廣東省梅州市五華城鎮(zhèn)中學2022年高三物理測試題含解析

1、廣東省梅州市五華城鎮(zhèn)中學2022年高三物理測試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 秋日，樹葉紛紛落下枝頭，其中有一片梧桐葉從高為5m的枝頭自靜止落至地面，所用時間可能是（）A0.1sB0.5sC1sD3s參考答案：D解：從高為5m的枝頭落下的樹葉的運動不是自由落體運動，時間大于自由落體運動的時間；根據(jù)h=，得到自由落體運動的時間：t=，故梧桐葉落地時間一定大于1s；故選：D2. 如圖所示，某生產線上相互垂直的甲、乙傳送帶等高，寬度均為d，而且均以大小為v的速度運行，圖中虛線為傳送帶中線。一工件(視為質點)從甲左端釋放，經長時間由甲右端滑上乙

2、，滑至乙中線處時恰好相對乙靜止。下列說法中正確的是 ( )A. 工件在乙傳送帶上的痕跡為直線，痕跡長為B. 工件從滑上乙到恰好與乙相對靜止所用的時間為C. 工件與乙傳送帶間的動摩擦因數(shù)D. 乙傳送帶對工件的摩擦力做功為零參考答案：AD試題分析：物體滑上乙時，相對于乙上的那一點的速度分為水平向右的和向后的，合速度為，就是沿著與乙成45的方向，那么相對于乙的運動軌跡肯定是直線，故A正確。假設它受滑動摩擦力，方向與合相對速度在同一直線，所以角，則相對于乙的加速度也沿這個方向，經過t后，它滑到乙中線并相對于乙靜止，根據(jù)牛頓第二定律，有：，解得；運動距離又，L和a代入所以，故B錯誤、C錯誤?；弦抑?，

3、工件絕對速度為，動能為，滑上乙并相對停止后，絕對速度也是，動能也是，而在乙上面的滑動過程只有摩擦力做了功，動能又沒變化，所以乙對工件的摩擦力做功為0，故D正確?？键c：本題考查了牛頓第二定律、勻變速直線運動的規(guī)律、動能定理3. （2014?杏花嶺區(qū)校級模擬）如圖所示，電源電動勢為E、內阻為r，平行金屬板電容器中帶電質點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，則下列說法正確的是（）A. 電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)減小B. 電源發(fā)熱功率增大，電源效率降低C. 電容器的電荷量減小，質點P將向上運動，且?guī)ж撾奃. R1上消耗的功率逐漸增大，R3消耗的功率逐

4、漸增大參考答案：B電容；電功、電功率解：當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，其接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知干路電流I增大電源發(fā)熱功率Pr=I2R增大，電源效率=，知電源效率降低，故B正確；電容器板間電壓等于R3的電壓R4減小，ab間并聯(lián)部分的總電阻減小，則R3的電壓減小，R3上消耗的功率逐漸減小，電容器板間場強減小，質點P所受的電場力減小，所以質點P將向下運動，上極板帶正電，故粒子帶負電故C錯誤；流過電流表的電流IA=II3，I增大，I3減小，則IA增大，所以電流表讀數(shù)增大R4的電壓U4=U3U2，U3減小，U2增大，則U4減小，所以電壓表讀數(shù)減小故A錯誤

5、；由于R1的阻值電流增大，故R1上消耗的功率逐漸增大，則R3的電壓減小，電阻不變，故消耗功率減小，故D錯誤；故選：B4. 如圖所示，分別用恒力F1、F2將質量為m的物體，由靜止開始，沿相同的、固定、粗糙斜面由底端推到頂端，F(xiàn)1沿斜面向上，F(xiàn)2沿水平方向。已知兩次所用時間相等，則在兩個過程中說法正確的是（ ）A物體加速度不相同B物體機械能增量相同C物體克服摩擦力做功相同D恒力F1、F2對物體做功相同 參考答案：B5. （多選）如圖，兩根長直導線豎直平行固定放置，且與水平放置的光滑絕緣桿MN分別交于c、d兩點，點o是cd的中點，桿MN上a、b兩點關于o點對稱兩導線均通有大小相等、方向向上的電流，已

6、知長直導線在在周圍某點產生磁場的磁感應強度與電流成正比、與該點到導線的距離成反比一帶正電的小球穿在桿上，以初速度v0從a點出發(fā)沿桿運動到b點在a、b、o三點桿對小球的支持力大小分別為Fa、Fb、Fo下列說法可能正確的是（）AFaFoBFbFaC小球一直做勻速直線運動D小球先做加速運動后做減速運動參考答案：ABC小球受到的洛倫茲力的方向垂直于運動方向，所以不做功，即小球一直做勻速直線運動；由受力分析可知：在a點，若則有；在o點，所以有可能同理可得有可能；綜上，答案選擇ABC。二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 如圖所示為根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的路端電壓U隨電流I變化的圖線，由圖可知

7、，該電池的電動勢E=1.50V，內阻r=0.625參考答案：考點：測定電源的電動勢和內阻專題：實驗題；恒定電流專題分析：UI圖象中圖象與縱坐標的交點表示電源的電動勢；因為縱坐標不是從零點開始的，圖象與橫坐標的交點不為短路電流；根據(jù)公式即可求出內電阻解答：解：由圖可知，電源的電動勢為：E=1.50V；當路端電壓為1.00V時，電流為0.80A；由E=U+Ir可得：故答案為：1.5，0.625點評：測定電動勢和內電阻的實驗中為了減小誤差采用了圖象分析法，要根據(jù)實驗原理得出公式，并結合圖象的斜率和截距得出正確的結果7. 利用光電管產生光電流的電路如圖所示。電源的正極應接在端 （填“a”或“b”）；若

8、電流表讀數(shù)為8A，則每秒從光電管陰極發(fā)射的光電子至少是 個（已知電子電量為 l.610 -19 C）。參考答案：答案：a，51013 分析：要使電子加速，應在A極接高電勢，故a端為電源正極。 由Ine/t，得 n =It/e 51013 。8. 位移是描述物體 變化的物理量，加速度是描述物體 快慢的物理量參考答案：位置；速度變化【考點】加速度；位移與路程【分析】位移的物理意義是描述物體位置變化的物理量，加速度是描述物體速度變化快慢的物理量，都是矢量【解答】解：位移是描述物體位置變化的物理量，加速度是描述物體速度變化快慢的物理量故答案為：位置；速度變化9. 放射性物質和的核衰變方程為： 方程中的

9、X1代表的是_，X2代表的是_。 參考答案：答案：X1代表的是（或），X2代表的是（或）。 解析：根據(jù)質量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒，新粒子質量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，所以該粒子應為氦原子核；新粒子質量數(shù)為0，電荷數(shù)為-1，所以該粒子應為電子。10. 電量分別為+q、+q和-q的三個小球，質量均為m，固定在水平放置的邊長均為的絕緣輕質三角形框架的三個頂點處，并處于場強為E且方向水平的勻強電場中，如圖所示三角形框架在未知力F作用下繞框架中心O由靜止開始沿逆時針轉動，當轉過120時角速度為則此過程中，帶電小球系統(tǒng)總的電勢能的增量為_；合外力做的功為_參考答案：2Eql； 11. 如圖甲所示，利用打點計時器測量

10、小車沿斜面下滑時所受阻力的示意圖，小車拖在斜面上下滑時，打出的一段紙帶如圖乙所示，其中O為小車開始運動時打出的點。設在斜面上運動時所受阻力恒定。(1)已知打點計時器使用的交流電頻率為50 Hz，則小車下滑的加速度= m/s2，打E點時小車速度= m/s（均取兩位有效數(shù)字）。(2)為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，可運用牛頓運動定律或動能定理求解，在這兩種方案中除知道小車下滑的加速度a、打E點時速度、小車質量m、重力加速度g外，利用米尺還需要測量哪些物理量，列出阻力的表達式。方案一：需要測量的物理量 ，阻力的表達式（用字母表示） ；方案二：需要測量的物理量 ，阻力的表達式（用字母表示） 。參考

11、答案：量斜面的長度L和高度H , (前1分,后2分)方案二:測量斜面長度L和高度H,還有紙帶上OE距離S,12. 一定質量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經狀態(tài)B、C再回到狀態(tài)A，變化過程如圖所示，其中A到B曲線為雙曲線圖中V0和P0為已知量從狀態(tài)A到B，氣體經歷的是 (選填“等溫”“等容”或“等壓”)過程；從B到C的過程中，氣體做功大小為 ；從A經狀態(tài)B、C再回到狀態(tài)A的過程中，氣體吸放熱情況為_ _(選填“吸熱”、“放熱”或“無吸放熱”)。參考答案：等溫 放熱（1）據(jù)題知A到B曲線為雙曲線，說明p與V成反比，即pV為定值，由得知氣體的溫度不變，即從狀態(tài)A到B，氣體經歷的是等溫過程；（2）從B到C的

12、過程中，氣體做功大小等于BC線與V軸所圍的“面積”大小，故有：（3）氣體從A經狀態(tài)B，再到C氣體對外做功，從C到A外界對氣體，根據(jù)“面積”表示氣體做功可知：整個過程氣體對外做功小于外界對氣體做功，而內能不變，根據(jù)熱力學第一定律得知氣體要放熱。13. （3分）將質量為m的鉛球以大小為v的速度沿與水平方向成角的方向拋入一個裝有沙子的總質量為M，靜止的沙車中，沙車與地面的摩擦力不計，則球與沙車最終的共同速度為 。參考答案：mvcos/(M+m)三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 如圖甲所示，將一質量m=3kg的小球豎直向上拋出，小球在運動過程中的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示

13、，設阻力大小恒定不變，g=10m/s2，求（1）小球在上升過程中受到阻力的大小f（2）小球在4s末的速度v及此時離拋出點的高度h參考答案：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出小球上升的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出小球上升過程中受到空氣的平均阻力（2）利用牛頓第二定律求出下落加速度，利用運動學公式求的速度和位移解答：解：由圖可知，在02s內，小球做勻減速直線運動，加速度大小為： 由牛頓第二定律，有：f+mg=ma1代入數(shù)據(jù)，

14、解得：f=6N（2）2s4s內，小球做勻加速直線運動，其所受阻力方向與重力方向相反，設加速度的大小為a2，有：mgf=ma2即 4s末小球的速度v=a2t=16m/s依據(jù)圖象可知，小球在 4s末離拋出點的高度： 答：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m點評：本題主要考查了牛頓第二定律及運動學公式，注意加速度是中間橋梁15. （選修33（含22）（6分）一定質量的氣體，從外界吸收了500J的熱量，同時對外做了100J的功，問：物體的內能是增加還是減少? 變化了多少？(400J;400J) 分子勢能是增加還是減少？參考答案：解析：氣體從外界

15、吸熱：Q500J，氣體對外界做功：W100J由熱力學第一定律得U=W+Q=400J (3分)U為正，說明氣體內能增加了400J (1分)因為氣體對外做功，所以氣體的體積膨脹，分子間的距離增大，分子力做負功，氣體分子勢能增加。 （2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 學校對升旗手的要求是：國歌響起時開始升旗，當國歌結束時國旗恰好升到旗桿頂端已知國歌從響起到結束的時間是48s，紅旗上升的高度是17.6m若國旗先向上做勻加速運動，時間持續(xù)4s，然后做勻速運動，最后做勻減速運動，減速時間也為4s，紅旗到達旗桿頂端時的速度恰好為零求：（1）國旗勻加速運動時加速度的大??；（2）國旗勻速運動時的

16、速度大小參考答案：解：對于紅旗加速上升階段：對于紅旗勻速上升階段：v2=at1x2=v2t2對于紅旗減速上升階段：對于全過程：a1=a3x1+x2+x3=17.6 m由以上各式可得：a1=0.1m/s2v2=0.4 m/s答：（1）國旗勻加速運動時加速度的大小為a1=0.1m/s2；（2）國旗勻速運動時的速度大小為0.4 m/s17. 低空跳傘是一種極限運動，一般在高樓、懸崖、高塔等固定物上起跳。人在空中降落過程中所受空氣阻力隨下落速度的增大而變大，而且速度越大空氣阻力增大得越快。因低空跳傘下落的高度有限，導致在空中調整姿態(tài)、打開傘包的時間較短，所以其危險性比高空跳傘還要高。一名質量為70kg

17、的跳傘運動員背有質量為10kg的傘包從某高層建筑頂層跳下，且一直沿豎直方向下落，其整個運動過程的vt圖象如圖所示。已知2.0s末的速度為18m/s，10s末拉開繩索開啟降落傘，16.2s時安全落地，并穩(wěn)穩(wěn)地站立在地面上。g取10m/s2，請根據(jù)此圖象估算：（1）起跳后2s內運動員（包括其隨身攜帶的全部裝備）所受平均阻力的大小。（2）運動員從腳觸地到最后速度減為0的過程中，若不計傘的質量及此過程中的空氣阻力，則運動員所需承受地面的平均沖擊力多大。 （3）開傘前空氣阻力對跳傘運動員（包括其隨身攜帶的全部裝備）所做的功（結果保留兩位有效數(shù)字）。參考答案：（1）由v-t圖可知，起跳后前2s內運動員的運

18、動近似是勻加速運動，其加速度a=v1/t1=9.0m/s2（1分）設運動員所受平均阻力為f，根據(jù)牛頓第二定律有 m總g-f=m總a（1分）解得 f=m總（g-a）=80N（2分）（2）v-t圖可知，運動員腳觸地時的速度v2=5.0m/s，經時間t2=0.2s速度減為0（1分）設此過程中運動員所受平均沖擊力大小為F，根據(jù)牛頓第二定律有 F-mg=ma（1分） 0= v2- at2（1分）解得 F=2.4103N（1分）說明： F=2450N也同樣得分。（3）由v-t圖可知，10s末開傘時的速度v=40m/s，開傘前10s內運動員下落的高度約為h=3010m=300m（1分）說明：此步驟得出280m320m均可得分。設10s內空氣阻力對運動員所做功為W，根據(jù)動能定理有m總gh+W=m總v2（2分） 解得 W=-1.8105J（2分）說明：此步得出-1.6105J-1.9105J均可得分，若沒有寫“-”扣1分。18. 如圖所示,固定的凹槽水平表面光滑,其內放置U形滑板N,滑板兩端為半徑R=0.45 m的1/4圓弧面,A和D分別是圓弧的端點,BC段表面粗糙,其余段表面光滑,小滑塊P1和P2的質量均為m,滑板的質量M=4m.P1和P2與BC面的動摩擦因數(shù)分別為1=0.10和2=0.40,最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力,開始時滑板緊靠槽的左端,P2