濱州市陽信二中高二上學期第次月考物理試題

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精陽信二中高二上學期第3次月考物理試題（理科)一、選擇題（共10小題，每小題4分，滿分40分。第1至6題只有一個選項正確，第7至10題有多個選項正確。全部選對的得4分,選不全的得2分，有錯選或不選得0分。）1.下列關(guān)于電場和磁場的說法中，正確的是（)A.處在電場中的電荷一定受到電場力，在磁場中通電導線一定受到安培力B.電場強度為零的地方電勢一定為零,電勢為零的地方電場強度也為零C。磁感線和電場線都是為了描述場而虛設(shè)的，是根本不存在的D。若一小段長為L、通過電流為I的導線，在磁場中某處受到的磁場力為F,則該處磁感應(yīng)強度的大小一定是F/IL【答案】C【解析】處在電場中的電荷一定受到電場力，在磁場中通電導線不一定受到安培力,導線與磁場平行時，安培力為0,A錯D錯.電場強度為零的地方電勢不一定為零,電勢為零的地方電場強度也不一定為零。B錯。C對。2。一個電流表的満偏電流Ig＝1mA，內(nèi)阻Rg＝500Ω，要把它改裝成一個量程為10V電壓表，則應(yīng)在電流表上（）A.串聯(lián)一個10KΩ的電阻B。并聯(lián)一個10KΩ的電阻C.串聯(lián)一個9.5KΩ的電阻D.并聯(lián)一個9。5KΩ的電阻【答案】C【解析】試題分析：把電流表改裝成電壓表,需要串聯(lián)一個分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值：；故選C．考點：電表的改裝【名師點睛】本題考查了電表改裝,知道電壓表的改裝原理，把電流表改裝成電壓表應(yīng)串聯(lián)一個分壓電阻、應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題.3.如圖所示,把輕質(zhì)導線圈用絕緣細線懸掛在磁鐵N極附近，磁鐵的軸線穿過線圈的圓心且垂直線圈平面。線圈內(nèi)通有圖中方向的電流后，線圈的運動情況是()A。線圈靠近磁鐵向左運動B。線圈遠離磁鐵向右運動C。從上向下看順時針轉(zhuǎn)動D。從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動【答案】A【解析】根據(jù)右手螺旋定則，環(huán)形電流可以等效為小磁針，小磁針的N極指向右，根據(jù)異性相吸，知線圈向左運動．故A正確,BCD錯誤。點睛：通電電流處于條形磁鐵產(chǎn)生的磁場中,受到安培力作用,根據(jù)左手定則判斷，本題用等效法解決比較簡單。4。如圖所示為氫原子能級示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當向低能級躍遷時輻射出若干種不同頻率的光子，下列說法正確的是（）A。這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光子B。由n=4能級躍遷到n=1能級產(chǎn)生的光波長最短C。由n=2能級躍遷到n=1能級產(chǎn)生的光頻率最小D。用n=2能級躍遷到n=1能級輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑不能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】B點睛：本題考查了能級躍遷和光電效應(yīng)的基本綜合,知道能級間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級的能級差，知道光電效應(yīng)的條件。5。在光電效應(yīng)實驗中，用頻率為的光照射光電管陰極，發(fā)生了光電效應(yīng)，下列說法正確的是()A。增大入射光強度,光電流不變B.減小入射光的強度，光電效應(yīng)現(xiàn)象消失C。改用頻率小于ν的光照射，一定不發(fā)生光電效應(yīng)D.改用頻率大于ν的光照射，光電子的最大初動能變大【答案】D【解析】A、光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率,能否發(fā)生光電效應(yīng)，與入射光的強度無關(guān)，與光照時間也無關(guān)，當發(fā)生光電效應(yīng)時，增大入射光的強度，則光電流會增大，若達到飽和電流值，當增大光強，會達到新的飽和電流，光電流會增大，故A錯誤；

B、入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才會發(fā)生電效應(yīng)，與入射光的強度無關(guān)，故B錯誤；

C、光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，當改變頻率小于，但不一定小于極限頻率,仍然可能發(fā)生光電效應(yīng),故C錯誤；

D、在光電效應(yīng)中，根據(jù)光電效應(yīng)方程知，,入射光的頻率越高，光電子最大初動能越大，故D正確.點睛：光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的強度無關(guān)，根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷影響光電子最大初動能的因素。6.如圖所示一帶電液滴在正交的勻強電場和勻強磁場的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動（其中電場豎直向下,磁場垂直紙面向外），則液滴帶電性質(zhì)和環(huán)繞方向是(）A。帶正電，逆時針B.帶正電，順時針C.帶負電，逆時針D.帶負電，順時針【答案】C【解析】帶電粒子在重力場、勻強電場和勻強磁場中做勻速圓周運動，可知，帶電粒子受到的重力和電場力是一對平衡力，重力豎直向下，所以電場力豎直向上，與電場方向相反,故可知帶電粒子帶負電荷;

磁場方向向外,洛倫茲力的方向始終指向圓心,由左手定則可判斷粒子的旋轉(zhuǎn)方向為逆時針（四指所指的方向與帶負電的粒子的運動方向相反），故選項C正確，選項ABD錯誤。點睛：帶電粒子在復(fù)合場中做勻速圓周運動，可判斷出電場力和重力為平衡力,從而判斷電場力的方向，結(jié)合電場的方向便可知粒子的電性．根據(jù)洛倫茲力的方向，利用左手定則可判斷粒子的旋轉(zhuǎn)方向。7.如圖所示，空間有一電場,電場中有兩個點a和b。下列說法正確的是（）A.該電場是勻強電場B。a點的電場強度比b點的大C.a點的電勢比b點的高D。正電荷在a、b兩點受電場力方向相同【答案】BC【解析】電場線疏密表示電場強度的大小，切線方向表示電場強度的方向,正電荷的受力方向和場強方向相同.沿著電場線電勢降低。答案選BC。8.對電容，以下說法正確的是（）A。電容器帶電荷量越大，電容就越大B.對于固定電容器，它的帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變C.電容器的電容只與自身的構(gòu)造有關(guān)，與是否帶電無關(guān)D.如果一個電容器沒有電壓，就沒有帶電荷量，也就沒有電容【答案】BC【解析】A、電容器的電容與帶電量及電壓無關(guān)，只與自身的構(gòu)造有關(guān),與是否帶電無關(guān),故A錯誤，C正確；

B、對于固定電容器，電容不變，由可知，它的帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變，故B正確;

D、電容表征電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量,與電壓和電量無關(guān)，沒有帶電量電容仍然存在，故D錯誤。點睛：本題考查電容器的電容,要注意明確電容器的電容的決定因素，明確電容采用的是比值定義法，大小與電量和電壓無關(guān).9。在如圖所示的電路中,電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r。在滑動變阻器的滑動觸頭P從圖示位置向下滑動的過程中（）A。路端電壓變大B.電路中的干路電流變大C.通過電阻R2的電流變小D.通過滑動變阻器R1的電流變小【答案】BC【解析】A、在滑動變阻器的滑動觸片P向下滑動的過程中，變小，外電路總電阻變小,由閉合電路歐姆定律分析電路中的總電流變大，路端電壓,I變大,E、r不變,則U變小，故A錯誤，B正確；

C、路端電壓U變小，通過電阻的電流變小，故C正確；

D、總電流變大，通過電阻的電流變小，所以通過滑動變阻器的電流必定變大，故D錯誤。點睛:本題也可以利用結(jié)論進行判斷：變阻器電阻變小,路端電壓必定變小，其所在電路電流必定增大，所并聯(lián)的電路電壓變小。10。如圖所示是根據(jù)某次實驗記錄數(shù)據(jù)畫出的待測電源的U—I圖象，下列關(guān)于這個圖象的說法中正確的是(）A.縱軸截距表示待測電源的電動勢，即E=3。0VB。橫軸截距表示短路電流，即I短=0.6AC.根據(jù)，計算出待測電源內(nèi)電阻為5。0ΩD。根據(jù),計算出待測電源內(nèi)電阻為1。0Ω【答案】AD【解析】試題分析：由閉合電路歐姆定律可知：U=E-Ir;由數(shù)學知識可知，縱軸截距為電源的電動勢，故電動勢為E=3．0V；故A正確；圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻，即．故D正確,C錯誤．當外電路電阻R=0時，外電路短路,短路電流為．故B錯誤．故選AD．考點:U-I圖像二、填空(每空2分，作圖4分,共16分）11。某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ.步驟如下：（1）用游標為20分度的卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度為__________cm；（2)用螺旋測微器測量其直徑如圖，由圖可知其直徑為_________mm；(3）用多用電表的電阻“×10”擋,按正確的操作步驟粗測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值約為_________Ω（4)該同學想用伏安法更精確地測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻很小）開關(guān)S導線若干電流表A1（量程0～4mA，內(nèi)阻約50Ω）電流表A2(量程0～15mA，內(nèi)阻約30Ω）電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ）滑動變阻器R1(阻值范圍0～15Ω,允許通過的最大電流2。0A）滑動變阻器R2(阻值范圍0～10kΩ，允許通過的最大電流1mA）電流表選擇_________,電壓表選擇_________，滑動變阻器選擇________。（5）為使實驗誤差較小,要求測多組數(shù)據(jù)進行分析，請在答題紙方框中畫出測量的電路圖_______?！敬鸢浮?1）。5.015；(2)。4。698—4。700；（3)。220（4).A2；(5）。V1；(6)。R1；(7).【解析】(1）由圖所示可知，游標卡尺主尺示數(shù)為,游標尺示數(shù)為:，游標卡尺示數(shù)為；

（2）由圖乙所示可知,螺旋測微器固定刻度示數(shù)為，游標尺示數(shù)為：，螺旋測微器示數(shù)為；

（3）用多用電表的電阻“”擋，由圖丙所示可知，電阻阻值為；

(4）電源電壓為，為了準確,我們采用分壓接法，控制電壓不超過，電壓表采用;根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中的最大電流為：，

所以電流表應(yīng)選；

由于要求“測得多組數(shù)據(jù)"，所以變阻器應(yīng)用分壓式接法,應(yīng)選擇阻值小的變阻器；（5）由于滿足，所以電流表應(yīng)用外接法，即電路應(yīng)是分壓外接法，

故電路圖如圖所示：

點睛:應(yīng)掌握游標卡尺與螺旋測微器的讀數(shù)方法，通過估算電路中的最大電流來選擇電流表的量程;若有“測得多組數(shù)據(jù)”要求或要求電流從零調(diào)時，變阻器應(yīng)用分壓式接法,選擇阻值小的變阻器時方便調(diào)節(jié)。三、計算題(共4小題，共44分）12.如圖所示，金屬板C、D正對著水平放置，板長L=5cm，兩板間距d=1cm,兩板間電壓為U=72V，且下板帶正電,一個電子沿水平方向以速度=2×107m/s,從兩板中央M點射入，最后從N點射出電場。電子質(zhì)量m=9×10-31kg，電子電量e=1。6×10-19C，電子重力不計.求：(1)M、N間的高度差(2）M、N間的電勢差UMN【答案】（1)；(2）UNM=—28。8V【解析】（1)帶電粒子在電場中做類平拋運動，豎直方向做勻加速運動:，水平方向做勻速直線運動:則:由以上三式解得：帶入數(shù)據(jù)得:；（2）根據(jù)場強與電勢關(guān)系可以知道：，則:。點睛：該題是帶電粒子在電場中運動的問題,其基礎(chǔ)是分析物體的受力情況和運動情況，同時要注意掌握在勻強電場中場強與電勢的關(guān)系。13.如圖所示，水平導軌間距為L=0.5m,導軌電阻忽略不計；導體棒ab的質(zhì)量m=1kg,導體棒的電阻R0=0。9Ω,與導軌接觸良好;電源電動勢E=10V,內(nèi)阻r=0。1Ω,電阻R=4Ω;外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=5T，方向垂直于ab,與導軌平面夾角α=53°;ab與導軌間的動摩擦因數(shù)為μ=0。5（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）,定滑輪摩擦不計，線對ab的拉力為水平方向，重力加速度g=10m/s2,ab處于靜止狀態(tài).已知sin53°=0。8,cos53°=0.6求：(1）通過ab的電流大小和方向;(2)重物重力G的取值范圍?！敬鸢浮浚?）I=2A,方向為a到b；(2）【解析】（1)由閉合電路的歐姆定律可得，通過ab的電流方向：由a到b;ab受到的安培力:；方向：與水平成37°角斜向左上方（2)ab受力如圖所示，最大靜摩擦力:由平衡條件得：當最大靜摩擦力方向向右時：當最大靜摩擦力方向向左時:由于重物平衡，故則重物重力的取值范圍為：0.5NG7.5N；14。如圖所示，在y〈0的區(qū)域內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向垂直于xy平面并指向紙面外，磁感強度為B=2T.一帶正電的粒子以速度v0=5m/s從O點射入磁場，入射方向在xy平面內(nèi),與x軸正向的夾角為θ=30o.若粒子射出磁場的位置與O點的距離為l=10cm,求該粒子的電量和質(zhì)量之比q/m(不計離子重力)【答案】【解析】帶正電粒子射入磁場后,由于受到洛侖茲力的作用,粒子將沿圖示的軌跡運動:從A點射出磁場,O、A間的距離為,射出時速度的大小仍為，射出方向與x軸的夾角仍為。由洛侖茲力公式和牛頓定律可得：，式中R為圓軌道的半徑，解得：圓軌道的圓心位于OA的中垂線上,由幾何關(guān)系可得：聯(lián)立兩式，解得：帶入數(shù)據(jù)得到：。15.質(zhì)量為M=4kg的木板B靜止于光滑水平面上,物塊A質(zhì)量為m=4kg,停在B的左端。質(zhì)量為m0=1kg的小球用長為l=1。25m的輕繩懸掛在固定點O上，將輕繩拉直至水平位置后，由靜止釋放小球，小球在最低點與A發(fā)生正碰后反彈，反彈所能達到的最大高度為h=0.45m，物塊與小球可視為質(zhì)點，不計空氣阻力。已知A、B間的動摩擦因數(shù)μ=0。1，求：（1）小球與A碰后瞬間，A的速度多大？（2)為使A不滑離