2022-2023學(xué)年寧夏銀川市金鳳區(qū)六盤(pán)山高中物理高三上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫(xiě)在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，A、B兩小球分別連在輕繩兩端，B球另一端用彈簧固定在傾角為30的光滑斜面上A、B兩小球的質(zhì)量分別為mA、mB，重力加速度為g，若不計(jì)彈簧質(zhì)量，在繩被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度大小分別為()A都等于B和0C和D和2、如圖所

2、示，物體A、B置于水平地面上，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，物體A、B用一跨過(guò)動(dòng)滑輪的細(xì)繩相連，現(xiàn)用逐漸增大的力向上提升滑輪，某時(shí)刻拉A物體的繩子與水平面成53，拉B物體的繩子與水平面成37，此時(shí)A、B兩物體剛好處于平衡狀態(tài)，則A、B兩物體的質(zhì)量之比為（認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，sin370.6，cos370.8）ABCD3、某空間站在半徑為R的圓形軌道上運(yùn)行，周期為T(mén)。另有一飛船在半徑為r的圓形軌道上運(yùn)行，飛船與空間站的繞行方向相同。當(dāng)空間站運(yùn)行到A點(diǎn)時(shí)，飛船恰好運(yùn)行到B點(diǎn)，A、B與地心連線相互垂直，此時(shí)飛船經(jīng)極短時(shí)間的點(diǎn)火加速，變化后的橢圓軌道近地點(diǎn)為B，遠(yuǎn)地點(diǎn)與空間站的軌道相切于C點(diǎn)，

3、如圖所示。當(dāng)飛船第一次到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，恰好與空間站相遇。由以上信息可判定A空間站的動(dòng)能小于飛船在半徑為r的圓形軌道上運(yùn)行時(shí)的動(dòng)能B當(dāng)飛船與空間站相遇時(shí)，空間站的加速度大于飛船的加速度C飛船在從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，速度變大D空間站的圓形軌道半徑R與飛船的圓形軌道半徑r的關(guān)系滿足4、A、B兩顆衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A衛(wèi)星運(yùn)行的周期為，軌道半徑為；B衛(wèi)星運(yùn)行的周期為，下列說(shuō)法正確的是（ ）AB衛(wèi)星的軌道半徑為BA衛(wèi)星的機(jī)械能一定大于B衛(wèi)星的機(jī)械能C在發(fā)射B衛(wèi)星時(shí)候，發(fā)射速度可以小于7.9km/sD某時(shí)刻衛(wèi)星A、B在軌道上相距最近，從該時(shí)起每經(jīng)過(guò)時(shí)間，衛(wèi)星A、B再次相距最近5、某班級(jí)同學(xué)要調(diào)換座

4、位，一同學(xué)用斜向上的拉力拖動(dòng)桌子沿水平地面勻速運(yùn)動(dòng)已知桌子的總質(zhì)量為10 kg，若拉力的最小值為50 N，此時(shí)拉力與水平方向間的夾角為重力加速度大小為g=10 m/s2，桌子與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，不計(jì)空氣阻力，則A，=60B，=60C，=30D，=306、下列是一臺(tái)收音機(jī)的屏板，當(dāng)向右調(diào)指針（圖中黑塊）時(shí)，所接收的電磁波（ ）A頻率變大，波長(zhǎng)變大B頻率變大，波長(zhǎng)變小C頻率變大，波長(zhǎng)不變D頻率變小，波長(zhǎng)變大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說(shuō)法中正確的是（ ）A

5、布朗運(yùn)動(dòng)是指在顯微鏡下觀察到的液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用C不具有規(guī)則幾何形狀的物體一定不是晶體D氫氣和氮?dú)獾臏囟认嗤瑫r(shí)，它們分子的平均速率相同8、如圖所示，質(zhì)量為4.0kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質(zhì)量為6.0kg的物體B用細(xì)線懸掛在天花板上，B與A剛好接觸但不擠壓，現(xiàn)將細(xì)線剪斷，則剪斷后瞬間，下列結(jié)果正確的是（g取10m/s2）（）AA加速的大小為1m/s2BB加速的大小為6m/s2C彈簧彈力大小為60NDA、B間相互作用力的大小為24N9、如圖所示，放在水平桌面上的物塊A處于靜止?fàn)顟B(tài)，所掛砝碼和托盤(pán)的總質(zhì)量為0.6kg，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為2.

6、0N若滑輪摩擦不計(jì)，取g=10m/s2，剪斷懸掛托盤(pán)的細(xì)線，將會(huì)出現(xiàn)的情況是（ ） A物塊A向左運(yùn)動(dòng) B物塊A仍靜止不動(dòng)C物塊A對(duì)桌面的摩擦力不變 D測(cè)力計(jì)的示數(shù)不變10、如圖所示，疊放在水平轉(zhuǎn)臺(tái)上的小物體A、B、C能隨轉(zhuǎn)臺(tái)一起以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，A、B、C的質(zhì)量分別為3m、2m、m，A與B、B與轉(zhuǎn)臺(tái)、C與轉(zhuǎn)臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為，B、C離轉(zhuǎn)臺(tái)中心的距離分別為r、1.5r。設(shè)本題中的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是AB對(duì)A的摩擦力一定為3mgBC與轉(zhuǎn)臺(tái)間的摩擦力大于A與B間的摩擦力C轉(zhuǎn)臺(tái)的角速度一定滿足：D轉(zhuǎn)臺(tái)的角速度一定滿足：三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指

7、定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）用如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，m2從高處由靜止開(kāi)始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示。已知、，則：（g取10m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(1)在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度_m/s；(2)在打點(diǎn)05過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增加量_J，系統(tǒng)勢(shì)能的減少量_J，由此得出的結(jié)論是：_；(3)若某同學(xué)作出的h圖象如圖丙所示，則當(dāng)?shù)氐膶?shí)際重力加速度_m/s2。12（12

8、分）有一只標(biāo)識(shí)為“2.5 V，0.5 A”的小燈泡，小華想測(cè)定其伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)室所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：編號(hào)器材名稱(chēng)規(guī)格與參數(shù)A電源E電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)B電流表A1量程010mA，內(nèi)阻200C電流表A2量程0600mA，內(nèi)阻2D電阻箱R阻值999.99E滑動(dòng)變阻器R1最大阻值10F滑動(dòng)變阻器R2最大阻值2k（1）為了達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康男枰M裝一個(gè)量程為3.0 V的電壓表，那么電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)到_ ；（2）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇_(選填器材前面的編號(hào))；（3）請(qǐng)幫助小華設(shè)計(jì)一個(gè)電路，要求使誤差盡量小，并將電路圖畫(huà)在圖1虛線框內(nèi)_；（4）小

9、華在實(shí)驗(yàn)中用電流表和改裝后的電壓表測(cè)得數(shù)據(jù)并記錄在下表中，請(qǐng)根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在圖2方格紙上作出該小燈泡的伏安特性曲線_；電壓U/V00.51.01.52.02.5電流I/A00.170.300.390.450.49（5）將一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為3的電源直接接在該小燈泡的兩端，則該小燈泡的實(shí)際功率為_(kāi)W(結(jié)果保留1位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，長(zhǎng)L0.8m的輕繩一端與質(zhì)量m6kg的小球相連，另一端連接一個(gè)質(zhì)量M1kg的滑塊，滑塊套在豎直桿上，與豎直桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。現(xiàn)在讓小球繞

10、豎直桿在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)繩子與桿的夾角60時(shí)，滑塊恰好不下滑。假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦，重力加速度g10m/s2。求：(1)小球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度的大??；(2)滑塊與豎直桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)。14（16分）如圖,光滑冰面上靜止放置一表面光滑的斜面體,斜面體右側(cè)一蹲在滑板上的小孩和其面前的冰塊均靜止于冰面上某時(shí)刻小孩將冰塊以相對(duì)冰面3m/s的速度向斜面體推出,冰塊平滑地滑上斜面體,在斜面體上上升的最大高度為h=0.3m(h小于斜面體的高度).已知小孩與滑板的總質(zhì)量為m1=30kg,冰塊的質(zhì)量為m2=10kg,小孩與滑板始終無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)取重力加速度的大小g=10m/s2.(1)小孩將冰塊推出時(shí)的

11、速度大小(2)求斜面體的質(zhì)量；(3)通過(guò)計(jì)算判斷，冰塊與斜面體分離后能否追上小孩?15（12分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長(zhǎng)為L(zhǎng)8cm，兩板間距離d8cm，A板比B板電勢(shì)高300V，一帶正電的粒子電荷量為q1.01010C、質(zhì)量為m1.01020kg，沿電場(chǎng)中心線RD垂直電場(chǎng)線飛入電場(chǎng)，初速度v02.0106m/s，粒子飛出電場(chǎng)后經(jīng)過(guò)界面MN、PS間的無(wú)電場(chǎng)區(qū)域。已知兩界面MN、PS相距為12 cm，粒子最后打在放置于PS線上的熒光屏上。(粒子的重力不計(jì)) 求：粒子打在熒光屏上的位置。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求

12、的。1、D【解析】根據(jù)題意得：剪斷繩子前彈簧的彈力為：，繩中的力為：；剪斷繩后，繩子上的力瞬間消失，彈簧上的彈力瞬間保持不變。則A的加速度大小為：，代入解之得：；B的加速度大小為：，代入解之得：。A. 都等于。與結(jié)論不符，故A錯(cuò)誤； B. 和0。與結(jié)論不符，故B錯(cuò)誤；C. 和。與結(jié)論不符，故C錯(cuò)誤； D. 和。與結(jié)論相符，故D正確。2、B【解析】本題考查共點(diǎn)力的平衡中隔離法的應(yīng)用以及對(duì)物理臨界狀態(tài)的理解【詳解】分別對(duì)A、B兩個(gè)物體進(jìn)行受力分析，如圖所示，對(duì)A的受力進(jìn)行正交分解，則有 ，而AB恰好達(dá)到平衡，說(shuō)明此時(shí)AB所受的靜摩擦力均達(dá)到最大靜摩擦力，即；再對(duì)B的受力進(jìn)行正交分解，有，聯(lián)立方程組

13、解得，故本題正確答案應(yīng)選B。3、D【解析】A、當(dāng)空間站和飛船均做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，其萬(wàn)有引力提供向心力，即，則線速度大小為：，由于空間站的半徑大于飛船的半徑，故空間站的速度的大小小于飛船的速度大小，由于二者的質(zhì)量關(guān)系未知，故根據(jù)動(dòng)能的公式無(wú)法判斷二者的動(dòng)能大小關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)飛船與空間站相遇時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：，即，可知二者相遇時(shí)其加速度的大小相等，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知，飛船在從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，速率越來(lái)越小，故C錯(cuò)誤；D、設(shè)飛船橢圓軌道的周期為T(mén)，則根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知：由題可知：，聯(lián)立可以得到：，故D正確。4、D【解析】A根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得：則得衛(wèi)星的軌道半

14、徑為：故A錯(cuò)誤；B因由上分析知，根據(jù)將衛(wèi)星從低軌道進(jìn)入高軌道，火箭要點(diǎn)火加速做功，但由于與的質(zhì)量都未知，故無(wú)法判定誰(shuí)的機(jī)械能更大，故B錯(cuò)誤；C發(fā)射地球的衛(wèi)星，其發(fā)射速度必須大于第一宇宙速度，即發(fā)射速度大于，故C錯(cuò)誤；D設(shè)從兩衛(wèi)星相距最近到再次相距最近經(jīng)歷時(shí)間為。則有：得：，故D正確。故選D5、A【解析】對(duì)桌子受力分析，如圖所示根據(jù)平衡條件可知，水平方向有，豎直方向有，其中，故，令，則；當(dāng)時(shí)，F(xiàn)有最小值， ，故，選項(xiàng)A正確故選A.6、B【解析】收音機(jī)屏板上的單位為MHz和KHz，是頻率的單位，所以向右調(diào)指針時(shí)所接收的電磁波的頻率變大；由公式可得，電磁波的波速一定，電磁波的波長(zhǎng)和頻率互成反比例關(guān)系

15、，所以，頻率變大，波長(zhǎng)變小，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤；故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】A布朗運(yùn)動(dòng)是指在顯微鏡下觀察到的懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B由于液體表面張力的作用使葉面上的小露珠的表面積有最小的趨勢(shì)，所以呈球形，故B正確；C多晶體不具有規(guī)則幾何形狀，故C錯(cuò)誤；D氫氣和氮?dú)獾臏囟认嗤瑫r(shí)，它們分子的平均動(dòng)能相同，由于它們的分子質(zhì)量不同，所以它們分子的平均速率不相同，故D錯(cuò)誤。8、BD【解析】彈簧的彈力不能突變，以A、B系

16、統(tǒng)為研究對(duì)象，由牛頓第二定律求出系統(tǒng)的加速度，然后以B為研究對(duì)象，由牛頓第二定律求出A、B間的作用力?！驹斀狻緾、物體A、B接觸但不擠壓，剪斷細(xì)線前，對(duì)A由平衡條件得，彈簧的彈力：T=mAg=410=40N，由于彈簧的彈力不能突變，剪斷細(xì)線瞬間彈力大小仍為40N，故C錯(cuò)誤；A、剪斷細(xì)線后，A、B一起向下加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：（mA+mB）gT=（mA+mB）a，解得：a=6m/s2，故A錯(cuò)誤，B正確；D、對(duì)B，由牛頓第二定律得：mBgF=mBa，解得：F=24N，則A、B間的作用力為24N，故D正確；故選：BD?！军c(diǎn)睛】本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用；解題的關(guān)鍵是先采用整體法求解加速

17、度，再隔離物體B并根據(jù)牛頓第二定律列式求解。9、BD【解析】開(kāi)始時(shí)砝碼和托盤(pán)的總重力為6N，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為2N，故A受到水平向左的靜摩擦力4N（說(shuō)明最大靜摩擦力大于等于4N）；剪短細(xì)線后，A所受到彈簧彈力沒(méi)變?nèi)匀粸?N，由上面分析知最大靜摩擦力大于等于4N，所以A仍然靜止，靜摩擦力減小為2N，方向向右，故AC錯(cuò)誤，BD正確；10、ABD【解析】AA、B間的摩擦力不一定達(dá)到最大靜摩擦力，則摩擦力的大小不一定等于3mg，故A錯(cuò)誤，符合題意。B三個(gè)物體保持相對(duì)靜止，隨轉(zhuǎn)臺(tái)一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靠靜摩擦力提供向心力，則fA3m2r，fc1.5m2r，可知C與轉(zhuǎn)臺(tái)間的摩擦力大小小于A與B間的摩擦力大小，

18、故B錯(cuò)誤，符合題意。CD根據(jù)mg=mR2得，臨界角速度C的半徑大，則C先達(dá)到最大靜摩擦力，轉(zhuǎn)臺(tái)的角速度滿足故C正確，不符合題意，D錯(cuò)誤，符合題意。故選ABD.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、2.4 0.58 0.60 在誤差允許的范圍內(nèi)，m1、m2 組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 9.7 【解析】(1)1根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過(guò)程中的平均速度，可知打第5個(gè)點(diǎn)時(shí)的速度為(2)2物體的初速度為零，所以動(dòng)能的增加量為3重力勢(shì)能的減小量等于物體重力做功，故4在誤差允許的范圍內(nèi)，m1、m2 組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。(3)5本題

19、中根據(jù)機(jī)械能守恒可知即有所以作出的圖象中，斜率表示重力加速度，由圖可知斜率故當(dāng)?shù)氐膶?shí)際重力加速度12、100 E 0.2 【解析】（1）1由題意可知，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用伏安法測(cè)量伏安特性曲線，由表中數(shù)據(jù)可知，電流大小最大約為0.49A，因此電流表應(yīng)采用A2，故只能采用A1與電阻箱串聯(lián)的方式進(jìn)行改裝，由串并聯(lián)電路規(guī)律可知=100（2）2由于本實(shí)驗(yàn)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，所以只能選用總阻值較小的E；（3）3本實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，由于電流表內(nèi)阻較小，故應(yīng)采用電流表外接法，故原理圖如圖所示（4）4根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線如圖所示（5）5在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點(diǎn)表示燈泡的工作點(diǎn)，由圖可知，電壓U=0.8V，電流I=0.22A，則功率WW【點(diǎn)睛】明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)電路的改裝規(guī)律可明確電阻箱應(yīng)接入電阻；根據(jù)滑動(dòng)變阻器的