云南省昭通市魯?shù)榭h一中2023學年高二物理第一學期期中聯(lián)考試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,將平行板電容器接在電源兩極間,電容器兩極板間的帶電塵埃恰好處于靜止狀態(tài).若將兩極板緩慢地錯開一些,其他條件不變,則( )A電容器帶電荷量不變B電源中將有電流從正極流出C塵

2、埃仍靜止D電流計中將有電流通過,電流方向由2、豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定的小球A，在Q的正上方的P點用絕緣絲線懸掛另一小球B，A、B兩小球因帶電而相互排斥，致使懸線與豎直方向成角，如圖所示，由于漏電，使A、B兩小球的電量逐漸減少，懸線與豎直方向夾角逐漸變小，如圖所示，則在電荷漏完之前懸線對懸點P的拉力的大小將()A保持不變 B先變小后變大 C逐漸變小 D逐漸變大3、如圖所示,其中正確反映兩根大頭針被條形磁鐵吸起時的真實情況的是()A圖甲 B圖乙 C圖丙 D都不正確4、電荷量為+Q的點電荷和接地金屬板MN附近的電場線分布如圖所示，點電荷與金屬板相距為2d，圖中P點到金屬板和點電荷間的距離均為d

3、已知P點的電場強度為E0，則金屬板上感應電荷在P點處產(chǎn)生的電場強度E的大小為（）AE=0BE=CE=E0DE=E05、下面過程中，重力對物體不做功的是A汽車在水平路面行駛B飛機下降C飛機上升D汽車沿斜坡向上行駛6、如圖所示，水平地面上有一個傾角為的斜面，其表面絕緣另一個帶正電的滑塊放在斜面上，兩物體均處于靜止狀態(tài)當加上水平向右的勻強電場后，滑塊與斜面仍相對地面靜止，則A滑塊與斜面間的摩擦力一定變大B滑塊對斜面的壓力一定變大C斜面體與地面間的摩擦力可能不變D斜面體對地面的壓力一定變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對

4、的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，a、b、c三個粒子（氦核），同時由同一點垂直于場強以不同的速率進入偏轉(zhuǎn)電場，其軌跡如圖，其中b恰好飛出電場，不計粒子之間的相互作用力，由此可以肯定（ ）A在b飛離電場的同時，a還未打在負極板上Bb比c后飛離電場C進入電場時，c的速度最小，a的速度最大D動能的增量相比，c的最小，a和b一樣大8、平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極, 一帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部, 閉合電鍵, 電容器充電, 這時懸線偏角與豎直方向的夾角為, 如圖所示（ ）A保持K閉合, A板向B板靠近, 則變小.B保持K閉合, A板向B板靠近, 則大.C斷開K, A板向B

5、板靠近, 則增大.D斷開K, A板向B板靠近, 則不變.9、如圖所示是某種正弦式交流電壓的波形圖，由圖可確定該電壓的A頻率是100HzBt0.01 s時，線圈平面與磁場方向平行C有效值約為220 VD瞬時值表達式為u311sin 100t (V)10、如圖所示，a、b兩點電勢相同，電場強度也相同的是A B C D三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用伏安法測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻(1)據(jù)記錄的數(shù)據(jù)將對應點已經(jīng)標在坐標紙上，畫出完整的U-I圖線_(2)根據(jù)(1)中所畫圖線，可得干電池的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_歐（保留兩位有效數(shù)

6、字）12（12分）在“探究單擺周期與擺長的關系”實驗中，有三位同學在用鐵架臺搭建好單擺后如下三圖所示：其中懸掛最佳的是圖_擺球直徑用游標卡尺進行測量，測量方法和游標刻度如下圖所示，則擺球的直徑是_cm.在做單擺實驗時得到如圖甲所示的單擺振動情形，O是它的平衡位置，B、C是擺球所能到達的左右最遠位置小明通過實驗測得當?shù)刂亓铀俣葹間=9.8 m/s2，并且根據(jù)實驗情況繪制了單擺的振動圖象如圖乙所示設圖中單擺向右擺動為正方向，g2，則下列選項正確的是（_）A此單擺的振動頻率是0.5 HzB根據(jù)圖乙可知開始計時擺球在 C點C圖中P點向正方向振動D根據(jù)已知數(shù)據(jù)可以求得此單擺的擺長為1.0 m四、計算題

7、：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，兩塊平行金屬板MN、PQ豎直放置，兩板間的電勢差U1.6103 V，現(xiàn)將一質(zhì)量m3.0102 kg、電荷量q4.0105 C的帶電小球從兩板左上方的A點以初速度v04.0 m/s水平拋出，已知A點距兩板上端的高度h0.45 m，之后小球恰好從MN板上端內(nèi)側(cè)M點進入兩板間勻強電場，然后沿直線運動到PQ板上的C點，不計空氣阻力，取g10 m/s2，求：(1)帶電小球到達M點時的速度大小；(2)C點到PQ板上端的距離L；(3)小球到達C點時的動能Ek.14（16分）如圖所示，有

8、一對平行金屬板，兩板相距為0.05m。電壓為10V；兩板之間有勻強磁場，磁感應強度大小為B0=0.1T，方向與金屬板面平行并垂直于紙面向里。圖中右邊有一半徑R為0.1m、圓心為O的圓形區(qū)域內(nèi)也存在勻強磁場，磁感應強度大小為B=T，方向垂直于紙面向里。一質(zhì)量為m=10-26kg帶正電的微粒沿平行于金屬板面，從A點垂直于磁場的方向射入平行金屬板之間，沿直線射出平行金屬板之間的區(qū)域，并沿直徑CD方向射入圓形磁場區(qū)域，最后從圓形區(qū)域邊界上的F點射出。已知速度的偏轉(zhuǎn)角60，不計微粒重力。求：（1）微粒速度v的大??；（2）微粒的電量q；（3）微粒在圓形磁場區(qū)域中運動時間t。 15（12分）如圖所示，絕緣光

9、滑的豎直平面MN左側(cè)同時存在相互垂直的勻強電場和勻強磁場，電場方向水平向右，電場強度大小為E，磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度大小為B電荷量為q的帶正電的小滑塊從A點由靜止開始沿MN下滑，到達C點時離開MN做曲線運動已知重力加速度為g，求：（1）小滑塊從A點運動到C點時的時間t；（2）A、C兩點間距離h ；（3）當小滑塊運動到C點時迅速把電場方向轉(zhuǎn)為豎直向下，若小滑塊受到的電場力大小與重力相等，D點為小滑塊在運動過程中速度最大的位置，且最大速度大小為v ，求C、D兩點間的豎直高度H參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1

10、、C【解析】帶電塵埃原來處于靜止狀態(tài)，電場力與重力平衡，將兩板緩慢地錯開一些后，分析板間場強有無變化，判斷塵埃是否仍保持靜止；根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電量的變化，確定電路中電流的方向；【詳解】A、將兩板緩慢地錯開一些，兩板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容減小，而電壓不變，則電容器帶電量減小，故A錯誤；B、因電量減小，電容器放電，故電流計G中有a到b方向的短時電流，即沒有電流從正極流出，故BD錯誤；C、由于板間電壓和距離不變，則由可知，板間場強不變，塵埃所受電場力不變，仍處于靜止狀態(tài)，故C正確【點睛】本題電容器動態(tài)變化問題，要抓住電壓不變，根據(jù)電容的決定式和電

11、容的定義式結(jié)合進行分析2、A【解析】以小球為研究對象，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個力作用，作出力圖，如圖作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G根據(jù)FBF1PQB得： 又FF1=F2，得： ；在A、B兩質(zhì)點帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變，故A正確，BCD錯誤故選A點睛：本題是力學中動態(tài)平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長的關系，進行分析，也可以應用函數(shù)法求解3、C【解析】由圖可知：大頭針吸在磁鐵上，大頭針會在磁鐵磁場的作用下被磁化，從而獲得了磁性靠近磁鐵的一端大頭針的極性相同，遠離的一端極性也相同，由于同名磁極互相排斥

12、，所以情況如圖丙所示故選C點睛：此題考查的是磁性材料被磁化后磁極的分布特點及磁極間的作用規(guī)律磁性材料被磁化后，磁性的分布情況是近端產(chǎn)生異名磁極，遠端產(chǎn)生同名磁極磁極間的作用規(guī)律是同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引4、C【解析】試題分析：P點的電場是由+Q的電場和感應電荷的電場的疊加，根據(jù)電場的疊加原理和點電荷場強公式求解+Q在P點產(chǎn)生的場強大小，方向水平向右，根據(jù)電場的疊加原理可得：，解得金屬板上感應電荷在P點處產(chǎn)生的電場強度E的大小為，故C正確5、A【解析】A、汽車在水平路面行駛，運動方向與重力垂直，重力不做功，故A正確；B、飛機下降，重力做正功，故B錯誤；C、飛機上升，重力做負功，故C錯誤

13、；D、汽車沿斜坡向上行駛，重力和運動距離成角度，重力做負功，故D錯誤。6、B【解析】滑塊開始受重力、支持力和靜摩擦力處于平衡，加上勻強電場后，滑塊多了一個水平向右的電場力，所受的靜摩擦力方向可能沿斜面向上，可能沿斜面向下，則摩擦力的大小可能減小、可能增大，可能不變。故A錯誤。未加電場前，斜面體對滑塊的支持力N=mgcos，加上電場后，支持力的大小變?yōu)镹=mgcos+qEsin，知滑塊對斜面的壓力變大。故B正確。對整體分析，未加電場時，水平方向上不受力，斜面體與地面的摩擦力為零，加上電場后，整體受到水平向左的摩擦力，知斜面體與地面間的摩擦力增大。豎直方向支持力的大小仍然等于總重力，所以斜面體與地

14、面間的壓力不變。故CD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：三個粒子所受電場力相等，加速度大小相等，在豎直方向上，a、b的偏轉(zhuǎn)位移相等，大于c的位移，所以a、b的時間相等，b飛離的時候，a剛好打在極板上，故A錯誤；C飛離電場所用的時間最短，同時進入，則b比c后飛離電場，故B正確；飛離電場時所走的水平位移是一樣的，c的時間最短，速度最大所以C錯誤；由動能定理可知，動能的增加等于合外力做的功，a、b電場力做的功一樣多，c的位移最小電場力做

15、工最少，故D正確考點：本題考查了帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)8、BD【解析】AB、保持k閉合，則電容器兩極板之間的電壓保持不變，根據(jù)可知，當將A板向B板靠近時，電場強度增大，則電場力增大，將增大，故A錯誤，B正確；CD、斷開k，電容器帶電量保持不變，由和以及可得，A板向B板靠近，只是d變化，所以電場強度不變，故電場力不變，則不變，故D正確，C錯誤；故選BD?！军c睛】小球受重力、電場力和繩子的拉力處于平衡狀態(tài)，當電場力變大時增大，電場力變小時減小，因此解決本題關鍵是判斷小球所受電場力的變化情況；注意電容器的兩種狀態(tài)的不同，電鍵閉合其電壓不變，電鍵斷開電容器所帶電量保持不變。9、CD【解析】從圖象可讀出

16、電壓的最大值、周期，繼而求出電壓的有效值、角速度，寫出電壓瞬時值的表達式?！驹斀狻繌膱D象可知，交流電電壓的最大值為311V，周期T=0.02s，所以頻率為f=1T=50Hz，故A錯誤；電壓有效值為3112V220V，故C正確；角速度為：=20.02rads=100rads，表達式為：u=311sin100t(V)，故D正確；由圖象可知，t0.01 s時，電動勢為零，即磁通量最大，所以線圈平面與磁場垂直，故B錯誤。故應選：CD?！军c睛】本題題干圖象考查了正弦交流電的峰值、有效值、周期和瞬時值表達式。10、AD【解析】A、a、b是勻強電場中的兩點，電場強度相同，a、b連線與板平行，且沿著電場線方向

17、電勢降低，所以a點的電勢等于b點的電勢，故A正確；B、根據(jù)電場線的對稱性可知，ab兩點電勢相同，場強大小相等，但方向相反，所以電場強度不同，故B錯誤； C、a、b是同一等勢面上的兩點，電勢相同，場強大小相等，但方向不同，則電場強度不同，故C錯誤； D、等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢線，則a、b的電勢相同由于電場線關于兩電荷連線上下對稱，場強也相同，故D正確；故選AD?！军c睛】對于典型的電場的電場線分布要掌握，抓住特點，有助于解答關于電場強度、電勢高低判斷的問題。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 1.50 0.89 【解析】(1)

18、1根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內(nèi)描出對應點，然后作出電源的U-I圖象如圖所示：(2)23由圖示電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值是1.50，則電源電動勢E=1.50V，電源內(nèi)阻：12、甲； 1.404； AD； 【解析】.依據(jù)振動周期公式T=2Lg，結(jié)合實際操作，可知，擺長L，不能變化，根據(jù)三個圖，可知，只有甲圖，在擺動過程中，擺長L不會變化，故選甲；游標卡尺測得的擺球的直徑：14mm0.022mm=14.04mm=1.404cm由單擺的振動圖線可知，單擺的周期T=2.0s，則單擺的頻率f=1/T=0.5Hz，故A正確。單擺向右擺動為正方向，可知在t=0時刻，單擺處于負的最大位移處，即在圖中

19、的B點，故B錯誤。圖中P點處于正向位移處，且位移減小，可知P向負方向運動，故C錯誤。根據(jù)T=2Lg得，單擺的擺長L=gT24244m1m，故D正確。故選AD。【點睛】解決本題的關鍵是掌握單擺的周期公式T=2Lg，知道在單擺運動的過程中，加速度、速度、位移如何變化，以及掌握單擺的周期公式四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）5.0m/s（2）0.12m（3）0.475J【解析】（1）根據(jù)小球做平拋運動，依據(jù)平拋運動的規(guī)律，即可解小球到達M板上端時的速度大小及方向；（2）在電場中小球沿速度方向做直線運動，根據(jù)的距離；（3）從平拋和直線運動兩部分運動分別運用動能定理求解合力功而得到小球動能的變化.【詳解】（1）設小球到達M點的速度大小為v，從A到M的時間為t：位移公式可得：h=12gt2速度公式可得：vy=gt可得：v=v02+vy2=5m/s（2）在兩平行板間運動時，小球受水平方向的靜電力和豎直向下的重力作用，因為小球在電