西藏拉薩市拉薩中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期第二次月考試題含解析

PAGE16-西藏拉薩市拉薩中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期其次次月考試題（含解析）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1.以下原子物理學(xué)問中說法正確的是（）A.比結(jié)合能越大的原子，其結(jié)合能就越大，原子核越穩(wěn)定B.依據(jù)波爾理論可知：一群原子從n=4能級向低能級躍遷最多能輻射6種頻率的光子C.原子核發(fā)生衰變要遵守電荷守恒和質(zhì)量守恒規(guī)律D.盧瑟福的α粒子散射試驗(yàn)證明了其提出的核式結(jié)構(gòu)的正確性【答案】B【解析】【分析】駕馭結(jié)合能與比結(jié)合能的物理意義；了解原子結(jié)構(gòu)的發(fā)覺史；駕馭衰變的特點(diǎn)．【詳解】A．比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù)的比值，可用來反應(yīng)原子核的穩(wěn)定程度，所以比結(jié)合能越大，結(jié)合能不肯定越大，但原子核越穩(wěn)定，故A錯誤；B．依據(jù)波爾理論可知：一群原子從n能級向低能級躍遷，最多可以輻射種頻率的光子，故B正確；C．原子核發(fā)生衰變要遵守電荷守恒定律，但是會質(zhì)量虧損，故C錯誤；D．盧瑟福的α粒子散射試驗(yàn)是提出核式結(jié)構(gòu)的基礎(chǔ)，但是不能證明其提出的核式結(jié)構(gòu)的正確性，故D錯誤．【點(diǎn)睛】本題主要考察近代原子物理部分中的基本概念，難度較低．2.“新冠肺炎”席卷全球，某汽車廠確定改建生產(chǎn)線轉(zhuǎn)產(chǎn)口罩，原生產(chǎn)線工作電壓為380V，而口罩機(jī)工作電壓為220V?，F(xiàn)在須要變壓器來進(jìn)行降壓，若變壓器原線圈匝數(shù)為1900匝，則副線圈匝數(shù)為（）A.110 B.220 C.1100 D.【答案】C【解析】【詳解】依據(jù)解得匝故選C。3.如圖所示，兩相同小球a，b用輕彈簧A，B連接并懸掛在天花板上保持靜止，水平力F作用在a.上并緩慢拉a，當(dāng)B與豎直方向夾角為60°時A，B伸長量剛好相同，若A，B的勁度系數(shù)分別為k1，k2則以下推斷正確的是()A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】令彈簧A的拉力為F1，B彈簧的拉力為F2，a、b球的質(zhì)量為m，先對b球受力分析，受重力和拉力，依據(jù)平衡條件，有：F1=mg，再對a、b球整體受力分析，受重力、拉力和彈簧的拉力，如圖所示：

依據(jù)平衡條件，有：F=2mgtan60°=依據(jù)胡克定律，有：F1=k1△x，F(xiàn)2=k2△x，聯(lián)立可得：A．。故A錯誤。B．。故B錯誤。C．故C正確。D．。故D錯誤。故選C。4.如圖所示，直線a和曲線b分別是在平直馬路上行駛的汽車a和b的位移一時間（x－t）圖象.由圖可知不正確的是A.在時刻t1，b車追上a車B.在時刻t2，a車的加速度小于b車的加速度C.在t1到t2這段時間內(nèi)，a和b兩車的路程相等D.在t1到t2這段時間內(nèi)，b車的速領(lǐng)先削減后增加【答案】C【解析】【詳解】A．由圖知在時刻t1，a、b兩車的位置坐標(biāo)相同，到達(dá)同一位置，依據(jù)圖象可知，a的速度小于b的速度，所以在時刻t1，b車追上a車，故A正確．B．a(chǎn)做勻速運(yùn)動，加速度為零，b做變速運(yùn)動，加速度不為零，所以在時刻t2，a車的加速度小于b車的加速度，故B正確．C．在t1到t2這段時間內(nèi)，a和b兩車初末位置相同，位移相同，a始終沿負(fù)方向運(yùn)動，而b先沿負(fù)方向運(yùn)動后沿正方向運(yùn)動，路程不等，故C錯誤．D．速度圖線切線的斜率表示速度，在t1到t2這段時間內(nèi)，b車圖線斜領(lǐng)先減小后增大，則b車的速領(lǐng)先減小后增加，故D正確．5.一質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動時，速度改變△v時發(fā)生位移x1，緊接著速度改變同樣的△v時發(fā)生位移x2，則該質(zhì)點(diǎn)的加速度為（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】發(fā)生所用的時間為依據(jù)得解得BCD錯誤，A正確。故選A。6.如圖，正點(diǎn)電荷固定在O點(diǎn)，以O(shè)為圓心的同心圓上有a、b、c三點(diǎn)，一質(zhì)量為m、電荷量為-q的粒子僅在電場力作用下從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)，速率分別為va、vb．若a、b的電勢分別為φa、φb，則A.a、c兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同 B.粒子的比荷C.粒子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度 D.粒子從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場力做正功，電勢能削減【答案】BC【解析】【詳解】A.依據(jù)正點(diǎn)電荷電場的特征可知，a、c兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相同，方向不同，故A錯誤；B.電荷量為-q粒子僅在電場力作用下從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)，由能量守恒定律，-qφa=-qφb，解得，選項(xiàng)B正確；C.依據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式可知，a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于b點(diǎn)，粒子在a點(diǎn)所受的庫侖力大于在b點(diǎn)所受的庫侖力，由牛頓其次定律可知粒子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度，故C正確；D.電荷量為-q的粒子粒子從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，克服電場力做功，電勢能增大，選項(xiàng)D錯誤．7.矩形線框abcd固定放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t改變的圖象如圖所示．設(shè)t=0時刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面對里，圖中i表示線圈中感應(yīng)電流的大小(規(guī)定電流沿順時針方向?yàn)檎?，F(xiàn)表示線框ab邊所受的安培力的大小(規(guī)定ab邊中所受的安培力方向向左為正)，則下列圖象中可能正確的是（）AB.C.D.【答案】AC【解析】在0-2s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度勻稱改變，線框的磁通量勻稱改變，產(chǎn)生恒定電流．磁場方向先向里后向外，磁通量先減小后增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r針方向，電流為正值．依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：，感應(yīng)電流，此段時間內(nèi)，肯定，則知感應(yīng)電流也肯定．同理得知，在2s-4s內(nèi)，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r針方向，電流為負(fù)值，感應(yīng)電流也肯定．故C正確，B錯誤．在0-2s內(nèi)，線框ab邊所受的安培力的大小為F=BIL，IL肯定，F(xiàn)與B成正比，而由楞次定律推斷可知，安培力方向先向左后右，即先為正值后為負(fù)值．同理得知，在2s-4s內(nèi)，F(xiàn)與B成正比，安培力方向先向左后右，即先為正值后為負(fù)值，與0-2s內(nèi)狀況相同．故A正確，D錯誤．故選AC．點(diǎn)睛：本題分兩時間進(jìn)行探討，也可分四段時間進(jìn)行探討，依據(jù)法拉第定律可定性推斷AB是錯誤的．由楞次定律和左手定則推斷安培力的方向，法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律及安培力公式探討安培力的大小，綜合性較強(qiáng)．8.如圖所示，輕彈簧一端與不行伸長的輕繩OC、DC連接于C（兩繩另一端均固定），彈簧另一端連接質(zhì)量為m的小球。地面上豎直固定一半徑為R、內(nèi)壁光滑的開縫圓弧管道AB，A點(diǎn)位于O點(diǎn)正下方且與C點(diǎn)等高，管道圓心與C點(diǎn)重合?，F(xiàn)將小球置于管道內(nèi)A點(diǎn)由靜止釋放，已知輕繩DC水平，當(dāng)小球沿圓弧管道運(yùn)動到B點(diǎn)時恰好對管道壁無彈力，管道與彈簧間的摩擦不計(jì)，重力加速度為g。則小球從A運(yùn)動到B的過程中（）A.彈簧始終處于伸長狀態(tài) B.小球的機(jī)械能不守恒C.輕繩OC的拉力不變 D.小球在B點(diǎn)的動能為mgR【答案】AD【解析】【詳解】AB．當(dāng)小球沿圓弧管道運(yùn)動到B點(diǎn)時恰好對管道壁無彈力，則小球在B點(diǎn)由彈簧的拉力和重力供應(yīng)向心力，即彈簧處于伸長狀態(tài)，從A到B的過程彈簧的形變量沒有變，故小球的機(jī)械能不變，選項(xiàng)A正確，B錯誤；C．設(shè)與的夾角為，與水平夾角為，C點(diǎn)受力平衡，則豎直方向上有解得從A到B的過程中，和彈簧的彈力不變，不斷增大，故的拉力不斷增大，C錯誤；D．從A到B的過程彈簧的形變量沒有變，小球在B點(diǎn)的動能等于小球在A點(diǎn)的重力勢能為，選項(xiàng)D正確。故選AD。二、非選擇題：共174分，第22-32題為必考題，每個試題考生都必需作答.第33-38題為選考題，考生依據(jù)要求作答.9.某愛好小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的試驗(yàn)裝置，用來測量木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ。紙帶一端固定在木塊上，另一端穿過打點(diǎn)計(jì)時器，木塊以某一初速度沿斜面對上運(yùn)動，打點(diǎn)計(jì)時器在紙帶上打出了一系列的點(diǎn)，選取比較清楚的某一段中的五個點(diǎn)分別標(biāo)記為O、A、B、C、D，每相鄰兩個標(biāo)記點(diǎn)之間還有四個點(diǎn)未顯示，所標(biāo)記的每相鄰兩點(diǎn)之間時間間隔均為T，兩點(diǎn)之間距離分別為，，，，，如圖乙所示。(1)依據(jù)圖乙可得，木塊經(jīng)過位置A時的速度大小vA=_____，木塊運(yùn)動的加速度大小a=_____；（用符號表示）(2)已知打點(diǎn)計(jì)時器打點(diǎn)頻率為50Hz，測得，，，，，則可求得木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ=_____；（sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）【答案】(1).(2).(3).0.13【解析】【詳解】（1）[1]依據(jù)勻變速度直線運(yùn)動中間時刻的瞬時速度等于這段的平均速度，可得[2]再由逐差法可求加速度為（2）[3]由牛頓其次定律可得由（1）中可求得加速度解得10.用一段長約為80c(1)為選擇合適電路，先用多用電表粗測金屬絲電阻Rx。將選擇開關(guān)K旋轉(zhuǎn)到歐姆檔×10位置，正確操作后，將兩表筆與待測電阻Rx相接，發(fā)覺指針偏轉(zhuǎn)角度過大，為得到比較精確的測量結(jié)果，應(yīng)將選擇開關(guān)K旋轉(zhuǎn)到電阻檔______（填×1或×100）位置。更換歐姆檔重新調(diào)零并測量，指針如圖甲所示，其讀數(shù)為______Ω；(2)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次測量結(jié)果如圖乙所示，讀數(shù)為______mm；(3)在用電壓表和電流表測金屬絲的電阻時，供應(yīng)下列供選擇的器材：A.直流電源（電動勢約為3.0V，內(nèi)阻很?。〣.電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）C.電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.15Ω）D.電流表（量程0~3A，內(nèi)阻約0.025Ω）E.滑動變阻器（阻值范圍0~15Ω，最大允許電流1A）F.滑動變阻器（阻值范圍0~200Ω，最大允許電流2A）G.開關(guān)、導(dǎo)線為了有較高的測量精度，并能測得多組數(shù)據(jù)，在供選擇的器材中，電流表應(yīng)選擇______，滑動變阻器應(yīng)選擇______；（填字母代號）(4)用如圖所示電路進(jìn)行測量金屬絲的電阻，測量結(jié)果比真實(shí)值______（填偏大或偏小），造成這樣誤差的緣由是______?！敬鸢浮?1).(2).6Ω(3).(4).C(5).E(6).偏小(7).電壓表分流作用使得電流表示數(shù)比流過電阻的電流大【解析】【詳解】(1)[1]歐姆表中值電阻旁邊刻度線最勻稱，讀數(shù)誤差最小，將兩表筆與待測電阻相接，發(fā)覺指針偏轉(zhuǎn)角度過大，則待測電阻小，表盤刻度太小，倍率太大，為了讓指針靠近中心刻度旁邊，應(yīng)換成小倍率檔；[2]換歐姆檔重新調(diào)零并測量，指針如圖甲所示，其讀數(shù)為(2)[3]螺旋測微器的讀數(shù)為(3)[4]電路中的最大電流大約為則電流表的量程選擇，故電流表選擇C；[5]為了便利操作，應(yīng)選和被測電阻阻值相差不大的滑動變阻器，滑動變阻器最大阻值過大，會造成電流示數(shù)改變過小，不利于操作，故選滑動變阻器E；(4)[6][7]電壓表與被測電阻并聯(lián)，電流表測量的是電壓表和被測電阻的總電流，所以電壓表的分流作用使得電流表示數(shù)比流過電阻的電流大，依據(jù)可知，測量值偏??；11.如圖所示，從離子源產(chǎn)生的離子，由靜止經(jīng)加速電壓U加速后在紙面內(nèi)水平向右運(yùn)動，自M點(diǎn)垂直于磁場邊界射入勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面對里，磁場左邊界豎直.已知離子射入磁場的速度大小為v，并在磁場邊界的N點(diǎn)射出；MN長為l。不計(jì)重力影響和離子間的相互作用。求：磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小?！敬鸢浮俊窘馕觥俊驹斀狻吭O(shè)離子所帶電荷量為q、質(zhì)量為m，在磁場中做勻速圓周運(yùn)動半徑為R，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，由動能定理有由洛倫茲力公式和牛頓其次定律有由幾何關(guān)系知聯(lián)立可得12.如圖所示，光滑圓弧軌道AB的半徑R=0.9m，圓心角∠AOB=60°，與光滑水平面BC相切于B點(diǎn)，水平面與水平傳送帶在C點(diǎn)平滑連接，傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動。質(zhì)量為mP=0.5kg的小球P從A點(diǎn)以v0=4m/s的初速度切入圓弧軌道，與靜止在水平面上質(zhì)量為mQ=2kg的物塊Q發(fā)生彈性正碰，碰后取走小球P，Q到達(dá)傳送帶右端時恰好與傳送帶速度相等，從D點(diǎn)水平拋出后，落在水平面上的E點(diǎn)，D、E的水平距離x=0.9m，物塊Q與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，其余部分摩擦不計(jì)，傳送帶上表面距地面高度h=0.45m，重力加速度g=10m/s2，P、Q及傳送帶轉(zhuǎn)動輪大小不計(jì)。(1)求小球P剛剛到達(dá)B點(diǎn)時對軌道的壓力大??；(2)Q由C到D過程中，帶動傳送帶的電機(jī)至少要多做多少功？【答案】(1)；(2)【解析】【詳解】(1)設(shè)P球剛剛到達(dá)B點(diǎn)時速度為，下滑高度為H，B點(diǎn)對球的支持力為，由動能定理有聯(lián)立解得再由牛頓其次定律有解得由牛頓第三定律得，小球?qū)點(diǎn)的壓力為。(2)設(shè)P、Q碰撞后的速度分別為、，由于發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒有由機(jī)械能守恒定律有解得（舍去）設(shè)物塊由D點(diǎn)平拋時的速度為，下落時間為t，則有解得設(shè)物塊在傳送帶上運(yùn)動的加速度為a，運(yùn)動時間為t，則有物體和傳送帶的相對位移電機(jī)所做的功聯(lián)立解得13.下列說法中正確的是()A.若兩分子間距離增大，分子勢能可能增大B.同種物質(zhì)在不同條件下所生成的晶體的微粒排列規(guī)律都相同C.用手捏饅頭，饅頭體積會縮小，說明分子之間有間隙D.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體E.對于肯定質(zhì)量的志向氣體，在壓強(qiáng)不變而體積增大時，單位時間碰撞容器壁單位面積的分子數(shù)肯定削減【答案】ADE【解析】【詳解】A．當(dāng)分子間距離r>r0時，分子力表現(xiàn)為引力，若兩分子間距離增大，分子勢能增大，故A正確；B．同種物質(zhì)在不同條件下所生成的晶體的微粒按不同的規(guī)律排列，顯示出不同的性質(zhì)，如金剛石和石墨，故B錯誤；C．用手捏饅頭，饅頭體積會縮小，這只能說明面包內(nèi)有氣孔，故C錯誤；D．依據(jù)熱力學(xué)其次定律可知，熱量只能夠自發(fā)的從高溫物體傳到低溫物體，但也可以通過熱機(jī)做功實(shí)現(xiàn)熱量從低溫物體傳到高溫物體，故D正確；E．對于肯定質(zhì)量的志向氣體，在壓強(qiáng)不變而體積增大時，該過程溫度上升，分子的平均撞擊力增大，由于壓強(qiáng)不變，單位時間碰撞容器壁單位面積的分子數(shù)肯定削減，故E正確。故選ADE．14.如圖所示，一個導(dǎo)熱足夠高的氣缸豎直放置，活塞可沿氣缸壁無摩擦滑動。內(nèi)部封閉肯定質(zhì)量的志向氣體?；钊|(zhì)量m0=10.0kg，截面積S=1.0×10-3m2，活塞下表面距離氣缸底部h=60.0cm。氣缸和活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)。氣缸外大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105pa，溫度T0=300K。重力加速度g=10.0m/s2①在活塞上緩慢倒入沙子，當(dāng)氣體的體積減為原來的一半時，倒入沙子的質(zhì)量是多少；②在①問中加入沙子質(zhì)量不變的前提下，外界氣體壓強(qiáng)不變，溫度緩慢升到T=400K時，氣體對外做功多少。

【答案】①20kg；②40J【解析】【詳解】①氣體發(fā)生等溫改變，依據(jù)玻意耳定律有由平衡條件有，聯(lián)立解得m=20kg②氣體發(fā)生等壓改變，依據(jù)蓋呂-薩克定律有由功的定義有聯(lián)立解得W=40J15.一列簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，t=0時刻的波形如圖中實(shí)線所示，t=0.7s時刻的波形如圖中的虛線所示，則下列敘述正確的是（）A.該波的波長為8mB.波的周期可能為0.4sC.波的傳播速