百校聯(lián)盟高二下學(xué)期開學(xué)測(cè)試物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精百校聯(lián)盟2020年春季開學(xué)測(cè)試（高二年級(jí)）物理試題一、選擇題1.如圖所示，a、b、c三個(gè)金屬線圈放置在絕緣水平面上，b、c兩線圈用金屬導(dǎo)線相連,給c線圈中加垂直于線圈平面向里的變化磁場(chǎng)，能使a線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（)A. B。 C. D?！敬鸢浮緿【解析】【詳解】A．圖中所加磁場(chǎng)恒定不變,故穿過(guò)c線圈的磁通量不變,c線圈不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，即b線圈也沒(méi)有感應(yīng)電流,這樣a線圈也不會(huì)有感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤;BC．圖中所加磁場(chǎng)均勻增加或均勻減小，c線圈中磁通量均勻變化,產(chǎn)生恒定電流,流過(guò)b線圈也是恒定電流，這個(gè)電流在a線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)恒定不變，a線圈中磁通量不變，故a線圈不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流,故B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；D．圖中所加磁場(chǎng)不隨時(shí)間均勻變化，c線圈中的磁通量不均勻變化，產(chǎn)生變化的電流，流過(guò)b線圈的也是變化的電流，這個(gè)電流在a線圈中產(chǎn)生的磁場(chǎng)發(fā)生變化,a線圈中的磁通量發(fā)生變化，故a線圈中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流,故D正確。故選D。2。如圖所示為由兩個(gè)正三角形線框構(gòu)成的回路，現(xiàn)給回路加上垂直于線框平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),并使磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，則回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向正確的是（）A. B. C. D?！敬鸢浮緾【解析】【詳解】當(dāng)給回路加上垂直于線框平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),并使磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大,由楞次定律可知產(chǎn)生垂直于線框平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，再根據(jù)安培定則可知線框產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏?，故C正確，ABD錯(cuò)誤.故選C。3.如圖所示為大型考試用到的金屬探測(cè)器，工作時(shí)，其內(nèi)部的探測(cè)器線圈內(nèi)通有正弦交流電，關(guān)于探測(cè)器的工作原理,下列說(shuō)法不正確的是（）A.探測(cè)器線圈中通有頻率越低的交流電，越容易探測(cè)出金屬物品B.探測(cè)器線圈中正弦交流電會(huì)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)C。探測(cè)器附近有金屬時(shí),金屬中會(huì)產(chǎn)生渦流D。探測(cè)器附近有金屬時(shí),探測(cè)器線圈中電流會(huì)發(fā)生變化【答案】A【解析】【詳解】A．探測(cè)器線圈中的交流電頻率越低,電流變化越慢，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流越小,靈敏度越低，越不容易探測(cè)出金屬物品,故A符合題意；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知當(dāng)探測(cè)器線圈中通以正弦交流電會(huì)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng),故B不符合題意;CD．探測(cè)器中有一個(gè)通有交變電流的線圈，當(dāng)線圈周圍有金屬時(shí)，金屬物中會(huì)產(chǎn)生渦流，渦流的磁場(chǎng)反過(guò)來(lái)影響線圈中的電流，探測(cè)器線圈中電流會(huì)發(fā)生變化，使探測(cè)器報(bào)警，故C不符合題意，D不符合題意。本題選不正確的，故選A.4。如圖所示的交變電流,每個(gè)周期的前三分之一周期按正弦規(guī)律變化，后三分之二周期電壓恒定，將該電壓加在阻值為3Ω的定值電阻兩端,電阻消耗的功率為10W，則圖中U0的值為（)A.3V B。5V C.6V D.5V【答案】C【解析】【詳解】由題意可知根據(jù):可知該電路電壓的有效值為：再根據(jù)有效值的定義可知:代入數(shù)據(jù)解得U0=6V.故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。5。在光滑的水平面上，一個(gè)彈簧振子在A、B之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).以平衡位置O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立如圖所示的Ox軸.振子的振動(dòng)方程為x=-4sin2πt（cm)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.A、B兩點(diǎn)間的距離為4cmB.t=0時(shí)刻,振子處在A點(diǎn)處C.振子振動(dòng)的周期為2sD。t=0。2s時(shí)，振子正沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)振動(dòng)方程可知彈簧振子的振幅為4cm，故A、B兩點(diǎn)間的距離為振幅的2倍,即為8cm；故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)振子的振動(dòng)方程可知當(dāng)t=0時(shí),x=0cm，故t=0時(shí)刻，振子處在O點(diǎn)處，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)振動(dòng)方程可知，所以：故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)t=0.2s時(shí)，經(jīng)歷個(gè)周期,振子處在A點(diǎn)與O點(diǎn)之間，沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故D正確.故選D。6。一個(gè)單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，其振動(dòng)圖像如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A。t=0.4s時(shí)刻的回復(fù)力是t=0.2s時(shí)刻回復(fù)力的2倍B.t=0。8s時(shí)，擺球的振動(dòng)速度最小C。t=0.8s時(shí),擺球的加速度為零D。單擺的擺長(zhǎng)約為0。64m【答案】D【解析】【詳解】A．在簡(jiǎn)諧振動(dòng)中，回復(fù)力滿足：由振動(dòng)圖像可知t=0。4s時(shí)刻的位移小于t=0.2s時(shí)刻位移的2倍，故t=0。4s時(shí)刻的回復(fù)力小于t=0.2s時(shí)刻回復(fù)力的2倍,故A錯(cuò)誤;BC．由圖可知t=0。8s時(shí)，擺球回到平衡位置，速度最大，因?yàn)橛邢蛐募铀俣?故加速度不為零，故B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤.D．由圖可知單擺周期為1.6s,根據(jù)單擺周期公式有：代入數(shù)據(jù)解得單擺的擺長(zhǎng)L=0。64m，故D正確。故選D7.如圖所示，A、B兩個(gè)小車用輕彈簧連接，靜止在光滑的水平面上，A車與豎直墻面接觸.將小車B向左推,使彈簧壓縮，再由靜止釋放小車B。則下列說(shuō)法正確的是（）A。彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程中,兩車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程中，彈簧對(duì)B車的沖量大于對(duì)A車的沖量C.彈簧第一次被拉長(zhǎng)的過(guò)程中，兩車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D。彈簧第一次被拉長(zhǎng)的過(guò)程中，A車與B車的動(dòng)量變化量相同【答案】C【解析】【詳解】AB．彈簧靜止釋放到第一次恢復(fù)到原長(zhǎng)前，墻壁對(duì)A有作用力,系統(tǒng)受到的合外力不為零,動(dòng)量不守恒;此過(guò)程中彈簧對(duì)A車和B車的彈力大小相等，方向相反,作用時(shí)間相同，故彈簧對(duì)B車的沖量大小等于對(duì)A車的沖量大小，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；CD．彈簧第一次被拉長(zhǎng)的過(guò)程中，A離開墻壁，以A、B、彈簧為系統(tǒng)豎直方向受力平衡，水平方向只受彈簧彈力作用，系統(tǒng)動(dòng)量守恒；此過(guò)程中A車速度增加，動(dòng)量增加，B車速度減小，動(dòng)量減小，兩車動(dòng)量變化的大小相同,方向不同，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示的電路中，變壓器為理想變壓器，電流表和電壓表為理想電表,R0為定值電阻,在a、b端輸入正弦交流電，開關(guān)S閉合后,燈泡能正常發(fā)光,則下列說(shuō)法正確的是（）A。閉合開關(guān)S，電壓表示數(shù)變小B.閉合開關(guān)S，電流表的示數(shù)變小C.閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下移，燈泡變亮D.閉合開關(guān)S后,將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下移,電流表的示數(shù)變小【答案】D【解析】【詳解】AB．由題意知閉合開關(guān)S后,相當(dāng)于增加了一條支路，總電阻減小,副線圈總電流增加，根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系可知電流表示數(shù)增加；由于a、b端輸入電壓不變,匝數(shù)不變,故電壓表示數(shù)也不變，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤。AB．閉合開關(guān)S后,將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下移,則總電阻變大，副線圈總電流減小，根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系可知電流表示數(shù)減小；由于a、b端輸入電壓不變，匝數(shù)不變，故電壓表示數(shù)也不變，即燈泡兩端電壓不變,故燈泡仍正常發(fā)光，亮度不變，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。9。一質(zhì)量為M的煙花斜飛到空中，到最高點(diǎn)時(shí)速度為v,此時(shí)煙花炸裂成兩塊（損失的炸藥質(zhì)量不計(jì)），炸裂成的兩塊速度沿水平相反方向,落地時(shí)水平位移大小相等,不計(jì)空氣阻力，若向前一塊的質(zhì)量為m，則向前一塊的速度大小為（)A. B。 C。 D.【答案】A【解析】【詳解】由題意知在爆炸的短時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)彈所受的重力遠(yuǎn)小于內(nèi)部爆炸力,故系統(tǒng)動(dòng)量守恒，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度沿水平方向,大小為v，設(shè)初速度方向?yàn)檎较?向前一塊的速度大小為v1，向后一塊速度大小為v2，故有：又因?yàn)楸ê髢蓧K做平拋運(yùn)動(dòng)，落地時(shí)水平位移大小相等，故根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知：故聯(lián)立兩式可解得：故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。10。如圖甲所示，“U"形金屬導(dǎo)軌ABCD固定在絕緣水平面上,金屬棒ab放在導(dǎo)軌上，剛好構(gòu)成一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=1m的正方形,整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化如圖乙所示，金屬棒始終不動(dòng),回路中的總電阻為2Ω，則下列說(shuō)法正確的是（）A。t=1s時(shí)，金屬棒中的電流方向?yàn)閺腷到aB。t=3。5s時(shí)回路中的瞬時(shí)電功率比t=4s時(shí)回路中的瞬時(shí)電功率小C。0～2s內(nèi)通過(guò)金屬棒截面的電量為1CD.金屬棒受到的摩擦力最大值為4N【答案】C【解析】【詳解】A．由圖乙可知t=1s時(shí)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向上均勻增加，由楞次定律可知感應(yīng)電流由a到b,故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知在t=3。5s和t=4s時(shí)磁場(chǎng)的變化率是一樣的，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流一樣，根據(jù):可知回路中的瞬時(shí)電功率一樣，故B錯(cuò)誤;C．根據(jù)電流的定義式有：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有:由閉合電路歐姆定律有：聯(lián)立可得在0~2s內(nèi)通過(guò)金屬棒截面的電量為:故C正確；D．因?yàn)榇诉^(guò)程中金屬棒始終不動(dòng)，所以摩擦力始終等于安培力，故根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律可知當(dāng)磁場(chǎng)變化率越大，且磁場(chǎng)越大時(shí)安培力越大，即當(dāng)t=2s或t=5s時(shí)安培力最大，故有：故D錯(cuò)誤.故選C。11.如圖所示,質(zhì)量為2m的長(zhǎng)木板放在光滑的水平面上，輕彈簧放在長(zhǎng)木板上，左端連接在長(zhǎng)木板左端的固定擋板上,右端與長(zhǎng)木板上C點(diǎn)對(duì)齊，長(zhǎng)木板上表面AC段光滑，質(zhì)量為m的小物塊以一定的速度v0從長(zhǎng)木板的右端沖上長(zhǎng)木板,物塊壓縮彈簧并被彈簧彈開,最終與長(zhǎng)木板相對(duì)靜止，若物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，彈簧被壓縮后具有的最大彈性勢(shì)能為EP，物塊與長(zhǎng)木板具有的共同速度為v,物塊與長(zhǎng)木板因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q,物塊相對(duì)于長(zhǎng)木板滑行的路程s，μ越大，則(）A。v越小 B。EP越小 C。Q越大 D.s越小【答案】BD【解析】【詳解】A．由題意可知小物塊在長(zhǎng)木板上滑行過(guò)程中，因?yàn)樗矫婀饣?故小物塊和長(zhǎng)木板及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒,所以當(dāng)物塊與長(zhǎng)木板共速時(shí)有：可得:，與μ無(wú)關(guān),故A錯(cuò)誤；B．彈簧壓縮到最短過(guò)程中根據(jù)能量守恒有:可知μ越大，EP越小，故B正確;C．從開始運(yùn)動(dòng)到最終相對(duì)靜止，根據(jù)能量守恒有：因?yàn)関0和v都是定值，故Q不變,故C錯(cuò)誤；D．整個(gè)過(guò)程中摩擦產(chǎn)生的熱量等于系統(tǒng)摩擦力做的功:因?yàn)镼不變，故μ越大，s越小，故D正確。故選BD。12.如圖所示，光滑平行導(dǎo)軌傾斜放置,導(dǎo)軌平面傾角為θ=30°，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌上端接有阻值為R的定值電阻，整個(gè)裝置處在垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一根金屬棒放在導(dǎo)軌上，由靜止釋放,同時(shí)給金屬棒施加一個(gè)沿導(dǎo)軌平面向下的拉力，使金屬棒以大小為a=0.5g的加速度向下做勻加速運(yùn)動(dòng),g為重力加速度，金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌和金屬棒的電阻，金屬棒運(yùn)動(dòng)t時(shí)間時(shí)，金屬棒兩端的電壓U、t時(shí)間內(nèi)通過(guò)電阻R的電量q、拉力做功的瞬時(shí)功率P、電阻R產(chǎn)生的焦耳熱Q隨時(shí)間變化正確的是(）A。 B。C。 D?！敬鸢浮緼C【解析】【詳解】A．由題意可知金屬棒兩端的電壓等于產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)：因?yàn)榻饘侔粝蛳伦鰟蚣铀龠\(yùn)動(dòng),故金屬棒兩端的電壓與時(shí)間成正比，故A正確；B．根據(jù)：可得：可知通過(guò)電阻R的電量q與t成二次函數(shù)關(guān)系，故B錯(cuò)誤；C．因?yàn)榻饘侔粝蛳伦鰟蚣铀龠\(yùn)動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律有：a=0。5g又因?yàn)椋郝?lián)立可得:拉力做功的瞬時(shí)功率為：可知與t2成正比關(guān)系，故C正確；D．電阻R產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)焦耳定律有：可知Q與t2不成一次函數(shù)關(guān)系，故D錯(cuò)誤。故選AC。13.質(zhì)量為m的蹦床運(yùn)動(dòng)員從離蹦床表面h髙處由靜止自由下落，與蹦床接觸后運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)所用的時(shí)間為自由下落時(shí)間的倍，已知重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力,則從與蹦床接觸到運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的過(guò)程中（)A.運(yùn)動(dòng)員對(duì)蹦床作用力沖量的大小大于蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員作用力沖量的大小B。運(yùn)動(dòng)員所受合力沖量大小小于蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員作用力沖量大小C.合力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小等于mD.運(yùn)動(dòng)員受到蹦床的平均作用力大小為(k+1）mg【答案】BCD【解析】【詳解】A．從與蹦床接觸到運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員對(duì)蹦床作用力與蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員作用力一直等大反向，作用時(shí)間相同，故沖量大小相同，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員作用力為F，則運(yùn)動(dòng)員所受的合力為F-mg,即蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員作用力大于運(yùn)動(dòng)員所受的合力，因?yàn)闀r(shí)間相等，故運(yùn)動(dòng)員所受合力沖量大小小于蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員作用力沖量的大小，故B正確；C．設(shè)運(yùn)動(dòng)員與蹦床接觸時(shí)速度v，則有：則從與蹦床接觸到運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的過(guò)程中，設(shè)向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理有：負(fù)號(hào)表示方向與規(guī)定方向相反，即合力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小等于m，故C正確；D．設(shè)運(yùn)動(dòng)員自由下落的時(shí)間為t,自由下落時(shí)有:設(shè)運(yùn)動(dòng)員受到蹦床的平均作用力大小為FN,則有：結(jié)合C選項(xiàng)分析可得:故D正確。故選BCD。14。如圖甲所示，單邊有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直光滑水平桌面向上,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,一個(gè)質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、粗細(xì)均勻的正方形金屬線框放在桌面上，以一定的速度向右滑動(dòng)，線框運(yùn)動(dòng)過(guò)程中cd邊始終與磁場(chǎng)邊界平行，線框進(jìn)磁場(chǎng)過(guò)程中cd邊兩端的電壓隨時(shí)間變化如圖乙所示，線框的電阻為R，則下列說(shuō)法正確的是（）A.線框進(jìn)磁場(chǎng)過(guò)程中，回路中的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為U0B。線框進(jìn)磁場(chǎng)前的速度大小為C.線框進(jìn)磁場(chǎng)過(guò)程，線框cd邊受到安培力的沖量大小為（U0-U1）D。線框進(jìn)磁場(chǎng)過(guò)程,線框中產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BCD【解析】【詳解】A．由圖乙可知cd邊兩端的電壓最大值為U0,線框進(jìn)入過(guò)程中，cd邊切割磁感線，等效于電源,故cd兩端的電壓等于外電壓，設(shè)回路中的最大應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E，則有：即：故A錯(cuò)誤；B．由：可知:故B正確；C．由AB選項(xiàng)分析同理可知線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為:設(shè)向右為正方向，線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中有動(dòng)量定理可知：cd邊受到安培力的沖量方向向左，與正方向相反,為負(fù)，故大小為：故C正確;D．線框進(jìn)磁場(chǎng)過(guò)程中，產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)能量守恒有：故D正確。故選BCD。二、非選擇題15.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖所示裝置驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒.圖中A、B是兩個(gè)相同的小車。(1)實(shí)驗(yàn)前，先平衡摩擦力，只將小車A放在長(zhǎng)木板上，并與紙帶相連,將長(zhǎng)木板裝有打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一端適當(dāng)墊高，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接通電源,給小車A一個(gè)初速度，如果紙帶上打出的點(diǎn)________，則表明已平衡摩擦力。(2）將小車B放在長(zhǎng)木板上并在小車B上放上適當(dāng)?shù)捻来a,接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，給小車A一個(gè)初速度，小車A與小車B發(fā)生碰撞并粘在一起向前運(yùn)動(dòng)，打出的紙帶如圖所示，紙帶上的點(diǎn)為連續(xù)打出的點(diǎn)，測(cè)出紙帶上兩段連續(xù)5個(gè)間隔的長(zhǎng)度s1、s2.由圖可知，紙帶的________（填“左”或“右”)端與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器相連,若打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連接的交流電頻率為f，小車A與小車B相碰前的速度為v1=________,碰撞后兩車的共同速度為v2=______，若測(cè)得小車A(包括橡皮泥)質(zhì)量為mA，小車B和小車B上砝碼的總質(zhì)量為mB,若表達(dá)式_______成立，則A、B兩車碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒。(3)如果打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連接交流電頻率實(shí)際小于f,則對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果________（填“有”或“無(wú)")影響?！敬鸢浮浚?）。間距相同（2)。右(3）.（4)。(5）.(6）。無(wú)【解析】【詳解】(1)［1]如果已平衡好摩擦力,則小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，紙帶上打出的點(diǎn)間距相同；(2)［2］由題意可知小車A碰后速度減小，根據(jù)紙帶圖可知左邊兩點(diǎn)間間距大，速度大,故紙帶的左端與小車A相連，右端與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器相連；［3][4]打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連接的交流電頻率為f，則周期為：故碰前的速度為：碰撞后兩車的共同速度為：［5］要驗(yàn)證動(dòng)量守恒則：帶入v1和v2即需要滿足:則A、B兩車碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒;（3）[6]由前面的分析可知等式兩邊均有f，且可以約掉，故當(dāng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連接交流電的頻率實(shí)際小于f，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果無(wú)影響.16。某同學(xué)用單擺測(cè)重力加速度,裝置如圖甲所示.（1)實(shí)驗(yàn)前測(cè)出單擺的擺長(zhǎng)為L(zhǎng)，實(shí)驗(yàn)時(shí)，把單擺從平衡位置拉開一個(gè)很小的角度由靜止釋放，使之做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，在擺球經(jīng)過(guò)__________位置時(shí)開始計(jì)時(shí)，記錄n次全振動(dòng)的時(shí)間為t，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間=_______(用測(cè)得的物理量符號(hào)表示）。(2)多次改變擺長(zhǎng),重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)出每次實(shí)驗(yàn)的擺長(zhǎng)L及小球擺動(dòng)的周期T，作出L一T2圖像，如圖乙所示，根據(jù)圖像求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=______m/s2。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字)【答案】（1).平衡位置(2）。（3）?！窘馕觥俊驹斀狻?1）［1］擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度最大，在擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)測(cè)量誤差最小，所以在擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)才開始計(jì)時(shí)；［2]n次全振動(dòng)的時(shí)間為t,則可知周期為：根據(jù)單擺的周期公式：聯(lián)立可解得：（2）[3］根據(jù)：結(jié)合圖像數(shù)據(jù)有:17.質(zhì)量為M的氣球，下面吊著一個(gè)質(zhì)量為m的物塊,重力加速度為g，不計(jì)空氣對(duì)物塊的作用力，求：(1）若氣球以大小為v的速度向下勻速運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻細(xì)線斷開,當(dāng)氣球的速度為零時(shí)，物塊的速度多大；（此時(shí)物塊還沒(méi)有落到地面)(2)若氣球以大小為v的速度向上勻速運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻細(xì)線斷開，從細(xì)線斷開到物塊的速度為零的過(guò)程中,氣球受到空氣作用力的沖量大小。【答案】（1）（2）【解析】【詳解】(1)由題意可知?dú)馇蛞源笮関的速度向下勻速運(yùn)動(dòng)，故可知此時(shí)氣球和物塊為系統(tǒng)豎直方向動(dòng)量守恒，所以當(dāng)氣球的速度為零時(shí)，以向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒有：解得：(2)若氣球以大小為v的速度向上勻速運(yùn)動(dòng),從細(xì)線斷開到物塊的速度為零時(shí)，以向上為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒有:解得：由題意知當(dāng)物體勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)受力平衡有:從細(xì)線斷開到物塊的速度為零時(shí)，氣球向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有：根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式:聯(lián)立解得:；故氣球受到空氣作用力的沖量大小為:答：(1）當(dāng)氣球的速度為零時(shí)，物塊的速度;(2)從細(xì)線斷開到物塊的速度為零的過(guò)程中，氣球受到空氣作用力的沖量大小.18.如圖所示，質(zhì)量為1kg、長(zhǎng)為1m的“L"形長(zhǎng)木板靜止在光滑的水平面上，質(zhì)量為0。5kg的物塊以大小為8m/s的速度從長(zhǎng)木板的左端滑上長(zhǎng)木板，經(jīng)過(guò)2s時(shí)間剛好滑到長(zhǎng)木板的右端,重力加速度為g=10m/s2，不計(jì)物塊的大小,求（1)物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù);（2）若物塊最終停在長(zhǎng)木板的中點(diǎn)，則物塊與擋板碰撞過(guò)程物塊與長(zhǎng)木板系統(tǒng)損失的機(jī)械能是多少.【答案】（1）0.5;(2）6.9J【解析】【詳解】（1)物塊在長(zhǎng)木板上滑動(dòng)過(guò)程中,對(duì)物塊根據(jù)牛頓第二定律有:對(duì)木板有：當(dāng)物塊剛好滑到長(zhǎng)木板的右端時(shí),有：聯(lián)立各式代入數(shù)據(jù)解得：；(1）物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，以物塊和木板為系統(tǒng)動(dòng)量守恒，到最終