繩間為滑動(dòng)摩擦力，B與細(xì)繩間為靜摩擦力，故A正確；B項(xiàng)：對(duì)A：mAg-fA=mAaA，對(duì)B：mBg-fB=mBaB，fA=fB，fA=0.5mAg，聯(lián)立解得：，設(shè)A球經(jīng)ts與細(xì)繩分別，此時(shí)，A、B下降的高度分別為hA、hB，速度分別為VA、VB，則有：，，H=hA+hB，VA=aAt，VB=aBt

聯(lián)立解得：t=2s，hA=10m，hB=15m，VA=10m/s，VB=15m/s，分別后，對(duì)A經(jīng)t1落地，則有：，對(duì)B經(jīng)t2落地，m則有：解得：，，所以b先落地，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：A、B落地時(shí)的動(dòng)能分別為EkA、EkB，由機(jī)械能守恒，有：代入數(shù)據(jù)得：EkA=400J、EkB=850J，故C正確；D項(xiàng)：兩球損失的機(jī)械能總量為△E，△E=（mA+mB）gH-EkA-EkB，代入數(shù)據(jù)得：△E=250J，故D正確．故應(yīng)選：ACD．【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵理清A、B兩球在整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓其次定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式綜合求解，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁．要留意明確B和繩之間的滑動(dòng)摩擦力，而A和繩之間的為靜摩擦力，其大小等于B受繩的摩擦力．二、非選擇題：共5題，共56分，其中第12題-第16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的不能得分：有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。12.某試驗(yàn)小組用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，試驗(yàn)中多次讓滑塊從同一位置滑下，初始時(shí)遮光條下邊緣到光電門的距離可從刻度尺讀取，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?，試?yàn)步驟如下：（1）通過調(diào)整旋鈕A、B將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，測(cè)量出氣墊導(dǎo)軌兩支腳A、B間的距離，再把支腳A墊高并測(cè)量出其高度為，則滑塊運(yùn)動(dòng)過程中下降的高度______（用、、表示）；（2）試驗(yàn)中測(cè)得遮光條寬度為d，滑塊通過光電門的時(shí)間為，則滑塊通過光電門的速率______；（3）多次變更光電門的位置并測(cè)出多組和，描繪出圖線如圖所示。已知圖線的斜率為，為驗(yàn)證機(jī)械能守恒，則H、L、d、k、g應(yīng)滿意的關(guān)系式______；（4）關(guān)于該試驗(yàn)以下措施中不必要的是______；A.適當(dāng)大些B.d適當(dāng)小些C.適當(dāng)大一些D.用天平測(cè)出滑塊的質(zhì)量（5）考慮到遮光條寬度對(duì)試驗(yàn)的影響，則滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)的瞬時(shí)速度大小______（選填“大于”、“等于”或“小于”）。【答案】①.②.③.④.D⑤.小于【詳解】（1）[1]依據(jù)幾何關(guān)系有解得（2）[2]依據(jù)光電門測(cè)速原理，滑塊通過光電門的速率（3）[3]滑塊下滑機(jī)械能守恒，則有其中，則有可知，若機(jī)械能守恒，則H、L、d、k、g應(yīng)滿意的關(guān)系式（4）[4]A．為了長度測(cè)量的誤差，適當(dāng)大些，故A正確，不符合題意；B．為了減小光電門測(cè)速的誤差，擋光片的寬度d適當(dāng)小些，B正確，不符合題意；C．為了減小光電門測(cè)速的誤差，滑塊經(jīng)過光電門的速度應(yīng)適當(dāng)大一些，即將支腳A適當(dāng)墊高一些，增大傾角，即適當(dāng)大一些，故C正確，不符合題意；D．依據(jù)上述試驗(yàn)原理的表達(dá)式分析可知，滑塊的質(zhì)量在表達(dá)式中約去了，因此試驗(yàn)不須要用天平測(cè)出滑塊的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。（5）[5]由于是遮光條下邊緣到光電門的距離，因此滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)的瞬時(shí)速度大小是擋光片剛剛起先擋光時(shí)的速度，而本質(zhì)上時(shí)擋光片起先擋光到擋光片結(jié)束擋光過程的平均速度，也是該過程中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，由于滑塊是加速過程，可知若考慮到遮光條寬度對(duì)試驗(yàn)的影響，則滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)的瞬時(shí)速度大小小于。13.用頻率為ν0的光照耀某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，測(cè)出光電流i隨電壓U的變更圖象如圖所示，已知普朗克常量為h，電子的質(zhì)量m、帶電量為-e，求：①照耀在金屬表面上的這束光的最小功率P；②逸出光電子的物質(zhì)波的最短波長?！敬鸢浮竣貾=hν0；②【分析】【詳解】(1)設(shè)單位時(shí)間內(nèi)有n個(gè)光子照耀在金屬上，飽和光電流為，=又因?yàn)镋=nhν0=hν0解得P=hν0(2)由圖可知遏止電壓為，依據(jù)動(dòng)能定理物質(zhì)波的波長公式為，p=逸出光電子的物質(zhì)波的最短波長為14.負(fù)壓救援車車內(nèi)氣壓低于外界大氣壓，空氣只能由車外流向車內(nèi)，而且負(fù)壓還能將艙內(nèi)的空氣進(jìn)行無害化處理后排出。某負(fù)壓救援車的負(fù)壓艙沒有啟動(dòng)時(shí)，艙內(nèi)的大氣壓強(qiáng)為，溫度為，體積為。啟動(dòng)負(fù)壓艙后，依據(jù)技術(shù)標(biāo)準(zhǔn)要求負(fù)壓艙外和艙內(nèi)的壓強(qiáng)差在范圍內(nèi)，外界大氣壓強(qiáng)為。（1）若不啟動(dòng)負(fù)壓艙，艙內(nèi)氣體與外界沒有循環(huán)交換，在負(fù)壓艙內(nèi)溫度上升到時(shí)，求艙內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）若啟動(dòng)負(fù)壓艙，艙內(nèi)的溫度保持不變，達(dá)到要求的負(fù)壓值，求至少須要抽出壓強(qiáng)為狀態(tài)下的氣體的體積?！敬鸢浮浚?）；（2）【詳解】（1）由于艙內(nèi)氣體與外界沒有循環(huán)交換，負(fù)壓艙內(nèi)溫度上升后壓強(qiáng)為p1，由查理定律可得解得（2）啟動(dòng)負(fù)壓艙，設(shè)艙內(nèi)氣體體積變?yōu)閂0+ΔV，壓強(qiáng)為p2，由負(fù)壓艙特點(diǎn)可得由玻意耳定律可得p0V0=p2（V0+ΔV）設(shè)抽出氣體在壓強(qiáng)p0狀態(tài)下的體積為V1，由玻意耳定律可得p2ΔV=p0V1解得15.如圖所示，長度為L的輕桿上端連著一質(zhì)量為m的小球A（可視為質(zhì)點(diǎn)），桿的下端用鉸鏈固接于水平面上的O點(diǎn)．置于同一水平面上的立方體B恰與A接觸，立方體B的邊長為L，質(zhì)量為4m，重力加速度為g。求：（1）若A、B之間光滑，B與水平面之間的摩擦因數(shù)為，則①用一拉力緩慢向右拉B，撤去外力時(shí)系統(tǒng)恰好處于平衡狀態(tài)時(shí)桿與豎直方向的夾角α；②在上述過程中拉力所做功W；（2）若A與B，B與水平面的摩擦都不計(jì)，對(duì)A施加微小擾動(dòng)，使桿向右傾倒，求小球A與立方體B剛脫離接觸的瞬間，求桿與豎直方向的夾角β以及B所獲得的最大速度。【答案】（1）①，②；（2），【詳解】（1）①撤去外力，系統(tǒng)恰能平衡，對(duì)B對(duì)A桿與豎直方向的夾角②對(duì)桿及A、B系統(tǒng)，由動(dòng)能定理得拉力做的功（2）如圖所示，對(duì)系統(tǒng)由機(jī)械能守恒定律其中即A、B剛分別的瞬間輕桿上作用力為零，A、B的水平加速度為零，A只受重力作用，有聯(lián)立方程解得桿與豎直方向夾