2023人教版帶答案高中物理必修二第八章機械能守恒定律微公式版易混淆知識點

單選題1、如圖所示，輕質彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A置于光滑水平桌面上（桌面足夠大），A右端連接一細線，細線繞過光滑的定滑輪與物體B相連。開始時托住B，讓A處于靜止且細線恰好伸直，然后由靜止釋放B，直至B獲得最大速度。下列有關該過程的分析中正確的是（

）A．B物體受到細線的拉力保持不變B．B物體機械能的減少量大于彈簧彈性勢能的增加量C．A物體動能的增量等于B物體重力對B做的功與彈簧彈力對A做的功之和D．A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加量等于B物體重力對B做的功答案：BA．以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得mBg﹣kx＝(mA+mB)a從開始到B速度達到最大的過程中，彈簧的伸長量x逐漸增加，則B加速度逐漸減?。粚根據(jù)牛頓第二定律可得mBg﹣T＝mBa可知在此過程繩子上拉力逐漸增大，是變力。故A錯誤；B．整個系統(tǒng)中，根據(jù)功能關系可知，B減小的機械能轉化為A的機械能以及彈簧的彈性勢能，故B物體機械能的減少量大于彈簧彈性勢能的增加量。故B正確；C．根據(jù)動能定理可知，A物體動能的增量等于彈簧彈力和繩子上拉力對A所做功的代數(shù)和。故C錯誤；D．根據(jù)機械能守恒定律可知，A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加量等于B物體機械能的減少量，也就是等于B物體克服細繩拉力做的功。故D錯誤。故選B。2、復興號動車在世界上首次實現(xiàn)了速度350km/h自動駕駛功能，成為我國高鐵自主創(chuàng)新的又一重大標志性成果。已知一列質量為m的動車，以恒定功率P在平直軌道上行駛，當其達到最大速度vm時，其阻力f可表示為（

）A．f=PvmB．C．D．答案：C當動車達到最大速度vm時，動車受力平衡，即解得故選C。3、如圖，質量不同的A、B兩小球分別用細線懸掛在等高的懸點O1、O2處。將兩球拉至與懸點同一高度，使細線水平伸直，由靜止釋放。已知LA＞LB，設懸點所在水平面為零勢能面，不計空氣阻力，則兩球運動到最低點時（

）A．A球動能大于B球動能B．A球機械能與B球機械能不相等C．A球加速度等于B球加速度D．A球向心力等于B球向心力答案：CA．根據(jù)機械能守恒有mgL＝mv2但由于不能明確質量關系，故無法確定兩球的動能大小關系。故A錯誤；B．A、B兩球在初始位置的動能重力與勢能均為零，機械能相等都等于零，運動的過程中，只有重力做功，機械能守恒，故兩球運動到最低點時機械能相等都等于零。故B錯誤；C．根據(jù)機械能守恒解得而向心加速度故向心加速度與繩長無關，故兩球的向心加速度相等。故C正確；D．根據(jù)向心力公式可得，向心力F＝2mg因兩球的質量不相等，故向心力不相等。故D錯誤。故選C。4、如圖甲所示，光滑水平面與光滑豎直半圓軌道平滑銜接，其中圓弧DE部分可以拆卸，弧CD（C點與圓心等高）部分對應的圓心角為30°，在D點安裝有壓力傳感器并與計算機相連，在.A點固定彈簧槍，可以發(fā)射質量相同、速率不同的小球，通過計算機得到傳感器讀數(shù)與發(fā)射速率平方關系如圖乙所示，重力加速度g取10m/s2，則下列說法正確的（

）A．小球質量為0.2kgB．圓弧軌道半徑為0.5mC．當傳感器讀數(shù)為3.5N時，小球在E點對軌道壓力大小為3ND．若拆卸掉圓弧DE部分，小球發(fā)射速率平方v02=17.5時，小球上升到最高點時與水平面間距離為答案：BAB．設小球在D點速度大小為vD，小球對傳感器壓力大小為F，由牛頓第二定律有由機械能守恒有整理得在圖像中是一次函數(shù)，則解得選項A錯誤，B正確；C．由圖像可知，當傳感器讀數(shù)為3.5N時，，設最高點速度為v，則有對E點壓力N，有聯(lián)立各式解得選項C錯誤；D．若圓弧DE部分拆卸掉，小球發(fā)射速率平方時，小球在D點做斜上拋運動，小球在D點速度大小則小球上升到最高點與水平面間距離選項D錯誤。故選B。5、如圖所示，一質量為1kg的物體以3m/s的速度從A點沿AB圓弧下滑，滑到B點時的速度仍為3m/s，則物體從A到B的過程中合外力做功為（

）A．4.5JB．0C．9JD．無法計算答案：B由動能定理可知，合外力做功為故選B。6、如圖所示，斜面傾角為θ＝37°，物體1放在斜面緊靠擋板處，物體1和斜面間動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，一根很長的不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑輕質的小定滑輪，繩一端固定在物體1上，另一端固定在物體2上，斜面上方的輕繩與斜面平行。物體2下端固定一長度為h的輕繩，輕繩下端拴在小物體3上，物體1、2、3的質量之比為4：1：5，開始時用手托住小物體3，小物體3到地面的高度也為h，此時各段輕繩剛好拉緊。已知物體觸地后立即停止運動、不再反彈，重力加速度為g＝10m/s2，小物體3從靜止突然放手后物體1沿面上滑的最大距離為（

）A．3hB．hC．2hD．h答案：D設2的質量為m，從開始放手到3觸地過程中，設觸地時3的速度為v1；則對整體根據(jù)功能關系可知6mgh﹣（4mgsinθ+4μmgcosθ）h（10m）v12此后3停止，設物體2繼續(xù)向下運動距離s后速度減小為零，對1、2應用功能關系可知mgs﹣（4mgsinθ+4μmgcosθ）s＝0（5m）v12解得則1沿斜面上滑的最大距離為L＝h+sh故D正確，ABC錯誤。故選D。7、在第24屆北京冬季奧林匹克運動會上，我國18歲的小將谷愛凌以1620跳的高難度動作力壓群芳，拿到了自由式滑雪女子大跳臺金牌。下面相關敘述正確的是（

）A．裁判在對谷愛凌1620跳的動作進行裁定時可以將她看成質點B．教練員在分析谷愛凌起跳后能到達的最大高度時可以將她看成質點C．該項目不受天氣環(huán)境的影響，隨時可以進行比賽D．該項目在完成的過程中滿足機械能守恒答案：BA．裁判在對谷愛凌的動作進行裁定時，谷愛凌的形狀和大小不能忽略，不能看成質點，A錯誤；B．教練員在分析谷愛凌起跳后能到達的最大高度時，谷愛凌的形狀和大小可以忽略，B正確；C．降雪帶來的新增積雪，會使賽道表面松軟，摩擦力增大，不利于選手發(fā)揮，C錯誤；D．該項目在完成的過程中有摩擦力、空氣阻力等其他力做功，機械能不守恒，D錯誤。故選B。8、如圖所示，彈簧下面掛一質量為m的物體，物體在豎直方向上做振幅為A的簡諧運動，當物體振動到最高點時，彈簧正好為原長，彈簧在彈性限度內，則物體在振動過程中（

）A．彈簧的最大彈性勢能等于2mgAB．彈簧的彈性勢能和物體動能總和不變C．物體在最低點時的加速度大小應為2gD．物體在最低點時的彈力大小應為mg答案：AA．因物體振動到最高點時，彈簧正好為原長，此時彈簧彈力等于零，物體的重力mg=F回=kA當物體在最低點時，彈簧的彈性勢能最大等于2mgA，故A正確；B．由能量守恒知，彈簧的彈性勢能和物體的動能、重力勢能三者的總和不變，故B錯誤；C．在最低點，由F回=mg=ma故C錯誤；D．在最低點，由F彈－mg=F回得F彈=2mg故D錯誤。故選A。9、下列有關力對物體做功的說法正確的是(

)A．靜摩擦力一定不做功B．如果外力對物體做功為零，則物體一定處于靜止狀態(tài)C．物體受到的外力越大則外力對物體所做的功越大D．物體在運動過程中，若受力的方向總是垂直于速度的方向，則此力不做功答案：DA．靜摩擦力也可以做功，如物體隨傾斜傳送帶向上運動，物體受到靜摩擦力做功，故A錯誤；B．如勻速下落的小球，外力對物體做功為零，物體不是處于靜止狀態(tài)，故B錯誤；C．物體受到的外力對物體所做功的大小和力、位移和力位移夾角有關，故C錯誤；D．物體在運動過程中，若受力的方向總是垂直于速度的方向，則此力不做功，故D正確。故選D。10、短道速滑接力賽是冰上運動競爭最為激烈的項目之一。比賽規(guī)定，前（甲）、后（乙）隊員必須通過身體接觸完成交接，交接時兩隊員間距離先縮短到很近，如圖（a），然后乙隊員用手大力推送甲隊員到手臂盡量伸直狀態(tài)，兩人分離，如圖（b）。相互作用前后的系統(tǒng)（由兩隊員組成）的總動能分別為Ek1、Ek2，總動能變化量ΔEk＝|Ek1－Ek2|，乙隊員對甲隊員的平均作用力為F1，甲隊員對乙隊員的平均作用力為F2，乙隊員的手臂長為l，冰道摩擦力不計，那么（

）A．Ek1<Ek2，ΔEk＝F2lB．Ek1>Ek2，ΔEk＝F1lC．Ek1<Ek2，ΔEk＝F2lD．Ek1>Ek2，ΔEk＝F1l答案：A設甲、乙的初始動能分別為E、E1，末動能分別為、，甲乙兩運動員從接觸到分開，乙的位移大小為x，根據(jù)動能定理，對甲、乙分別列方程有根據(jù)牛頓第三定律，F(xiàn)1與F2的大小相等，則有

可知有故BCD錯誤，A正確。故選A。11、關于機械能，以下說法正確的是（

）A．質量大的物體，重力勢能一定大B．速度大的物體，動能一定大C．做平拋運動的物體機械能時刻在變化D．質量和速率都相同的物體，動能一定相同答案：DA．重力勢能的大小與零勢能面的選取有關，質量大但重力勢能不一定大，A錯誤；B．動能的大小與質量以及速度有關，所以速度大小，動能不一定大，B錯誤；C．平拋運動過程中只受重力作用，機械能守恒，C錯誤；D．根據(jù)可知質量和速率都相同的物體，動能一定相同，D正確。故選D。12、2013年12月2日1時30分，嫦娥三號探測器由長征三號乙運載火箭從西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射，首次實現(xiàn)月球軟著陸和月面巡視勘察。嫦娥三號的飛行軌道示意圖如圖所示。假設嫦娥三號在環(huán)月段圓軌道和橢圓軌道上運動時，只受到月球的萬有引力，則（

）A．若已知嫦娥三號環(huán)月段圓軌道的半徑、運動周期和引力常量，則可算出月球的密度B．嫦娥三號由環(huán)月段圓軌道變軌進入環(huán)月段橢圓軌道時，應讓發(fā)動機點火使其減速C．嫦娥三號在環(huán)月段橢圓軌道上P點的速度大于Q點的速度D．嫦娥三號在動力下降階段，其引力勢能增大答案：BA．由于不確定月球的半徑，根據(jù)密度公式，無法求月球的密度，選項A錯誤；B．嫦娥三號在進行變軌時，改變衛(wèi)星的速度，此時萬有引力不變，要做向心運動，故應讓發(fā)動機點火使其減速，選項B正確；C．根據(jù)開普勒定律可知：近月點的速度大于遠月點的速度，即，選項C錯誤；D．嫦娥三號在動力下降階段，引力做正功，引力勢能減小，選項D錯誤。故選B。13、如圖所示。固定在豎直平面內的光滑的圓周軌道MN，圓心O與M點等高。并處在最低點N的正上方。在O，M兩點各有一質量為m的小物塊a和b（均可視為質點）。a，b同時由靜止開始運動，a自由下落，小沿圓弧下滑?？諝庾枇Σ挥嫞铝姓f法正確的是（

）A．a比b先到達N點，它們到達N點的動能相同B．a比b先到達N點，它們到達N點的動能不同C．a與b同時到達N點，它們到達N點的動能相同D．a與b同時到達N點，它們到達N點的動能不同答案：A在物塊下降的過程，根據(jù)機械能守恒有所以a、b兩物塊到達同一高度時的速度大小都相同，由于a和b

質量相同，所以到N點的動能相同；下降同一很小高度的過程中，a的豎直方向的位移小于b沿圓弧切線方向的位移，a、b的初速度大小相同，

a的加速度為g，b沿圓弧運動時，把重力沿圓弧切線和垂直切線方向分解，除M點外，b所受得切線方向的外力小于重力，則b沿切線方向的加速度小于g

，由可得，a的運動時間較短，所以a比b先到達N點，故A項正確。故選A。14、某衛(wèi)星在赤道上空軌道半徑為的圓形軌道上繞地球運行的周期為T，衛(wèi)星運動方向與地球自轉方向相同，赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過其正上方。假設某時刻，該衛(wèi)星在A點變軌由半徑為的圓形軌道進入橢圓軌道，近地點B到地心距離為。設衛(wèi)星由A到B運動的時間為t，地球自轉周期為，不計空氣阻力，則（

）A．B．C．衛(wèi)星在圖中橢圓軌道由A到B時，機械能增大D．衛(wèi)星由圖中圓軌道進入橢圓軌道過程中，機械能不變答案：AA．赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過其正上方，則有地球轉了３圈，衛(wèi)星轉了８圈，可得3T0=8TA正確；B．根據(jù)開普勒第三定律可知解得B錯誤；C．衛(wèi)星在圖中橢圓軌道由A到B時，只有萬有引力做功，機械能守恒，C錯誤；D．衛(wèi)星由圖中圓軌道進入橢圓軌道過程中，衛(wèi)星做向心運動，速度必須減小，高度降低，勢能減小，因此機械能減小，D錯誤。故選A。15、有一輛質量為170kg、輸出功率為1440W的太陽能試驗汽車，安裝有約6m2的太陽能電池板和蓄能電池，該電池板在有效光照條件下單位面積輸出的電功率為30W/m2。駕駛員的質量為70kg，汽車最大行駛速度為90km/h。假設汽車行駛時受到的阻力與其速度成正比，則汽車（

）A．以最大速度行駛時牽引力大小為60NB．以額定功率啟動時的加速度大小為0.24m/s2C．保持最大速度行駛1h至少需要有效光照8hD．直接用太陽能電池板輸出的功率可獲得6m/s的最大行駛速度答案：CA．根據(jù)P額＝Fvmax可得F＝＝N＝57.6N故A錯誤；B．以額定功率啟動時，由牛頓第二定律有－Ff＝ma而剛啟動時速度v為零，則阻力Ff也為零，故剛啟動時加速度趨近于無窮大，故B錯誤；C．由能量守恒得W＝Pt＝1440W×1h＝30×6W×t解得t＝8h即保持最大速度行駛1h至少需要有效光照8h，故C正確；D．由題意，汽車行駛時受到的阻力與其速度成正比，設Ff＝kv達到最大速度時有57.6＝k×解得k＝2.304當直接用太陽能電池板輸出的功率行駛且有最大速度時，則有＝kv′解得v′≈8.84m/s故D錯誤。故選C。多選題16、關于動能，下列說法中正確的是（）A．凡是運動的物體都有動能B．公式Ek=mv2中，速度v是物體相對于地面的速度，且動能總是正值C．一定質量的物體，動能變化時，速度一定變化，但速度變化時，動能不一定變化D．動能不變的物體，一定處于平衡狀態(tài)答案：ACA．動能是物體由于運動而具有的能量，所有運動的物體都有動能，A正確；B．公式Ek=mv2中的速度v與參考系的選取有關，雖然一般選地面為參考系，但也有特殊情況，B錯誤；CD．速度是矢量，當其只有方向發(fā)生變化時，動能不變化，此時物體并不處于平衡狀態(tài)，而一定質量的物體，動能變化時，速度大小一定改變，故速度一定變化，C正確，D錯誤。故選AC。17、發(fā)射高軌道衛(wèi)星過程如圖所示。假設先將衛(wèi)星發(fā)射到半徑為r1=r的圓軌道上做勻速圓周運動，到A點時使衛(wèi)星瞬間加速進入橢圓軌道，到橢圓軌道的遠地點B點時，再次瞬間改變衛(wèi)星的速度，使衛(wèi)星進入半徑為r2=2r的圓軌道做勻速圓周運動。已知衛(wèi)星在橢圓軌道時距地心的距離與速度的乘積為定值，衛(wèi)星在橢圓軌道上A點時的速度為v，衛(wèi)星的質量為m，地球質量為M，引力常量為G，不計衛(wèi)星的質量變化。則以下說法正確的是（

）A．衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時機械能不守恒B．衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時機械能守恒C．發(fā)動機在A點對衛(wèi)星做的功與在B點對衛(wèi)星做的功之差為D．發(fā)動機在A點對衛(wèi)星做的功與在B點對衛(wèi)星做的功之差為答案：BDAB．衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時只有萬有引力做功，所以機械能守恒，故A錯誤，B正確；CD．設衛(wèi)星在半徑為r1=r的圓軌道上運行時的速率為v1，根據(jù)牛頓第二定律有G解得根據(jù)動能定理可得發(fā)動機在A點對衛(wèi)星做的功為設衛(wèi)星在半徑為r2=2r的圓軌道上運行時的速率為v2，根據(jù)牛頓第二定律有G解得設衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時經過B點的速度為v′，則由題意可知解得根據(jù)動能定理可得發(fā)動機在B點對衛(wèi)星做的功為所以發(fā)動機在A點對衛(wèi)星做的功與在B點對衛(wèi)星做的功之差為故C錯誤，D正確。故選BD。18、如圖所示，楔形木塊abc固定在水平面上，粗糙斜面ab和光滑斜面bc與水平面的夾角相同，頂角b處安裝一定滑輪。質量分別為M、m（M>m）的滑塊、通過不可伸長的輕繩跨過定滑輪連接，輕繩與斜面平行。兩滑塊由靜止釋放后，沿斜面做勻加速運動。若不計滑輪的質量和摩擦，在兩滑塊沿斜面運動的過程中（

）A．兩滑塊組成的系統(tǒng)機械能守恒B．重力對M做的功等于M動能的增加C．輕繩對m做的功等于m機械能的增加D．兩滑塊組成的系統(tǒng)的機械能損失等于M克服摩擦力做的功答案：CDAD．兩滑塊釋放后，M下滑、m上滑，摩擦力對M做負功，系統(tǒng)的機械能減少，減少的機械能等于M克服摩擦力做的功。故A錯誤；D正確；B．除重力對滑塊M做正功外，還有摩擦力和繩的拉力對滑塊M做負功。故B錯誤。C．繩的拉力對滑塊m做正功，滑塊m機械能增加，且增加的機械能等于拉力做的功。故C正確。故選CD。19、如圖所示，人通過滑輪將質量為m的物體，沿粗糙的斜面由靜止開始勻加速地由底端拉上斜面，物體上升的高度為h時，速度為v。則在此過程中（

）A．物體所受的合力做功等于B．物體所受的合力做功等于C．人的拉力做功等于D．人的拉力做功大于答案：BDAB．根據(jù)動能定理，物體所受的合力做功等于物體的動能變化量，即為，故A錯誤，B正確；CD．根據(jù)動能定理則人的拉力做功等于故C錯誤，D正確。故選BD。20、如圖所示直角邊長為R的光滑等腰直角三角形和半徑為R的光滑圓柱的一部分無縫相接，質量分別為2m和m的物體A和小球B通過一根不可伸長的細線相連，小球B恰好位于桌面上。小球B可視為質點，若從靜止釋放小球B，當其運動到圓柱頂點時，則（

）A．物體A的速度大小為

B．物體A的速度大小為

C．繩的張力對物體B所做的功為D．繩的張力對物體B所做的功為mgR答案：BCA

B．以A、B和繩為研究對象，由機械能守恒得解得B正確，A錯誤；C

D．以B為研究對象，根據(jù)動能定理得解得C正確，D錯誤。故選BC。21、將一質量為2kg的物塊從距地面某高處由靜止釋放，物塊下落過程中的機械能、動能和重力勢能隨下落高度h變化的圖線如圖所示，取地面為零勢能面。重力加速度g取，下列說法正確的是（

）A．物塊的釋放點距地面的高度為10mB．直線①③分別表示物塊機械能與重力勢能的變化C．物塊下落的時間為D．物塊下落過程中重力做功的平均功率為130W答案：ADAB．物塊下落過程中，動能增加，重力勢能減小，機械能，所以圖線①表示機械能的變化，②表示重力勢能的變化，③表示動能的變化，由題圖可知物塊在運動過程中受阻力作用，物塊釋放位置處物塊質量m＝2kg，物塊下落的高度h＝10mA正確，B錯誤；CD．物塊落地時所以根據(jù)動能定理可得所以對物塊受力分析可得解得由得物塊重力做功的平均功率為C錯誤，D正確。故選AD。小提示：求阻力時也可以由得，f＝3.1N。22、下列說法正確的是（）A．千克、米/秒、牛頓是導出單位B．以額定功率運行的汽車，車速越快，牽引力越大C．汽車在水平公路上轉彎時，車速越快，越容易滑出路面D．地球球心與人造地球衛(wèi)星的軌道必定在同一平面內答案：CDA．千克是國際單位制中基本單位，米/秒、牛頓是導出單位。故A錯誤；B．以額定功率運行的汽車，由P＝Fv可知，車速越快，牽引力越小，故B錯誤；C．在水平面拐彎，汽車受重力、支持力、靜摩擦力，重力和支持力平衡，靜摩擦力提供圓周運動的向心力，汽車轉彎速度越大，需要越大的向心力，由于靜摩擦力存在最大值，所以當速度超過一定值時，提供的最大靜摩擦力都無法滿足需要的向心力時，就會造成事故。故C正確；D．人造地球衛(wèi)星做圓周運動，萬有引力提供向心力，方向指向圓心。所以地球球心與人造地球衛(wèi)星的軌道必定在同一平面內。故D正確。故選CD。23、如圖所示，一光滑寬闊的斜面，傾角為θ，高為h?，F(xiàn)有一小球在A處以水平速度v0射出，最后從B處離開斜面，下面說法中正確的是（

）A．小球的運動軌跡為拋物線B．小球的加速度為gsinθC．小球到達B點的時的速度為D．小球到達B點時小球的水平位移為答案：ABDA．小球受重力和支持力兩個力作用，合力沿斜面向下，與初速度垂直，做類平拋運動，軌跡為拋物線。故A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律知，小球的加速度故B正確；C．根據(jù)機械能守恒定律，則有解得故C錯誤；D．小球在沿斜面方向上的位移為，根據(jù)解得在水平方向上做勻速直線運動故D正確。故選ABD。24、質量m＝1kg的物體靜止放在粗糙水平地面上，現(xiàn)對物體施加一個隨位移變化的水平外力F時物體在水平面上運動。已知物體與地面間的滑動摩擦力與最大靜摩擦力相等。若圖像如圖所示。且4~5m內物體勻速運動。x＝7m時撤去外力，g取10m/s2，則下列有關描述正確的是（

）A．物體與地面間的動摩擦因數(shù)為0.1B．x＝4m時物體的速度最大C．撤去外力時物體的速度為m/sD．撤去外力后物體還能在水平面上滑行3s答案：BCA．4~5m內物體勻速運動，則有F＝f＝μmg得故A錯誤；B．只要F＞f＝μmg物體就在加速，所以x在0~4m內物體一直加速，x＝4m時物體的速度最大，故B正確；C．根據(jù)圖像與x軸所圍的面積表示外力F做的功，可得0~7m內外力做功為W＝J＝22J設撤去外力時物體的速度為v，根據(jù)動能定理得W－fx＝mv2－0其中x＝7m，解得v＝m/s，故C正確；D．撤去外力后物體的加速度大小為a＝μg＝3m/s2物體還能滑行時間故D錯誤。故選BC。25、某地利用無人機空投藥品，假設無人機在離地面高度為12m處懸停后將藥品由靜止釋放，藥品勻加速豎直下落了2s后落地，若藥品質量為0.5kg，重力加速度g取10m/s2，則藥品從釋放到剛接觸地面的過程中（

）A．機械能守恒B．機械能減少了24JC．動能增加了36JD．所受的合力做了60J的功答案：BCA．根據(jù)運動學公式可得解得可知藥品下落過程中有空氣阻力做功，機械能不守恒。故A錯誤；B.根據(jù)牛頓第二定律可得解得下落過程克服空氣阻力做功為可知機械能減少了，故B正確；CD．藥品在下落過程中，根據(jù)動能定理可得可知所受的合力做了的功，動能增加了，故C正確，D錯誤。故選BC。填空題26、運動員將0.5kg的足球用100N的力由靜止踢出20m遠，若足球離開運動員腳時的速度是10m/s，則此時足球的動能是__________J，人對足球做功是__________J。答案：