2023年貴州省普通高中學業(yè)水平合格性考試過關(guān)沖刺物理試卷（七）（ 含答案解析 ）

貴州省普通高中學業(yè)水平合格性考試·物理（七）過關(guān)沖刺卷（模擬四）（考試時間：60分鐘滿分：100分）班級：________________姓名：________________得分：________________－、選擇題（共25題，每小題3分，共75分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求）1.下列說法正確的是()A.在國際單位制中，“牛頓”是力學的三個基本單位之一B.選擇不同的參考系對同一運動的描述一定是相同的C.位移、速度、力都是矢量D.小球做豎直上拋運動時，速度不斷減小，慣性不斷減小【答案】C【解析】【詳解】A．在國際單位制中，“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律的導(dǎo)出單位，不是基本單位，故A錯誤；B．選擇不同的參考系對同一運動的描述一般是不同的，故B錯誤；C．位移、速度、力三個物理量都是既有大小，又有方向，都是矢量，故C正確；D．慣性大小只與質(zhì)量大小有關(guān)，與運動狀態(tài)無關(guān)，故D錯誤．故選C．2.關(guān)于慣性，下列說法中正確的是（）A.質(zhì)量大的物體慣性大 B.質(zhì)量大的物體慣性小C.速度大的物體慣性大 D.速度大的物體慣性小【答案】A【解析】【詳解】慣性是物體本身的性質(zhì)，慣性大小只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體的運動狀態(tài)無關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大。故選A。3.質(zhì)量為4kg的物體靜止在光滑水平地面上，受到10N的水平力作用2s，則（）A.物體平均速度達到5m/sB.物體速度達到20m/sC.物體位移為10mD.物體位移為5m【答案】D【解析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出物體的加速度，結(jié)合速度時間公式和位移時間公式求出物體的速度和位移【詳解】AB．根據(jù)牛頓第二定律得，物體的加速度a==m/s2=25m/s2則物體2s末的速度v=at=2.5×2m/s=5m/s物體的平均速度=2.5m/s故A錯誤，B錯誤。CD．物體在2s內(nèi)的位移x=at2=×2.5×4m=5m故C錯誤，D正確。故選D。4.如圖所示，兩小孩在玩“蹺蹺板”，為“蹺蹺板”的支點，A、為“蹺蹺板”上的兩點，大于。設(shè)“蹺蹺板”轉(zhuǎn)動過程中A、兩點線速度的大小分別為、，角速度分別為、，則（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】CD．兩點同軸轉(zhuǎn)動，則角速度相等，故CD錯誤；AB．根據(jù)角速度相等且大于，則故A正確，B錯誤。故選A。5.一個定值電阻，兩端電壓為2V，通過的電流是0.5A，如果兩端的電壓是6V，通過的電流是（）A.0.5A B.1A C.1.5A D.2A【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)歐姆定律可得兩端的電壓是6V，通過的電流故選C。6.如圖所示，小行星繞太陽沿橢圓軌道運動，在經(jīng)過軌道上的a，b，c，d四個位置時，受太陽引力最大的是（）A.a B.b C.c D.d【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)萬有引力定律可知，小行星在a點時距離太陽最近，受太陽的引力最大。故選A。7.一根均勻?qū)Ь€，現(xiàn)將它均勻拉長，使導(dǎo)線的直徑減小為原來的一半，此時它的阻值為64Ω，則導(dǎo)線原來的電阻值為（）A.4Ω B.32Ω C.128Ω D.2Ω【答案】A【解析】【詳解】將導(dǎo)線均勻拉長，使導(dǎo)線的直徑減小為原來的一半，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?，體積不變，長度變?yōu)樵瓉淼?倍，由電阻定律可知，電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍，則導(dǎo)線原來的電阻值為4Ω。故選A。8.如圖所示，正方形閉合線圈始終在勻強磁場中運動，線圈中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】A．該圖中線圈沿水平方向運動時，穿過線圈的磁通量不變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項A錯誤；B．該圖中線圈沿水平方向運動時，穿過線圈的磁通量不變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項B錯誤；C．該圖中線圈繞軸OO′轉(zhuǎn)動時，穿過線圈的磁通量不變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項C錯誤；D．該圖中線圈繞軸OO′轉(zhuǎn)動時，穿過線圈的磁通量不斷變化，會產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項D正確。故選D。9.在靜電場中，把電荷量為的正試探電荷從A點移到B點，克服靜電力做功，以下說法中正確的是（）A.B點的電勢是15VB.電荷的動能增加了C.電荷的電勢能增加了D.電荷在B點具有的電勢能是【答案】C【解析】【詳解】AC．把一個正點電荷從A點移到B點，克服靜電力做功6×10﹣8J，電荷的電勢能增大了6×10﹣8J,即電場力對電荷做負功，為﹣6×10﹣8J，則AB間的電勢差為U=V=﹣15V由于A點的電勢未知，不能求出B點的電勢，故A錯誤，C正確；B．由于沒有說明是否有其他的外力做功，所以電荷的動能增加不一定為6×10﹣8J，故B錯誤；D．電荷的電勢能增大了6×10﹣8J，題目沒有選擇0勢能點，不能確定B點的電勢能，故D錯誤。故選C。10.關(guān)于電流，下列說法正確的是（）A.電荷定向移動的方向為電流方向B.雖然電流有方向，但電流是標量C.同種材料制成的兩個金屬導(dǎo)體都通電，電流大的那個導(dǎo)體內(nèi)自由電荷定向運動速率大D.金屬中電子定向移動的方向即為電流方向【答案】B【解析】【詳解】A．正電荷的定向移動方向為電流方向，故A錯誤；B．電流雖有方向，但電流是標量，故B正確；C．同種材料制成的兩個金屬導(dǎo)體，單位體積內(nèi)自由電子數(shù)目n相同，由電流的微觀表達式I=nqvs=nevs可知，自由電子定向移動的速率v還與金屬導(dǎo)體的橫截面面積s大小有關(guān)，電流大的導(dǎo)體內(nèi)自由電子定向移動的速率不一定大，故C錯誤；D．電子帶負電荷，定向移動方向與電流方向相反，故D錯誤；故選B。11.高中生小文同學騎自行車沿平直公路以的速度勻速行駛，騎行過程中所受阻力約為車和人總重的0.02倍，取。據(jù)此估算，小文騎此自行車做功的平均功率最接近（）A.10W B.100W C.500W D.1kW【答案】B【解析】【詳解】高中生和自行車的總質(zhì)量約為80kg，小文同學騎自行車勻速行駛時動力和阻力平衡，則小文騎自行車做功的平均功率約為接近100W。故選B。點睛】12.如圖，將歐姆表與光敏電阻相連，以下說法正確的是（）A.若用不透光的黑紙將包裹起來，表針示數(shù)變小B.若用不透光的黑紙將包裹起來，表針示數(shù)不變C.若用手電筒光照射，表針示數(shù)變小D.若用手電筒光照射，表針示數(shù)不變【答案】C【解析】【詳解】由電路圖可知，歐姆表的讀數(shù)等于光敏電阻的阻值，光敏電阻的阻值隨光照強度變大而變小。若用不透光的黑紙將包裹起來，光照變?nèi)?，光敏電阻的阻值變大，則歐姆表的讀數(shù)變大，表針示數(shù)變大；若用手電筒光照射，光照變強，光敏電阻的阻值小，則歐姆表的讀數(shù)變小，表針示數(shù)變小。故選C。

13.質(zhì)量為2kg的物體在三個力的作用下處于平衡狀態(tài)，這三個力分別為：F1=4N，F(xiàn)2=5N，F(xiàn)3=6N.現(xiàn)在撤去F1、F2兩個力，該物體的加速度為A.3m/s2 B.2m/s2 C.0.5m/s2 D.5.5m/s2【答案】A【解析】【詳解】撤去F1、F2兩個力，那么物體只受F3=6N的作用，由牛頓第二定律可得：該物體的加速度a＝＝3m/s2，故A正確，BCD錯誤；故選A．點睛：物體運動問題，一般先對物體進行受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，即可由加速度得到物體運動狀態(tài)．14.真空中兩靜止點電荷間的作用力大小滿足，這個規(guī)律是下面哪位物理科學家研究的成果（）A.洛倫茲 B.安培C.歐姆 D.庫侖【答案】D【解析】【詳解】真空中兩靜止點電荷間的作用力大小滿足，這個規(guī)律是物理科學家?guī)靵鲅芯康某晒?。故選D。15.如圖，質(zhì)量mA＞mB的兩物體A、B疊放在一起，靠著豎直墻面．讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過程中，物體B的受力示意圖是A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】A與B整體同時沿豎直墻面下滑，受到總重力，墻壁對其沒有支持力，如果有，將會向右加速運動，因為沒有彈力，故也不受墻壁的摩擦力，即只受重力，做自由落體運動；由于整體做自由落體運動，處于完全失重狀態(tài)，故A、B間無彈力，再對物體B受力分析，只受重力，故A正確，BCD錯誤．【點睛】本題關(guān)鍵先對整體受力分析，得到整體做自由落體運動，處于完全失重狀態(tài)，故A與B間無彈力，最后再對B受力分析，得到其只受重力．16.做直線運動的甲、乙兩物體的位移—時間圖像如圖所示，則不正確的是（）A.乙開始運動時，兩物體相距20mB.在0~10s這段時間內(nèi)，物體間的距離逐漸變大C.在10s~25s這段時間內(nèi)，物體間的距離逐漸變小D.兩物體在10s時相距最遠，在25s時相遇【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．開始時，乙的位置坐標為零，甲從離坐標原點20米處開始運動，當乙開始運動時，甲已經(jīng)運動了10s，因此二者之間的距離大于20m，A錯誤；BCD．圖像的斜率表示物體的速度，由圖可知，乙的瞬時速度要大于甲的速度，因此當乙開始運動時兩者相距最遠，所以在0~10s這段時間內(nèi)，物體間的距離逐漸變大，在10s~25s這段時間內(nèi)，乙的瞬時速度要大于甲的速度，所以物體間的距離逐漸變小，在25s時相遇，BCD正確。故選A。17.如圖所示表示撐桿跳運動的三個階段：助跑、撐桿起跳、越橫桿，其中發(fā)生了彈性勢能與重力勢能轉(zhuǎn)化的階段是（）A.只有助跑階段B.只有撐桿起跳階段C.只有越橫桿階段D.撐桿起跳階段與越橫桿階段【答案】B【解析】【詳解】A．助跑階段撐桿形狀沒有變化，人的高度沒有變化，所以助跑階頓沒有發(fā)生彈性勢能與重力勢能的轉(zhuǎn)化，A錯誤；B．撐桿起跳時，人在彎曲的撐桿作用下高度上升，這個過程隨著撐桿的彎曲程度變小，人的高度升高，撐桿的彈性勢能轉(zhuǎn)化為人的重力勢能，B正確；CD．越橫桿階段，撐桿變直，人在一定高度下水平移動，沒有發(fā)生彈性勢能于重力勢能的轉(zhuǎn)化，CD錯誤。故選B。18.假設(shè)地球質(zhì)量不變，而地球的半徑增大到原來的2倍，那么從地球發(fā)射人造衛(wèi)星的第一宇宙速度的大小應(yīng)為原來的（）A.倍 B.2倍 C.倍 D.倍【答案】D【解析】【詳解】地球的第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地圓軌道上的環(huán)繞速度，有解得可知地球的第一宇宙速度是假設(shè)地球質(zhì)量不變，而地球的半徑增大到原來的2倍，那么從地球發(fā)射人造衛(wèi)星的第一宇宙速度為可得故選D。19.a、b、c、d是地球大氣層外的圓形軌道上運動的四顆人造衛(wèi)星。其中a、c的軌道相交于P點。b、d在同一個圓軌道上，b、c軌道在同一平面上，某時刻四顆衛(wèi)星的運行方向及位置如圖所示。下列說法中正確的是（）A.a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度B.a、c的加速度大小相等，且小于b的加速度C.a、c的線速度大小相等，且小于d的線速度D.a、c存在在P點相撞的危險【答案】A【解析】【詳解】AB．根據(jù)牛頓第二定律與萬有引力定律得解得可知軌道半徑越大，衛(wèi)星的加速度越小，a、c半徑相同，均小于b的半徑，所以a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度，A正確，B錯誤；C．人造衛(wèi)星的線速度表達式為可知，人造衛(wèi)星的軌道半徑越大，線速度越小，所以a、c的線速度大小相等，大于d的線速度，C錯誤；D．a(chǎn)、c的半徑相同，所以周期相同，從圖中位置看二者不存在在P點相撞的危險，D錯誤。故選A。20.關(guān)于能量和能源，下列表述正確的是（）A.能量可以從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式B.能量可以從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體C.能量是守恒的，所以能源永不枯竭D.能源在利用過程中有能量耗散，這表明能量不守恒【答案】AB【解析】【詳解】A．根據(jù)能量守恒定律，能量可以從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式，故A正確；B．根據(jù)能量守恒定律，能量可以從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，故B正確；C．能量與能源不同，能量是守恒的，但隨著能量的耗散，能量可以利用的品質(zhì)會下降，故依然要節(jié)約能源，故C錯誤；D．能源在利用過程中有能量耗散，但能量是守恒的，故D錯誤。故選AB。21.如圖所示，一個物體沿固定斜面勻速下滑，關(guān)于物體所受的力，下列說法中正確的是()A.物體所受合力的方向沿斜面向下B.物體所受重力和支持力的合力的方向沿斜面向下C.物體所受的重力和支持力大小相等D.物體勻速下滑的速度越大，表明它所受的摩擦力越小【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．物體受到重力、支持力及摩擦力而做勻速直線運動，由共點力的平衡條件可知物體所受合力為零，故A錯誤；B．物體受到的摩擦力沿斜面向上，因物體受三個力而處于平衡，故重力與支持力的合力的方向一定與摩擦力方向相反，故二力的合力一定沿斜面向下，故B正確；C．在垂直于斜面方向上，物體受到的合力應(yīng)為零，則支持力應(yīng)等于重力垂直于斜面的分力，即支持力小于重力，故C錯誤；D．滑動摩擦力，故摩擦力與下滑速度無關(guān)，只與正壓力及動摩擦因數(shù)有關(guān)，故D錯誤。故選B。22.真空中兩個相同的金屬小球A和B，電荷量分別為和，已知兩小球的電荷分布均勻，小球間的距離為，相互作用力為，若將兩球接觸后仍放回原處，則它們之間的作用力變?yōu)椋ǎ〢. B.F C. D.【答案】AC【解析】【詳解】未接觸前，根據(jù)庫侖定律，得若同種電荷，則接觸后兩球帶電量平分，再由庫侖定律，得若是異種電荷，則接觸后，再由庫侖定律，得可得故選AC。23.導(dǎo)體的電阻是4Ω，在120s內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量是480C，這時加在導(dǎo)體兩端的電壓是（）A.960V B.16V C.1V D.60V【答案】B【解析】【詳解】試題分析：由電流定義式I=，及歐姆定律I=，得=，所以U=，故選項B正確．考點：電流定義式歐姆定律24.兩位同學用同樣大小的力共同提起一桶水，桶和水的總重量為G,下列說法中不正確的是A.每人作用力最大值等于GB.每人的作用力最小值等于C.兩人的合力一定等于GD.兩人的作用力之間的夾角越小越省力【答案】A【解析】【詳解】設(shè)兩位同學的手臂對水桶的拉力大小為F，由題兩位同學的手臂均與豎直方向成θ角，根據(jù)對稱性可知，兩人對水桶的拉力大小相等，則根據(jù)平衡條件得：2Fcosθ=G得：F=；當兩人對水桶的作用力都是沿豎直向上的方向時，每人的作用力最小，大小等于G/2；當兩人對水桶的作用力之間的夾角變大時，每人的作用力大小變大，最大值為無窮大，兩人作用力的合力大小為G，故A錯誤，BC正確；根據(jù)平行四邊形定則，可知兩力大小隨兩力間夾角的減小而減小，故D正確；此題選擇不正確的選項，故選A．點睛：本題要根據(jù)對稱性得出兩人對水桶的拉力大小相等，再由豎直方向力平衡即可求出兩位同學的手臂受到的拉力大小．25.如圖所示，M、N是兩個等量異號點電荷，O是兩電荷連線的中點，則帶正電的檢驗電荷q在O點受到的靜電力（）A.為零 B.方向沿方向C.方向沿方向 D.大小為M電荷單獨存在時的4倍【答案】C【解析】【詳解】正點電荷在點的電場強度水平向右，負點電荷在點的電場強度水平向右，根據(jù)場強的疊加可知點的電廠電場強度水平向右，即方向沿方向，大小為M電荷單獨存在時的2倍，根據(jù)可知帶正電的檢驗電荷q在O點受到的靜電力方向沿方向，大小為M電荷單獨存在時的2倍.故選C。二、實驗題26.電流表G1的量程為0～5mA，內(nèi)阻r＝290Ω，把它改裝成如圖甲所示的一個多量程多用電表。電流擋小量程為0～10mA，大量程為0～100mA；電壓擋小量程為0～10V，大量程為0～25V（1）某次測量時該多用電表指針位置如圖乙所示。若此時開關(guān)S端是與“6”相連的，則此多用電表的讀數(shù)為________；（2）已知圖甲中的電源E′的電動勢為15V，當把開關(guān)S接到位置4，短接A、B表筆進行歐姆調(diào)零后，用該擋測量一個未知電阻阻值，指針偏轉(zhuǎn)到電流表G1滿偏刻度的處，則該電阻的阻值為________kΩ。（3）此多用電表表筆A為________（“紅色”或“黑色”），圖中電阻R5＝________Ω。【答案】①.20.0②.6③.紅色④.29【解析】【詳解】（1）[1]開關(guān)S端與“6”相