2021屆河北省省際聯(lián)考高考物理二調(diào)試卷(含答案解析)

2021屆河北省省際聯(lián)考高考物理二調(diào)試卷

一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）

1.一輛汽車(chē)從靜止開(kāi)始由甲地出發(fā)，沿平直公路開(kāi)往乙地，汽車(chē)先

做勻加速運(yùn)動(dòng)，接著做勻減速運(yùn)動(dòng)，開(kāi)到乙地剛好停止，其速度w°■■

圖象如圖所示，那么在。?to和玲?3to這兩段時(shí)間內(nèi)的（）/：

A.加速度大小之比為3：1，、一

B.位移大小之比為1：4%3/°'

C.平均速度大小之比為1：1

D.速度改變量之比為1：2

2.一個(gè)人要拉動(dòng)一輛汽車(chē)是很困難的，如果按照下圖所示的那樣，先用結(jié)實(shí)的繩子把汽車(chē)和大樹(shù)

連起來(lái)，并盡量把繩子拉緊拴牢，然后在繩子中間沿垂直于繩子的方向用力尸拉，那么就可以將

汽車(chē)?yán)瓌?dòng).下列對(duì)此現(xiàn)象的分析中，正確的是（）

A.汽車(chē)所受繩子的拉力等于產(chǎn)

B.汽車(chē)所受繩子的拉力大于樹(shù)所受繩子的拉力

C.汽車(chē)和樹(shù)受到繩子的拉力遠(yuǎn)大于F

D.汽車(chē)和樹(shù)受到繩子的拉力等于尸

3.某一雙星系統(tǒng)中，4星球質(zhì)量是B星球質(zhì)量的2倍，兩者之間的間距為L(zhǎng)經(jīng)觀(guān)測(cè)發(fā)現(xiàn)4星球上的

物質(zhì)在緩慢地向外太空逃逸，若干年后4星球的質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的一半，間距減小，由觀(guān)測(cè)知此時(shí)

雙星系統(tǒng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的1.5倍，貝）

A.兩星球之間距離變?yōu)椤稡.兩星球之間距離變?yōu)椤?/p>

34

C.A星球的軌道半徑變?yōu)?.351D.A星球的軌道半徑變?yōu)?.251

4.下面關(guān)于結(jié)合能和平均結(jié)合能的說(shuō)法中，正確的有（）

A.核子結(jié)合成原子核吸收的能量或原子核拆解成核子放出的能量稱(chēng)為結(jié)合能

B.比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，因此它的結(jié)合能也一定越大

C.中等質(zhì)量原子核的結(jié)合能和比結(jié)合能均比輕核的要大

D.重核與中等質(zhì)量原子核相比較，重核的結(jié)合能和比結(jié)合能都大

5.如圖所示，一個(gè)小球從高處自由下落到達(dá)4點(diǎn)與一個(gè)輕質(zhì)彈簧相撞,

彈簧被壓縮。在球與彈簧接觸，到彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中，關(guān)于

球的動(dòng)能、重力勢(shì)能、彈簧的彈性勢(shì)能的說(shuō)法中正確的是（）

A.球的機(jī)械能守恒

B.球的重力勢(shì)能逐漸減小，彈簧的彈性勢(shì)能逐漸增加

C.球的動(dòng)能一直在減小

D.球的重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和逐漸增加

6.如圖，水平放置的圓柱形光滑玻璃棒左邊繞有線(xiàn)圈，右邊靜置一金

屬圓環(huán)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)狀態(tài)撥至M端或N端瞬間，圓環(huán)向右運(yùn)動(dòng)

B.開(kāi)關(guān)5由斷開(kāi)狀態(tài)分別撥至M端或N端瞬間，圓環(huán)向右運(yùn)動(dòng)或向1~?|—

左運(yùn)動(dòng)

C.開(kāi)關(guān)S處于M端，調(diào)節(jié)滑片P向上，圓環(huán)向左運(yùn)動(dòng)

D.開(kāi)關(guān)S處于N端，調(diào)節(jié)滑片P向上，圓環(huán)向左運(yùn)動(dòng)

7.質(zhì)譜儀裝置原理圖如圖所示，某種帶電粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后從小孔。以相同的速率沿紙面射入勻

強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，已知從。點(diǎn)射出的粒子有微小發(fā)散角2氏且左右對(duì)稱(chēng)。結(jié)

果所有粒子落點(diǎn)在乳膠底片的2止2直線(xiàn)區(qū)間，下列說(shuō)法正確的是（）

加速電場(chǎng)：

A.打在P2點(diǎn)粒子一定是從。點(diǎn)垂直板射入的粒子

B.打在P2點(diǎn)粒子一定是從。點(diǎn)右偏射入的粒子

C.打在B點(diǎn)粒子一定是從。點(diǎn)左偏射入的粒子

D.打在B點(diǎn)粒子一定是在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短的粒子

8.一閉合線(xiàn)圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)里，通過(guò)線(xiàn)圈平面的B-t變化如圖，且線(xiàn)圈面積不

變，則線(xiàn)圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間的關(guān)系可用圖中哪一個(gè)選項(xiàng)表示（）

￡￡E

二、多選題（本大題共5小題，共21.0分）

9.下列有關(guān)說(shuō)法正確的是（）

A.千克、米、秒是國(guó)際單位制中的基本單位

B.牛頓最早指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因

C.伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)采用的科學(xué)方法是邏輯推理與實(shí)驗(yàn)相結(jié)合

A.粒子P帶正電

B.粒子P在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為?

C.粒子Q在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可能為瑞

D.粒子Q在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的路程可能為瑞

11.P、Q兩電荷的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，c、d為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，一個(gè)帶

電粒子從a運(yùn)動(dòng)到b軌跡如圖所示，不計(jì)重力，下列說(shuō)法中正確的是

（）

A.P電荷帶負(fù)電

B.c、d兩點(diǎn)的電勢(shì)相等

C.粒子在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到P的吸引力

D.粒子從a到b的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功

12.如圖所示，小車(chē)上固定一直立木板，木板上端固定一定滑輪，輕繩跨過(guò)定滑

輪一端系一小球，另一端系在彈簧秤上，彈簧秤固定在小車(chē)上，若小車(chē)突然

由靜止向右勻加速運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.彈簧秤讀數(shù)變大B.彈簧秤讀數(shù)變小

c.小車(chē)對(duì)地面的壓力變大D.小車(chē)對(duì)地面的壓力不變

13.下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)分子間距離為r0時(shí)，分子間既不存在引力也不存在斥力

B.氣體做等溫膨脹時(shí)，氣體分子單位時(shí)間對(duì)汽缸壁單位面積的碰撞次數(shù)將變少

C.液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，其光學(xué)性質(zhì)與某些多晶體相似，表現(xiàn)出各向同性

D.空氣的相對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)就越接近同一溫度時(shí)水的飽和汽壓

E.水電能夠站在水面上，是表面張力作用的結(jié)果

三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）

14.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，實(shí)線(xiàn)為t=0時(shí)刻的波形，'F

虛線(xiàn)為t=0.2s時(shí)刻的波形，波傳播的速度大小為25m/s,則這

列波沿（填“X軸正方向”或"％軸負(fù)方向”）傳播，X-.....

1m處的質(zhì)點(diǎn)在0.8s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為emo

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

15.（1）在“研究平拋物體運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中：某同學(xué)建立的直角坐標(biāo)系如圖所示，假設(shè)他在安裝實(shí)驗(yàn)

裝置和其余操作時(shí)準(zhǔn)確無(wú)誤，只有一處失誤，即是。

（2）如圖所示為一小球做平拋運(yùn)動(dòng)的閃光照相照片的一部分，圖中背景方格的每小格邊長(zhǎng)均為0.2m。

如果取g=10m/s2,那么：閃光頻率是Hz,小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度m/So

16.用如圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)器材及電路測(cè)量金屬絲的電阻率，實(shí)驗(yàn)的主要步驟如下.

①將P移到金屬絲b端，電源調(diào)至E=4.00V,滑動(dòng)變阻器的滑片滑至(填“C端”、“D端”

或“中央”)，閉合開(kāi)關(guān)S,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電流表讀數(shù)為/。=0.504.

②適當(dāng)向a端滑動(dòng)P,記錄電流表讀數(shù)/及電阻絲bP段的長(zhǎng)度L；此時(shí)電阻絲bP段的阻值為R=

(用E、/和/o表示).

③重復(fù)步驟②，記錄6組L和/值，畫(huà)出的關(guān)系圖線(xiàn)如圖(b)；

④用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑如圖(c),其示數(shù)為d=mm；

⑤若用k表示;—L圖線(xiàn)的斜率，則金屬絲的電阻率為p=(用E、k、d和兀表示).根據(jù):一L圖

線(xiàn)，可算得p=n-m(保留兩位有效數(shù)字；乃取3.14).

五、計(jì)算題(本大題共5小題，共52.0分)

17.在豎直平面內(nèi)，某一游戲軌道由直軌道AB和彎曲的細(xì)管道BCD平滑連接組成，如圖所示。質(zhì)量

m=2kg的小滑塊以某一初速度從4點(diǎn)滑上傾角為。=37。的直軌道4B,到達(dá)B點(diǎn)的速度大小為

2m/s,然后進(jìn)入細(xì)管道BCD,從細(xì)管道出口。點(diǎn)水平飛出，落到水平面上的G點(diǎn)。已知B點(diǎn)的高

度九i=1.2m,。點(diǎn)的高度電=0.8m，。點(diǎn)與G點(diǎn)間的水平距離Z,=0.4根，滑塊與軌道48間的動(dòng)

摩擦因數(shù)〃=0.25,s出37°=0.6,cos370=0.8.g=10m/s2

(1)求小滑塊在軌道4B上的加速度和在4點(diǎn)的初速度;

(2)求小滑塊從。點(diǎn)飛出的速度；

(3)計(jì)算說(shuō)明細(xì)管道BCO的內(nèi)壁是否光滑。

18.如圖所示，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=17在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，有一對(duì)光滑

平行金屬導(dǎo)軌，處于同一水平面內(nèi)，且導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，導(dǎo)軌間距L=1m,導(dǎo)軌電阻可忽略不計(jì)。

質(zhì)量均為?n=1kg、電阻均為R=10的金屬導(dǎo)體棒MN和PQ垂直放置于導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸

良好。先將PQ暫時(shí)鎖定，金屬棒MN在垂直于棒的拉力尸作用下，由靜止開(kāi)始以加速度向右做勻

加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)a=1.0m/s2,2s后保持拉力F的功率不變，直到棒以最大速度加(未知)做勻速直

線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。

(1)求2s末時(shí)拉力的功率P；

(2)當(dāng)棒MN達(dá)到最大速度外時(shí)，解除PQ鎖定，同時(shí)撤去拉力，兩棒最終均勻速運(yùn)動(dòng)，求PQ棒的最

終速度。

上

XXXXXXXX

XXXXXXX

XXXXXXXX

超一

19.真空中某豎直平面內(nèi)存在一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一質(zhì)量為小的帶電微粒恰好能沿圖示虛線(xiàn)(與

水平方向成。角)由4向8做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g,微粒的初速度為〃0，則:

(1)微粒帶什么電;

(2)求出勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度;

(3)求出微粒運(yùn)動(dòng)的加速度。

/B

20.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體按p-7圖象中箭頭方向，從狀態(tài)4變叫xdPa)

AB

化到狀態(tài)B,再變化到狀態(tài)C,已知?dú)怏w在狀態(tài)力時(shí)的體積為33.6升.6X~7\

(1)從狀態(tài)A沿圖中箭頭變化到狀態(tài)B的過(guò)程中，氣體是吸熱還是放熱3—

II

?Lii?

----------,030060077K

(2)氣體在狀態(tài)C的體積是多少升？

(3)已知阿伏加德羅常數(shù)為6.0x1023,在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)(壓強(qiáng)pg=l.ox105Pa＞溫度0久)下任何氣體的摩

爾體積都為22.4升，問(wèn)該氣體的分子個(gè)數(shù)為多少？(本問(wèn)計(jì)算結(jié)果取一位有效數(shù)字)

21.一足夠大的水池內(nèi)盛有某種透明液體，液體的深度為聞在水池底部中央放一點(diǎn)光源S,其

中一條光線(xiàn)以30。的入射角射到液體與空氣的界面上，它的反射光線(xiàn)與折射光線(xiàn)的夾角為

97°(cos37°=0.8)

求：

(1)這種液體的折射率；

(2)液體表面亮斑的面積.

參考答案及解析

1.答案：C

解析：解：2、根據(jù)速度-時(shí)間圖象的斜率等于加速度大小，則知在0?to和to?3to兩段時(shí)間內(nèi)，加

速度大小之比為：的：仁=2：1,故A錯(cuò)誤；

8、根據(jù)“面積”等于位移大小，則知位移之比為：/：x2=1voto：(1v0-2t0)=1：2,故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，可知平均速度大小之比為：4：&=等：寫(xiě)=1：1，故C正

確；

D、根據(jù)速度改變量的定義，可知速度改變量之比為：△%=(%-())：(O-vo)=1：(一1)，故。

錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)速度-時(shí)間圖象的斜率等于加速度求解加速度之比；速度-時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸所圍“面積”等于

位移大小，由幾何知識(shí)求解位移大小之比；根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的平均速度公式2=竽求解平均速

度之比；根據(jù)速度改變量的定義求解速度改變量之比。

本題只要抓住速度圖象的兩個(gè)數(shù)學(xué)意義就能正解作答：斜率等于加速度，“面積”等于位移大小。

2.答案：C

解析：解：由題意可知，在繩子中間沿垂直于繩子的方向用力F拉，那么就可以將汽車(chē)?yán)瓌?dòng)，

根據(jù)力的合成法則，可得：汽車(chē)和樹(shù)受到繩子的拉力遠(yuǎn)大于F,

而汽車(chē)所受繩子的拉力等于樹(shù)所受繩子的拉力，故C正確，A3。錯(cuò)誤；

故選：C.

根據(jù)對(duì)結(jié)點(diǎn)受力分析，結(jié)合力的平行四邊形定則，及三角知識(shí)，即可求解.

考查受力分析，掌握力的合成與分解法則，理解三角知識(shí)的運(yùn)用.

3.答案:A

解析：解：AB,雙星靠他們之間的萬(wàn)有引力提供向心力，4星球的質(zhì)量為機(jī)「軌道半徑為R,B星球

的質(zhì)量為m2,軌道半徑為r,根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：

m1m2

G———==m2o)r

得：鬻=32R,爺1=32「

左右分別相加，則有：也產(chǎn)2=0)2(/?+r)=a)2l

變形可得：G(m1+m2)=3Gm2=

4星球的質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的一半，角速度變?yōu)樵瓉?lái)的1.5倍，則有:

,2r3

G(m14-m2)=2Gm2=a)l

可得：1=3

故A正確，8錯(cuò)誤；

CD、此時(shí)兩個(gè)星球的質(zhì)量相等，則它們的軌道半徑也相等，即：7=rb=".故C錯(cuò)誤，。錯(cuò)誤。

故選：Ao

雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，具有相同的角速度。應(yīng)用牛頓第二定律列方程求解

解決本題的關(guān)鍵知道雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，具有相同的角速度。以及會(huì)用萬(wàn)有引力

提供向心力進(jìn)行求解。

4.答案:C

解析：

根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程，分析將原子核拆散成核子所吸收的能量與核子結(jié)合成原子核所放出的能量

關(guān)系；

核力與萬(wàn)有引力性質(zhì)不同.核力只存在于相鄰的核子之間.比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定。

本題考查對(duì)核力、核能的理解.核力是自然界四種基本作用力之一，與萬(wàn)有引力性質(zhì)、特點(diǎn)不同。

解：

人將原子核拆散成核子與核子結(jié)合成原子核兩個(gè)過(guò)程質(zhì)量的變化相等，將原子核拆散成核子所吸收

的能量與核子結(jié)合成原子核所放出的能量叫結(jié)合能.故A錯(cuò)誤；

正比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定.原子核的結(jié)合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，

則原子核越大，它的結(jié)合能越高.故B錯(cuò)誤；

C.中等質(zhì)量原子核的結(jié)合能和平均結(jié)合能均比輕核的要大.故C正確；

。.重核與中等質(zhì)量原子核相比較，重核的結(jié)合能大，而平均結(jié)合能比較小.故。錯(cuò)誤。

故選

5.答案：B

解析：解：4、在球與彈簧接觸，到彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中，小球的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)

能，小球的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；

8、由于小球?qū)椈蓧嚎s至最低的過(guò)程中，小球一直在向下運(yùn)動(dòng)，高度降低，故球的重力勢(shì)能一直減

小，而小球接觸彈簧至彈簧壓縮最低點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧的壓縮量越來(lái)越大，彈性勢(shì)能逐漸增大，故

8正確；

C、小球接觸彈簧時(shí)，彈簧的形變量較小，彈力小于重力，對(duì)小球而言受重力和彈力作用，合力方向

向下，故小球先向下做加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)彈力大于重力時(shí)，合力向上，則小球做減速運(yùn)動(dòng)，所以小球的

速度先增大后減小，則小球的動(dòng)能先增加后減小，故C錯(cuò)誤；

。、因?yàn)檎麄€(gè)過(guò)程中，只有重力和彈力做功，滿(mǎn)足系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，即小球的重力勢(shì)能、動(dòng)能及

彈簧的彈性勢(shì)能之和不變，小球的動(dòng)能先增大后減小，所以重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和先減小

后增大，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)機(jī)械能守恒定律的守恒條件分析小球的機(jī)械能是否守恒；小球接觸彈簧后受到彈力和重力兩個(gè)

力作用，彈力不斷增大，根據(jù)合力與速度方向關(guān)系，分析小球的運(yùn)動(dòng)情況，從而判斷其動(dòng)能的變化

情況.根據(jù)彈性勢(shì)能與彈簧形變量的關(guān)系可以判斷彈性勢(shì)能的變化，根據(jù)高度變化可以確認(rèn)重力勢(shì)

能的變化.以小球、彈簧和地球組成的系統(tǒng)，由于只有彈力和重力做功，所以的系統(tǒng)機(jī)械能守恒.

正確分析小球的受力情況，分析小球的運(yùn)動(dòng)情況是解決本題的關(guān)鍵，不能認(rèn)為小球一接觸彈簧就開(kāi)

始減速.注意區(qū)分系統(tǒng)的機(jī)械能守恒和單個(gè)物體機(jī)械能守恒的區(qū)別.

6.答案：A

解析：解：AB,當(dāng)開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)狀態(tài)撥至連接狀態(tài)時(shí)，不論撥至M端或N端，均會(huì)導(dǎo)致通電螺線(xiàn)管的

電流增大,根據(jù)楞次定律的推廣含義-來(lái)拒去留，穿過(guò)圓環(huán)的磁通量增大,則圓環(huán)受到磁場(chǎng)斥力作用，

遠(yuǎn)離通電螺旋管，即向右移動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、無(wú)論開(kāi)關(guān)S撥至M端還是N端，調(diào)節(jié)滑片P向上，滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻減小，線(xiàn)圈中電流

增大，穿過(guò)金屬圓環(huán)的磁通量，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)受到磁場(chǎng)斥力作用，遠(yuǎn)離通電螺旋管，即

向右移動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。

故選：Ao

當(dāng)開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)狀態(tài)撥至連接狀態(tài)，導(dǎo)致金屬圓環(huán)的磁通量發(fā)生變化，進(jìn)而由楞次定律可得線(xiàn)圈中產(chǎn)

生感應(yīng)電流，則處于磁場(chǎng)而受到安培力，使圓環(huán)運(yùn)動(dòng)。調(diào)節(jié)滑片P向上時(shí)，滑動(dòng)變阻器連入電路的電

阻減小，線(xiàn)圈中電流增大，穿過(guò)金屬圓環(huán)的磁通量，從而分析線(xiàn)圈運(yùn)動(dòng)情況。

考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象與電路結(jié)合問(wèn)題，掌握楞次定律的內(nèi)容，并理解從楞次定律相對(duì)運(yùn)動(dòng)角度可得：

增則斥，減則吸，注意本題中開(kāi)關(guān)撥至M端或N端，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果均沒(méi)有影響。

7.答案：A

解析：解：AB,打在P2點(diǎn)粒子距離。點(diǎn)最遠(yuǎn)，所以。P2為粒子運(yùn)_______H—

動(dòng)軌跡的直徑，打在「2點(diǎn)粒子一定是從。點(diǎn)垂直板射入的粒子，加速電場(chǎng)j//，jj冉

故A正確、8錯(cuò)誤；??.天1.

CD、利用旋轉(zhuǎn)圓的方法可得，打在P1點(diǎn)粒子可能是從。點(diǎn)左偏射:..I丫?''^^.

入的粒子（如圖紅線(xiàn)，此種情況下運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)），也可能是從。點(diǎn)?????

右偏射入的粒子（如圖黑線(xiàn)所示，此種情況下運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短），故

8錯(cuò)誤。

故選：Ao

畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)旋轉(zhuǎn)圓的方法得到從&和P2射出的粒子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，由此分析解答。

對(duì)于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲

力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求時(shí)間。

8.答案：A

解析：解：磁感線(xiàn)確定隨時(shí)間均勻變化，變化率的絕對(duì)值相等，根據(jù)E=n￥=n譽(yù)知，感應(yīng)電動(dòng)

勢(shì)大小不變，由楞次定律知，磁感應(yīng)強(qiáng)度先均勻減小，后均勻增加，即磁通量先減小后增加，則感

應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向在改變.故A正確，B、C、O錯(cuò)誤.

故選：A.

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n號(hào)判斷電動(dòng)勢(shì)大小的變化，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向.

解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律，以及掌握楞次定律的運(yùn)用，并理解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小與磁

通量變化率的有關(guān)，與磁通量，及磁通量的變化量均無(wú)關(guān).

9.答案:AC

解析：解：4、國(guó)際單位制中的基本單位是：千克、米、秒.故A正確.

B、伽利略最早指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因.故8錯(cuò)誤.

C、伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)采用是邏輯推理與實(shí)驗(yàn)相結(jié)合的方法.故C正確.

￡）、開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律.故。錯(cuò)誤.

故選AC

國(guó)際單位制中的基本單位有三個(gè)：千克、米、秒.伽利略最早指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因.伽

利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)采用的科學(xué)方法是邏輯推理與實(shí)驗(yàn)相結(jié)合.開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律.

本題考查的是物理學(xué)常識(shí)，比較簡(jiǎn)單.對(duì)于物理學(xué)史，要將科學(xué)家的學(xué)說(shuō)、理論、實(shí)驗(yàn)與科學(xué)研究

方法結(jié)合起來(lái)記憶.

10.答案：ABD

解析：解：4、粒子P從C點(diǎn)沿x軸正向進(jìn)入磁場(chǎng)，受洛倫茲力而向上偏轉(zhuǎn)過(guò)0點(diǎn)，由左手定則知帶正

電；故A正確；

B、據(jù)題意可知P粒子在磁場(chǎng)中做半個(gè)圓周運(yùn)動(dòng)，則半徑為運(yùn)動(dòng)時(shí)間為0=譬=喋；故B

正確；

CD、Q粒子與P粒子相同，而速度為4也由氏=焉可知7?2=4&=2L,而CD距離為2L,故Q粒子不

可能沿x軸正向進(jìn)入磁場(chǎng)，設(shè)與y軸的夾角為氏分別有兩種情況從C點(diǎn)進(jìn)過(guò)。出，軌跡如圖：

有幾何關(guān)系可知。=30。，兩種軌跡的圓;

yxxx

心角為60。和300。，則粒子Q的運(yùn)動(dòng)時(shí)間

為：匕=濁=巴或&=更:=%，而*x

14v6vz4v6v口X\

圓周的弧長(zhǎng)為s=等或s=詈；故C錯(cuò)'//['I'、x'

誤，。正確。oi'、、~~~Or\

故選：ABD。yxJ

4判斷粒子帶電正負(fù)，可用左手定則根CK、Jx/'*

據(jù)粒子偏轉(zhuǎn)方向進(jìn)行判斷；

B：判斷運(yùn)動(dòng)時(shí)間，可以用路程除以速度，

直接從題意分析路程即可判斷：

CD：判斷粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，需要判斷粒子運(yùn)動(dòng)的路程，需根據(jù)題意和洛倫茲自提供向心力作圖分析。

本題主要考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，畫(huà)出運(yùn)動(dòng)軌跡是關(guān)鍵，然后根據(jù)洛倫茲力提供向心力

以及數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問(wèn)題。

11.答案：AC

解析：

根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的方向確定場(chǎng)源電荷的正負(fù).電勢(shì)的高低看電場(chǎng)線(xiàn)的指向，沿著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)一定降低.根

據(jù)軌跡曲線(xiàn)的彎曲方向可知粒子的受力方向；根據(jù)力與速度的夾角判斷功的正負(fù)。

通過(guò)電場(chǎng)線(xiàn)的指向看電勢(shì)的高低.根據(jù)曲線(xiàn)的彎曲方向可知粒子的受力方向。

A、根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的方向，從Q出發(fā)，終止于P,所以P帶負(fù)電，故A正確：

B、沿著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)一定降低，所以c點(diǎn)電勢(shì)小于d點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；

C、電荷所受電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，所以離子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到P的吸引，故C正確；

D、離子從a到b,電場(chǎng)力與速度的夾角為鈍角，所以做負(fù)功，故。錯(cuò)誤。

故選AC.

12.答案：AD

解析：解：AB.設(shè)小球的質(zhì)量為小，小車(chē)的質(zhì)量為M,貝小當(dāng)小車(chē)處在靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，輕繩對(duì)球的拉

力大小為A=mg,地面對(duì)小車(chē)的支持力M=(M+m)g,彈簧秤讀數(shù)F1=7\=mg,當(dāng)小車(chē)勻加速

向右運(yùn)動(dòng)，輕繩向左偏離豎直方向，小球受力如圖，則乃〉^。，彈簧秤讀數(shù)F2=&＞爪9,即彈簧

秤讀數(shù)增大.故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、由于豎直方向上沒(méi)有加速度，對(duì)整體，則有地面對(duì)小車(chē)的支持力N2=(M+m)g,支持力不變，

則小車(chē)對(duì)地面的壓力不變.當(dāng)小車(chē)勻加速向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，輕繩對(duì)球的拉力大小為&=mg，地面對(duì)小

車(chē)的支持力N3=(M+m)g,彈簧秤讀數(shù)F3=T3=mg；彈簧秤讀數(shù)及小車(chē)對(duì)地面壓力均不變.故C

錯(cuò)誤，。正確.

故選：AD.

以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分別研究小車(chē)靜止時(shí)和運(yùn)動(dòng)時(shí)輕繩的拉力，分析彈簧秤讀數(shù)的變化.以整體為

研究對(duì)象，研究地面對(duì)小車(chē)的支持力的變化，再由牛頓第三定律研究小車(chē)對(duì)地面壓力的變化.

本題己知物體運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)變化，分析物體的受力的變化，采用隔離法和整體法結(jié)合分析物體的受力

情況，是常用的方法.

13.答案：BDE

解析：解：力、當(dāng)分子間距離為時(shí)，分子間同時(shí)存在引力和斥力，引力和斥力大小相等，實(shí)際表現(xiàn)

出的分子力是它們的合力，故A錯(cuò)誤；

8、氣體做等溫膨脹時(shí)，溫度不變，體積增大，壓強(qiáng)減小，溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，即分子的平

均速率不變，但是分子數(shù)密度變小，則氣體分子單位時(shí)間對(duì)汽缸壁單位面積的碰撞次數(shù)將變少，故

8正確；

C、液晶是一類(lèi)特殊的物質(zhì)形態(tài)，它像液體一樣具有流動(dòng)性，而其光學(xué)性質(zhì)和某些晶體相似具有各向

異性，故C錯(cuò)誤；

。、在某一溫度下，水蒸氣的壓強(qiáng)與同溫度下飽和汽壓的比，稱(chēng)為空氣的相對(duì)濕度，顯然空氣的相

對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)就越接近同一溫度時(shí)水的飽和汽壓，故。正確；

E、水龜能夠站在水面上，是液體表面層的分子間為引力，即表面張力作用的結(jié)果，故E正確。

故選：BDE。

當(dāng)分子間距離為2時(shí)，存在大小相等的引力和斥力；溫度不變，分子的平均速率不變，體積增大，

分子數(shù)密度變小，氣體分子單位時(shí)間對(duì)汽缸壁單位面積的碰撞次數(shù)將變少；液晶具有各向異性；由

相對(duì)濕度的定義分析；凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱(chēng)為液體表面張力，它產(chǎn)生的

原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子

間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，正是因?yàn)檫@種張力的存在，有些小昆

蟲(chóng)才能無(wú)拘無(wú)束地在水面上行走自如。

本題考查分子間作用力、氣體壓強(qiáng)的微觀(guān)意義、液晶、相對(duì)濕度、液體的表面張力等知識(shí)點(diǎn)，ACDE

項(xiàng)考查的均是基本的定義和現(xiàn)象，難點(diǎn)在B選項(xiàng)，要理解溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，氣體的壓強(qiáng)在

微觀(guān)上是由于大量的分子頻繁地碰撞器壁產(chǎn)生的，在數(shù)值上等于氣體作用在單位面積的壓力。

14.答案：x軸負(fù)方向200

解析：解：根據(jù)圖象可知，該列波的波長(zhǎng)為;I=4m,

這列波在內(nèi)傳播的距離為=vt-5m=

0.2sx4

根據(jù)平移法可知，該列波向X軸負(fù)方向傳播；

其周期T=-=*7=0.16s,

V25

所以t=0.8s=57,貝Ijx=1m處的質(zhì)點(diǎn)在0.8s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為S=20A=200cm；

故答案為：x軸負(fù)方向200；

根據(jù)圖象讀出波的波長(zhǎng)，由％="求出波在0.2s內(nèi)傳播的距離，根據(jù)平移法求出波的傳播方向；

根據(jù)u=AT求出周期，分析時(shí)間與周期的關(guān)系，從而求解質(zhì)點(diǎn)的路程；

解決該題的關(guān)鍵是熟記波速、周期和頻率之間的關(guān)系。當(dāng)求出波的傳播距離后，會(huì)根據(jù)平移法分析

波的傳播方向；

15.答案：坐標(biāo)原點(diǎn)應(yīng)該是小球在槽口時(shí)球心在白紙上的水平投影點(diǎn)55

解析：解：（1）實(shí)驗(yàn)中以槽口位置為坐班原點(diǎn)，坐班原點(diǎn)應(yīng)該是小球在槽口時(shí)球心在白紙上的水平投

影點(diǎn)；

（2）4到B和8到C的水平位移相等，可知4到B和B到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，設(shè)時(shí)間間隔為7,在豎直方向

上，根據(jù)△y=2L=gT2得：丁==0.2s,可知閃光的頻率：/="=^Hz=5Hz；

平拋運(yùn)動(dòng)的初速度：v0=^=^m/s=3m/s,在豎直方向上，根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于

中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度知，B點(diǎn)的豎直分速度：-=岑=舞m/s=4m/s,根據(jù)平行四邊形定則知，

22

B點(diǎn)的速度：vB=JVQ+VyB=V3+4m/s=5m/s<.

故答案為：（1）坐標(biāo)原點(diǎn)應(yīng)該是小球在槽口時(shí)球心在白紙上的水平投影點(diǎn)；（2）5,5。

（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項(xiàng)確定實(shí)驗(yàn)中操作錯(cuò)誤之處；

(2)在豎直方向上，根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時(shí)間間隔，從而得出閃光的

頻率；根據(jù)水平位移和時(shí)間間隔求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，在豎直方向上，根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速

度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出B點(diǎn)的豎直分速度，結(jié)合平行四邊形定則求出B點(diǎn)的速度。

解決本題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和推論靈活求

解。

16.答案：①C端；②U：@0.200；⑤竺磐；6.3x10-7.

解析：解：①為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于C端.

P

②由歐姆定律可知，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值：R濯

滑動(dòng)變阻器與電阻絲總電阻：R+R滑=號(hào),則電阻絲電阻：/?=7--.

④由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)：d=0mm+20.0x0.01mm=0.200mm.

⑤根據(jù)圖a所示電路，由歐姆定律可知：/=向，7=?+T=

即：：=扇心+卷，:一小圖象的斜率：卜=俞，則電阻率：p=竿，

由圖6所示圖象可知，k=^^/Am=5/Am,把d、k代入p="型解得：p々6.3x1。-，。/血；

故答案為：①C端；②與一/④0.200；⑤也聲6.3x10~7.

①滑動(dòng)變阻器采用限流接法時(shí)，為保護(hù)電路滑片應(yīng)置于阻值最大處.

②應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出電阻阻值.

④固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù).

⑤求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后應(yīng)用電阻定律求出電阻率表達(dá)式，然后代入數(shù)據(jù)求出電阻率.

本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、求電阻、螺旋測(cè)微器讀數(shù)、求電阻率；螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度

示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器示數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線(xiàn)要與刻度線(xiàn)垂直，要注意可動(dòng)刻度需要估讀.

17.答案：解：(1)上滑過(guò)程中，由牛頓第二定律：mgsinO+fimgcosQ=ma,

解得：a=8m/s2；

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：=-2a-^-

sin。f

解得：v0=6m/s

(2)滑塊在。處水平飛出，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：L=vDt,

1

九2

解得:vD=lm/s

(3)由動(dòng)能定理得:m5C/ii-h2)+Wf=

解得：Wf=-11/

物體克服摩擦力做的功為11/,故管道BC。的內(nèi)壁不光滑。

答：(1)小滑塊在軌道4B上的加速度是8zn/s2,在4點(diǎn)的初速度為6m/s：

(2)小滑塊從D點(diǎn)飛出的速度是lm/s；

(3)細(xì)管道BCO的內(nèi)壁不光滑。

解析：(1)在軌道4B上受力分析由牛頓第二定律求解加速度，由速度位移的關(guān)系式求解初速度；

(2)滑塊從。點(diǎn)飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解；

(3)可假設(shè)不光滑，由動(dòng)能定理求摩擦力的功來(lái)判斷。

本題考查牛頓第二定律，運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、平拋運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理等內(nèi)容；要注意正確分析物理過(guò)程，做

好受力分析，才能準(zhǔn)確應(yīng)用合理的物理規(guī)律。

18.答案：解：(1)金屬棒MN在2s末時(shí)的速度：%=at】=1x2=2m/s

其所受安培力：F交1h=得,E=BLvr

由牛頓第二定律得：F-F^i=ma

拉力的功率：P=Fv1

聯(lián)立解得P=4小

(2)金屬棒MN達(dá)到最大速度加時(shí)，金屬棒MN受力平衡：尸2=尸巖2="爭(zhēng)…①

保持拉力的功率不變：P=F2vm...@

由①②可得：vm—2yf2m/s

撤去拉力后，對(duì)金屬棒PQ、MN組成的系統(tǒng)，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得：

mMNvm=(mMN+mPQ)v

解得D-y/2m/s

答：(l)2s末時(shí)拉力的功率P是4W；

(2)PQ棒的最終速度是四巾/s。

解析：(1)金屬棒M