海南省儋州一中2023學年物理高二第一學期期中教學質(zhì)量檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、元電荷是（ ）A電子B正電子C質(zhì)子D電量的一種單位2、如圖所示，絕緣細線系一帶有負電的小球，小球在豎直向下的勻強電場中，做豎直面內(nèi)的圓周運動，以下說法正確的是A當小球到達最高點a時，線的張力一定最小B當小球到達最低點b時，小球的速度

2、一定最大C當小球到達最高點a時，小球的電勢能一定最小D小球在運動過程中機械能守恒3、兩根完全相同的金屬裸導線，如果把其中的一根均勻拉長到原來的3倍，然后給它們分別加相同電壓后，則在同一時間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量之比為()A13B31C19D914、三個電阻器按照如圖所示的電路連接，其阻值之比為R1R2R3=136，則電路工作時，通過三個電阻器R1、R2、R3上的電流之比I1I2I3為A631B136C621D3215、兩塊完全相同的金屬板平行放置，構(gòu)成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示則： A電容器所帶的電荷量是指兩極板所帶電荷量的代數(shù)和B閉合S后電容器充電過程充電電流逐漸增大C保持S接通，在

3、兩極板間插入一塊電介質(zhì)，則極板所帶電荷量減小D斷開S，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢差減小6、如圖所示，在真空中有一對平行金屬板，分別接在電源的兩極上，一個帶正電荷的粒子，在靜電力的作用下由靜止開始從正極板附近向負極板運動，則該帶點粒子在運動過程中（ ）A靜電力對它做正功，電勢能增加B靜電力對它做正功，電勢能減少C靜電力對它做負功，電勢能增加D靜電力對它做正功，電勢能減少二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖為一勻強電場，某帶電粒子從A點運動到B點在這一運動過

4、程中克服重力做的功大小為1.0J，電場力做的功大小為0.5J（只受電場力、重力作用），則下列說法正確的是A粒子帶負電B粒子在A點的電勢能比在B點少0.5JC粒子在A點的動能比在B點多0.5JD粒子在A點的機械能比在B點少0.5J8、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源內(nèi)阻不計連接，下極板接地一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離后AP點的電勢將降低BP帶電油滴的電勢能將增大C帶電油滴將沿豎直方向向上運動D電容器的電容減小，極板帶電量將增大9、關(guān)于歐姆定律的下列理解中，正確的( )A由知道，一段導體的電阻跟它兩端的電壓成正比，跟通過它的

5、電流成反比B由知道，通過一段導體的電流跟加在它兩端的電壓成正比C由電阻的I-U圖象可知，電流變化相同時，電壓變化較小的圖象所對應的電阻阻值較小D導體的電流越大，電阻就越大10、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為零，電阻R1=2R2，在R2的兩端并聯(lián)上一段電阻忽略不計的導線，則：A通過電阻R1和R2的電流I1=I2BR1兩端電壓U1=C導線L中通過的電流IL=D使電阻R2斷路，通過R1的電流不發(fā)生變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，是“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗裝置.（1）將實物電路中所缺的導線補充完整.（_）（

6、2）如果在閉合開關(guān)時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么合上開關(guān)后，將線圈L1迅速插入線圈L2中，靈敏電流計的指針將_偏轉(zhuǎn).(選填“向左”“向右”或“不”)（3）線圈L1插入線圈L2后，將滑動變阻器的滑片迅速向右移動時，靈敏電流計的指針將_偏轉(zhuǎn).(選填“向左”“向右”或“不”)12（12分）在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，某同學的實驗情況如圖19甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結(jié)點，OB和OC為細繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的圖圖乙中的_是力F1和F2的合力的理論值；_是力F1和F2的合力的實際測量值 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定

7、的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一物體自某一高度被水平拋出，拋出1s后它的速度與水平方向成45角，落地時速度與水平方向成60角，取g=10m/s2，求：（1）物體剛被拋出時的速度；（2）物體落地時的速度；（3）物體剛被拋出時距地面的高度14（16分）如圖所示，在光滑的水平面上有一長為L的木板B，其右側(cè)邊緣放有小滑塊C，與木板B完全相同的木板A以一定的速度向左運動，與木板B發(fā)生正碰，碰后兩者粘在一起并繼續(xù)向左運動，最終滑塊C剛好沒有從木板A上掉下已知木板A、B和滑塊C的質(zhì)量均為m，C與A、B之間的動摩擦因數(shù)均為.求：(1)木板A與B碰前的速度v0；(2)整個過程

8、中木板B對木板A的沖量I.15（12分）如圖所示，A、B為一對平行板，板長為L，兩板間的距離為d，板間區(qū)域內(nèi)充滿著勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里，一個質(zhì)量為m，帶電荷量為q的帶電粒子自靜止開始經(jīng)M、N兩平行金屬板間的電場加速后，從A、B兩板的中間沿垂直于磁感線的方向射入磁場(不計粒子的重力)求：(1)若粒子的初速度為0，M、N兩板間的電壓為U，求射出電場時粒子的速度大小(2)粒子以上述速度射入勻強磁場后做圓周運動的半徑是多大？(3)MN兩極板間的電壓U應在什么范圍內(nèi)，粒子才能從磁場內(nèi)射出？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有

9、一項是符合題目要求的。1、D【解析】元電荷是電量的一種單位，是帶電體所帶電荷的最小值等于質(zhì)子，電子和正電子所帶電荷量的大小D對2、C【解析】試題分析：當重力大于電場力時，小球運動到最高點a時，線的張力一定最小，到達最低點b時，小球的速度最大；當重力等于電場力時，小球做勻速圓周運動，速度大小不變當重力小于電場力時，小球運動到最高點a時，線的張力一定最大，到達最低點b時，小球的速度最小，故AB錯誤；當小球最低點到最高點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，小球運動到最高點a時，小球的電勢能最小，C正確；由于電場力做功，小球的機械能一定不守恒，故D錯誤考點：考查了機械能守恒定律的應用【名師點睛】分析小

10、球所受重力與電場力的大小關(guān)系：當重力大于電場力時，小球運動到最高點a時，線的張力一定最小，到達最低點b時，小球的速度最大；當重力等于電場力時，小球做勻速圓周運動當重力小于電場力時，小球運動到最高點a時，線的張力一定最大，到達最低點b時，小球的速度最??；由于電場力做功，小球的機械能一定不守恒3、C【解析】設原來的電阻為R，把其中的一根均勻拉長到原來的3倍， 橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋?，根?jù)電阻定律，電阻變?yōu)?R，根據(jù)焦耳定律，它們分別加相同電壓后，則在同一時間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量之比為，故C正確，ABD錯誤；故選C4、D【解析】試題分析：電阻R2和R3是并聯(lián)關(guān)系，則電流之比等于電阻之比的倒數(shù)即：I2：I3

11、= R3R2=2：1；則R1上的電流等于R2和R3的電流之和，故I1I2I3=321，故選D.考點：串并聯(lián)電路的特點【名師點睛】此題考查了串并聯(lián)電路的特點；要知道在串聯(lián)電路中電流處處相等；并聯(lián)電路中電壓相等，且總電流等于各個電阻上的電流之和；此題是基礎題，意在考查學生對基礎知識的掌握程度.5、D【解析】A項：電容器兩極板所帶電荷量的電性相反，但電容器所帶電荷量指其中一塊極板所帶電荷量的絕對值，A錯誤；B項：閉合S后電容器充電過程充電電流逐漸減小，故B錯誤；C項：根據(jù)可知，在兩極板之間插入電介質(zhì)，電容C將增大，由可知電量增加，故C錯誤；D項：斷開電鍵S則電容器電量Q不變，減小兩極板距離，則電容將

12、增大，據(jù)可知，電壓降減小，故D選項正確點晴：本題考查電容器及平行板電容器動態(tài)平衡問題6、B【解析】電容器左邊極板帶正電荷，右邊極板帶負電荷，故電場強度向右，微粒帶正電荷，故電場力向右，位移向右，故電場力做正功，電場力做功等于電勢能的減小量，故電勢能減小，轉(zhuǎn)化為了動能A靜電力對它做正功，電勢能增加與分析不符，故A錯誤；B靜電力對它做正功，電勢能減少與分析相符，故B正確；C靜電力對它做負功，電勢能增加與分析不符，故C錯誤；D靜電力對它做正功，電勢能減少與分析不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選

13、對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】粒子從A點運動到B點，受電場力向右，與場強方向相反，粒子帶負電，A對由A到B電場力做正功，電勢能減少0.5JB錯重力做負功，合外力做功為0.4J，動能增量為0.4J，C錯機械能對應非重力功，即電場力做功，電場力做正功0.5J，機械能增加0.5J,D對8、AB【解析】將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況；由分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化；根據(jù)電容的定義式，電容器與電源保持相連，則U不變，Q與C成正比變化；【詳解】A、

14、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動；板間場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，而且下極板的電勢不變，則知P點的電勢將降低，故A正確，C錯誤；B、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加，故B正確；D、根據(jù)電容的定義式，電容器與電源保持相連，則U不變，當C減小，則Q也減?。还蔇錯誤；【點睛】本題運用分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動；明確正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處

15、電勢能小，來判斷電勢能的變化9、BC【解析】AD.導體的阻值是導體本身所具有的性質(zhì)，與通過它的電流、它兩端的電壓無關(guān)，故AD錯誤；B.歐姆定律的內(nèi)容是：電阻一定時，導體中的電流與導體兩端的電壓成正比；當導體兩端的電壓一定時，通過導體的電流與導體的電阻成反比；故B正確。C.由可知I變化相等時，電壓變化小時，電阻值較小，故C正確。10、CD【解析】由題意可知考查閉合電路歐姆定律，據(jù)此分析計算可得?！驹斀狻緼電阻R2被短路，通過R2的電流I20，故A錯誤；BR1兩端電壓U1=，故B錯誤；C根據(jù)閉合電路歐姆定律可知通過導線L的電流IL=，故C正確；D使電阻R2斷路，通過R1的電流IL=，不發(fā)生變化，故

16、D正確。【點睛】在R2的兩端并聯(lián)上一段電阻忽略不計的導線，則R2被短接，根據(jù)閉合電路歐姆定律計算可得。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 向右 向左 【解析】(1)1補充的實物電路如圖所示(2)2已知閉合開關(guān)瞬間，線圈L2中的磁通量增加，產(chǎn)生的感應電流使靈敏電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)當開關(guān)閉合后，將線圈L1迅速插入線圈L2中時，線圈L2中的磁通量增加，由已知條件可知產(chǎn)生的感應電流也應使靈敏電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)(3)3滑動變阻器的滑片迅速向右移動，線圈L1中的電流變小，線圈L2中的磁場方向不變，磁通量減少，則靈敏電流計的指針向左偏轉(zhuǎn)12、F

17、； F； 【解析】F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F是通過一個彈簧秤沿AO方向拉橡皮條,使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧秤的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力故方向一定沿AO方向的是F,由于誤差的存在F和F方向并不在重合；點睛：明確實驗原理，了解實驗誤差的存在，知道該實驗中“理論值”和“實驗值”的區(qū)別 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）物體剛被拋出時的速度為10m/s；（2）物體落地時的速度為20m/s；（3）物體剛被拋出時距地面的高度為15m【解析】解：（1）1s末物體的豎直方向的分速度v

18、y1=gt1=10m/s故v0=vy1cot45=10m/s（2）落地時速度vt=20m/s（3）落地時豎直速度vy=vxtan=10m/s飛行時間t=s拋出時高度：h=gt2=15 m答：（1）物體剛被拋出時的速度為10m/s；（2）物體落地時的速度為20m/s；（3）物體剛被拋出時距地面的高度為15m【點評】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動知道分運動和合運動具有等時性，掌握豎直方向和水平方向上的運動學公式14、 (1)2(2)，負號表示B對A的沖量方向向右【解析】(1)木板A、B碰后瞬時速度為v1，碰撞過程中動量守恒，以A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得mv02mv1.A、B粘為一體后通過摩擦力與C發(fā)生作用，最后有共同的速度v2，此過程中動量守恒，以A的速度方向為正方向，由動量守恒定律得2mv13mv2.C在A上滑動過程中，由能量守恒定律得mgL3mv2mv.聯(lián)立