2019年全國(guó)大聯(lián)考高考物理二模試卷(新課標(biāo)ⅰ卷)(解析版)

1、2019年全國(guó)大聯(lián)考高考物理二模試卷（新課標(biāo)I卷）一、選擇題：本題共 8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第 1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第 1921題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得 0分.1. （6分）如圖，在內(nèi)壁光滑的球殼內(nèi)部，有兩個(gè)小球沿不同高度的水平圓軌道運(yùn)動(dòng)，其中一球圖上未畫(huà)出，設(shè)球殼最低點(diǎn)O處為零勢(shì)能點(diǎn)，則對(duì)于這兩個(gè)小球，下列判斷錯(cuò)誤的是（）A.動(dòng)能可能等大B.機(jī)械能可能等大C.運(yùn)動(dòng)周期可能等大D.受到的支持力可能等大2. （6分）如圖，有兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷置于正四面體的兩個(gè)頂點(diǎn)上，正點(diǎn)電荷置于a點(diǎn),負(fù)點(diǎn)電荷置于b點(diǎn)，則（）

2、A. c、d兩點(diǎn)電勢(shì)相等B. c、d兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同C. ac連線(xiàn)中點(diǎn)與ab連線(xiàn)中點(diǎn)的電勢(shì)相等D. ac連線(xiàn)中點(diǎn)與bc連線(xiàn)中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同3. （6分）雜技團(tuán)拋球表演中，被拋出的小球近似做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，演員每隔相同時(shí)間以 相同的速度上拋一個(gè)小球，從拋出第一個(gè)球開(kāi)始計(jì)時(shí)，g取10m/s2.所有小球運(yùn)動(dòng)的位移s隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，由此可知（）A.拋出的速度大小為 5m/sB.在拋出點(diǎn)上方最多有9個(gè)球C.第3個(gè)球與第6個(gè)球相遇在t = 0.7s時(shí)4.5.D.在拋出點(diǎn)上方最多有 4對(duì)球同時(shí)相遇（6分）2019年1月3日，嫦娥四號(hào)成功登陸月球背面，全人類(lèi)首次實(shí)現(xiàn)月球背面軟著陸。并通過(guò)位于地月拉格朗日點(diǎn)

3、的“鵲橋”中繼星傳回了世界第一張近距離拍攝的月背影像圖，地月拉格朗日點(diǎn)是太空中地球引力與月球引力相等的點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（ ）A.由月球背面始終背對(duì)地球可判斷地月的自轉(zhuǎn)周期相同B.由月球背面始終背對(duì)地球可判斷地月的公轉(zhuǎn)周期相同C.位于地月拉格朗日點(diǎn)的“鵲橋”與月球具有相同的繞地周期D.位于地月拉格朗日點(diǎn)的“鵲橋”與月球具有相同的繞地速度（6分）如圖為遠(yuǎn)距離輸電的電路原理圖，變壓器均為理想變壓器并標(biāo)示了電壓和電流，其中輸電線(xiàn)總電阻為 R,則（）%A. 12=-RB.輸電效率為 有-X100%C.用戶(hù)的用電器的數(shù)量增多時(shí)，U3將減小D.用戶(hù)得到的電功率可能等于電廠輸出的電功率6.（6分）靜置在勻

4、強(qiáng)磁場(chǎng)中的 53發(fā)生衰變，生成54JXe與某種射線(xiàn)a。Xe與a在磁場(chǎng) 中的運(yùn)動(dòng)軌跡為兩個(gè)半徑分別為 Ri、R2的圓，a具有的動(dòng)能為 巳 已知Xe與a的質(zhì)量分 別為M、m,則（）A.射線(xiàn)a帶正電B.兩個(gè)軌跡圓內(nèi)切C. Ri： R2=1： 54D. Xe具有的動(dòng)能為 與E7.（6分）如圖所示，一個(gè)帶正電的小物塊沿一個(gè)粗糙的豎直墻面以某一初速度向下滑動(dòng)?？臻g分布有水平向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。小物塊運(yùn)動(dòng)的v-t圖象可能正確的是（）X8. （ 6分）如圖，小物體 A和B用跨過(guò)輕小定滑輪的輕繩連接，A套在豎直桿上（且處于最下端），桿與滑輪相距 L,。點(diǎn)到水平面的距離為 娟L在用水平拉力 F向右拉B使 其沿水平做直

5、線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，不計(jì)一切摩擦，A、B及滑輪的大小不計(jì)，桿、定滑輪與小物體B共面。則（）A .拉力F做的功W可能等于A的機(jī)械能增量B.拉力F做的功 W 一定大于B的機(jī)械能增量C.若拉力F是恒力，其做的功 WW 萬(wàn)麗紅D.若拉力F是變力，小物體 A或者物體B可以一直做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分.第2225題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答.第3334題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共 47分）9. （5分）在“探究恒力做功與物體的動(dòng)能改變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)已按正確的操作步驟完成實(shí)驗(yàn)，如圖所示為紙帶上連續(xù)打下的點(diǎn)。選取圖中A、B兩點(diǎn)進(jìn)行研究，所需測(cè)量數(shù)據(jù)

6、已用字母表示在圖中，已知小車(chē)的質(zhì)量為m,小車(chē)受到的恒定拉力大小為 F,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為 T.則打A點(diǎn)時(shí)，計(jì)算小車(chē)動(dòng)能的表達(dá)式為 ;本實(shí)驗(yàn)所 要探究的關(guān)系式為。（用題中及圖中所給字母表示）10. (10分)某研究小組欲將電流表改裝成歐姆表，他們?cè)趯?shí)驗(yàn)室中找到的器材如下:干電池E (電動(dòng)勢(shì)1.5V,內(nèi)電阻0.1 Q)電阻箱R1 (阻值范圍為0 999 Q)電流表A (量程00.6A,內(nèi)阻1 0)電阻箱R2 (阻值范圍為0 999.9Q)開(kāi)關(guān)S導(dǎo)線(xiàn)若T定值電阻R=3Q(1)如圖1所示，電阻箱應(yīng)選擇 。為了將電流表(圖2)的0.6A標(biāo)注為0Q電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)整為 Q,則0.2A應(yīng)標(biāo)注 Qo(2)

7、研究小組發(fā)現(xiàn)上述改裝成的歐姆表測(cè)電阻阻值越大，指針偏轉(zhuǎn)角越小。為了能讓測(cè)電阻的阻值越大，指針偏轉(zhuǎn)角也越大，請(qǐng)?jiān)谌鐖D3所示方框內(nèi)重新設(shè)計(jì)電路。勃 晶11. ( 14分)某小組在研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)設(shè)計(jì)了如圖1所示的固定軌道 ABCD ,其中AB部分為粗糙斜面，斜面傾角仁60。，BC部分為光滑的、圓心角 0= 60°的圓軌道，CD部分為光滑的水平面，AB和CD分別與圓軌道部分相切于 B點(diǎn)和C點(diǎn)，圓軌道的C端下面裝有一壓力傳感器，水平面上有一端固定在D處的輕彈簧，另一端自由伸長(zhǎng)時(shí)恰好在C點(diǎn)。該小組讓小滑塊從斜面上不同位置由靜止下滑，并記錄小滑塊起始位置離B點(diǎn)的高度h,小滑塊每次剛到達(dá) C點(diǎn)時(shí)壓

8、力傳感器的示數(shù) F與h的關(guān)系圖象如圖2所示， 已知小滑塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)科=工,重力加速度取g=10m/s2.求：3(1)小滑塊沿AB面下滑時(shí)的加速度大小 a；(2)小滑塊的質(zhì)量m和圓軌道的半徑R;(3)已知彈簧的勁度系數(shù)k=100N/m,在其彈性限度范圍內(nèi)其壓縮量不能超過(guò)0.2m,求h的最大值hmo12. （18分）如圖，半徑為r的圓筒水平固定放置，與圓筒軸線(xiàn)OO'等高處有兩小孔 P、Q, P、Q分布在圓筒軸線(xiàn)的兩側(cè)，沿圓筒軸線(xiàn)方向的距離為L(zhǎng),沿圓筒軸線(xiàn)方向加有同向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子以速度v從P孔垂直圓筒壁射入圓筒內(nèi)，最后從 Q孔射出。粒子與

9、圓筒壁碰撞時(shí)電荷量與動(dòng)能均無(wú)損失，重力不計(jì)。求：（1）滿(mǎn)足題中條件的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B及粒子在圓筒內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（2）電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小。.選考題：共15分.請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答.如果多做，則按所做的第一題 計(jì)分.物理選修 3-3 （15分）13. （ 5分）下列說(shuō)法正確的是（）A.晶體與非晶體的區(qū)別之一在于是否具有固定的幾何外形B.當(dāng)分子所受的引力與斥力相等時(shí)，其分子間的勢(shì)能小于零C. 一定溫度下的飽和汽的分子數(shù)密度是一定值，飽和汽壓不變D.熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容可以表述為：熱量只能從高溫物體向低溫物體轉(zhuǎn)移E.不浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管內(nèi)下降與浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管內(nèi)上升都是表面張力作用的效果14.

10、（ 10分）如圖所示，兩光滑活塞將氣缸分成為三個(gè)容器，每個(gè)容器內(nèi)均有理想氣體, 當(dāng)溫度都為T(mén)0時(shí)，三容器體積之比為 V1： V2： V3=1： 2: 3.求：當(dāng)溫度都達(dá)到T時(shí)，各容器的體積比是多少；為使各部分氣體體積相等，它們的溫度比為多少？物理選修 3-4 （15分）15. 振源P沿y軸以0.8s的周期做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，形成的簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形如圖所示,A .此波的波速是5m/sB.從該時(shí)刻再過(guò) 0.4s,質(zhì)點(diǎn)a向下振動(dòng)C.從該時(shí)刻起經(jīng) 0.4s,質(zhì)點(diǎn)b通過(guò)的路程是8cmD.從該時(shí)刻起經(jīng) 0.4s,質(zhì)點(diǎn)a、b分別在x軸上下方E.從該時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn) b將比質(zhì)點(diǎn)c先回到平衡位置16. 如圖所示，一個(gè)

11、半徑為R的半圓（。為圓心）玻璃柱弧面鍍銀，豎直放置在水平面上，一細(xì)激光束沿水平方向射在A點(diǎn)，入射光線(xiàn)第一次射到圓弧面上的入射角為60。.入射光線(xiàn)與進(jìn)入玻璃再出來(lái)的出射光線(xiàn)恰好平行。已知玻璃柱對(duì)激光的折射率為無(wú)，激光在真空中的傳播速度為 c。求：AO的距離大小L;激光在玻璃柱內(nèi)的傳播時(shí)間。2019年全國(guó)大聯(lián)考高考物理二模試卷（新課標(biāo)I卷）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共 8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第 1418題只有 一項(xiàng)符合題目要求，第 1921題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得 0分.1. （6分）如圖，在內(nèi)壁光滑的球殼內(nèi)部，有

12、兩個(gè)小球沿不同高度的水平圓軌道運(yùn)動(dòng)，其 中一球圖上未畫(huà)出，設(shè)球殼最低點(diǎn) O處為零勢(shì)能點(diǎn)，則對(duì)于這兩個(gè)小球，下列判斷錯(cuò)誤 的是（）A.動(dòng)能可能等大B.機(jī)械能可能等大C.運(yùn)動(dòng)周期可能等大D.受到的支持力可能等大【分析】AB、根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合向心力表達(dá)式，及動(dòng)能公式，并由幾何關(guān)系，即可判定；C、根據(jù)向心加速度公式，確定周期與角度的關(guān)系式；D、依據(jù)矢量的合成法則，及三角知識(shí)，確定支持力表達(dá)式。【解答】解：A、如圖所示，2小球所受向心力為：F= mgtan 0= m-iR轉(zhuǎn)動(dòng)半徑為：R= rsin 0結(jié)合動(dòng)能公式為：Ek=-nv1 *2 a可得：Ek J唳產(chǎn)口，因兩球質(zhì)量關(guān)系不知，因此動(dòng)能可能相等

13、，故 A正確；2 cos oB、由上分析，可知，它們的機(jī)械能也可能相等，故 B正確；C、由向心加速度公式，可得： mgtan 0= m （一亍一）rsin 0,即周期與角度有關(guān)，兩球?qū)?yīng)的角度一定不同，那么周期不可能相等，故 C錯(cuò)誤；_ mg _D、小球受到的支持力為：N =于，因此可能相等，故 D正確；cos本題選擇錯(cuò)誤的，故選： CoJ- 口【點(diǎn)評(píng)】考查物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，掌握向心力與向心加速度表達(dá)式，理解牛頓第二定律的內(nèi)容，及三角知識(shí)的運(yùn)用。2.（6分）如圖，有兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷置于正四面體的兩個(gè)頂點(diǎn)上，正點(diǎn)電荷置于a點(diǎn),負(fù)點(diǎn)電荷置于b點(diǎn)，則（A. c、d兩點(diǎn)電勢(shì)相等B. c、d兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)

14、相同C. ac連線(xiàn)中點(diǎn)與ab連線(xiàn)中點(diǎn)的電勢(shì)相等D. ac連線(xiàn)中點(diǎn)與bc連線(xiàn)中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，只有場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向都相同時(shí)場(chǎng)強(qiáng)才相同；電勢(shì)是標(biāo)量, 大小相等時(shí)，電勢(shì)即相等；根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)面的分布情況分析。【解答】解：AB、根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理可知，c、d兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，則場(chǎng)強(qiáng)不同，在結(jié)合對(duì)稱(chēng)性知，c、d兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故 A正確，B錯(cuò)誤;acC、正點(diǎn)電荷置于 a點(diǎn)，負(fù)點(diǎn)電荷置于 b點(diǎn)，依據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)是降低的，則連線(xiàn)中點(diǎn)比ab連線(xiàn)中點(diǎn)的電勢(shì)高，故 C錯(cuò)誤;D、根據(jù)矢量的疊加原理，ac連線(xiàn)中點(diǎn)與bc連線(xiàn)中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，方向不同，故錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題

15、要掌握各種常見(jiàn)電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)線(xiàn)分布情況，抓住對(duì)稱(chēng)性，明確電場(chǎng) 強(qiáng)度是矢量，只有大小和方向都相同時(shí)場(chǎng)強(qiáng)才相同。3.（6分）雜技團(tuán)拋球表演中，被拋出的小球近似做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，演員每隔相同時(shí)間以相同的速度上拋一個(gè)小球，從拋出第一個(gè)球開(kāi)始計(jì)時(shí),g取10m/s2.所有小球運(yùn)動(dòng)的位移s隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，由此可知（A.拋出的速度大小為 5m/sB.在拋出點(diǎn)上方最多有 9個(gè)球C.第3個(gè)球與第6個(gè)球相遇在占0.7s時(shí)D.在拋出點(diǎn)上方最多有 4對(duì)球同時(shí)相遇【分析】通過(guò)題圖判斷小球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，進(jìn)而確定上拋速度大??；由題圖可知，第一個(gè)小球回到拋出點(diǎn)時(shí)，第9個(gè)小球被拋出，在拋出點(diǎn)上方最多由8個(gè)球；由題圖可

16、知第3、第6個(gè)小球的相遇時(shí)間；【解答】解：A、由題圖可知小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為0.8s,則上拋速度v=q=4m/s，故A錯(cuò)誤；B、由題圖可知，總共由 9個(gè)小球，當(dāng)?shù)谝粋€(gè)小球回到拋出點(diǎn)時(shí)，第9個(gè)小球被拋出，在拋出點(diǎn)上方最多由8個(gè)球，故B錯(cuò)誤；C、第3個(gè)球與第6個(gè)球相遇在t = 0.75s時(shí)，故C錯(cuò)誤；D、由題圖可知，在拋出點(diǎn)上方最多由4對(duì)球同時(shí)相遇，故 D正確；故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題考查學(xué)生從圖象中獲取信息，處理問(wèn)題的能力。4. (6分)2019年1月3日，嫦娥四號(hào)成功登陸月球背面，全人類(lèi)首次實(shí)現(xiàn)月球背面軟著陸。并通過(guò)位于地月拉格朗日點(diǎn)的“鵲橋”中繼星傳回了世界第一張近距離拍攝的月背影像圖，地月拉

17、格朗日點(diǎn)是太空中地球引力與月球引力相等的點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是( )A.由月球背面始終背對(duì)地球可判斷地月的自轉(zhuǎn)周期相同B.由月球背面始終背對(duì)地球可判斷地月的公轉(zhuǎn)周期相同C.位于地月拉格朗日點(diǎn)的“鵲橋”與月球具有相同的繞地周期D.位于地月拉格朗日點(diǎn)的“鵲橋”與月球具有相同的繞地速度【分析】由月球背面始終背對(duì)地球是由于月球的自轉(zhuǎn)周期等于月球繞地球的公轉(zhuǎn)周期;根據(jù)題意分析“鵲橋”與月球的繞地周期大??；根據(jù)線(xiàn)速度丫=空三判斷線(xiàn)速度。T【解答】解：AB、由月球背面始終背對(duì)地球是由于月球的自轉(zhuǎn)周期等于月球繞地球的公轉(zhuǎn)周期，故AB錯(cuò)誤；C、地月拉格朗日點(diǎn)是太空中地球引力與月球引力相等的點(diǎn)，該點(diǎn)與月球具有相同的

18、繞地周期，故C正確；D、根據(jù)線(xiàn)速度丫=告三，周期相同，離地距離不同，則線(xiàn)速度不同，故D錯(cuò)誤。故選：Co【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；解答此類(lèi)題目一般要把握兩條線(xiàn)： 一是在星球表面，忽略星球自轉(zhuǎn)的情況下，萬(wàn)有引力近似等于重力；二是根據(jù)萬(wàn)有引力 提供向心力列方程進(jìn)行解答。5. （6分）如圖為遠(yuǎn)距離輸電的電路原理圖，變壓器均為理想變壓器并標(biāo)示了電壓和電流，其中輸電線(xiàn)總電阻為 R,則（）A. I2= RB.輸電效率為7Px 100%C.用戶(hù)的用電器的數(shù)量增多時(shí)，U3將減小D.用戶(hù)得到的電功率可能等于電廠輸出的電功率【分析】根據(jù)歐姆定律，結(jié)合損失電壓得出輸電線(xiàn)上的電流，注意U2不是輸電線(xiàn)

19、上損失的電壓；根據(jù)降壓變壓器的輸出功率和升壓變壓器的輸入功率求出輸電的效率；根據(jù)用 戶(hù)處電流的變化得出輸電線(xiàn)上電流變化，從而得出電壓損失的變化，得出降壓變壓器的 輸入電壓。一一/ - 口 u9-u?,【解答】解：A、根據(jù)歐姆定律得：Id二二一故A錯(cuò)誤?！?RB、輸電效率為：刀=K-X 100%,故B錯(cuò)誤。C、用戶(hù)用電器數(shù)量增多時(shí)，總電阻減小，I4增大，則I2增大，輸電線(xiàn)上損失的電壓增大，則U3將減小，故C正確。D、由于輸電線(xiàn)上有功率損失，則用戶(hù)得到的電功率小于電廠輸出的電功率，故D錯(cuò)誤。故選：Co【點(diǎn)評(píng)】本題運(yùn)用歐姆定律時(shí)要注意各個(gè)量應(yīng)對(duì)應(yīng)同一段電路，要正確分析電壓和功率 的分配，即可分析遠(yuǎn)距

20、離輸電問(wèn)題。6. （ 6分）靜置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的I發(fā)生衰變，生成gjxe與某種射線(xiàn)a。Xe與a在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡為兩個(gè)半徑分別為Ri、R2的圓，a具有的動(dòng)能為E,已知Xe與a的質(zhì)量分別為M、m,則（）A.射線(xiàn)a帶正電B.兩個(gè)軌跡圓內(nèi)切C. Ri： R2=1： 54D. Xe具有的動(dòng)能為【分析】靜止的放射性原子核發(fā)生了衰變放出粒子后，根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒寫(xiě)出衰 變方程式，判斷射線(xiàn)的電性；根據(jù)左手定則判斷軌跡圓時(shí)內(nèi)切還是外切；衰變前后，動(dòng)量守恒，衰變后的粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力可得半徑公式，進(jìn)而判斷軌跡圓的半徑關(guān)系；2 根據(jù)動(dòng)量和動(dòng)能關(guān)系 e二堂一，結(jié)合動(dòng)量守恒判斷反沖核

21、的動(dòng)能； “ 2m【解答】解：A、根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒可知其衰變方程為：空工一空泥+ ?10，故a為電子，射線(xiàn)a為3射線(xiàn)，帶負(fù)電，故 A錯(cuò)誤； B、根據(jù)左手定則判斷，衰變瞬間反沖核與射線(xiàn)受到的洛倫茲力同向，軌跡為內(nèi)切圓，故 B正確；2C、根據(jù)洛倫茲力提供向心力 qvB=嗑,解得呢根據(jù)動(dòng)量守恒定律，可知半徑與 帶電量成反比，故 C正確； C白 i 曰 “kA*、， 一日八 W、，一i 日 I 一 6生D、根據(jù)動(dòng)重和動(dòng)重關(guān)系知：Ei二 ，Xe與a的質(zhì)重分別為 M、m,動(dòng)重大小相等，故k 2 mXe的動(dòng)能為Ek=E,故D正確； 故選：BCD?！军c(diǎn)評(píng)】本題中原子核衰變過(guò)程類(lèi)似于爆炸，遵守動(dòng)量守恒和能

22、量守恒，應(yīng)用半徑公式、 動(dòng)能和動(dòng)量關(guān)系處理問(wèn)題。7. （6分）如圖所示，一個(gè)帶正電的小物塊沿一個(gè)粗糙的豎直墻面以某一初速度向下滑動(dòng)?？臻g分布有水平向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。小物塊運(yùn)動(dòng)的v- t圖象可能正確的是（B.【分析】對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，根據(jù)小物塊受到的洛侖茲力的大小對(duì)運(yùn)動(dòng)的影響，明確 物體的運(yùn)動(dòng)變化情況，從而得出圖象。【解答】解：物體向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到重力、向右的洛倫茲力以及墻壁向左的支持力、向上的摩擦力；AD、若物體受到的摩擦力小于重力，則物體向下做加速運(yùn)動(dòng)，隨速度增大，洛倫茲力增 大，則支持力也增大，摩擦力增大，所以物體將做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到摩擦力 與重力相等，然后做勻速運(yùn)動(dòng)。故 A

23、錯(cuò)誤，D正確；B、若摩擦力的大小與重力的大小相等，則物體做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)；故 B正確；D、若開(kāi)始時(shí)摩擦力大于重力，則物體做減速運(yùn)動(dòng)，隨速度減小，洛倫茲力減小，則支持 力也減小，摩擦力減小，所以物體將做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，直到摩擦力與重力相等， 然后做勻速運(yùn)動(dòng)。故 C正確故選：BCD。【點(diǎn)評(píng)】本題考查共點(diǎn)力的平衡條件及洛侖茲力的性質(zhì)，要注意掌握判斷摩擦力的方向 的左手定則的應(yīng)用。8. （ 6分）如圖，小物體 A和B用跨過(guò)輕小定滑輪的輕繩連接，A套在豎直桿上（且處于最下端），桿與滑輪相距 L, O點(diǎn)到水平面的距離為 相L,在用水平拉力 F向右拉B使 其沿水平做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，不計(jì)一切摩擦，A、B

24、及滑輪的大小不計(jì)，桿、定滑輪與小物體B共面。則（）*A .拉力F做的功W可能等于A的機(jī)械能增量B.拉力F做的功 W 一定大于B的機(jī)械能增量C.若拉力F是恒力，其做的功 Ww'1+2證紅D.若拉力F是變力，小物體 A或者物體B可以一直做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)【分析】小物體A運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)時(shí)，根據(jù)連接物體的速度關(guān)系，此時(shí) B的速度為零，根 據(jù)功能關(guān)系可求得拉力 F做的功與A的機(jī)械能增量的關(guān)系； 小物體A運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)后會(huì) 下落，下落過(guò)程中拉力 F做的功小于B的機(jī)械能增量；小物體 A運(yùn)動(dòng)至0點(diǎn)時(shí)，由幾何 關(guān)系可求得物體 B向右運(yùn)動(dòng)的最大位移，根據(jù)功的公式可求得拉力的功?！窘獯稹拷猓篈、小物體A運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)

25、時(shí)，根據(jù)連接物體的速度關(guān)系，此時(shí) B的速度 為零，根據(jù)功能關(guān)系，從開(kāi)始至 A運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)過(guò)程中，拉力 F做的功 W等于A的機(jī) 械能增量，故A正確；B、小物體A運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)后會(huì)下落，下落過(guò)程中拉力F做的功小于B的機(jī)械能增量，故B錯(cuò)誤：C、小物體A運(yùn)動(dòng)至0點(diǎn)時(shí)，設(shè)小物體 B向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為 s,由于輕繩長(zhǎng)度不變，應(yīng)有 4L = J,2+卜"- h 0=60° , h = -L,所以s=，1+2VL ,根據(jù)功的公式 cos y有：W=Fs= d£+2%FL,故 C 正確；D、若拉力F是變力，小物體 AB做往返運(yùn)動(dòng)，不會(huì)一直做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故 D錯(cuò)誤。 故選：AC?！?/p>

26、點(diǎn)評(píng)】本題考查了連接體運(yùn)動(dòng)的功能關(guān)系，明確物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程及能量的轉(zhuǎn)化是關(guān)鍵。二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分.第2225題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答.第3334題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共 47分） 9. （5分）在“探究恒力做功與物體的動(dòng)能改變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)已按正確的操作步驟完成實(shí)驗(yàn)，如圖所示為紙帶上連續(xù)打下的點(diǎn)。選取圖中A、B兩點(diǎn)進(jìn)行研究，所需測(cè)量數(shù)據(jù)已用字母表示在圖中，已知小車(chē)的質(zhì)量為m,小車(chē)受到的恒定拉力大小為F,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為 T.則打A點(diǎn)時(shí)，計(jì)算小車(chē)動(dòng)能的表達(dá)式為;本實(shí)驗(yàn)所要探究的關(guān)系式為Fs3=一2（用題中及圖中所給字母表木）【

27、分析】根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出A點(diǎn)的速度，從而得出小車(chē)動(dòng)能的表達(dá)式。抓住合力做功等于動(dòng)能的變化量得出所要探究的關(guān)系式?！窘獯稹拷猓篈點(diǎn)的瞬時(shí)速度0者,貝U打下A點(diǎn)時(shí)，小車(chē)的動(dòng)能 EkA=mvA2同理打下B點(diǎn)時(shí)，小車(chē)的動(dòng)能 當(dāng)口二工加/口22則需要探究的關(guān)系式為：Fs3nkB 2 B 2 k2T 7_L2221 121 廠1 2-2獨(dú)與方也亍叱f）5）。故答案為： 加匕祟）*，F(xiàn)s3=-In（2-1 （-X） 2 o-W ±1 1WW 1W匕 X【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理，抓住恒力做功等于動(dòng)能的變化量得出關(guān)系式，10難度不大。（10分）某研究小組欲將

28、電流表改裝成歐姆表，他們?cè)趯?shí)驗(yàn)室中找到的器材如下:干電池E （電動(dòng)勢(shì)1.5V,內(nèi)電阻0.1 ）電阻箱R1 （阻值范圍為0999Q）電流表A （量程00.6A,內(nèi)阻1Q電阻箱R2 （阻值范圍為0999.9Q）開(kāi)關(guān)S導(dǎo)線(xiàn)若T定值電阻R=3Q（1）如圖1所示，電阻箱應(yīng)選擇R2 Q為了將電流表（圖 2）的0.6A標(biāo)注為0Q電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)整為1.4 Q,則0.2A應(yīng)標(biāo)注 5 Q。（2）研究小組發(fā)現(xiàn)上述改裝成的歐姆表測(cè)電阻阻值越大，指針偏轉(zhuǎn)角越小。為了能讓測(cè)電阻的阻值越大，指針偏轉(zhuǎn)角也越大，請(qǐng)?jiān)谌鐖D3所示方框內(nèi)重新設(shè)計(jì)電路。【分析】（1）歐姆表的工作原理是閉合電路歐姆定律，應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出電阻阻

29、值，然后答題。(2)并聯(lián)電路電壓相等，待測(cè)電阻兩端電壓越大，電壓表指針示數(shù)越大，根據(jù)題意設(shè)計(jì)電路圖。E 1 5V【解答】 解：(1)歐姆調(diào)零時(shí)：R內(nèi)=彳三T7-= 2.5 0=+Ra+R1 公 U. 9A解得：R=1.4 Q,電阻箱應(yīng)選擇 R2；E 15當(dāng)I = 0.2A時(shí)：0.2=1內(nèi)+網(wǎng)=2.5+及解得：Rx=5Q；(2)要使電阻測(cè)量值越大，電流表示數(shù)越大，可以采用并聯(lián)接法，定值電阻R為保護(hù)電阻，電路圖如圖所示：故答案為：(1) R2； 1.4; 5; (2)電路圖如圖所示。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了歐姆表的改裝與刻度，知道歐姆表的工作原理是閉合電路的歐姆定 律是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用閉合電路歐姆

30、定律可以解題。11. ( 14分)某小組在研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)設(shè)計(jì)了如圖1所示的固定軌道 ABCD ,其中AB部分為粗糙斜面，斜面傾角 仁60。，BC部分為光滑的、圓心角 0= 60°的圓軌道，CD 部分為光滑的水平面， AB和CD分別與圓軌道部分相切于 B點(diǎn)和C點(diǎn)，圓軌道的C端卜面裝有一壓力傳感器，水平面上有一端固定在D處的輕彈簧，另一端自由伸長(zhǎng)時(shí)恰好在C點(diǎn)。該小組讓小滑塊從斜面上不同位置由靜止下滑，并記錄小滑塊起始位置離B點(diǎn)的高度h,小滑塊每次剛到達(dá) C點(diǎn)時(shí)壓力傳感器的示數(shù) F與h的關(guān)系圖象如圖2所示, 已知小滑塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)呼卓,重力加速度取g=10m/s2.求：(1)小

31、滑塊沿AB面下滑時(shí)的加速度大小 a；(2)小滑塊的質(zhì)量m和圓軌道的半徑R；(3)已知彈簧的勁度系數(shù)k=100N/m,在其彈性限度范圍內(nèi)其壓縮量不能超過(guò)0.2m,求h的最大值hm。hmd= 0.2m【分析】滑塊在斜面的加速度可以直接通過(guò)進(jìn)行受力分析，將力分解到斜面方向和沿斜 面方向，結(jié)合牛頓第二定律即可求出；在滑塊做圓周運(yùn)動(dòng)期間，明確滑塊受合外力提供 其圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，列方程即可求解；先明確彈簧彈力做功的問(wèn)題，可以推導(dǎo)出其做 功等于彈力平均大小與位移乘積，再結(jié)合動(dòng)能定理和能量守恒定律即可求出臨界高度【解答】解：(1)小滑塊沿AB面下滑時(shí)所受的合外力為F合=mgsin。-(mgcos。由牛頓第二

32、定律有 F合=ma聯(lián)立上式解得-二 -:，*-J(2)設(shè)小滑塊每次剛到達(dá) C點(diǎn)時(shí)的速度大小為 v,由A到C根據(jù)動(dòng)能定律得m式h+R-Rccis 8 AW8 .卜sm 22在C點(diǎn)由牛頓第二定律得Jr,8二1nR聯(lián)立上式解得 m = 0.2kg, R= 0.8m(3)設(shè)小滑塊在C點(diǎn)時(shí)的速度最大為 vm ,在彈簧彈性限度范圍內(nèi)其最大壓縮量 彈力大小的平均值為亍卷此在彈簧壓縮過(guò)程中彈簧彈力做功為忙片W根據(jù)動(dòng)能定理W=U-2mv：h 1 尸由 A 至ij C 有 mg(h +R-Rcds8 ) - rogcos 8 -：竄二msin 2 1r聯(lián)立解得hm=0.9m答：(1)小滑塊沿AB面下滑時(shí)的加速度大

33、小 a呼二/ ；(2)小滑塊的質(zhì)量 mm = 0.2kg,圓軌道的半徑 R= 0.8m；(3) h的最大值hm=0.9m?！军c(diǎn)評(píng)】該題難度不算太大，但是有容易忽略的點(diǎn)，(1)問(wèn)屬于常規(guī)的受力分析，將力2）問(wèn)明確滑塊受合外力分解到斜面方向和沿斜面方向，結(jié)合牛頓第二定律即可求出；（提供其圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，列方程即可求解；（3）問(wèn)要先明確彈簧彈力做功的問(wèn)題，可以推導(dǎo)出其做功等于彈力平均大小與位移乘積（類(lèi)似于勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)位移的推導(dǎo)），再結(jié)合動(dòng)能定理和能量守恒定律即可求出臨界高度hm12. （18分）如圖，半徑為r的圓筒水平固定放置，與圓筒軸線(xiàn)OO'等高處有兩小孔 P、Q, P、Q分布在圓筒軸

34、線(xiàn)的兩側(cè)，沿圓筒軸線(xiàn)方向的距離為L(zhǎng),沿圓筒軸線(xiàn)方向加有同向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子以速度v從P孔垂直圓筒壁射入圓筒內(nèi)，最后從 Q孔射出。粒子與圓筒壁碰撞時(shí)電荷量與動(dòng)能均無(wú)損失，重力不計(jì)。求：（1）滿(mǎn)足題中條件的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B及粒子在圓筒內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（2）電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小?！痉治觥浚?）采用運(yùn)動(dòng)的分解法研究：粒子在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律和幾何知識(shí)結(jié)合求得B.根據(jù)粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圈數(shù)，結(jié)合周期求運(yùn)動(dòng)時(shí)間。（2）沿軸的方向粒子做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律和位移時(shí)間公式求E?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)粒子繞了（ k+二）圈，撞了 n次，

35、有（四+1）92n+12根據(jù)牛頓第二定律有 qvB = mR，一一r ， e由幾何關(guān)系有 R = rtan-mv 2k兀+幾聯(lián)立解得B = cot J；-； qr 2（n+1J由于0< Tt,有 n>2k, k=0, 1, 2, 3jn取正整數(shù)% n n-2k田 a=兀9=兀n+1.S . S _ 2nm - ipu（n+1）2兀（n+1）2兀？ qB =（n）qB得 t= (n-2k)tanv 2(n+l)(2)沿軸方向，粒子做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，有可得22k兀+冗2r2(n-2k)2COt-1)答:滿(mǎn)足題中條件的磁感應(yīng)強(qiáng)度B是空cot理工L,粒子在圓筒內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是（nqr 2（n

36、+l）w、nr+ 2kn+冗 2k) -tan±；v 2(n+l)（2）電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小是 q IT£r2(n-2k)2COt【點(diǎn)評(píng)】本題考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，采用運(yùn)動(dòng)的分解法研究。知道粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程、作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律、幾何知識(shí)即可解題。二.選考題：共15分.請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答.如果多做，則按所做的第一題計(jì)分.物理選修 3-3 （15分）13. （ 5分）下列說(shuō)法正確的是（）A.晶體與非晶體的區(qū)別之一在于是否具有固定的幾何外形B.當(dāng)分子所受的引力與斥力

37、相等時(shí)，其分子間的勢(shì)能小于零C. 一定溫度下的飽和汽的分子數(shù)密度是一定值，飽和汽壓不變D.熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容可以表述為：熱量只能從高溫物體向低溫物體轉(zhuǎn)移E.不浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管內(nèi)下降與浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管內(nèi)上升都是表面張力作用的效果 【分析】晶體與非晶體的區(qū)別之一在于是否具有固定的熔點(diǎn)；根據(jù)分子勢(shì)能的知識(shí)分析B選項(xiàng)；根據(jù)飽和7的概念分析 C選項(xiàng)；根據(jù)熱力學(xué)第二定律分析D選項(xiàng)；根據(jù)浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)產(chǎn)生原因分析 E選項(xiàng)?！窘獯稹拷猓篈、晶體與非晶體的區(qū)別之一在于是否具有固定的熔點(diǎn)，由于多晶體也沒(méi)有固定的幾何外形，故 A錯(cuò)誤；B、當(dāng)分子所受的引力與斥力相等時(shí)，其分子間的勢(shì)能最小，為負(fù)值，小于零，故B正確；飽

38、和C、根據(jù)飽和汽的概念可知，一定溫度下的某種液體飽和汽的分子數(shù)密度是一定值,汽壓不變，故C正確;D、熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容可以表述為：熱量可以自發(fā)的從高溫物體向低溫物體轉(zhuǎn)移，不可以自發(fā)的從低溫物體傳到高溫物體，故D錯(cuò)誤；E、不浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管內(nèi)下降與浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管內(nèi)上升都是表面張力作用的效果，當(dāng)表面張力與重力平衡時(shí)靜止，故E正確。故選：BCE?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查晶體與非晶體、熱力學(xué)定律、飽和汽、分子勢(shì)能等知識(shí)，解答本題的關(guān)鍵是能夠熟練掌握熱學(xué)部分的基本知識(shí)并能夠熟練應(yīng)用。14（10分）如圖所示，兩光滑活塞將氣缸分成為三個(gè)容器，每個(gè)容器內(nèi)均有理想氣體，當(dāng)溫度都為T(mén)0時(shí)，三容器體積之比為 Vi： V2： V3=1： 2: 3.求：當(dāng)溫度都達(dá)到T時(shí)，各容器的體積比是多少；為使各部分氣體體積相等，它們的溫度比為多少？八I;【分析】三部分氣體的壓強(qiáng)始終相等，對(duì)三部分氣體分別運(yùn)用理想氣體狀態(tài)方程，列式 求解即可?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)理想氣體狀態(tài)方程得：對(duì)A :對(duì)B：對(duì)C：Pc.Vc Pc"% - T又 Pa=Pb=Pc, Pa' =Pb' = Pc'由題 7A: VB： VC= 1： 2： 3 由得：V