2022年高考物理押題預(yù)測卷01（福建卷）（全解全析）

物理第頁）2022年高考押題預(yù)測卷01【福建卷】物理·全解全析12345678BDDCBDABCADAB1．【答案】B【解析】A．由幾何關(guān)系結(jié)合對稱知識可知，三個粒子射出磁場時，速度方向的反向延長線均過原點(diǎn)O，選項(xiàng)A錯誤；B．由軌道半徑公式可知速度越大軌道半徑越大，所以c粒子的速率最大，則B正確；C．因a粒子的軌道半徑最小，可知速率最小，動能最小，選項(xiàng)C錯誤；D．公式可知三個質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c的粒子的運(yùn)動周期相同，粒子在磁場中的運(yùn)動時間為則運(yùn)動時間的長短由圓心角的大小來決定，由圖像可知a的圓心角最大，c的圓心角最小，所以a粒子在磁場中運(yùn)動的時間最長，c粒子在磁場中運(yùn)動的時間最短，則D錯誤；故選B。2．【答案】D【解析】A．由題圖可知，在t1時刻，無人機(jī)水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向勻加速上升，則無人機(jī)的加速度豎直向上，故無人機(jī)處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B．在時刻，無人機(jī)豎直向上的速度達(dá)到最大，但不是最高點(diǎn)，后面還在勻減速上升，故B錯誤；C．在內(nèi)，無人機(jī)的初速度和加速度不共線，所以無人機(jī)做曲線引動，故C錯誤；D．在內(nèi)，無人機(jī)水平方向做勻減速直線運(yùn)動，則水平加速度恒定，豎直方向勻減速上升，豎直加速度恒定，則無人機(jī)的合加速度恒定，故無人機(jī)做勻變速運(yùn)動，故D正確。故選D。3．【答案】D【解析】A．閉合開關(guān)后，燈泡兩端的電壓為A錯誤；B．變壓器不改變頻率，交變電流的頻率為B錯誤；C．設(shè)升壓變壓器的輸出電壓為，輸送電流為，所有燈泡獲得的總功率為閉合的開關(guān)數(shù)越多，燈泡總電阻越小，所以燈泡總功率有可能先增大后減小，也有可能一直減小。C錯誤；D．依次閉合開關(guān)S1、S2、S3·····，燈泡總電阻逐漸減小，輸送電流逐漸增大，所以燈泡兩端的電壓逐漸減小，燈泡L1越來越暗。D正確。故選D。4．【答案】C【解析】A與B保持相對靜止，則二者向下的加速度是相等的，設(shè)它們的總質(zhì)量為，根據(jù)牛頓第二定律得解得同理，若以C、D為研究對象，則它們共同的加速度大小也是以A為研究對象，A受到重力、斜面體B豎直向上的支持力時，合力的方向在豎直方向上，水平方向的加速度為該加速度由水平方向彈簧的彈力提供，所以彈簧處于壓縮狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律可得以C為研究對象，對C根據(jù)牛頓第二定律得解得則故C正確，ABD錯誤。故選C。5．【答案】BD【解析】根據(jù)核反應(yīng)前后系統(tǒng)的總動量守恒，知核反應(yīng)前兩氘核動量等大反向，系統(tǒng)的總動量為零，因而反應(yīng)后氦核與中子的動量等大反向，動量不同，A錯誤；該核反應(yīng)前后釋放的能量，B正確；由能量守恒可得：核反應(yīng)后的總能量為，由動能與動量的關(guān)系，且，可知核反應(yīng)后氦核的動能為，核反應(yīng)后中子的動能為：，C錯誤，D正確．6．【答案】ABC【解析】A．設(shè)s是物塊在水平面上運(yùn)動的總路程，根據(jù)動能定理有解得若物塊不與墻壁相碰，則物塊最終靜止時距斜面底端的距離為，故A正確；BD．若只發(fā)生一次碰撞，但未再次滑上斜面時，物塊最終靜止時距斜面底端的距離為，故B正確，D錯誤；C．若碰后能再次滑上斜面，物塊最終靜止時距斜面底端的距離為，故C正確。故選ABC。7．【答案】AD【解析】A．根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系可知場強(qiáng)與電勢的關(guān)系所以由圖像的斜率為，因?yàn)樘幍男甭时忍幍男甭蚀?，所以處電場?qiáng)度比處電場強(qiáng)度大，故A正確；B．由于電子帶負(fù)電，在處，電子的電勢能最大，電勢最小，處圖像的斜率為零，電場強(qiáng)度為0，故B錯誤；C．電子從到，電勢能減小，電場力做正功，則處的電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向，故C錯誤；D．根據(jù)能量守恒，電子在處的電勢能小于電子在處的電勢能，則電子在處的動能大于處的動能，所以電子在處的速度大于處的速度，故D正確。故選AD。8．【答案】AB【解析】A．因?yàn)殡p星系統(tǒng)的角速度相同，故對A、B可得即即恒星A的質(zhì)量大于恒星B的質(zhì)量，故A正確；B．對恒星A可得解得恒星B的質(zhì)量為故B正確；C．對衛(wèi)星C滿足可見無法求出衛(wèi)星C的質(zhì)量，故C錯誤；D．因?yàn)楹阈茿和B始終共線，所以三星A、B、C相鄰兩次共線的時間間隔為，故D錯誤。故選AB。9．【答案】

吸熱

3V【解析】汽缸開口向上時，則汽缸開口向下時，則則由玻意耳定律可得解得V′=3V氣體體積變大，對外做功，即W<0，溫度不變，則內(nèi)能不變，?U=0，根據(jù)?U=W+Q可知Q>0，氣體吸熱。10．【答案】

20

-5【解析】由圖可得波的傳播速度為由圖甲可知t=0.2s時刻x=2m處質(zhì)點(diǎn)的位移為因?yàn)?.2s為半個周期，所以t=0時刻x=2m處質(zhì)點(diǎn)的位移為11．【答案】

AC

0.98

9.78

偏小【解析】（1）A．打點(diǎn)計(jì)時器的安裝要求兩限位孔在同一豎直線上，以減小紙帶與限位孔間阻力的影響，故A正確；B．開始打點(diǎn)計(jì)時的時候應(yīng)先接通電源后釋放紙帶，故B錯誤；CD．電火花計(jì)時器應(yīng)接在交流電源上，故C正確，D錯誤。故選AC。（2）打下點(diǎn)時重物的瞬時速度（3）根據(jù)逐差法得加速度。（4）如果在某次實(shí)驗(yàn)中，交流電的頻率為，，那么實(shí)際打點(diǎn)周期變小，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可知偏小，即測量的加速度值與真實(shí)的加速度值相比偏小。12．【答案】

7.5

1.48

1.5

不合理，改裝后電流表的內(nèi)阻與電池內(nèi)阻相差不大，忽略后，會使內(nèi)阻的測量值相對誤差過大?！窘馕觥浚?）根據(jù)并聯(lián)電路電流分配關(guān)系，電流與電阻成反比，當(dāng)電流表滿偏時，流過電阻的電流為200mA，則干路電流為202mA，則量程約為。（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)電流表達(dá)到滿偏時，回路中總電阻為了保護(hù)電流表，閉合開關(guān)之前，電阻箱接入電路的電阻值應(yīng)大于。（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律解得整理可得斜率表示E，根據(jù)圖線可得代入及，，，解得。不合理，改裝后的電流表內(nèi)阻約為1Ω，被測電池內(nèi)阻約為1.5Ω，如果把電表當(dāng)成理想電表，測量值為2.5Ω，相對誤差相對誤差太大。13．【答案】（1）；（2）【解析】（1）設(shè)折射角為r，光路圖如圖所示入射角由折射定律有在中，根據(jù)正弦定理有其中解得（2）在中，根據(jù)正弦定理有解得光從P點(diǎn)入射到第一次射出透明體的傳播時間又解得14．【答案】（1）；（2）；（3）3：4【解析】（1）設(shè)運(yùn)動過程中摩擦阻力做的總功為W，則即整個過程中摩擦阻力所做的總功為。（2）設(shè)動力車1初速度為，第一次碰前速度為，碰后兩車的共同速度為；第二次碰前兩車速度為，碰后三車的共同速度為，由動能定理，分別對三段減速過程列式有由動量守恒定律對兩次碰撞過程分別列式有聯(lián)立解得（3）設(shè)兩次碰撞中系統(tǒng)動能損失分別為和，分別有即因碰撞損失的動能為由功能關(guān)系知因摩擦損失的動能為則因摩擦系統(tǒng)損失的動能和因碰撞系統(tǒng)損失的動能之比為3：4。15．【答案】（1）；（2）；（3）L≥（-5）m【解析】（1）線框abcd剛開始運(yùn)動時速度為零，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有根據(jù)歐姆定律有設(shè)線框abcd剛開始運(yùn)動時的加速度a，根據(jù)牛頓第二定律有解得（2）設(shè)線框在驅(qū)動磁場中勻速運(yùn)動時速度為vm，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有根據(jù)歐姆定律有根據(jù)平衡條件有解得（3）線框abcd在越過邊界線過程中摩擦力大小f隨ab邊離開MN的位移x之間的關(guān)系為（0≤x≤L）根據(jù)f-x圖象的面積求得摩擦力做功設(shè)線框abcd在越過邊界線后速度為v，根據(jù)動能定理有解得線框abcd和線框efgh發(fā)生正碰，系統(tǒng)動量不變，