2023學(xué)年山西省忻州市靜樂(lè)一中物理高二上期中質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，ABC為與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直的邊長(zhǎng)為a的等邊三角形，比荷為的電子以速度v0從A 點(diǎn)沿A

2、B邊射出（電子重力不計(jì)），欲使電子能經(jīng)過(guò)AC邊，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值為ABBBCBDB2、如圖所示，先接通開(kāi)關(guān)S使電容器充電，然后斷開(kāi)S，減小兩極板間的距離時(shí)，電容器所帶電量Q、電容C、兩極板間電勢(shì)差U的變化情況是（ ）AQ不變，C變大，U變小BQ不變，C變小，U變大CQ變小，C變小，U不變DQ變大，C不變，U不變3、如圖所示，地面上某個(gè)空間區(qū)域存在這樣的電場(chǎng)，水平虛線上方的場(chǎng)強(qiáng)為E1，方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)；虛線下方為場(chǎng)強(qiáng)E2、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)一個(gè)質(zhì)量m，帶電+q的小球從上方電場(chǎng)的A點(diǎn)由靜止釋放，結(jié)果剛好到達(dá)下方電場(chǎng)中與A關(guān)于虛線對(duì)稱(chēng)的B點(diǎn)，則下列結(jié)論正確的是（ ）A若A、B高度差為h，

3、則B帶電小球在A、B兩點(diǎn)電勢(shì)能相等C在虛線上下方的電場(chǎng)中，帶電小球運(yùn)動(dòng)的加速度相同D若，則兩電場(chǎng)強(qiáng)度大小關(guān)系滿足E2=2E14、如圖所示的電路，閉合開(kāi)關(guān)S，待電路中的電流穩(wěn)定后，減小的阻值，則A電流表的示數(shù)一定減小B電壓表的示數(shù)一定減小C電源的輸出功率一定減小D電阻消耗的功率一定減小5、如圖所示裝置，電源的電動(dòng)勢(shì)為E=8V，內(nèi)阻 r1=0.5，兩光滑金屬導(dǎo)軌平行放置，間距為d=0.2m，導(dǎo)體棒 ab用等長(zhǎng)絕緣細(xì)線懸掛并剛好與導(dǎo)軌接觸，ab左側(cè)為水平直軌道，右側(cè)為半徑R=0.2m的豎直圓弧導(dǎo)軌，圓心恰好為細(xì)線懸掛點(diǎn)，整個(gè)裝置處于豎直向下的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。閉合開(kāi)關(guān)后，導(dǎo)體

4、棒沿圓弧運(yùn)動(dòng)，已知導(dǎo)體棒的質(zhì)量為m=0.06kg，電阻r2=0.5，不考慮運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的反電動(dòng)勢(shì)，則（ ）A導(dǎo)體棒ab所受的安培力方向始終與運(yùn)動(dòng)方向一致B導(dǎo)體棒在擺動(dòng)過(guò)程中所受安培力F=8NC導(dǎo)體棒擺動(dòng)過(guò)程中的最大動(dòng)能0.8JD導(dǎo)體棒ab速度最大時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角=6、將平行板電容器C、電源E和電阻R等元件連接成如圖所示的電路。初始時(shí)電容器不帶電。閉合開(kāi)關(guān)S，在電源向電容器充電的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（ ）A電容器帶電量增大，兩板間電壓減小B電容器帶電量減小，兩板間電壓增大C電容器帶電量和兩板間電壓都增大D電容器帶電量和兩板間電壓都減小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20

5、分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖(a)所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷t=0時(shí)，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運(yùn)動(dòng)此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運(yùn)動(dòng)(整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有接觸)，它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象分別如圖(b)中甲、乙兩曲線所示則由圖線可知（ ） A兩電荷的電性一定相反Bt1時(shí)刻兩電荷的電勢(shì)能最大C0t2時(shí)間內(nèi)，兩電荷的靜電力先增大后減小D0t3時(shí)間內(nèi)，甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能一直減小8、一列沿 x 軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，每個(gè)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的振幅都為 2cm,已知在 t=0 時(shí)刻相距 4cm

6、的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn) a,b 的位移都是 1cm,但速度方向相反，其中 a 質(zhì)點(diǎn)的速度沿 y 軸負(fù)方向，如圖所示，則 At=0 時(shí)刻，a,b 兩質(zhì)點(diǎn)的加速度相同Ba、b 兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置間的距離為波長(zhǎng)的整數(shù)倍C當(dāng) a 質(zhì)點(diǎn)的速度最大時(shí)，b 質(zhì)點(diǎn)的速度為零D當(dāng) b 質(zhì)點(diǎn)的位移為+2cm 時(shí)，a 質(zhì)點(diǎn)的位移為-1cm9、水平面上有一固定的U形光滑金屬框架，框架上置一金屬桿ab，如圖（紙面即水平面），在垂直紙面方向有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則以下說(shuō)法中正確的是：A若磁場(chǎng)方向垂直紙面向外并增加時(shí)，桿ab將向右移動(dòng)B若磁場(chǎng)方向垂直紙面向外并減少時(shí)，桿ab將向右移動(dòng)C若磁場(chǎng)方向垂直紙面向里并增加時(shí)，桿ab將向右移動(dòng)D若磁場(chǎng)方向

7、垂直紙面向里并減少時(shí)，桿ab將向右移動(dòng)10、下列說(shuō)法中正確的是A小磁針北極的指向就是該處磁場(chǎng)的方向B磁感線是閉合曲線，電場(chǎng)線不是閉合曲線C兩根長(zhǎng)度相同、電流大小相等的直導(dǎo)線放入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，受到的安培力一定相同D地磁北極的正上空地磁場(chǎng)的方向豎直向上，赤道附近地磁場(chǎng)的方向與地面平行三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）（1）用游標(biāo)為20分度的卡尺測(cè)量長(zhǎng)度如圖，由圖可知其長(zhǎng)度為_(kāi)mm；（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量直徑如右上圖，由圖可知其直徑為_(kāi)mm；12（12分）在實(shí)驗(yàn)室里為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，一般采用如圖甲、乙所示的兩種裝置：（1）若入射小

8、球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則（_） Am1m2，r1r2 Bm1m2，r1r2 Cm1m2，r1r2 Dm1m2，r1r2（2）若采用圖乙所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，以下所提供的測(cè)量工具中必需的是_ 、 _A直尺 B游標(biāo)卡尺 C天平 D彈簧測(cè)力計(jì) E秒表（3）設(shè)入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，則在用圖甲所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)（P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置），所得“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的結(jié)論為_(kāi)（用裝置圖中的字母表示）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，圖甲為一個(gè)電燈兩

9、端電壓與通過(guò)它的電流的變化關(guān)系曲線由圖可知，兩者不成線性關(guān)系，這是由于焦耳熱使燈絲的溫度發(fā)生了變化的緣故，參考這條曲線回答下列問(wèn)題（不計(jì)電流表內(nèi)阻，線路提供電壓不變）： （1）若把三個(gè)這樣的電燈串聯(lián)后，接到電壓恒定為12 V的電路上，求流過(guò)燈泡的電流和每個(gè)燈泡的電阻；（2）如圖乙所示，將兩個(gè)這樣的電燈并聯(lián)后再與10的定值電阻R0串聯(lián)，接在電壓恒定為10V的電路上，求通過(guò)電流表的電流值以及每個(gè)燈的實(shí)際功率14（16分）一個(gè)質(zhì)量m帶電荷量為-q的小球，用絲線懸掛在某勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)線水平，當(dāng)小球靜止時(shí)，測(cè)得懸線與豎直方向成30，如圖所示，求該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大?。ㄖ亓铀俣葹間），并說(shuō)明場(chǎng)強(qiáng)方向15（1

10、2分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L=0.40 m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角=370，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50 T、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E=4.5 V、內(nèi)阻r=0.50 的直流電源現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m=0.040 kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R0=1.5 ，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)， g取10 m/s1已知sin 37=0.60，cos 37=0.80，求：（1）通過(guò)導(dǎo)體棒的電流；（1）導(dǎo)體棒受到的安培力和導(dǎo)體棒受到的摩擦力；（3）若僅將磁場(chǎng)方向改為豎直向上

11、，求導(dǎo)體棒受到的摩擦力參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】當(dāng)電子從C點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的半徑最小，設(shè)為R，如圖所示：由幾何知識(shí)得：2Rcos30=a，解得：；欲使電子能經(jīng)過(guò)AC邊,必須滿足：而，得：，解得：；A. B故A項(xiàng)錯(cuò)誤； B. B故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C. B故C項(xiàng)正確； D. B故D項(xiàng)錯(cuò)誤2、A【解析】電容器與電源斷開(kāi)，電量Q保持不變，減小兩極板間距離時(shí)，根據(jù)，知電容C變大，根據(jù)知兩極板間的電勢(shì)差U變小，故A正確，BCD錯(cuò)誤故選：A。3、D【解析】AB對(duì)A到B的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得qUAB

12、+mgh=0解得：，知A、B的電勢(shì)不等，則電勢(shì)能不等，AB錯(cuò)誤；CA到虛線速度由零加速至v，虛線到B速度v減為零，位移相同，根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)的推論知，時(shí)間相同，則加速度大小相等，方向相反，C錯(cuò)誤；D在上方電場(chǎng)，根據(jù)牛頓第二定律得：在下方電場(chǎng)中，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度大小為：因a1=a2解得：若，則有：E2=2E1，D正確。故選D。4、B【解析】AB閉合開(kāi)關(guān)S，減小電阻箱阻值，則整個(gè)電路中的總電阻減小，總電流增大，即電流表示數(shù)增大，根據(jù)U=E-Ir知，電源的外電壓，即路端電壓減小，電阻R2兩端的電壓增大，路端電壓等于電壓表示數(shù)和R2兩端電壓之和，可得出電壓表示數(shù)減小，故A錯(cuò)誤，B正確；C當(dāng)電源

13、的內(nèi)阻與外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，由于不清楚電源內(nèi)阻與外電阻關(guān)系，所以無(wú)法確定電源的輸出功率變化情況，故C錯(cuò)誤；D閉合開(kāi)關(guān)S，減小電阻箱阻值，則整個(gè)電路中的總電阻減小，總電流增大，由公式可知，電阻消耗的功率一定增大，故D錯(cuò)誤。5、D【解析】A.當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S后，導(dǎo)體棒中電流方向始終從a到b，所受安培力方向向右，而導(dǎo)體棒沿圓弧擺動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B. 導(dǎo)體棒沿圓弧擺動(dòng)過(guò)程中的電流I=A=8.0 A導(dǎo)體棒受到的安培力F=BId=0.58.00.2 N=0.8 N故B錯(cuò)誤；CD.導(dǎo)體棒受到的重力與安培力的合力大小F合=N=1.0 N合力與豎直方向的夾角=53故導(dǎo)體棒ab速度最大時(shí)，細(xì)線與豎直方向的

14、夾角=53，由動(dòng)能定理，導(dǎo)體棒在擺動(dòng)過(guò)程中的最大動(dòng)能Ekm=FR-mgR(1cos 53)=0.08 J故C錯(cuò)誤，D正確。6、C【解析】初始時(shí)電容器不帶電，當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S，在電源向電容器充電的過(guò)程中，因電容C不變，根據(jù)Q=CU可知，電容器的電量Q增大，且兩極板的電壓U也增大；A電容器帶電量增大，兩板間電壓減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B電容器帶電量減小，兩板間電壓增大，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C電容器帶電量和兩板間電壓都增大，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D電容器帶電量和兩板間電壓都減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)

15、選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】A、由圖像看出,甲從靜止開(kāi)始與乙同向運(yùn)動(dòng),說(shuō)明甲受到了乙的排斥力作用,則知兩電荷的電性一定相同.故A錯(cuò)誤.B、由于甲乙之間是排斥力，所以當(dāng)甲乙之間的距離減小時(shí)說(shuō)明電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，結(jié)合圖像可知在t1時(shí)電勢(shì)能由最大值，故B正確；C、圖像包圍的面積代表甲乙走過(guò)的位移，從圖像上可以看出在0t2時(shí)間內(nèi)甲乙之間的距離先減小后增大，所有靜電力先增大后減小，故C正確；D、0t3時(shí)間內(nèi)，甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能先減小后反向增大，故D錯(cuò)誤；故選BC點(diǎn)睛：會(huì)結(jié)合圖像找到甲乙位移之間的關(guān)系，并利用靜電力做功找到電勢(shì)

16、能變化規(guī)律8、AD【解析】Aa、b兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)都做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，t=0時(shí)刻a、b兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征：，得知加速度相同，故A正確B圖示時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)位移相同，速度相反，但不是同相點(diǎn)，所以a、b兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置間的距離不是波長(zhǎng)的整倍，故B錯(cuò)誤C由圖看出，a正向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度增大，b正向波峰運(yùn)動(dòng)，速度減小，當(dāng)a通過(guò)1cm位移到達(dá)平衡位置時(shí)，b還沒(méi)有到達(dá)波峰，則a質(zhì)點(diǎn)速度最大時(shí)，b質(zhì)點(diǎn)速度不為零故C錯(cuò)誤D假設(shè)在t=0時(shí)刻，ab之間只有一個(gè)波峰則其位置在x=3的位置，當(dāng)b質(zhì)點(diǎn)位移為+2cm到達(dá)波峰時(shí)，波向右傳播2m的距離，將波形向右平移2m可看出，此時(shí)a質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置下方，位移為-1cm，故

17、D正確9、BD【解析】A. 若磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)，根據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向ab，由左手定則，ab受到的安培力向左，故桿ab將向左移動(dòng)故A錯(cuò)誤；B. 若磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí)，根據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向ba，由左手定則，ab受到的安培力向右，桿ab將向右移動(dòng)故B正確；C. 若磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)，根據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向ba，由左手定則，ab受到的安培力向左，桿ab將向左移動(dòng)故C錯(cuò)誤；D. 若磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí)，根據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向ab，由左手定則，ab受到的安培力向右，桿

18、ab將向右移動(dòng)故D正確故選BD10、BD【解析】A、某處小磁針的靜止時(shí)北極受磁場(chǎng)力的方向就是該處磁場(chǎng)的方向，故A錯(cuò)誤；B、磁感線在磁體的周?chē)菑拇朋w的N極出發(fā)回到S極，在磁體的內(nèi)部，磁感線是從磁體的S極出發(fā)，回到N極是閉合曲線，而電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為止，不是閉合曲線，故B正確；C、電流相同、長(zhǎng)度相同的通電導(dǎo)線在同一磁場(chǎng)中，若B與I所成的夾角不同，則受的安培力不同，故C錯(cuò)誤；D、由于地磁的北極在地理的南極附近，在磁體的外部磁感線從N極指向S極，故磁感線有個(gè)向北的即豎直向上分量，而赤道附近地磁場(chǎng)的方向和地面平行，故選項(xiàng)D正確。點(diǎn)睛：本題需要掌握磁場(chǎng)和地磁場(chǎng)的方向問(wèn)

19、題，同時(shí)注意安培力公式：導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，最小，當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，安培力最大，為。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、（1）50.15mm；（2）4.700mm；【解析】試題分析：（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：5cm+0.05mm3=50.15mm；（2）螺旋測(cè)微器讀數(shù)：4.5mm+0.01mm20.0=4.700mm；12、C A C 【解析】（1）1要使兩球發(fā)生對(duì)心正碰，兩球半徑應(yīng)相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即m1m2，r1r2，故選C；（2）23驗(yàn)證碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒定律，需要測(cè)出兩球的質(zhì)量，兩球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，因此需要的測(cè)量工具為：天平與直尺，故選AC（3）4兩球碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則 兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t得： 則四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處