甘肅省岷縣一中2023學年物理高二第一學期期中教學質量檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，一帶正電的粒子以水平初速度vo（vo W2B一定是W1= W2C一定是W1 W2，也可能是W1 W22、如圖，a、b是一條電場線上的兩點，將一個電子從點處由靜止釋放，

2、電子從運動到b過程中，它運動的圖線如圖所示，則以下判斷正確的是A該電場可能是勻強電場B從運動到，電子的電勢能逐漸增大C點的電勢低于點的電勢D電子在點受到的電場力小于電子在點受到的電場力3、如圖所示，質量為m的小物塊靜止地放在半徑為R的半球體上，物塊與半球體間的動摩擦因數(shù)為，物塊與球心的連線與水平地面的夾角為，下列說法中正確的是A地面對半球體的摩擦力方向水平向左B物塊對半球體的壓力大小為mgcosC物塊所受摩擦力大小為mgcosD物塊所受摩擦力大小為mgcos4、下列物理量中屬于矢量的是（ ）A電勢能B電勢C電流D電場強度5、把一支槍水平固定在小車上，小車放在光滑的水平面上，槍發(fā)射出一顆子彈時，

3、關于槍、 彈、車，下列說法正確的是A槍和彈組成的系統(tǒng)，動量守恒 B槍和車組成的系統(tǒng)，動量守恒C三者組成的系統(tǒng)，因為槍彈和槍筒之間的摩擦力很小，使系統(tǒng)的動量變化很小，可以忽略不計，故系統(tǒng)動量近似守恒 D三者組成的系統(tǒng)，動量守恒，因為系統(tǒng)只受重力和地面支持力這兩個外力作用，這兩個外力的合力為零6、在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直，兩平行板水平放置具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉的情況不同這種裝置能把具有某一特定速度的粒子選擇出來，所以叫做速度選擇器現(xiàn)有一束帶電粒子以速度v0從左端水平射入，不計粒子重力下列判斷正確的是A若粒子帶正電且速度，則粒子將沿圖中虛線方向通過

4、速度選擇器B若粒子帶負電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動C若粒子帶正電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動D若粒子帶負電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩列水波發(fā)生干涉，某時刻，M點波峰與波峰相遇，N點波峰與波谷相遇，則下列說法中正確的是AM點的振動始終是加強的BN點的振動始終是減弱的CM點振動的位移不會為0DM點的振幅大于N點的振幅8、質量為m=2kg的物體靜止放置在粗糙水平地面O處，物體與水平

5、面間的動摩擦因數(shù)=0.5，在水平拉力F作用下物塊由靜止開始沿水平地面向右運動，經(jīng)過一段時間后，物體回到出發(fā)點O處，取水平向右為速度的正方向，如圖a所示，物塊運動過程中其速度v隨時間t變化規(guī)律如圖b所示，重力加速度g取10m/s2，（）A物塊經(jīng)過4s時間到出發(fā)點B物塊運動到第3s時改變水平拉力的方向C3.5s時刻水平力F的大小為4ND4.5s時刻水平力F的大小為16N9、某輸電線路橫穿公路時，要在地下埋線通過，為了保護線路不至于被壓壞，預先鋪設結實的過路鋼管，再讓輸電線從鋼管中穿過電線穿管的方案有兩種：甲方案是鋪設兩根鋼管，兩條輸電線分別從兩根鋼管中穿過；乙方案是只鋪設一根鋼管，兩條輸電線都從這

6、一根鋼管中穿過，如圖12所示如果輸電導線輸送的電流很大，那么，以下說法正確的是 ( )A無論輸送的電流是恒定電流還是交變電流，甲、乙兩方案都是可行的B若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的C若輸送的電流是交變電流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D若輸送的電流是交變電流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的10、在如圖所示電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r開關S1、S2、S3、S4均閉合，C是水平放置的平行板電容器，板間懸浮著一油滴P，下列哪些方法會使P向上運動A斷開S2B適當減小兩板之間的距離C斷開S4并適當減小兩板之間的距離D斷開S4并適當減小兩板之間的正對面積三、實驗題：本題共2小題，

7、共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“用伏安法測金屬絲電阻率”的實驗中(1)下列關于金屬絲的電阻率、電阻Rx以及實驗操作的說法中，正確的是_.A將金屬絲等分成兩段，則每段的電阻Rx和電阻率均變?yōu)樵瓉淼囊话隑金屬絲的電阻Rx越大，其電阻率也一定越大，導電性能越弱C金屬絲的電阻與它的長度成正比，與通過它的電流的大小成反比D測量過程中，通過金屬絲的電流不宜過大，通電時間也不宜過長，以避免溫度對電阻率的影響(2)用螺旋測微器測金屬絲直徑時的示數(shù)如圖甲所示，讀數(shù)應：_mm.(3)實驗器材有：電池組、電流表(內(nèi)阻約為0.1)、電壓表(內(nèi)阻約為1000)、滑動變阻器、

8、電阻絲Rx(內(nèi)阻約為2)、開關、導線若干.圖乙為本次測電阻率實驗的實物圖，圖中已連接了部分導線，要求金屬絲兩端電壓從0V開始測量.請將該實物圖連接補充完整_,為保證實驗器材的安全，閉合開關前滑動變阻器滑片P應放在_端(填“左”或者“右”)(4)某次測量中電壓表的示數(shù)為U0，電流表示數(shù)為I0，接入電路的電阻絲長度為l0，橫截面直徑為D，則該金屬絲電阻率為_(用I0，U0，l0，D表示)12（12分）某同學將銅片和鋅片插入水果中制成一個“水果電池”，該同學利用下列所給器材測量該“水果電池”的電動勢E和內(nèi)阻r電流表A1(量程0.6A，內(nèi)阻約1 )電流表A2(量程20 mA，內(nèi)阻約50 )電壓表V1(

9、量程4V，內(nèi)阻約4 k)電壓表V2(量程15V，內(nèi)阻15 k)滑動變阻器R1(010)滑動變阻器R2(01000)待測“水果電池”(電動勢E約為4 V，內(nèi)阻r約為200 ) 開關S，導線若干（1）為盡量減小實驗的誤差，實驗中電流表選擇_；電壓表選擇_；滑動變阻器選_；（填寫字母代號）（2）請在虛線方框中畫出實驗電路圖 _ ；（3）該同學實驗中記錄的6組對應的數(shù)據(jù)如下表，試根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖中描點畫出UI圖線 _ ；由圖線可得，“水果電池”的電動勢E_V，內(nèi)電阻r_（計算結果保留3位有效數(shù)字）(4)實驗測得的“水果電池”的電動勢和內(nèi)阻與真實值相比，E測_E真，r測_r真(選填“大于”、“小于”或“

10、等于”) 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）空間中存在未知電場，將一個電荷量為q=-210-10C的點電荷從電場中的A點沿直線移到B點的過程中，電場力做功為410-9J已知A點的電勢為0V，求：（1）AB間的電勢差UAB（2）該點電荷在B點時具有的電勢能EPB14（16分）已知質量為m的帶電液滴，以速度v射入互相垂直的勻強電場E和勻強磁場B中，液滴在此空間剛好能在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，如圖所示求：(1)液滴在空間受到幾個力作用；(2)液滴帶電荷量及電性；(3)液滴做勻速圓周運動的半徑15（12分）如圖

11、所示,AB為傾角為=37的光滑絕緣斜面,AB長度為,BC為半徑的豎直光滑絕緣圓弧面 ,AB與BC在B點相切,C為圓弧面的最低點,在BD左側加一如圖所示的水平勻強電場E1=3103N/C現(xiàn)將一質量為m=410-4kg帶電的小物塊置于斜面上的A點,帶電小物塊恰好靜止在斜面上從某時刻開始,水平勻強電場的電場強度變?yōu)樵瓉淼囊话?物塊開始加速下滑,(sin37=0.6,cos37=0.8,g取10m/s2)求：（1）帶電小物塊是正電荷還是負電荷,物塊所帶電荷量為多少？（2）沿斜面下滑到B點時,物塊的瞬時速度為多大？（3）如果在BD右側存在豎直向上的勻強電場,場強為E2=1.2104N/C,則物塊運動到C

12、點時,軌道對小物塊的支持力為多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】先判斷帶電粒子在電場中的受力情況和在重疊區(qū)的受力情況，比較兩種情況中的偏轉位移的大小，而洛倫茲力對粒子不做功，只有電場力做功，進而可以判斷做功大小【詳解】不論帶電粒子帶何種電荷，粒子穿過重疊場區(qū)時，電場力的方向與洛倫茲力的方向的夾角大于90，所以帶電粒子在電場中的偏轉位移比重疊時的偏轉位移大，所以不論粒子帶何種電性，甲中帶電粒子在電場中偏轉位移一定大于乙中的偏轉位移，而洛倫茲力對帶電粒子不做功，只有電場力做功，所以一定是W1W2，故A正

13、確。故選A?！军c睛】本題解題的關鍵是分析兩種情況下的偏轉位移的大小，洛倫茲力對帶電粒子不做功，難度適中2、C【解析】由圖可知：點電荷做初速度為零的變加速直線運動，加速度逐漸減小，說明該電荷所受的電場力逐漸減小，則電場強度是逐漸減小的，此電場一定是非勻強電場故A錯誤由圖知，從a運動到b，電荷的動能增加，根據(jù)能量守恒可知，其電勢能必定減小由于電子帶負電，可知，電勢升高，即a點的電勢低于b點的電勢，故B錯誤，C正確v-t圖象的斜率表示加速度，可見該電荷的加速度不斷減小，電場力不斷減小，該電荷在a點所受電場力大于在b點所受電場力，故D錯誤故選C【點睛】本題結合運動圖象考查了電場強度和電勢的變化情況，考

14、查角度新穎，要注意結合圖象的含義以及電場線和電場強度與電勢的關系求解3、D【解析】從整體角度去分析，則地面對半球體沒有摩擦力，故A錯誤；對物體受力分析，質點受重力、支持力及摩擦力，如圖所示：由共點力的平衡可知，質點受到的支持力F=mgsin，故由牛頓第三定律可求得質點對半球體的壓力大小為mgsin； 質點受到的摩擦力f=mgcos，方向斜向上，因為是靜摩擦力，不用動摩擦因數(shù)求摩擦力，故B C錯誤，D正確；故選D【點睛】本題采用整體法和隔離法處理力平衡問題，考查靈活選擇研究對象的能力，正確作出力圖是基礎4、D【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，電場強度是矢量，而標量是只有大小沒有方向的物理量

15、，電勢、電流和電勢能都標量，故D正確，ABC錯誤。【點睛】矢量是既有大小又有方向的物理量，標量是只有大小沒有方向的物理量，物理量的矢標性是其基本內(nèi)涵，要掌握矢量的方向特點進行記憶。5、D【解析】試題分析：當系統(tǒng)不受外力或所受的外力之和為零，系統(tǒng)動量守恒，槍和彈組成的系統(tǒng)中槍受到小車的作用力，外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，A錯誤；在槍和車組成的系統(tǒng)中，槍受到子彈的作用力，系統(tǒng)外力不為零，B錯誤；槍、彈、車組成的系統(tǒng)，它們之間相互作用的力為內(nèi)力，比如槍彈和槍筒之間的摩擦力，系統(tǒng)所受外力之和為零，系統(tǒng)動量守恒，故C錯誤D正確考點：考查了動量守恒定律6、A【解析】粒子做勻速直線運動，洛侖茲力與電場力平衡

16、，即，解得，即無論粒子帶正電還是帶負電，只要滿足，則粒子將沿圖中虛線方向通過速度選擇器，A正確B錯誤；正粒子以小于的速度沿極板方向從左端射入，根據(jù)知洛倫茲力小于電場力，電場力豎直向下，合力豎直向下，故它將向下偏轉，C錯誤；正粒子以大于的速度沿極板方向從左端射入，根據(jù)知洛倫茲力大于電場力，電場力豎直向下，合力豎直向上，故它將向上偏轉，但電場力做負功，速度減小，洛倫茲力減小，最終洛倫茲力等于電場力，之后做直線運動，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】振

17、動加強點始終加強，減弱點始終減弱，故M點的振動始終是加強，N點的振動始終是減弱，AB正確；加強點是指振幅的疊加，質點仍會做周期性振動，所以M點的位移會為零，C錯誤；加強點是指振幅的疊加，故M點的振幅為2A，N點的振幅為零，故D正確8、CD【解析】A由圖可知，0到4s，物體速度值為正，向正方向運動，4到5s，速度值為負，向反方向運動，所以物塊經(jīng)過4s時間距出發(fā)點最遠，故A錯誤；BC3-4s內(nèi)物體的加速度根據(jù)牛頓第二定律可得解得方向在3-4s 內(nèi)沒變，故B錯誤，C正確；D4到5s，物體的加速度為由牛頓第二定律可得：解得：故D正確故選CD考點：牛頓第二定律、勻變速直線運動的圖像【名師點睛】解答本題的

18、關鍵是知道v-t圖象中圖象的含義；圖象的斜率表示物體的加速度；圖象與時間軸所圍面積表示物體的位移；速度值為正，表示物體向正方向運動，速度值為負，表示物體向反方向運動9、BC【解析】若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的，B正確輸電線周圍存在磁場，交變電流產(chǎn)生變化的磁場，因此在輸電過程中輸電線因電流變化引起自感現(xiàn)象，當輸電線上電流很大時，強大的自感電流有可能將鋼管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的在乙方案中，兩條輸電線中的電流方向相反，產(chǎn)生的磁場互相抵消，使自感現(xiàn)象的影響減弱到可以忽略不計的程度，是可行的，C正確此題類似于課本中提到的“雙線并繞”10、ABD【解析】斷開，C直接接到電源

19、兩端，C兩端電壓增大，故E增大，電場力增大，油滴向上運動，故A正確；其他條件不變時，電容器兩端的電壓不變，適當減小兩板間的距離時，由可知，板間的電場強度增大，故油滴受到的電場力大于重力，油滴向上運動，故B正確；斷開時電容器與電源斷開，電量不變，減小兩板間的距離時，根據(jù)、可知，則可知，電場強度不變，故油滴不動，故C錯誤；斷開時電容器與電源斷開，電量不變，根據(jù)可知，減小兩板之間的正對面積時C減小，則U增大，由于d不變，電場強度E增大，故油滴向上移動，故D正確【點睛】解決本題的關鍵要明確電路穩(wěn)定時，電容器的電壓等于與之并聯(lián)的電路兩端的電壓，注意與電容器串聯(lián)的電阻相當于導線然后再結合電容器的動態(tài)分析規(guī)

20、律進行分析即可求解三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D 0.3960.398mm 如圖所示： 左 【解析】（1）A、電阻決定式為：，可知把一根均勻導線分成等長的兩段，則每部分的電阻變?yōu)樵瓉淼囊话耄娮杪逝c溫度和材料有關，與其他因素無關，故電阻率不變，故A錯誤；B、電阻率是表征材料導電性能好壞的物理量，與溫度和材料有關，與本身電阻大小無關，電阻率越大，其導電性能越差，電阻率越小，則其導電性能越好，故B錯誤；C、根據(jù)電阻定律：金屬絲的電阻與它的長度、橫截面積以及電阻率有關，與電流無關，故選項C錯誤；D、測電阻時，電流不宜過大，通電時間不

21、宜過長，否則溫度變化明顯，電阻率會明顯變化，故D錯誤；（2）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為，可動刻度讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為；（3）要求金屬絲兩端電壓從0V開始測量，故滑動變阻器采用分壓式連接，同時電流表的內(nèi)阻與待測電阻相差不多，則采用安培表外接，對待測電路起到保護作用，故閉合開關前滑動變阻器滑片P應放在左端，則如圖所示：（4）根據(jù)歐姆定律，可知接入電路的電阻，在根據(jù)電阻定律：，則整理可以得到：。點睛：本實驗題要求要熟練掌握螺旋測微器讀數(shù)的方法，能根據(jù)待測電阻與兩個電表內(nèi)阻的關系，選擇電流的內(nèi)、外接法，以及變阻器的分壓式與限流式接法。12、 ； ； ； 3.80(3.79-3.81); 187(185-190); 小于； 小于； 【解析】（1）在實驗中應該保證正常工作時，電表的讀數(shù)大于滿偏的 ，所以電壓表選V1，回路中的短