福建省福州市2020屆高三物理下學(xué)期3月線上適應(yīng)質(zhì)檢試題含解析

1、福建省福州市2020屆高三物理下學(xué)期3月線上適應(yīng)質(zhì)檢試題（含解析）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.與下列圖片相關(guān)的物理知識(shí)說法正確的是（ ）a. 甲圖，湯姆生通過粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子核的概念，建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型b. 乙圖，氫原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)圖，大量處于n=4能級(jí)的原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，能輻射6種不同頻率的光子c. 丙圖，“光電效應(yīng)”實(shí)驗(yàn)揭示了光的粒子性，愛因斯坦為此提出了相對(duì)論學(xué)說，建立了光電效應(yīng)方程d. 丁圖，重核裂變產(chǎn)生的中子能使核裂變反應(yīng)

2、連續(xù)得進(jìn)行，稱為鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，其中一種核裂變反應(yīng)方程為【答案】b【解析】【詳解】a甲圖為盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子的概念，建立了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故a錯(cuò)誤；b乙圖中，大量處于n=4能級(jí)的原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，能輻射的光子種類為即共輻射出6種不同頻率的光子，故b正確；c丙圖的“光電效應(yīng)”實(shí)驗(yàn)揭示了光的粒子性，愛因斯坦為此提出了光子說，建立了光電效應(yīng)方程，故c錯(cuò)誤；d重核裂變稱為鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是因?yàn)樯傻亩鄠€(gè)中子繼續(xù)作為反應(yīng)物又轟擊鈾核，反應(yīng)方程為故d錯(cuò)誤。故選b。2.2019年12月27日20時(shí)45分，長(zhǎng)征五號(hào)遙三運(yùn)載火箭在中國(guó)海南文昌航天發(fā)射場(chǎng)點(diǎn)火升空，2000多秒后將實(shí)踐二十號(hào)衛(wèi)星送入預(yù)定軌道

3、，發(fā)射飛行試驗(yàn)取得圓滿成功。長(zhǎng)征五號(hào)號(hào)稱“胖五”，其起飛重量約870噸，直徑5m，全長(zhǎng)57米，起飛推力超1000噸，運(yùn)載能力近25噸；未來月球探測(cè)器、火星探測(cè)器和載人空間站都要靠“胖五”來發(fā)射升空。這次發(fā)射的實(shí)踐二十號(hào)衛(wèi)星是地球同步軌道衛(wèi)星。以下判斷中正確的是（ ）a. “胖五”選在緯度較低的海南文昌發(fā)射場(chǎng)發(fā)射，是為了充分利用地球自轉(zhuǎn)的線速度b. “胖五”在加速起飛時(shí)推力大于重力，減速返回地面時(shí)推力將小于重力c. 實(shí)踐二十號(hào)衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于7.9km/sd. 火星探測(cè)器的發(fā)射速度應(yīng)大于7.9km/s，小于11.2km/s【答案】a【解析】【詳解】a地球上緯度較低的位置，自轉(zhuǎn)的線速度較大，可以

4、利用起來作為發(fā)射衛(wèi)星的初速度，故a正確；b“胖五”在加速起飛時(shí)推力大于重力，加速度向上，減速返回地面時(shí)加速度向上，推力還是大于重力，故b錯(cuò)誤；c根據(jù)可知，軌道半徑越大線速度越小，而7.9km/s是近地衛(wèi)星的線速度，故作為地球同步衛(wèi)星的實(shí)踐二十號(hào)衛(wèi)星，其運(yùn)行速度小于7.9km/s，故c錯(cuò)誤；d大于7.9km/s小于11.2km/s的速度只能保證在地球的引力范圍內(nèi)運(yùn)動(dòng)，而要到火星需要在太陽系的引力范圍，則發(fā)射速度要大于第二宇宙速度小于第三宇宙速度，即大于11.2km/s，小于16.7km/s，故d錯(cuò)誤。故選a。3.如圖，小球甲從a點(diǎn)水平拋出，將小球乙從b點(diǎn)自由釋放，兩小球先后經(jīng)過c點(diǎn)時(shí)速度大小相等

5、，方向夾角為60，已知a、c高度差為h，兩小球質(zhì)量均為m，不計(jì)空氣阻力，由以上條件可知（ ）a. 兩小球在c點(diǎn)的速度大小均為b. a、b兩點(diǎn)高度差為4hc. 甲小球在c點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為d. 乙小球在c點(diǎn)時(shí)的動(dòng)量大小為【答案】d【解析】【詳解】a由可得甲運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為所以甲與乙相遇時(shí)，甲的豎直速度為則甲過c點(diǎn)的速度為兩小球在c點(diǎn)的速度大小相等，都為，故a錯(cuò)誤；b乙做自由落體運(yùn)動(dòng)，由所以乙在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為小球乙下降的高度為則a、b兩點(diǎn)間的高度差：故b錯(cuò)誤；c甲小球在c點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為故c錯(cuò)誤；d乙球在c點(diǎn)時(shí)的動(dòng)量大小為故d正確。故選d。4.如圖，甲、乙為高和直徑相等的圓筒狀容器，在甲容器中

6、頂面和底面間加上電壓u，沿圓筒軸線方向形成一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，在乙容器圓筒軸線處放一直導(dǎo)線，在導(dǎo)線與筒壁間所加的電壓也等于u，形成沿半徑方向的輻向電場(chǎng)，大量電量和質(zhì)量均相同的帶電微粒，在兩個(gè)區(qū)域內(nèi)由靜止釋放后運(yùn)動(dòng)方向如圖所示。不計(jì)微粒重力，不考慮微粒間的相互作用，則在兩種容器中（ ）a. 甲容器中電場(chǎng)方向沿軸線豎直向下，乙容器中電場(chǎng)方向由軸線向外b. 微粒都做勻加速直線運(yùn)動(dòng)c. 微粒的電勢(shì)能都減小d. 甲容器中電場(chǎng)對(duì)單個(gè)微粒做功的最大值是乙容器的2倍【答案】c【解析】【詳解】a因兩個(gè)容器中釋放的粒子沒有告訴電性，故無法判斷電場(chǎng)力與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系，則兩個(gè)容器中的電場(chǎng)方向無法判斷，故a錯(cuò)誤；b甲容器中形成的

7、是勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子受恒力做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙容器中形成的是均勻輻向電場(chǎng)，不同的半徑處場(chǎng)強(qiáng)大小不等，粒子受變力做變加速直線運(yùn)動(dòng)，故b錯(cuò)誤；c兩容器中粒子均只受電場(chǎng)力從靜止開始運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，故電勢(shì)能都減小，故c正確；d根據(jù)功能關(guān)系可知電場(chǎng)對(duì)單個(gè)微粒做功的最大值為，則兩個(gè)容器中的最大值相同，故d錯(cuò)誤。故選c。5.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10:1，b 是原線圈的中心抽頭，圖中電表均為理想的交流電表，定值電阻r =10，其余電阻均不計(jì)。從某時(shí)刻開始在 c、d 兩端加上如圖乙所示的交變電壓則下列說法中正確的有（ ）a. 當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與a連接時(shí)，電壓表的示數(shù)為31.1vb. 當(dāng)單刀雙

8、擲開關(guān)與b連接時(shí)，在t=0.01s時(shí)刻，電流表示數(shù)為4.4ac. 當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a撥向b時(shí)，副線圈輸出電壓的頻率變?yōu)?5hzd. 當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a 撥向b 時(shí)，原線圈的輸入功率變小【答案】b【解析】【詳解】a當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與a連接時(shí)，變壓器原副線圈匝數(shù)比為10：1，輸入電壓為故根據(jù)變壓比公式可得輸出電壓為22v，故a錯(cuò)誤；b當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與b連接時(shí)，變壓器原副線圈的匝數(shù)比為5：1，輸入電壓為故根據(jù)變壓比公式輸出電壓為44v，根據(jù)歐姆定律，電流表的示數(shù)即為輸出電流的有效值故b正確；c由圖象可知，電壓的最大值為311v，交流電的周期為210-2s，所以交流電的頻率為f=50hz；當(dāng)單刀雙擲開關(guān)

9、由a撥向b時(shí)，變壓器不會(huì)改變電流的頻率，所以副線圈輸出電壓的頻率為50hz；故c錯(cuò)誤；d當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a撥向b時(shí)，根據(jù)變壓比公式，輸出電壓增加，故輸出電流增加，故輸入電流也增加，則原線圈的輸入功率變大，故d錯(cuò)誤。故選b。6.如圖所示，鐵板ab與水平地面間的夾角為，一塊磁鐵吸附在鐵板下方?，F(xiàn)緩慢抬起鐵板b端使角(始終小于90)增大的過程中，磁鐵始終相對(duì)鐵板靜止，磁鐵對(duì)鐵板的吸力大小不變。下列說法正確的是（ ）a. 鐵板對(duì)磁鐵的作用力保持不變b. 鐵板對(duì)磁鐵的彈力逐漸增大c. 鐵板對(duì)磁鐵的摩擦力做負(fù)功d. 鐵板對(duì)磁鐵的彈力沖量等于零【答案】ab【解析】【詳解】a對(duì)鐵塊受力分析，受重力g、磁力f、

10、支持力n和摩擦力f，如圖由于始終平衡故合力為零，磁鐵對(duì)鐵板的作用力為多個(gè)力的合力，大小等于mg，方向豎直向下，由牛頓第三定律可知對(duì)鐵板對(duì)磁鐵的作用力保持不變，故a正確；b根據(jù)平衡條件，有：mgsin-f=0f-mgcos-n=0解得：f=mgsinn=f-mgcos由于不斷變大，故f不斷變大，n不斷變大，故b正確，c摩擦力與鐵板的運(yùn)動(dòng)方向垂直，則不做功，則c錯(cuò)誤；d鐵板對(duì)磁鐵有不等于零的彈力和時(shí)間，則沖量等于ft0，則d錯(cuò)誤。故選ab。7.如圖所示，輕質(zhì)彈簧的左端固定，并處于自然狀態(tài)，小物塊的質(zhì)量為m，從a點(diǎn)向左沿水平地面運(yùn)動(dòng)，壓縮彈簧后被彈回，運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)恰好靜止，物塊向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為s，

11、與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，彈簧未超出彈性限度。在上述過程中（ ）a. 彈簧的最大彈力大于mgb. 物塊克服摩擦力做的功為mgsc. 彈簧的最大彈性勢(shì)能為2mgsd. 物塊在a點(diǎn)的初速度為【答案】ad【解析】【詳解】a物體向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，當(dāng)彈簧的彈力與滑動(dòng)摩擦力大小相等時(shí)，即f=mg時(shí)，速度最大，物體繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，彈簧繼續(xù)伸長(zhǎng)直到自然狀態(tài)，所以彈簧的最大彈力大于mg，故a正確；b整個(gè)過程中，物塊所受的摩擦力大小恒定，摩擦力一直做負(fù)功，則物塊克服摩擦力做的功為2mgs，故b錯(cuò)誤；c物體向右運(yùn)動(dòng)的過程，根據(jù)能量守恒定律得，彈簧的最大彈性勢(shì)能為ep=mgs故c錯(cuò)誤；d設(shè)物塊在a點(diǎn)的初速度為v

12、0對(duì)整個(gè)過程，利用動(dòng)能定理得可得故d正確。故選ad。8.如圖所示，正方形導(dǎo)線框處于足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直框平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加，變化率為k。導(dǎo)體框質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為l，總電阻為r，在恒定外力f作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)。下列說法正確的是（ ）a. 線框中有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流b. 線框中的感應(yīng)電流逐漸增大到某個(gè)最大值后不變c. 線框?qū)⒆鰟蚣铀龠\(yùn)動(dòng)，加速度大小為d. 線框中感應(yīng)電流做功的功率為【答案】cd【解析】【詳解】a線框完全在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)切割磁感線不能引起磁通量的變化，不能產(chǎn)生動(dòng)生電流，而磁場(chǎng)均勻增加能產(chǎn)生感生電流，由楞次定律可知感應(yīng)電流為逆時(shí)針方向，故a錯(cuò)誤；b由法拉第電磁感應(yīng)

13、定律可知?jiǎng)t感應(yīng)電流的大小始終恒定，故b錯(cuò)誤；c因?qū)Ь€框的兩對(duì)對(duì)邊通電受安培力等大相反而抵消，則線框在磁場(chǎng)中受到的合外力等于f，由牛頓第二定律得導(dǎo)體框在磁場(chǎng)中的加速度大小為故c正確；d由電功率可得，導(dǎo)體框中感應(yīng)電流做功的功率為故d正確。故選cd。第卷二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第9題第12題為必考題，每個(gè)考題考生都必須作答，第1316為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9.用如圖所示的甲、乙兩種裝置都可以進(jìn)行“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。(1)a、b是兩個(gè)實(shí)驗(yàn)中打出的紙帶的一部分，a、b、c、g是紙帶上標(biāo)出的計(jì)數(shù)點(diǎn)，每?jī)蓚€(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)未畫出。其中圖_（填

14、“a”或“b”）所示的是用乙裝置的實(shí)驗(yàn)紙帶。用甲裝置實(shí)驗(yàn)時(shí)打下f點(diǎn)的瞬時(shí)速度v=_m/s（保留2位有效數(shù)字）。(2)在用乙裝置進(jìn)行的實(shí)驗(yàn)中，平衡阻力后，小車與橡皮筋組成的系統(tǒng)在橡皮筋恢復(fù)形變前機(jī)械能_（填“守恒”或“不守恒”）?！敬鸢浮?(1). a (2). 0.28 (3). 不守恒【解析】【詳解】(1)1甲圖裝置是恒力拉動(dòng)小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，體現(xiàn)相等時(shí)間內(nèi)的位移差恒定，對(duì)應(yīng)紙帶b，乙裝置是橡皮筋的彈力拉動(dòng)小車，是逐漸減小的彈力作用，小車應(yīng)先做變加速度直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)應(yīng)紙帶a；2甲裝置對(duì)應(yīng)紙帶b，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未畫出，則時(shí)間間隔為由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，平均速度等于中間

15、時(shí)刻的瞬時(shí)速度，有(2)3小車與橡皮筋組成的系統(tǒng)有重力做正功，橡皮筋的彈力做正功，摩擦力做負(fù)功，則即使平衡了摩擦力，依然有除重力和彈力之外的摩擦力做負(fù)功，系統(tǒng)的機(jī)械能減少，機(jī)械能不守恒。10.某同學(xué)要將一量程為250a的微安表改裝為量程為5.0v的電壓表。該同學(xué)測(cè)得微安表內(nèi)阻為1200，經(jīng)計(jì)算后將一阻值為r的電阻與該微安表連接，進(jìn)行改裝。然后利用一標(biāo)準(zhǔn)電壓表，根據(jù)圖(a)所示電路對(duì)改裝后的電表進(jìn)行校正（虛線框內(nèi)是改裝后的電表）(1)改裝時(shí)，該同學(xué)選用的電阻r的阻值應(yīng)為_，與微安表_聯(lián)（填“串”或“并”）。(2)根據(jù)校正電路(a)，補(bǔ)全圖(b)中的實(shí)物連線_；(3)當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電壓表的示數(shù)為4.80

16、v時(shí)，微安表的指針位置如圖(c)所示。由此可以推測(cè)出所改裝的電表量程不是預(yù)期值，而是_v（答案填三位有效數(shù)字）。要修正改裝電表的量程，可以采用以下措施中的_(填正確答案標(biāo)號(hào))a.在r上并聯(lián)一個(gè)比r大得多的電阻b.在r上并聯(lián)一個(gè)比r小得多的電阻c.在r上串聯(lián)一個(gè)比r大得多的電阻d.在r上串聯(lián)一個(gè)比r小得多的電阻(4)如果將該改裝修正好的電壓表（圖中用v表示）再連接到如圖所示電路中，可以作為萬用表的歐姆檔使用，若已知電源電動(dòng)勢(shì)為6.0v，與電壓表并聯(lián)的電阻，則該歐姆檔的中值電阻為_?！敬鸢浮?(1). 18.8k (2). 串 (3). (4). 6.00 (5). a (6). 1500【解析】

17、【詳解】(1)12表頭改裝成電壓表需要利用串聯(lián)分壓的規(guī)律，有解得串聯(lián)電阻的阻值(2) 3校對(duì)電壓表的電路需要標(biāo)準(zhǔn)表和待校表并聯(lián)，同時(shí)滑動(dòng)變阻器采用分壓式獲得更大的調(diào)節(jié)范圍，連接實(shí)物圖如圖所示(3)4微安表量程為250a，由圖(c)所示表盤可知，其分度值為5a，其示數(shù)為200a，是滿偏量程的，改裝后的電壓表量程為u，則示數(shù)為解得5量程改裝后偏大，則串聯(lián)的分壓電阻偏大，故在r上并聯(lián)一個(gè)比r大得多的電阻，把等效的串聯(lián)電阻變小，故a正確，bcd錯(cuò)誤，故選a。(4) 6修正好電壓表v，滿偏電流為，內(nèi)阻為電壓表v與并聯(lián)后作為表頭，滿偏電流為根據(jù)歐姆檔測(cè)電阻的原理，短接紅黑表筆時(shí)電路的總內(nèi)阻即為中值電阻，有

18、可得11.圖為質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)示意，由加速電場(chǎng)、速度選擇器、偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)三部分組成。一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子從加速電場(chǎng)的正極板附近由靜止釋放，沿直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)速度選擇器后由p點(diǎn)垂直射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為b0勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后垂直打在位于a1a2間的照相底片上的p點(diǎn)。已知pp間的距離為l，速度選擇器中的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為e，不計(jì)粒子重力。求： (1)速度選擇器中的磁場(chǎng)b的方向和大??；(2)加速電場(chǎng)的電壓u?！敬鸢浮?1)，方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲猓?2)【解析】【詳解】(1)粒子由p點(diǎn)垂直射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為b0勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有 （r為軌道半徑）由幾何關(guān)系l=2r解得粒子經(jīng)速度選擇器出來，

19、滿足解得由左手定則，磁場(chǎng)b的方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲狻?2)粒子在電場(chǎng)中由靜止加速得12.光滑水平面上有一質(zhì)量m車1.0kg的平板小車，車上靜置a、b兩物塊。物塊由輕質(zhì)彈簧無栓接相連（物塊可看作質(zhì)點(diǎn)），質(zhì)量mamb1.0kg。a距車右端x1（x11.5m），b距車左端x21.5m，兩物塊與小車上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.1車離地面的高度h0.8m，如圖所示。某時(shí)刻，將儲(chǔ)有彈性勢(shì)能ep4.0j的輕彈簧釋放，使a、b瞬間分離，a、b兩物塊在平板車上水平運(yùn)動(dòng)。重力加速度g取10m/s2，求：(1)彈簧釋放瞬間后a、b速度的大?。?2)b物塊從彈簧釋放后至落到地面上所需時(shí)間；(3)若物塊a恰好未離開車，求x1

20、的值及兩物塊在平板車上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮?1) v 12m/s，v22m/s；(2)t=1.4s；(3)x1=1.75m，q=3.25j。【解析】【詳解】(1)釋放彈簧過程a、b系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mav1-mbv20由機(jī)械能守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得v 12m/s，v22m/s(2)由于a、b質(zhì)量相等，且與小車上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，則b在平板車上運(yùn)動(dòng)到左端的過程小車所受合力為零，小車靜止。因此在b運(yùn)動(dòng)到小車左端過程，對(duì)b由動(dòng)能定理得：由動(dòng)量定理得-mbgt1mbvb-mbv2代入數(shù)據(jù)解得：vb1m/s，t11sb離開平板車后做平拋運(yùn)動(dòng)

21、，豎直方向代入數(shù)據(jù)解得t20.4s運(yùn)動(dòng)時(shí)間tt1+t21.4s(3)b離開小車時(shí),vavb1m/s，b離開平板車后，a與平板車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mava(ma+m車)v由能量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得l相對(duì)0.25ma、b同時(shí)在小車上運(yùn)動(dòng)時(shí)小車不動(dòng)，b滑出小車前，a在小車上滑行的距離與b在小車上滑行的距離相等為1.5m，則x1的值x1l相對(duì)+ x21.75m根據(jù)能量守恒定律，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量qmagx1+mbgx23.25j（二）選考題：共15分 物理選修3-313.關(guān)于對(duì)分子動(dòng)理論、氣體和晶體等知識(shí)的理解，下列說法正確的是_a. 溫度高的物體，其分子的平均動(dòng)能一定

22、大b. 液體的分子勢(shì)能與體積無關(guān)c. 晶體在物理性質(zhì)上可能表現(xiàn)為各向同性d. 溫度升高，氣體的壓強(qiáng)一定變大e. 熱量可以從低溫物體傳給高溫物體【答案】ace【解析】【詳解】a溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高時(shí)，分子的平均動(dòng)能增大，故a正確；b液體分子之間的距離不同，液體分子之間的分子力大小就不同，所以分子力做功不同，則分子勢(shì)能就不同，所以液體的分子勢(shì)能與體積有關(guān)，故b錯(cuò)誤；c單晶體因排列規(guī)則其物理性質(zhì)為各向異性，而多晶體因排列不規(guī)則表現(xiàn)為各向同性，故c正確；d根據(jù)理想氣體得狀態(tài)方程可知溫度升高，氣體的壓強(qiáng)不一定增大，還要看體積變化，故d錯(cuò)誤；e熱量不能自發(fā)的從低溫物體傳給高溫物體，但在引起其

23、它變化的情況下可以由低溫物體傳給高溫物體，故e正確。故選ace。14.如圖所示，一端封閉、粗細(xì)均勻的u形玻璃管開口向上豎直放置，管內(nèi)用水銀將一段氣體封閉在管中當(dāng)溫度為280k時(shí)，被封閉的氣柱長(zhǎng)l=25cm，兩邊水銀柱高度差h=5cm，大氣壓強(qiáng)p0=75cmhg。加熱封閉氣體，為使左端水銀面下降h1=5cm，求此時(shí)封閉氣體的溫度；封閉氣體溫度保持問中的值不變，為使兩液面相平，求需從底端放出的水銀柱長(zhǎng)度?！敬鸢浮?84k；9cm【解析】【詳解】設(shè)左端水銀面下降后封閉氣體的壓強(qiáng)為p2，溫度為t2，體積為v2，則，由理想氣體狀態(tài)方程得代入數(shù)值解得兩液面相平時(shí)，氣體的壓強(qiáng)為：，體積為，左端液面下降，右管液面下降了，由玻意耳定律得解得所以放出的水銀柱長(zhǎng)度物理選修3-415.如圖，a、b、c、d是均勻介質(zhì)中水平軸上的四