2022-2023學年福建省漳州市金豐中學高三物理期末試題含解析

1、2022-2023學年福建省漳州市金豐中學高三物理期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 一個質點正在做勻加速直線運動，用固定在地面上的照相機對該質點進行閃光照相，由閃光照片得到的數(shù)據(jù)，發(fā)現(xiàn)質點在第一次、第二次閃光的時間間隔內移動了2m；在第三次、第四次閃光的時間間隔內移動了8m。由此可以求得A第一次閃光時質點的速度B質點運動的加速度C從第二次閃光到第三次閃光這段時間內質點的位移D質點運動的初速度參考答案：C 解析：由于閃光時間T不知道，不能由求加速度B錯。但由可得s2=5m。2. （2015?湖北模擬）光滑水平面上，一個長平板與半圓組成

2、如圖所示的裝置，半圓弧面（直徑AB豎直）與平板上表面相切于A點，整個裝置質量M=5kg在裝置的右端放一質量為m=1kg的小滑塊（可視為質點），小滑塊與長平板間的動摩擦因數(shù)=0.4，裝置與小滑塊一起以v0=12m/s的速度向左運動現(xiàn)給裝置加一個F=64N向右的水平推力，小滑塊與長平板發(fā)生相對滑動，當小滑塊滑至長平板左端A時，裝置速度恰好減速為0，此時撤去外力F并將裝置鎖定小滑塊繼續(xù)沿半圓形軌道運動，且恰好能通過軌道最高點B滑塊脫離半圓形軌道后又落回長平板已知小滑塊在通過半圓形軌道時克服摩擦力做功Wf=9.5Jg=10m/s2求：（1）裝置運動的時間和位移大??；（2）長平板的長度l；（3）小滑塊最

3、后落回長平板上的落點離A的距離參考答案：1）裝置運動的時間和位移大小6m；（2）長平板的長度l為4m；（3）小滑塊最后落回長平板上的落點離A的距離1.8m：【考點】： 動能定理；牛頓第二定律；向心力【專題】： 動能定理的應用專題【分析】： （1）以裝置為研究對象，利用牛頓第二定律和運動學公式求解即可（2）以滑塊為研究對象，利用牛頓第二定律和運動學公式求解即可（3）利用滑塊恰好經過最高點利用牛頓第二定律和平拋運動列方程求解解：（1）分析M受力，由牛頓第二定律得：Fmg=Ma1代入數(shù)據(jù)解得：a1=12m/s2設裝置向左運動到速度為0的時間為t1，則有：v0a1t1=0聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：t1=1s

4、 裝置向左運動的距離：x1=121m0.5121m=6m（2）對m受力分析，由牛頓第二定律得：mg=ma2代入數(shù)據(jù)解得：a2=4m/s2設滑塊運動到A點時的速度為v1，則：v1=v0a2t1聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s 小滑塊向左運動的距離為：x2=121m0.541m=10m 則平板長為：l=x2x1=10m6m=4m （3）設滑塊在B點的速度為v2，從A至B，由動能定理得：mg2RWf=在B點有：mg=聯(lián)立解得：R=0.9m，v2=3m/s小滑塊從B點飛出做平拋運動：2R=聯(lián)立解得：t2=0.6s落點離A的距離為：x=v2t2=30.6m=1.8m答：1）裝置運動的時間和位移大小6m

5、；（2）長平板的長度l為4m；（3）小滑塊最后落回長平板上的落點離A的距離1.8m3. （單選）如圖，傾角為a的斜面體放在粗糙的水平面上，質量為m的物體A與一勁度系數(shù)為的輕彈簧相連?，F(xiàn)用拉力F沿斜面向上拉彈簧，使物體在光滑斜面上勻速上滑，上滑的高度為h，斜面體始終處于靜止狀態(tài)。在這一過程中（ ）A彈簧的伸長量為 B拉力F做的功為C物體A的機械能增加D斜而體受地面的靜摩擦力大小等于參考答案：【知識點】機械能守恒定律；功的計算E1 E3【答案解析】D解析： A、根據(jù)胡克定律可得彈簧的伸長量x=，故A錯誤B、根據(jù)功的定義式可得拉力F做的功W=Fx=F，故B錯誤C、在整個運動過程中物體的動能保持不變，

6、故增加的機械能就等于增加的重力勢能即E=EP=mgh，故C錯誤D、以整體為研究對象，整體在水平方向不受外力，故有拉力F在水平方向的分力等于地面的摩擦力，故有f=Fcos，故D正確故選：D【思路點撥】根據(jù)胡克定律可得彈簧的伸長量；根據(jù)功的定義式可得拉力F做的功；機械能的增量就等于末態(tài)的機械能減去初態(tài)的機械能；根據(jù)整體處于平衡狀態(tài)可得系統(tǒng)水平方向合力為0，即水平向左的拉力等于水平向右的摩擦力系統(tǒng)增加的機械能等于除重力和彈簧的彈力外其它力所做的功，這是高考考查的重點和難點，要注意掌握4. 下列關于動量的論述哪些是正確的是 A質量大的物體動量一定大 B速度大的物體動量一定大 C兩物體動能相等，動量不一

7、定相同D兩物體動能相等，動量一定相等 參考答案：C5. （多選題）一起重機的鋼繩由靜止開始勻加速提起質量為m的重物，當重物的速度為v1時，起重機的有用功率達到最大值P，以后起重機保持該功率不變，繼續(xù)提升重物，直到以最大速度v2勻速上升為止，物體上升的高度為h，則整個過程中，下列說法正確的是A鋼繩的最大拉力為 B鋼繩的最大拉力為mgC重物的最大速度 D重物勻加速運動的加速度為參考答案：CD二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. （6分）某行星繞太陽的運動可近似看作勻速圓周運動，已知行星運動的軌道半徑為R，周期為T，萬有引力恒量為G，則該行星的線速度大小為_，太陽的質量可表示為_。

8、參考答案：，7. 如圖所示，足夠長的斜面傾角=37，一物體以v0=24m/s的初速度從斜面上A點處沿斜面向上運動；加速度大小為a=8m/s2，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，則物體沿斜面上滑的最大距離x=9m，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.25參考答案：考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系.專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出物體沿斜面上滑的最大距離（2）根據(jù)牛頓第二定律，結合沿斜面方向上產生加速度，垂直斜面方向上合力為零，求出動摩擦因數(shù)的大小解答：解：（1）由運動學公式得：=36m（2）由牛頓第二定律得有：沿斜面

9、方向上：mgsin+f=ma（1）垂直斜面方向上：mgcosN=0（2）又：f=N（3）由（1）（2）（3）得：=0.25 故答案為：9m0.25點評：本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的綜合運用，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁8. 為了探究加速度與力的關系，某同學設計了如圖所示的實驗裝置，帶滑輪的長木板水平放置，板上有兩個光電門相距為d，滑塊通過細線與重物相連，細線的拉力F大小等于力傳感器的示數(shù)讓滑塊從光電門1由靜止釋放，記下滑到光電門2的時間t，改變重物質量來改變細繩拉力大小，重復以上操作5次，得到下列表格中5組數(shù)據(jù) (1)若測得兩光電門之間距離為d=05m，運動時間t=05s，則a=

10、 m/s2；(2)依據(jù)表中數(shù)據(jù)在坐標紙上畫出a-F圖象(3)由圖象可得滑塊質量m= kg，滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)= .g=10ms2)參考答案：9. 約里奧居里夫婦因發(fā)現(xiàn)人工放射性而獲得了1935年的諾貝爾化學獎，他們發(fā)現(xiàn)的放射性元素衰變成的同時放出另一種粒子，這種粒子是是的同位素，被廣泛應用于生物示蹤技術1mg隨時間衰變的關系如圖所示，請估算4 mg的經天的衰變后還剩0.25 mg。參考答案：正電子 56天核反應方程式為：，由質量數(shù)守恒知X的質量數(shù)為0，由電荷數(shù)守恒知X的質子數(shù)為1，所以X為正電子；由圖象知半衰期大約為14天，由公式，得。10. 水平面上質量為m的滑塊A以速度v碰撞質量為的

11、靜止滑塊B，碰撞后AB的速度方向相同，它們的總動量為 ；如果碰撞后滑塊B獲得的速度為v0，則碰撞后滑塊A的速度為 參考答案：（2）mv v 11. 16測定木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)時，采用如圖12-a所示的裝置，圖中長木板水平固定 （1）實驗過程中，電火花計時器接在頻率為50Hz的交流電源上調整定滑輪高度，使 （2）已知重力加速度為g，測得木塊的質量為M，砝碼盤和砝碼的總質量為m，木塊的加速度為a，則木塊與長木板間動摩擦因數(shù) = （3）如圖12-b所示為木塊在水平木板上帶動紙帶運動時打出的一條紙帶的一部分，0、1、2、3、4、5、6為計數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點未畫出從紙帶上測出x1

12、 = 3.20 cm，x2 = 4.52 cm，x5 = 8.42 cm，x6 = 9.70 cm則木塊加速度大小a = m/s2（保留2位有效數(shù)字）參考答案：（1）細線與長木板平行（2） = （3）a =1.3 m/s2（保留2位有效數(shù)字）12. 傳感器是自動控制設備中不可缺少的元件。右圖是一種測定位移的電容式傳感器電路。在該電路中，閉合開關S一小段時間后，使工件（電介質）緩慢向左移動，則在工件移動的過程中，通過電流表G的電流 （填“方向由a至b”、 “方向由b至a”或“始終為零”）參考答案：方向由a至b13. 質量為30的小孩推著質量為10的冰車，在水平冰面上以2m/s的速度滑行不計冰面摩

13、擦，若小孩突然以5m/s的速度(對地)將冰車推出后，小孩的速度變?yōu)開m/s，這一過程中小孩對冰車所做的功為_J參考答案：1.0105三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 研究小組要測定某直流電動機正常工作時的機械功率，電動機銘牌上只有額定電壓為10V，其它字跡不清楚現(xiàn)實驗室提供的器材有電流表、電壓表、滑動變阻器（阻值較?。溆眯铍姵?，開關、若干導線、細線、重物（1）小組成員設計如圖甲、乙兩個測量電路，其中比較合理的是 （填寫“甲”或“乙”）圖（2）根據(jù)選取的電路圖完成丙圖中用電動機提升重物的實物電路連接（3）閉合電鍵前應將丙圖中的滑動變阻器的滑片移到最 （填“左”或“右

14、”）端閉合電鍵后移動滑動變阻器，使電壓表和電流表都有明顯的示數(shù)，但電動機并未轉動，讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)分別為2.0V、1.0A繼續(xù)移動滑動變阻器的滑片，將電壓表的示數(shù)調為10.0V，這時電流表的示數(shù)為0.4A設電動機內阻不隨溫度變化，此時電動機輸出的機械功率為 W，若重物重為8N，當重物勻速上升時速度大小為 m/s（結果均保留兩位有效數(shù)字）參考答案：解：（1）實驗要求電壓表與電流表的示數(shù)變化范圍較大，滑動變阻器應采用分壓接法，故選擇圖乙所示電路（2）根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路，閉合電鍵前應將丙圖中的滑動變阻器的滑片移到最左端閉

15、合電鍵后移動滑動變阻器，電動機并未轉動，讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)分別為2.0V、1.0A，電動機內阻為：r=2電動機在額定電壓10.0V下正常工作，此時電流表的示數(shù)為0.4A，電動機的總功率為：P=UI=10.00.4=4W，電動機的熱功率：P熱=I2r=0.422=0.32W，此時電動機輸出的機械功率：P機械=PP熱=40.32=3.68W3.7W，P機械=Fv=Gv，重物勻速上升時的速度大小：v=0.46m/s故答案為：（1）乙；（2）電路圖如圖所示；（3）3.7；0.64【考點】伏安法測電阻【分析】（1）測電動機的效率實驗，需要測出電動機的內阻，即電動機通電后不能正常工作，電動機不轉

16、時的電流與電壓，然后求出電動機內阻；然后求出電動機正常工作時的電壓與電流，因此電壓表與電流表的示數(shù)變化范圍較大，據(jù)此選擇實驗電路（2）根據(jù)電路圖連接實物電路圖（3）滑動變阻器采用分壓接法時，為保護電路在閉合開關前滑片要置于分壓電路分壓為零的位置；根據(jù)電壓與電流應用電功率公式P=UI求出功率，應用P=Fv求出重物的速度15. 利用如圖甲所示的電路測量某種電阻絲材料的電阻率，所用電阻絲的電阻約為20帶有刻度尺的木板上有a和b兩個接線柱，把電阻絲拉直后固定在接線柱a和b上在電阻絲上夾上一個帶有接線柱c的小金屬夾，沿電阻絲移動金屬夾，可改變其與電阻絲接觸點P的位置，從而改變接入電路中電阻絲的長度可供選

17、擇的器材還有：電池組E（電動勢為3.0V，內阻約1）；電流表A1（量程0100mA，內阻約5）；電流表A2（量程00.6A，內阻約0.2）；電阻箱R（0999.9）；開關、導線若干實驗操作步驟如下：A用螺旋測微器在電阻絲上三個不同的位置分別測量電阻絲的直徑；B將選用的實驗器材，按照圖甲連接實驗電路；C調節(jié)電阻箱使其接入電路中的電阻值較大；D將金屬夾夾在電阻絲上某位置，閉合開關，調整電阻箱的阻值，使電流表滿偏，然后斷開開關記錄電阻箱的電阻值R和接入電路的電阻絲長度L；E改變金屬夾與電阻絲接觸點的位置，閉合開關，調整電阻箱的阻值，使電流表再次滿偏重復多次，記錄每一次電阻箱的電阻值R和接入電路的電阻

18、絲長度L；F斷開開關，整理好器材某次測量電阻絲直徑d時，螺旋測微器示數(shù)如圖乙所示，則d=0.730mm；實驗中電流表應選擇（填“A1”或“A2”）；用記錄的多組電阻箱的阻值R和對應的接入電路中電阻絲長度L的數(shù)據(jù)，繪出了如圖丙所示的RL關系圖線，圖線在R軸的截距為R0，在L軸的截距為L0，再結合測出的電阻絲直徑d，寫出電阻絲的電阻率表達式=（用給定的物理量符號和已知常數(shù)表示）本實驗中，電流表的內阻對電阻率的測量結果無影響（填“有”或“無”）參考答案：解：螺旋測微器的讀數(shù)為：d=0.5mm+23.00.01mm=0.730mm；：根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中的最大電流為：=143mA，所以電流

19、表應選；：根據(jù)閉合電路歐姆定律，應有：=，可得：R=，根據(jù)電阻定律應有：=，聯(lián)立以上兩式可得：R=，根據(jù)函數(shù)斜率的概念應有：，解得：=；：本題中若考慮電流表內阻，可將電流表內阻看做電源內阻的一部分，則有：R=，對圖象的斜率沒有影響，即電流表內阻對電阻率的測量結果無影響故答案為：0.730無四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖，A為位于一定高度處的質量為m、電荷量為q的帶正電荷小球，質量為2m的特殊材料制成的盒子與地面間動摩擦因數(shù)，盒內有豎直向上的勻強電場，場強大小，盒外沒有電場，盒子上開有一系列略大于球的小孔，孔間距滿足一定關系，使小球進出盒子的過程中始終不與盒子接觸，當小球A以的

20、速度從小孔1進入盒子子同時（稱為第一次進入盒子），盒子以速度v1=6m/s速度向右滑行，已知小球在電場中運動通過電場對盒子施加的力與小球受電場作用力大小相等方向相反，設盒子足夠長，取重力加速度為，不計空氣阻力，小球恰好能依次從各小孔進出盒子，求：（1）小球A從第一次進入盒子到第二次進入盒子所經過的時間；（2）第1、2兩小孔的間距x12；（3）小球第五次進入盒子時盒子速度vt大小.參考答案：（1）A在盒內加速度大小 由往返時間：在盒外豎直上拋往返時間： （2）小球在盒內時盒子加速度小球在盒外時盒子加速度小球在盒內運動盒子前進即1、2兩小孔相距1.12m（3）小球第1次進入盒到第2次進入盒子速度減少值 17. 如圖所示，半徑為R=0.2m的光滑1/4圓弧朋在豎直平面內，圓弧B處的切線水平.B端高出水平地面h=0.8m，O點在B點的正下方.將一質量為m=1.0kg的滑塊從A點由靜止釋放，落在水平面上的C點處，(9取10m/s2)求:(1)滑塊滑至B點時對圓弧