2025年外研銜接版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示的電路，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)閉合后，在變阻器的滑動端向上滑動的過程中（）

A.電壓表與電流表的示數(shù)都增大B.電壓表與電流表的示數(shù)都減小C.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小D.電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大2、心臟除顫器是通過一個電容器放電時的脈沖電流作用于心臟，實施電擊治療，使患者心臟恢復(fù)正常跳動的儀器。如圖所示，心臟除顫器的電容器電容為12充電后電容器電壓為8.0kV。如果電容器在3.0ms時間內(nèi)完成放電，下列說法正確的是（）

A.放電之后，電容器的電容為零B.該電容器的擊穿電壓為8.0kVC.放電之前，電容器存儲的電荷量為96CD.該次放電通過人體的平均電流為32A3、如圖所示，A、B、C、D、E是半徑為r的圓周上等間距的五個點，在這些點上各固定一個點電荷，除A點處的電荷量為外，其余各點處的點電荷電荷量均為圓心O處固定一點電荷則所受靜電力（）

A.大小為方向沿方向B.大小為方向沿方向C.大小為方向沿方向D.大小為方向沿方向4、如圖所示；電容器的一個極板接地，另一個極板與一個靈敏的靜電計相接，用靜電計測量平行板電容器兩極板之間的電勢差。實線和虛線分別表示變化前后的指針位置。下列操作與上述實驗結(jié)果相符的是（）

A.僅減小兩極板間的正對面積B.僅減小兩極板間的距離C.僅在兩極板間插入有機(jī)玻璃D.僅減小電容器所帶電荷量5、“四大發(fā)明”是中國古代人民智慧的結(jié)晶，是中華民族對世界文明發(fā)展的重大貢獻(xiàn)，在現(xiàn)代仍具有重大影響。下列說法正確的是（）A.春節(jié)有放鞭炮的習(xí)俗，在炸響的瞬間，鞭炮動量守恒但能量不守恒B.指南針的發(fā)明促進(jìn)了航海和航空事業(yè)發(fā)展，靜止時指南針的N極指向北方C.裝在炮筒中的火藥燃燒爆炸時，化學(xué)能全部轉(zhuǎn)化為彈片的動能D.火箭是我國重大發(fā)明，現(xiàn)代火箭發(fā)射時，火箭對噴出氣體的作用力大于氣體對火箭的作用力評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、質(zhì)量為的帶電小球以初速度水平拋出，經(jīng)過時間后進(jìn)入方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，再經(jīng)過時間速度方向重新變?yōu)樗?；已知初末位置分別為A點和C點，經(jīng)B點進(jìn)入電場．下列分析正確的是。

A.電場力大小為2mgB.從A到C的運動過程，小球動量守恒C.小球從A到B與從B到C的速度變化量相同D.從A到C的高度7、如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，在O點固定一電荷量為Q的正點電荷，a、b、c、d為以O(shè)為圓心的同一圓周上的四點，bd與電場線平行，ac與電場線垂直；則。

A.a、c兩點的場強(qiáng)相同B.b點的場強(qiáng)大小大于a點的場強(qiáng)大小C.d、a間的電勢差大于a、b間的電勢差D.檢驗電荷在a點的電勢能等于在c點的電勢能8、如圖所示，為一圓的兩條直徑，且互相垂直，點為圓心?？臻g存在一未知靜電場，方向與圓周所在平面平行。現(xiàn)有一電子，在靜電力作用下（重力不計），先從A點運動至點，動能減少了又從點運動至點，動能增加了那么關(guān)于此空間存在的靜電場可能是（）

A.方向垂直于并由指向的勻強(qiáng)電場B.方向垂直于并由指向的勻強(qiáng)電場C.位于點的正點電荷形成的電場D.位于點的正點電荷形成的電場9、在如圖所示的電路中，電源電動勢定值電阻閉合開關(guān)S后，電動機(jī)正常工作，此時電流表的示數(shù)為電壓表的示數(shù)為已知電流表和電壓表均為理想電表。則下列說法正確的是（）

A.電源的內(nèi)阻為B.電動機(jī)正常工作時電源的輸出功率是C.若電動機(jī)的內(nèi)阻為其正常工作時的輸出功率為D.內(nèi)阻為的電動機(jī)正常工作時電源的效率為10、關(guān)于電荷，以下說法正確的是（）A.摩擦起電創(chuàng)造了電荷B.物體所帶的電荷量只能為某些值C.電子的電荷量為D.安培首先測出了元電荷的數(shù)值11、如圖所示，兩個固定的等量異種電荷相距為其連線中點為以為圓心、為半徑的圓與兩點電荷間的連線及連線的中垂線分別交于和．則（）

A.兩點的電場強(qiáng)度相同B.兩點的電場強(qiáng)度相同C.將一帶正電的試探電荷從點沿直線移到點，其電勢能先減小后增大D.將一帶正電的試探電荷從點沿直線移到點，其電勢能先增大后減小12、四個相同的小量程電流表（表頭）分別改裝成兩個電流表和兩個電壓表已知電流表的量程大于的量程，電壓表的量程大于的量程；改裝好后把它們按圖所示接法連入電路，則（）

A.電流表的讀數(shù)大于電流表的讀數(shù)B.電流表指針的偏轉(zhuǎn)角小于電流表指針的偏轉(zhuǎn)角C.電壓表的讀數(shù)小于電壓表的讀數(shù)D.電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角13、下列關(guān)于電功、電功率和焦耳定律的說法中正確的是（）A.電功率越大，電流做功越快，電路中產(chǎn)生的焦耳熱一定越多B.W=UIt適用于任何電路，而只適用于純電阻電路C.在非純電阻電路中，UI>I2RD.焦耳熱Q=I2Rt適用于任何電路評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖所示，質(zhì)量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩水平平行板間的勻強(qiáng)電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點（重力不計），則從開始射入到打到上板的過程中它們所帶的電荷量之比qP∶qQ=___________；它們的動能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ=___________。

15、相距為a的A、B兩點分別放著等量異種電荷＋Q、－Q，在A、B連線中點處的電場強(qiáng)度___________N/C,方向__________（指向A或B）16、如圖所示，是勻強(qiáng)電場中一正方形的四個頂點，已知三點的電勢分別由此可得D點電勢________V；若該正方形的邊長為且電場方向與正方形所在平面平行，則場強(qiáng)為_______

17、在電場中A點放一個電量的電荷，受到電場力大小為則該力的方向跟A點電場強(qiáng)度的方向相__________，A點電場強(qiáng)度大小為__________如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為__________N，方向跟A點電力線的方向相__________，如果拿走電荷則A點電場強(qiáng)度大小為__________18、如圖所示，面積為S的線圈垂直放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，線圈一半在磁場外，穿過線圈的磁通量為_____________．若線圈以為軸轉(zhuǎn)過180°，則該線圈磁通量的變化量為___________．評卷人得分四、作圖題(共2題，共8分)19、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

20、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)21、某興趣小組要測量一種未知材料制成的細(xì)圓柱體小電阻的電阻率ρ；步驟如下：

（1）用10分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度為________mm；用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑為__________mm；

（2）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為_________Ω；

（3）為了更準(zhǔn)確地測量待測圓柱體電阻R；現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

A．直流電源E（電動勢4V；內(nèi)阻不計）

B．電流表A1（量程0～15mA、內(nèi)阻r1約為500Ω）

C．電流表A2（量程0～300μA、內(nèi)阻r2=1000Ω）

D．電壓表V（量程0～15V；內(nèi)阻約25kΩ）

E．滑動變阻器R1；（阻值范圍0～20Ω，額定電流2A）

F．滑動變阻器R2；（阻值范圍0～2kΩ，額定電流0.5A）

G．定值電阻R3=9000Ω

H．定值電阻R4=500Ω

開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

為減小實驗誤差，要求測得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請在虛線框中畫出測量用的正確電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號____________。

22、圖a為某同學(xué)組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內(nèi)阻為480Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位；5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋。

(1)圖a中的A端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

(2)關(guān)于R6的使用，下列說法正確的是_______（填正確答案標(biāo)號）。

A．在使用多用電表之前，調(diào)整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置。

B．使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。

C．使用電流擋時，調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置。

(3)根據(jù)題給條件可得R1＋R2=_______Ω，R4=________Ω。

(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖b所示。若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為_______；若此時B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為________；若此時B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為___________。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

在變阻器R0的滑片向上滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，變阻器R0與R2并聯(lián)電阻R并增大，則外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I減小，電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓U增大；電壓表示數(shù)增大；并聯(lián)部分電壓。

U并=E－I(R1+r)I減小，E、R1、r均不變，則U并增大；故電流表示數(shù)增大。

故選A。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電容器的電容與電量無關(guān)。所以放電后電容器的電容不變。A錯誤；

B．充電后電容器電壓為8.0kV；擊穿電壓大于此值。B錯誤；

C．根據(jù)電容公式得

C錯誤；

D．該次放電通過人體的平均電流為

D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

將A處點電荷拆分為與則由對稱性可知，A、B、C、D、E五處對O處點電荷Q的合靜電力為0，故O處Q所受靜電力等于A處等效的對它的作用力，由庫侖定律可知，靜電力的大小為

由異種電荷相吸引可知，靜電力方向沿方向。

故選C。4、A【分析】【詳解】

根據(jù)

解得

A.僅減小兩極板間的正對面積，U增大；指針偏角增大，A正確；

B.僅減小兩極板間的距離，U減??；指針偏角減小，B錯誤；

C.僅在兩極板間插入有機(jī)玻璃，ε增大，U減??；指針偏角減小，C錯誤；

D.僅減小電容器所帶電荷量Q，U減??；指針偏角減小，D錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

A．鞭炮炸響時；內(nèi)力遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，所以動量守恒，在任何情況下，能量都是守恒的，故A錯誤；

B．指南針的發(fā)明促進(jìn)了航海和航空；因地磁場南極處在地理北極處，故指南針靜止時指南針的N極指向北方，故B正確；

C．裝在炮彈中的火藥燃燒爆炸時；化學(xué)能轉(zhuǎn)化為彈片的動能和周圍物體的內(nèi)能，故C錯誤；

D．現(xiàn)代火箭發(fā)射時；火箭對噴出氣體的作用力和氣體對火箭的作用力為作用力和反作用力，根據(jù)牛頓第三定律可知，二者大小相等，方向相反，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)6、A:D【分析】【詳解】

小球從A到B過程中，小球只受重力，所以做平拋運動，在豎直方向上做自由落體運動，故，小球從B到C過程中，小球受到重力，電場力，要使在豎直方向上到達(dá)C點時豎直速度為零，所以小球在豎直方向上做勻減速直線運動，故，根據(jù)牛頓第二定律可得，聯(lián)立解得，，方向都豎直向上，故從A到C的豎直高度為，AD正確；小球從A到B過程中速度變化，方向豎直向下，從B到C過程中速度變化為，方向豎直向上，兩者大小相同，方向不同，C錯誤；從A到C過程中小球受到的合外力不為零，故動量不守恒，B錯誤；7、B:D【分析】【詳解】

A.a、c兩個點的場強(qiáng)實際上是勻強(qiáng)電場與點電荷輻射狀電場的疊加，可知，a、c兩點的場強(qiáng)大小相等；但方向不同，所以場強(qiáng)不同，故A錯誤；

B.點電荷在圓周上各點的場強(qiáng)大小為E0，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為E，則b點的場強(qiáng)Eb=E0+E

a點的場強(qiáng)

則Eb＞Ea．故B正確；

C.在點電荷的電場中，同心圓上各點的電勢相等，da間與ab間的電勢差均為零．電勢差在勻強(qiáng)電場中，da間的電勢差等于ab間的電勢差，所以根據(jù)疊加原理知，da間的電勢差等于ab間的電勢差；故C錯誤；

D.在點電荷的電場中，a、c兩點的電勢相等．在勻強(qiáng)電場中，a、c兩點的電勢也相等，根據(jù)疊加原理知，a、c兩點的電勢相等，檢驗電荷在a點的電勢能等于在c點的電勢能．故D正確．8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．從A點運動至點，動能減少了又從點運動至點，動能增加了若為勻強(qiáng)電場則說明為電場的等勢線，故電場方向垂直電子從點運動至點，動能減少，說明靜電力做負(fù)功，即電子受到了向左的力，所以電場線方向應(yīng)該垂直于向右；故A錯誤，B正確；

CD．A、到點的距離相等，點的正電荷產(chǎn)生的電場中，電子由到到靜電力不做功，電勢能不發(fā)生變化；點的正電荷產(chǎn)生的電場中，由對稱性可知，電子由到過程中靜電力做負(fù)功，由到過程中；靜電力做正功，且做功的絕對值相等，故C錯誤，D正確。

故選BD。9、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意，設(shè)電源內(nèi)阻為由閉合回路歐姆定律有

解得

故A錯誤；

B．根據(jù)題意可知，電源的輸出功率為

故B正確；

C．根據(jù)題意可知，電動機(jī)的輸出功率為

故C正確；

D．根據(jù)題意可知，電動機(jī)正常工作時電源的效率為

故D錯誤。

故選BC。10、B:C【分析】【詳解】

A．摩擦起電實質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移；不是創(chuàng)造了電荷，故A錯誤；

B．物體所帶的電荷量不能為任意值；只能為元電荷的整數(shù)倍，故B正確；

C．電子的電荷量為故C正確；

D．密立根首先測出了元電荷的數(shù)值；故D錯誤。

故選BC。11、A:B【分析】【詳解】

AB．兩個等量異種電荷的電場線分布圖如下。

對比題干中圖可知，兩點的電場強(qiáng)度相同，兩點的電場強(qiáng)度相同；故AB正確；

C．將一帶正電的試探電荷從點沿直線移到點；其電勢能一直減小，故C錯誤；

D．將一帶正電的試探電荷從點沿直線移到點；其電勢能不變，故D錯誤。

故選AB。12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．電流表的量程大于的量程，故電流表的內(nèi)阻小于的內(nèi)阻；由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴(kuò)大量程時為并聯(lián)一小電阻，故相當(dāng)于為四個電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同，因表量程大于表，故的讀數(shù)比的讀數(shù)大；A正確，B錯誤；

CD．電壓表的量程大于的量程，故的電阻大于的電阻；兩電壓表串聯(lián)，故通過兩表的電流相等，故的讀數(shù)比的讀數(shù)大，兩電壓表串聯(lián)，通過表頭的電流相等，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度相等，電壓表的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表的偏轉(zhuǎn)角；C錯誤，D正確。

故選AD。13、B:C:D【分析】【詳解】

A．電功率公式

表示電功率越大，電流做功越快．對于一段電路，有

焦耳熱

可見Q與P、U、t、R都有關(guān)，所以P越大，Q不一定越大；A錯；

B．電功的定義式

適用于任何電路，而

只適用于純電阻電路，即

只適用于純電阻電路；B正確；

C．在非純電阻電路中，電流做的功等于焦耳熱和其他形式的能之和，所以

即

C正確；

D．焦耳熱的定義式

適用于任何電路；D正確。

故選BCD。三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

[1]由題可知，物體在平行電場方向受到電場力的作用，做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)位移公式則有

解得

因此有

根據(jù)牛頓第二定律，有

故有

[2]由動能定理，有

而所以動能增加之比為【解析】1:21:415、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)點電荷場強(qiáng)公式以及電場強(qiáng)度的疊加法則可得在A、B連線中點處的電場強(qiáng)度為

方向指向B?！窘馕觥緽16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]如下圖所示。

連接AC，則可知，AC段的電勢差為

取AC中點E，根據(jù)勻強(qiáng)電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為6V，連接BD可知，BED應(yīng)為等勢線，故說明D點的電勢為6V，由幾何關(guān)系可知，AC長度為

根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系得【解析】①.6②.45017、略

【分析】【詳解】

[1]負(fù)電荷所受的電場力方向與場強(qiáng)方向相反，所以該力的方向跟A點電場強(qiáng)度的方向相反；

[2]A點電場強(qiáng)度大小為

[3]如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為

[4]正電荷受的電場力方向與場強(qiáng)方向相同；

[5]電場強(qiáng)度只與電場本身有關(guān)，與有無檢驗電荷無關(guān)，所以拿走電荷則A點電場強(qiáng)度大小仍為300N/C?！窘馕觥糠?00同30018、略

【分析】【詳解】

[1][2]當(dāng)長方形線圈abcd有一半處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中時；此時穿過線圈的磁通量為：

以ab為軸轉(zhuǎn)過的角度恰好為180°時；穿過面積的磁通量的方向與開始時相反，所以：

所以磁通量的變化量：

【解析】四、作圖題(共2題，共8分)19、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】20、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢；與橫軸