2021屆山東省新高考物理三模試卷附答案詳解

2021屆山東省新高考物理三模試卷

一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）

1.“水流星”是在一根彩繩末端系一只玻璃碗，內(nèi)盛彩色水，雜技演員甩繩

舞弄，晶瑩的玻璃碗飛快地旋轉(zhuǎn)飛舞，在豎直面內(nèi)做圓周運動，而碗中之

水不酒點滴。下列說法正確的是（）

A.水流星到最高點時，水對碗底的壓力一定為零

B.水流星到最高點時，水流星的速度可以為零

C.水流星到最低點時，雜技演員對地面的壓力大于水，碗和人的重力大小之和

D.水流星到最低點時，處于失重狀態(tài)

2.關(guān)于電流，下列說法正確的是（）

A.電流的方向就是電荷移動的方向

B.電流是有方向的量，所以是矢量

C.任何物體，只要其兩端電勢差不為零，就有電流存在

D.以上說法都不正確

3.下列說法中正確的是（）

A.雙縫干涉實驗表明光具有波動性B.光的衍射現(xiàn)象表明光具有粒子性

C.光從空氣進入水中后頻率變大D.光從空氣進入水中后波長變大

4.一列向右傳播的簡諧波周期為0.8s,在t=0時的波形如圖所示，質(zhì)點P處于平衡位置.在t=1.2s

時，質(zhì)點P（）

A.向上運動

C.向右移動0.6mD.仍在原來的位置

5.如圖甲，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1,定值電阻R。=2.0。，即為壓敏電阻，電阻

的阻值隨壓力變化的圖象如圖乙所示.原線圈中的輸入電壓u隨時間t變化關(guān)系：a=

2OOV2smlOO7rt（y）.電壓表匕、吟的讀數(shù)分別為。、U2,電流表4、4的讀數(shù)分別為小A，

下列說法中正確的是（）

A.當壓力增大時，%、/都不變，入變小、，2變大

B.當壓力減小時，U1、外都變小，。、與都變小

C.當壓力F=1N時，/2=V2/4

D.當壓力尸=6N時，A=0.4A

6.一定質(zhì)量的理想氣體，在溫度不變的條件下，設(shè)法使其壓強增大，則在這一過程（）

A.氣體的密度減小B.氣體分子的平均動能增大

C.外界對氣體做了功D.氣體從外界吸收了熱量

7.一質(zhì)點做勻速直線運動.現(xiàn)對其施加一恒力，且原來作用在質(zhì)點上的力不發(fā)生改變，則（）

A.質(zhì)點速度的方向總是與該恒力的方向相同

B.質(zhì)點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直

C.質(zhì)點加速度的方向可能與該恒力的方向不同

D.質(zhì)點單位時間內(nèi)速率的變化量總是不變

8.如圖所示，小球4B通過一細繩跨過定滑輪連接，它們都穿在一

根豎直桿上。當兩球平衡時，連接兩球的細繩與水平方向的夾角

分別為。和20,假設(shè)裝置中各處摩擦均不計，則4,B球的質(zhì)量比

為（）

A.2cos61

B.12cos9

C.tand-1

D.12sin3

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

9.如圖所示為半圓形的玻璃枝，C為48的中點，a、b兩束不同頻率的b

單色可見細光束垂直4B邊從空氣射入玻璃磚，且兩束光在4B面上的

入射點到C點的距離相等，兩束光折射后相交于圖中的P點，則下列A

說法正確的是（）

A.在真空中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度

B.若a、b兩束光從同一介質(zhì)射入真空過程中，a光發(fā)生全反射的臨

界角大于b光發(fā)生全反射的臨界角

C.在真空中，a光的波長大于b光的波長

D.a光通過玻璃磚的時間大于力光通過玻璃磚的時間

E.a光從空氣進入該玻璃體后，其頻率不變

10.X軸上有兩點電荷Qi和（?2,Qi和Q2之間連線上各點電勢高低如圖曲線所示（4P>PB）,選無窮

遠處電勢為0,從圖中可以看出（）

A.Qi電荷量一定大于（?2電荷量

B.Qi和Qz一定同種電荷

C.P點電場強度是0

D.Qi和（?2之間連線上各點電場方向都指向Q2

11.如圖所示，光滑水平面有一靜止長木板質(zhì)量M=3kg,長L=7m,木板上最左端靜置一木塊小=

1kg,木板與木塊間動摩擦因數(shù)〃=0.3,t=0時刻，在木塊上施加一水平向右的恒力F=6N,

作用t=2s后撤去該力，對于木板和木塊的運動，下列結(jié)論正確的是（g=10m/s2）（）

A.t=2s時，木塊的速度為6m/s

B.t=2s時，木板的位移為2m

C.從t=0開始，木塊與木板相對運動的時間為4s

D.從t=0開始，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為181

12.如圖，在水平面（紙面）內(nèi)有三根相同的粗細均勻金屬棒ab、ac和MN,其中ab、.h

ac在a點接觸，構(gòu)成型導軌。空間存在垂直于紙面的勻強磁場。用水平

向右的力尸使MN向右勻速運動，從圖示位置開始計時，運動中MN始終與ac垂

直且和導軌保持良好接觸。不考慮ab、ac和MN中電流之間的相互作用。下列關(guān)于回路中電流i和

外力尸與時間t的關(guān)系圖線，可能正確的是（）

上叱上七

三、實驗題（本大題共2小題，共14.（）分）

13.（1）某興趣小組的同學利用如圖1所示的實驗裝置，測量木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)，圖中

長木板水平固定。

①實驗過程中，打點計時器應(yīng)接在________（填“直流”或“交流”）電源上，調(diào)整定滑輪

的高度，使。

②已知重力加速度為g,測得木塊的質(zhì)量為M,硅碼盤和祛碼的總質(zhì)量為zn,祛碼盤、祛碼

和木塊的加速度大小為a,則木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)“=。

③實驗時，某同學得到一條紙帶，如圖2所示，每隔三個計時點取一個計數(shù)點，即為圖中0、

1、2、3、4、5、6點。測得每兩個計數(shù)點間的距離為Si=0.96cm,s2=2.88cm,s3=4.80cm,

s4=6.72cm,s5=8.64cm,s6=10.56cm,打點計時器的電源頻率為50Hz。計算此紙帶的加

速度大小。=m/s2,打第4個計數(shù)點時紙帶的速度大小"=6/s。（保留兩位有效

數(shù)字）

515253545556

圖2

(2)①指針式多用電表是實驗室中常用的測量儀器，請完成下列問題:

在使用多用電表測量時，指針的位置如圖3所示，若選擇開關(guān)撥至“XI”擋，則測量的結(jié)果為

n；若選擇開關(guān)撥至“50nM”擋，則測量結(jié)果為mA.

圖3

②多用電表測未知電阻阻值的電路如圖4所示，電池的電動勢為E、內(nèi)阻為r,R為調(diào)零電阻，Rg

為表頭內(nèi)阻，電路中電流/與待測電阻的阻值燈關(guān)系圖像如圖5所示，則該圖像的函數(shù)關(guān)系式為

圖4圖5

③下列根據(jù)圖5中/-勺圖線做出的解釋或判斷中正確的是()

A.因為函數(shù)圖線是非線性變化的，所以歐姆表的示數(shù)左小右大

8.歐姆表調(diào)零的實質(zhì)是通過調(diào)節(jié)R使%=0時電路中的電流/=Ig

C%越小，相同的電阻變化量對應(yīng)的電流變化量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏

D測量中，當心的阻值為圖5中的8時，指針位于表盤中央位置的左側(cè)

14.用如圖所示電路，測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻。電池的內(nèi)阻較小，為了防止在調(diào)節(jié)滑動變

阻器時造成短路，電路中用一個定值電阻扁=2。起保護作用。除電池開關(guān)和導線外，可供使用

的實驗器材還有：

A.電流表（量程0.64、34）；

8.電壓表（量程3V、15V）；

C.滑動變阻器（阻值范圍0?10。、額定電流24）；

D滑動變阻器（阻值范圍0?100。、額定電流14）。

（1）要正確完成實驗，電壓表的量程應(yīng)選擇V,電流表的量程應(yīng)選擇A,滑動變阻器R

應(yīng)選擇（填寫實驗器材前面的字母）。

（2）根據(jù)實驗測得數(shù)據(jù)作出U-/曲線如圖所示，則這節(jié)干電池的電動勢是V,內(nèi)電阻是

(3)請根據(jù)實驗電路圖連接實物圖。

四、計算題(本大題共4小題，共46.0分)

15.為做好新型冠狀病毒肺炎(COU/D-19)疫情的常態(tài)化防控工作，學校組織工作人員每天對校園

進行嚴格的消毒，如圖是某噴霧消毒桶的原理圖。噴霧器的容積為匕=103打氣筒的容積為

=200cm3o某次使用時，裝入了%=8L藥液，然后關(guān)閉所有閥門及加水口，并通過打氣筒

打氣使筒內(nèi)上方氣體壓強達到Pi=3.6atrn時，停止打氣并打開噴霧閥門開始噴霧，當氣體壓強

降為P2=時，噴霧器不能正常噴霧。要使噴霧器能再次噴霧，需要用打氣筒再向里打氣，

提高桶內(nèi)的壓強。已知外界大氣壓為po=l.Oatm，不考慮桶內(nèi)藥液產(chǎn)生的壓強，整個過程可視

為溫度不變。

(1)噴霧器從開始噴霧到不能正常噴霧，桶內(nèi)剩余藥液有多少？

(2)要把桶內(nèi)剩余藥液全部噴完，需用打氣筒至少再打多少次氣？

16.雄貓立在屋頂邊，兩個兇惡的鼠仔兒用彈弓將石塊射向雄貓.過了t=1s,石塊劃出一條弧線,

落在雄貓腳旁(如圖).若石塊射出時速度與落下時速度互相垂直，求鼠仔兒與雄貓距離s.

17.如圖，寬為L的豎直障礙物上開有間距d=0.6m的矩形孔，其下沿離

地高九=1.2m,離地高H=2M的質(zhì)點與障礙物相距x.在障礙物以

%=4zn/s勻速向左運動的同時，質(zhì)點自由下落，為使質(zhì)點能穿過該

孔，L的最大值為多少米？若L=0.6m,x的取值范圍是多少米？(取

g—lOm/s2)

18.質(zhì)量為1kg的物塊從斜面底端以10m/s的速度滑上斜面，已知斜面的傾斜角為37。，物塊與斜面

間的動摩擦因數(shù)為0.5,已知在整個過程中，斜面都靜止，且斜面足夠長.求：

(1)從物塊滑上斜面到離開斜面的全過程中，摩擦力對物塊做的功；

(2)下滑過程重力做功的平均功率.(s譏37。=0.6,cos370=0.8,5?10m/s2)

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：AB.水流星到最高點時，當水對碗底的壓力等于0時，對水受力分析，只有重力提供向

心力，

對水在最高點，由牛頓第二定律得：mg-

解得到達最高點的最小速度為：%=必

當先〉病時，水對碗底的壓力大于0,故AB錯誤；

CD.水流星到最低點時，具有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，故雜技演員對地面的壓力大于水，碗

和人的重力大小之和，故C正確，。錯誤。

故選：Co

當在最高點水對桶底無壓力時，根據(jù)牛頓第二定律求出臨界的最小速度，最小速度為為=質(zhì)；水

流星到最低點時，具有向上的加速度，處于超重狀態(tài)。

本題以雜技“水流星”為背景考查了牛頓第二定律以及超失重的應(yīng)用，關(guān)鍵是要清楚圓周運動向心

力的來源，運用牛頓第二定律進行求解。

2.答案：D

解析：解：4、電流方向與正電荷定向移動的方向相同，與負電荷定向移動的方向相反，故A錯誤；

B、電流是標量，故8錯誤；

C、只有導體兩端有電勢差時才能形成電流，故C錯誤；

D、綜上所述力正確.

故選：D

電荷的定向移動形成電流，正電荷定向移動的方向與電流方向相同，電流是標量.

掌握電流形成的原因和電流方向的規(guī)定，知道電流是標量，難度不大，屬于基礎(chǔ)題.

3.答案：A

解析：解：AB.光的干涉和衍射現(xiàn)象是波的特有屬性，雙縫干涉和光的衍射實驗都表明光具有波動

性。故A正確、B錯誤；

C、光從一種介質(zhì)進入到另一種介質(zhì)時，頻率不變。故C錯誤；

D、當光從空氣進入水中后，根據(jù)公式u=;可知，波速減小，因頻率不變，再根據(jù)公式“="可

知波長減小。故。錯誤。

故選：Ao

光的干涉和衍射現(xiàn)象是波的特有屬性；光從一種介質(zhì)進入到另一種介質(zhì)時，頻率不變；根據(jù)波速公

式判斷波長的變化情況。

解答本題的關(guān)鍵是要掌握光的波動性特點，知道光從一種介質(zhì)進入到另一種介質(zhì)時頻率不變，會用

相關(guān)公式求解波速或波長的變化情況。

4.答案：D

解析：解:ABD.因為周期T=0.8s,t=1.2s=1.57,所以在t=1.2s時，質(zhì)點P仍在原來的位置,

運動方向與t=0時刻相反，即向下，故AB錯誤，。正確.

C、簡諧波向右傳播，質(zhì)點P只能上下振動，不會向右移動.故C錯誤.

故選：D

簡諧波向右傳播，質(zhì)點P只能上下振動，不會向前移動，根據(jù)時間與周期的關(guān)系確定在t=1.2s時質(zhì)

點P的位置及速度方向.

解決本題的關(guān)鍵要知道每經(jīng)過半個周期，質(zhì)點的運動狀態(tài)相反，但質(zhì)點只振動，不隨波向前移動.

5.答案：D

解析：解：4、當壓力增大時，即減小，原線圈電壓不變和匝數(shù)比不變，知副線圈電壓不變，即Ui、

%都不變，由歐姆定律得副線圈電流增大，電流與匝數(shù)成反比知原線圈電流變大，故A錯誤；

B、當壓力減小時，壓敏電阻的阻值增大，副線圈中負教電阻的阻值增大，原線圈電壓不變和匝數(shù)比

不變，知副線圈電壓不變，即/都不變，由歐姆定律得副線圈電流減小，電流與匝數(shù)成反比知

原線圈電流變小，故2錯誤；

C、當尸=1N,由圖象知壓敏電阻的阻值即=8。，原線圈電壓的有效值％=鬻=2001/,由電

壓與匝數(shù)成正比，?=詈，U2=^U1=^-X200=20V,由歐姆定律得/2=占=昌4=24,

故c錯誤；

D、當壓力尸=6N時，由圖象知壓敏電阻的阻值R°=30,由歐姆定律得副線圈的電流與=贏=

2=44,由夕=詈,得/1=詈/2=2義44=0.44,故。正確；

Z+3*2nlAv

故選：D

由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電壓之比，壓力變化時，壓敏電阻阻值變化，根據(jù)負載電

阻的變化，可知電流、電壓變化.

準確掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵.

6.答案：C

解析：解：4、一定質(zhì)量的理想氣體，在保持溫度不變的條件下，其壓強增大，由玻意耳定律PU=C

可知：氣體體積V減小；由于氣體體積減小，分子數(shù)密度增大，故A錯誤

8、氣體溫度不變，氣體分子平均動能不變，故B錯誤；

C、氣體體積減小，外界對氣體做功，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，由熱力學第一定律可知，氣體要對

外放出熱量，故C正確，。錯誤

故選：C

一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān).溫度不變，根據(jù)玻意耳定律判斷氣體的體積如何變化，即

可知做功情況.溫度不變，分子的平均動能不變

根據(jù)溫度是分子平均動能的標志、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)進行判斷.對于氣體狀態(tài)

變化過程，要掌握氣態(tài)方程分析參量的變化

7.答案：B

解析：解：4質(zhì)點開始做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一恒力，其合力不為零，如果質(zhì)點做勻加速或

勻減速直線運動，質(zhì)點速度的方向與該恒力的方向相同或相反；故A錯誤；

員如果所加恒力與原來的運動方向不在一條直線上，物體做曲線運動，速度方向沿切線方向，力和

運動方向之間有夾角，質(zhì)點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直，故8正確；

C.由于質(zhì)點做勻速直線運動，即所受合外力為0,原來質(zhì)點上的力不變，增加一個恒力后，則質(zhì)點所

受的合力就是這個恒力，所以加速度方向與該恒力方向一定時刻相同，故C錯誤；

D因為合外力恒定，加速度恒定，由可知，質(zhì)點單位時間內(nèi)速度的變化量總是不變，但

速率的變化量不一定不變。故。錯誤。

故選：Bo

由牛頓第二定律尸=rna可知，物體加速度的方向由合外力的方向決定；

由加速度的定義a=當判斷質(zhì)點單位時間內(nèi)速度的變化量.

△亡

明確物體做曲線運動的條件，速度方向與加速度方向不在同一直線上，如果在同一直線則做直線運

動，速度方向與加速度方向相同時物體做加速運動，當加速度方向與速度方向相反時，物體做減速

運動.

本題要注意物體做曲線運動的條件是速度方向與加速度方向不在同一直線上，如果在同一直線則做

直線運動，不在同一直線上則做曲線運動；同時還要正確理解牛頓第二定律和加速度的定義a=§,

知道加速度與力和速度之間的關(guān)系.

8.答案：B

解析：

分別對4、B兩球分析，運用合成法，用7表示出4、B兩球的重力，同一根繩子上的拉力相等，即繩

子AB兩球的拉力是相等的。

本題考查了隔離法對兩個物體的受力分析，關(guān)鍵是抓住同一根繩子上的拉力處處相等結(jié)合幾何關(guān)系

將兩個小球的重力聯(lián)系起來。

分別對48兩球分析，運用合成法，如圖：

由幾何知識得：對4豎直方向上：Tsind=mAg,

對8在豎直方向上：Tsin26=mBg,

解得：mAimB=sind：sin29=1：2cos。,故8正確，AC￡)錯誤。

故選瓦

9答案:BCE

解析：解：力、所有色光在真空傳播速度相同，都為c=3x108m分，故A錯誤；

B、由圖分析可知，玻璃磚對b束光的折射率大于對a束光的折射率，由sine=三分析可得a光發(fā)生全

n

反射的臨界角大于b光發(fā)生全反射的臨界角，故8正確；

C、b光的折射率大，頻率高，由c=4/可得，在真空中a光的波長大于b光的波長，故C正確；

。、由得知，a光在玻璃磚中的速度大，a在玻璃中通過的路程又短，所以a光通過玻璃磚的時

間短，故。錯誤；

E、同一色光在不同介質(zhì)中傳播，其頻率不變，故E正確.

故選：BCE

所有色光在真空傳播速度相同.兩束光折射后相交于圖中的P點，可知玻璃磚對b束光的偏折角大于

對a束光的偏折角，可分析出玻璃磚對b束光的折射率大于對a束光的折射率，b光的頻率高，波長短，

由臨界角C的正弦s譏C分析臨界角大小.由。=：得到光在玻璃磚中的速度關(guān)系，判斷出光通過

玻璃磚的時間關(guān)系.光的頻率由光源決定，與介質(zhì)無關(guān).

本題考查對不同色光特性的理解能力和掌握程度.對于七種色光各個量的比較是高考中常見的基本

題型，可根據(jù)光的色散、干涉的結(jié)果，結(jié)合折射定律和臨界角公式理解記憶.

10.答案：AD

解析：解：由圖象可以發(fā)現(xiàn)，離Qi越近電場中的電勢越高，由此可以判斷Qi為正電荷，同理，由于

離Qz越近電勢越低，所以Q?為負電荷，在它們的連線上的P點的電勢也是零，但P點離Q2近，所以Qi

的電荷量要大于Q2的電荷量，所以A正確，而8錯誤。

由于Qi和Q2為異種電荷，并且Qi為正電荷，Qi在x軸正半軸上的電場方向向右，<?2為負電荷，Q2在Qi

和。2之間的電場方向也向右，所以P點電場強度是Q1和Q2在P點產(chǎn)生的電場的和，方向指向Q2,所以

C錯誤。正確。

故選：ADo

選無窮遠處電勢為0,則在正電荷的電場中所有點的電勢都是正的，在負電荷的電場中所有點的電勢

都是負的，如果是等量異種電荷的話，在中垂線上的點電勢為零。

本題考查的就是點電荷的電場的分布及特點，這要求同學對于基本的幾種電場的情況要了解，本題

看的就是學生的基本知識的掌握情況。

11.答案：ABD

解析：解：木塊相對木板滑動時的加速度：a=-ng=0.3x10m/s2=3m/s2,

木塊相對于木板滑動時的臨界拉力a=ma=1x3N=3N<F=6N,

當拉力尸=6N時木塊相對于木塊滑動；

A、設(shè)t=2s時木塊的速度為%,對木塊，由動量定理得：Ft-fimgt=mv-i—0,代入數(shù)據(jù)解得：

Vj=6m/s,故A正確；

8、設(shè)t=2s時木板的速度為"2,對木板，由動量定理得:fungt=Mv2-0,代入數(shù)據(jù)解得:v2=2m/s,

木板在t=2s內(nèi)的位移x木板=yt=|x2m=2m,故B正確；

C、撤去拉力后木塊與木板組成的系統(tǒng)動量守恒，最終它們以相同的速度運動，設(shè)它們的共同速度為

v,以向右為正方向，由動量守恒定律得：+Mu?=（M+機）=，代人數(shù)據(jù)解得：v=3m/s,

設(shè)從撤去拉力到木塊和木板速度相等系統(tǒng)的時間為t',對木塊，由動量定理得:

—firngt'—mv—mvr

代入數(shù)據(jù)解得：t'=Is

木塊與木板相對運動的時間：△t=t+t'=(2+l)s=3s,故C錯誤；

。、t=2s內(nèi)木塊的位移x木衣=￡t=gx2ni=67n,

系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能Qi=4mg(無木會-x木點=0.3x1x10x(6-2)/=12/,

2?3s內(nèi)，設(shè)系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為Q2,對系統(tǒng)，由能量守恒定律得：

111

mvMV

2i+22=5(m+M)”2+Q2

代入數(shù)據(jù)解得：Q2=6J

從t=0開始系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能：Q=QI+Q2=(12+6)/=18/,故O正確。

故選：ABD.

由牛頓第二定律求出木塊相對木板滑動時的臨界拉力；應(yīng)用動量定理求出木塊的速度，應(yīng)用運動學

公式求出木板的位移，應(yīng)用運動學公式求出木塊與木板的相對運動的時間；求出木塊與木板相對滑

行的距離然后求出系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能。

本題是一道力學綜合題，根據(jù)題意分析清楚物體的運動過程是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動量定理、

運動學公式與動量守恒定律、能量守恒定律即可解題。

12.答案：AD

解析：解：AB、設(shè)導軌兒夾角為0,導體單位長度的電阻r,初位置到頂點的距離為3經(jīng)過時間3

則回路總電阻為：

R=[(L+")(1+tanff)+鬻]乙

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得回路中的電流強度為：i=更效普史=豆鬻土，

COS0

由此可見i為與t無關(guān)的量，A正確、B錯誤。

CD、根據(jù)安培力的計算公式可得，F(xiàn)=B/L'=+由于i是一個定值，可見F與t為一

次函數(shù)關(guān)系，C錯誤、。正確。

故選：AD.

MN切割磁感線運動產(chǎn)生感應(yīng)電動勢E=BG,L越來越大，回路總電阻也增大，根據(jù)電阻定律可求，

然后利用閉合電路歐姆定律即可求解電流強度，再根據(jù)安培力的計算公式得到安培力與時間關(guān)系。

對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問題，經(jīng)常根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電

流隨時間變化關(guān)系，然后推導出縱坐標與橫坐標的關(guān)系式，由此進行解答，這是電磁感應(yīng)問題中常

用的方法和思路。

13.答案：(1)①交流；細線與長木板平行

Mg

③3.0;0.96

(2)①18；23.0

②/=---------或/=-^―

Jr+R0+Rg+RxBRi+Rx

③BCD

解析：

⑴

①打點計時器使用交流電，調(diào)整定滑輪的高度，細線與長木板平行；

②通過加速度根據(jù)牛頓第二定律求出摩擦力的大小，從而根據(jù)f=〃N求出動摩擦因數(shù)的大小；

③根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)位移之差是一恒量，即AX=a72求出加速度的大小，根據(jù)某段時間內(nèi)平均速

度等于中間時刻的瞬時速度求出打第4個計數(shù)點時紙帶的速度大小。

要知道打點計時器的結(jié)構(gòu)、工作原理、使用注意事項，正確選擇研究對象，應(yīng)用牛頓第二定律即可

求出動摩擦因數(shù).對于紙帶問題的處理，我們要熟悉勻變速直線運動的特點和一些規(guī)律，提高應(yīng)用

基本規(guī)律解答實驗問題的能力。

(1)電火花計時器應(yīng)接在交流電源上.細線與長木板平行；

(2)對木塊、祛碼盤和祛碼組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：

mg—4Mg=(M+m)a,

解得：〃二叫產(chǎn)

(3)每隔三個計時點取一個計數(shù)點，所以相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為7=0.02x4=0.08s

(S6+S5+S4)—(S3+S2+S])_0.1056+0.0864+0.0672-0.048-0.0288-0.096

根據(jù)△%=。72,有：a=—3.0m/s2

9T29X0.082

在勻變速直線勻速中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度大小，故有：畤=等=

0.0864+0.0672.八“/

――――m/s=0.96m/s

ZXU.Uo

故答案為:

①交流；細線與長木板平行

Mg

③3.0；0.96

⑵

①多用電表測電阻時，電阻阻值等于表盤讀數(shù)與倍率的乘積.測電流時確定量程，從而讀出讀數(shù);

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得出電流/與待測電阻的阻值&關(guān)系;

③通過電流/與待測電阻的阻值k關(guān)系式判斷分析。

本題考查閉合電路歐姆定律以及多用電表的使用方法；對于歐姆表，要了解其結(jié)構(gòu)、掌握讀數(shù)的方

法，關(guān)鍵要理解歐姆表的工作原理：閉合電路歐姆定律。

①所測的電阻R=18x1=180；

選擇開關(guān)撥至“50mA”擋，則電流為/=23.0mA；

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得，1=宗

r+R0+Rg+Rx

③4、因為％=亨-r-8-Rg函數(shù)圖線是非線性變化的，當電流比較大時，則電阻比較小，當電

流比較小時，則電阻比較大.故A錯誤；

￡

B、當Rx人=r0+,KQ/-TK=gr+R+R此時電流為滿偏電流.故B正確；

C、&越小，相同的電阻變化量對應(yīng)的電流變化量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏.故c正確；

D、測量中，當&的阻值為圖5中的時，電流比半偏電流小，指針位于表盤中央位置的左側(cè)，故。

正確；

故選BCD；

故答案為

①18；23.0

②/=---------或/=—

7r+R0+Rg+Rx八R1+RX

③BCD

14.答案：(1)30.6C

(2)1.5(1.48?1.52V之間均可)0.5(0.47?0.58。)

(3)如圖

解析：

(1)由歐姆定律估算電路中的電流，根據(jù)安全及準確性原則可選出電流表及電壓表；根據(jù)電源內(nèi)阻的

大小可判斷保護電阻的大小，及滑動變阻器的阻值大?。?/p>

(2)分析電路中的各電表的特點，找出其產(chǎn)生的作用，即可得出誤差產(chǎn)生的原因。

(3)對照電路圖連接實物圖。

實驗儀器的選擇是考試中經(jīng)常出現(xiàn)的問題，在學習中要注意掌握好其安全、準確的原則；同時注意

滑動變阻器的電路中的應(yīng)用規(guī)律。

(1)由于電源是一節(jié)干電池(1.5U),所選量程為3U的電壓表；估算電流時，考慮到干電池的內(nèi)阻一般

幾0左右，加上保護電阻，最大電流在0.54左右，所以選量程為0.64的電流表；由于電池內(nèi)阻很小,

所以保護電阻不宜太大，否則會使得電流表、電壓表取值范圍小，造成的誤差大；滑動變阻器的最

大阻值一般比電池內(nèi)阻大幾倍就好了，取0?100能很好地控制電路中的電流和電壓，滑動變阻器R應(yīng)

選擇C;

(2)由U-/圖象在縱軸上的截距以及圖線的斜率得到這節(jié)干電池的電動勢是1.5V,內(nèi)電阻是0.5。。

(3)據(jù)實驗電路圖連接實物圖，如圖所示

故答案為:

(1)3；0.6；C

(2)1.5(1.48?1.52U之間均可)；0.5(0.47?0.58。)

(3)如圖。

15.答案：解：(1)對噴霧器內(nèi)的氣體，初態(tài)壓強p=Pi=3.6atm,體積V=匕-%=(10-8)L=2L

到不能正常噴霧時氣體壓強：p'=p2=設(shè)氣體體積為V',氣體溫度不變，由玻意爾定律得：

pV=p'V

代入數(shù)據(jù)解得：V'=6L

噴霧器內(nèi)剩余藥液的體積：嗓=匕一片=(10-6)L=4L

(2)以噴霧器內(nèi)的氣體和待打入的氣體為研究對象，由玻意耳定律得：

P'V'+np0V0=P2匕

代入數(shù)據(jù)解得：n=24次,需用打氣筒至少再打24次氣。

答：(1)噴霧器從開始噴霧到不能正常噴霧，桶內(nèi)剩余藥液有4L。

(2)要把桶內(nèi)剩余藥液全部噴完，需用打氣筒至少再打24次氣。

解析：(1)在溫度不變的情況下，打氣筒內(nèi)氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律可求出桶內(nèi)氣體體積，

從而求出剩余藥液的體積；

(2)將最后打入的所有氣體視為一個整體，根據(jù)等溫變化規(guī)律即可求解需要打氣的次數(shù)。

本題考查了求打氣的次數(shù)、求剩余藥液的體積，本題是所謂的“變質(zhì)量問題”，有一定的難度，本

題解題的關(guān)鍵也是本題的難點是：巧妙地選擇研究對象，把變質(zhì)量問題變?yōu)椴蛔冑|(zhì)量問題進行研究，

選擇研究對象后，應(yīng)用玻意耳定律即可正確解題。

16.答案：解：沿石塊初速度%所在的方向建立X軸，末速度為所在的方向建立y軸，如圖所示，把重

力加速度g分解成沿x軸負方向的geos。和沿y軸正方向的gsinO.石塊在x軸方向上做勻減速運動，末

速度為0,歷時3故有：

s工=lgt2cosd①

石塊在y軸方向上作勻加速運動，初速度為0,歷時也為3故有：

2

sy=^gtsin6②

由①②兩式解得兩者距離：