2018高考海南物理試題及答案及解析

1、完美WORD格式2017年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（海南卷）物理一、單項(xiàng)選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要 求的。1 .【2017年海南，1, 4分】光滑水平桌面上有 P、Q兩個(gè)物塊，Q的質(zhì)量是P的n倍。將一輕彈簧置于 P、Q之 間，用外力緩慢壓 P、Q。撤去外力后，P、Q開始運(yùn)動(dòng)，P和Q的動(dòng)量大小的比值為（）e 21A. nB. nC. -D. 1【答案】D【解析】當(dāng)撤去外力后，物塊P的動(dòng)量大小為Pp =mPVP ,物塊Q的動(dòng)量大小為PQ = mQVQ ,輕彈簧與物塊P、Q組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒， 根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：mpVp =Eq

2、Vq ,則P和Q的動(dòng)量大小的比值為1,故選Do【點(diǎn)評(píng)】本題考查動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，要注意明確撤去拉力后的動(dòng)量大小始終為零，同時(shí)在列式時(shí)一定要注意動(dòng)量的矢量性。2 .【2017年海南，2, 4分】關(guān)于靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線，下列說法正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度較大的地方電場(chǎng)線一定較疏B .沿電場(chǎng)線方向，電場(chǎng)強(qiáng)度一定越來越小C.沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)一定越來越低D .電場(chǎng)線一定是帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡【答案】C【解析】電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，而電場(chǎng)強(qiáng)度不一定越來越小，選項(xiàng) B錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確；電場(chǎng)線是為 了直觀形象地

3、描述電場(chǎng)分布， 在電場(chǎng)中引入的一些假想的曲線。曲線上每一點(diǎn)的切線方向和該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向一致，電場(chǎng)線不是帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，故D錯(cuò)誤；故選Co【點(diǎn)評(píng)】記住電場(chǎng)線的特點(diǎn)：電場(chǎng)線的疏密代表電場(chǎng)的強(qiáng)弱，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，并要掌握電場(chǎng)線的兩 個(gè)意義：電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低，電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的方向。3 .【2017年海南，3, 4分】汽車緊急剎車后，停止運(yùn)動(dòng)的車輪在水平地面上滑動(dòng)直至停止，在地面上留下的痕跡稱為剎車線。由剎車線的長短可知汽車剎車前的速度。已知汽車輪胎與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.80 ,測(cè)得剎車線長25ml汽車在剎車前的瞬間的速度大小為（重力加速度g取10m/s2）

4、（）A. 10m/sB. 20m/sC . 30m/sD . 40m/s【答案】B【解析】汽車緊急剎車后，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：0-v2 =-2ax ,根據(jù)牛頓第二定律有：Nmg = ma,代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：V0=20m/s,故選Bo【點(diǎn)評(píng)】運(yùn)動(dòng)學(xué)問題，一般先根據(jù)物體受力，利用牛頓第二定律求得加速度， 然后再由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求解相關(guān)位移、 速度等問題。4 .【2017年海南，4, 4分】如圖，平行板電容器的兩極板豎直放置并分別與電源的正負(fù)極相連，一帶電小球經(jīng)絕緣輕繩懸掛于兩極板之間，處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)保持右極板不動(dòng)， 將左極板向左緩慢移動(dòng)。關(guān)于小球所受的電場(chǎng)力大小 F和繩子的拉力大小T

5、 ,下列判斷正確的是（）A.F逐漸減小，T逐漸減小B. F逐漸增大，T逐漸減小C.F逐漸減小，T逐漸增大D. F逐漸增大，T逐漸增大【答案】A【解析】由題意可知，平行板電容器左極板向左緩慢移動(dòng)時(shí)，由于電容器始終與電源相連接，則電容器兩極板間的電壓U不變，由于兩板距離 d變大，則由E=U可知，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度 E減小，則小球所受的電場(chǎng)d力大小F =qE減小，則細(xì)繩與豎直方向的夾角8變小；由于左極板沒有移動(dòng)之前，小球受力平衡，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件可知，繩子的拉力大小T =5?，由于細(xì)繩與豎直方向的夾角e變小，則cos0值cos-變大，則繩子上的拉力大小 T變小，故選 A【點(diǎn)評(píng)】運(yùn)動(dòng)學(xué)問題，一般先根據(jù)

6、物體受力，利用牛頓第二定律求得加速度，然后再由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求解相關(guān)位移、速度等問題。5 .【2017年海南，5, 4分】已知地球質(zhì)量為月球質(zhì)量的81倍，地球半徑約為月球半徑的 4倍。若在月球和地球范文.范例.指導(dǎo).參考表面同樣高度處，以相同的初速度水平拋出物體,拋出點(diǎn)與落地點(diǎn)間的水平距離分別為s月和s地，則s月：s地約A. 9:4B, 6:1C【答案】A【解析】在星球表面，根據(jù)萬有引力提供向心力有：根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)可知，落地時(shí)間為t =. 2h3: 2D, 1:1GMm=mg解得:則有:R2R2則在月球和地球表面同樣高度處，物體的落地時(shí)間之比為16811; 巴 =9 ,水平射程為x=Vot ,則拋出

7、點(diǎn)與落地點(diǎn)間的水平距離之比為色=上,故選A。t地.g月 4s地t地 4【點(diǎn)評(píng)】把月球表面的物體運(yùn)動(dòng)和天體運(yùn)動(dòng)結(jié)合起來是考試中常見的問題.重力加速度g是天體運(yùn)動(dòng)研究和天體表面宏觀物體運(yùn)動(dòng)研究聯(lián)系的物理量。6 .【2017年海南，6, 4分】將一小球豎直向上拋出，小球在運(yùn)動(dòng)過程中所受到的空氣阻力不可忽略。a為小球運(yùn)動(dòng)軌跡上的一點(diǎn)，小球上升和下降經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為 Ek1和Ek2。從拋出開始到小球第一次經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)重力所做的功為 W,從拋出開始到小球第二次經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)重力所做的功為 W2o下列選項(xiàng)正確的是（）A.&1=Ek2,W1=W2B .Ek1Ek2,W1=W2C .Ek1Ek2,W1 Ek2

8、,W Ek2 ,而從拋出開始到小球第一次經(jīng)過 a點(diǎn)以及從拋出開始到小球第二次經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)，初、末位置的豎直高度相等，則兩次重力做的功相等，即 W =W2 ,故選Bo【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道重力做功與路徑無關(guān)，與首末位置的高度差有關(guān)，以及掌握動(dòng)能定理，知道兩次經(jīng) 過a點(diǎn)的過程中重力不做功，阻力做負(fù)功。二、多項(xiàng)選擇題：本題共 4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目 要求的。全部選對(duì)的得 5分，選對(duì)但不全的得 3分，有選錯(cuò)的得0分。7 .【2017年海南，7, 5分】三束單色光1、2和3的波長分別為 大、九2和% （兀K ）。分別用著三束光照 射同一種金屬。已知

9、用光束 2照射時(shí)，恰能產(chǎn)生光電子。下列說法正確的是（）A.用光束1照射時(shí)，不能產(chǎn)生光電子B .用光束3照射時(shí)，不能產(chǎn)生光電子C.用光束2照射時(shí)，光越強(qiáng)，單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目越多D.用光束2照射時(shí)，光越強(qiáng)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能越大【答案】AC【解析】由于三束單色光1、2和3的波長關(guān)系為 1,根據(jù)c = 可知三束單色光1、2和3的頻率關(guān)系為f1 f2 【點(diǎn)評(píng)】對(duì)物體運(yùn)動(dòng)過程中某一力的求解，一般先對(duì)物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)進(jìn)行分析，得到加速度，然后應(yīng)用牛頓第二定律求得合外力，再對(duì)物體進(jìn)行受力分析即可求解。10 .【20i7年海南，i0, 5分】如圖，空間中存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向與豎直面（紙面）垂

10、直，磁d :場(chǎng)的上、下邊界（虛線）均為水平面；紙面內(nèi)磁場(chǎng)上方有一個(gè)正方形導(dǎo)線框abcd ,其上、下兩邊均匚|為磁場(chǎng)邊界平行，邊長小于磁場(chǎng)上、下邊界的間距。若線框自由下落，從ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)開始，直 ,至ab邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊界為止，線框下落的速度大小可能（）x -xA.始終減小B .始終不變C .始終增加 D .先減小后增加x X X X【答案】CD【解析】設(shè)線框的質(zhì)量為m,線框的邊長為L ,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,由于線框從某一高度處自由下落，當(dāng)ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，如果此時(shí) ab邊受到的安培力等于線框的重力，即BIL =mg ,線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，但于線框邊長小于磁場(chǎng)上、下邊界的間距，則可知線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)

11、后到ab邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊界為止，由于穿過線框的磁通量不變，線框僅受重力，這個(gè)過程線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，即線框下落的速度先不變后增加；當(dāng)ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，如果此時(shí) ab邊受到的安培力大于線框的重力，即 BIL mg ,線框減速進(jìn)入磁場(chǎng),同理，可知線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后到ab邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊界為止，線框做勻加速度運(yùn)動(dòng)，即線框下落的速度先減小，后增大；當(dāng) ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，如果此時(shí)ab邊受到的安培力小于線框的重力，即 BIL0.imm = 22.3mm=2.23cm,所以圓管內(nèi)壁的直徑為2.23cm;由圖（b）可知游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為 D =29mm + 0.i Amm =29.9mm = 2.99cm ,所以

12、圓管外壁的直徑為2.99cm?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于基本測(cè)量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量。12.【2017年北京，12, 12分】某同學(xué)用伏安法測(cè)量待測(cè)電阻的阻值?，F(xiàn)有器材為：待測(cè)電阻R （阻值約為 期），電源（電動(dòng)勢(shì)3V ）,滑動(dòng)變阻器（阻值范圍010Q）,電流表（量程0.6A , 3A ）,電壓表（量程3V , 15V ）,開關(guān)，導(dǎo)線若干。實(shí)驗(yàn)要求在測(cè)量電路中將電流表外接，滑動(dòng)變阻器起限流作用?；卮鹣铝袉栴}:(2)若已按實(shí)驗(yàn)要求接線，閉合開關(guān)后移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電壓表的示數(shù)始終約為3V ,電流表的示數(shù)（1）按照實(shí)驗(yàn)要求在圖（a）中畫出實(shí)物連線圖。

13、始終接近0。寫出產(chǎn)生這種現(xiàn)象的一個(gè)原因:（3）在連線正確后，閉合開關(guān)。電壓表和電流表的示數(shù)分別如圖（b）和圖（c）所示。由圖可知，電壓表讀數(shù)為 V,電流表讀數(shù)為 A。由此可得待測(cè)電阻的阻值為 Q （結(jié)果保留3位有效數(shù)字）ra n JE（1）實(shí)物連線圖見解析（2）待測(cè)電阻R出現(xiàn)斷路（3） 2.2； 0.48； 4.58（1）因?yàn)榇郎y(cè)電阻 R （阻值約為5。），電源（電動(dòng)勢(shì)3V）,則可估算電路中的最大電流為：。 =0.6A,所以電流表選 0.6A的量程;R根據(jù)精確性原則，電壓表選3V的量程；實(shí)驗(yàn)要求在測(cè)量電路中將電 流表外接，滑動(dòng)變阻器起限流作用，則實(shí)物連線圖如下圖所示：（2）由于電流表的示數(shù)始終

14、接近0,則可知電路出現(xiàn)斷路故障，又電壓表的示數(shù)始終約為3V ,根據(jù)電壓表的改裝原理可知，電壓表與電源肯定構(gòu)成了回路，則可判斷出待測(cè)電阻R出現(xiàn)斷路故障；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，由圖示電壓表可知，其量程為 3V ,分度值為0.1V,示數(shù)為2.2V ;由圖示電流表可知，其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.48A ;根據(jù)歐姆定律可知，R =U =_22夏之4.580 ,I 0.48則待測(cè)電阻的阻值為 4.58C?！军c(diǎn)評(píng)】在連線圖時(shí)要注意選擇電流表和電壓表的量程，掌握故障分析的方法，讀數(shù)時(shí)理清每一格表示多少，從而進(jìn)行讀數(shù)。四、計(jì)算題：本題共 2小題，共26分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求

15、寫出必要的文字說明、方程式 和演算步驟.13.【2017年北京，13, 10分】如圖，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌置于水平面（紙面）內(nèi)，軌間距 為l ,左端連有阻值為 R的電阻。一金屬桿置于導(dǎo)軌上，金屬桿右側(cè)存在一磁感應(yīng)強(qiáng)度 大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。已知金屬桿以速度v0向右進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)磁場(chǎng)區(qū)域右邊界（圖中虛線位置）時(shí)速度恰好為零。金屬桿與導(dǎo) 軌始終保持垂直且接觸良好。除左端所連電阻外，其他電阻忽略不計(jì)。求金屬桿運(yùn)動(dòng)到 磁場(chǎng)區(qū)域正中間時(shí)所受安培力的大小及此時(shí)電流的功率。解：設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域長為 x,因?yàn)榻饘贄U以速度 Vo向右進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)磁場(chǎng)區(qū)域右邊界

16、（圖中虛線位置）時(shí)速度恰好為零，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：0-v2=-2ax,則金屬桿運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)區(qū)域正x 2中間時(shí)有：v2 -v2 =-2a-,聯(lián)立解得：v = Vo ,則此時(shí)金屬桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：22E =Blv =Blvo ,根據(jù)歐姆定律可知此時(shí)回路中的電流大小為：I =-=立B峋，則金屬桿所受安培力的2R 2R.2B2l2vE2BlVccB212V2大小為：Fa=bii=此時(shí)回路中的電流為I=,則此時(shí)的電功率為： p=i2r=02RR 2R2R【點(diǎn)評(píng)】考查法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律的內(nèi)容，掌握安培力的表達(dá)式，理解運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用， 注意電功率的內(nèi)容。14.【20

17、17年北京，14, 16分】一輕彈簧的一端固定在傾角為日的固定光滑斜面的底部，另一端和質(zhì)量為m的小物塊a相連，如圖所示。質(zhì)量為 3m的小物塊b緊靠a靜止在斜面5上，此時(shí)彈簧的壓縮量為 xo,從t=0時(shí)開始，對(duì)b施加沿斜面向上的外力，使 b始終做 勻加速直線運(yùn)動(dòng)。經(jīng)過一段時(shí)間后，物塊 a、b分離；再經(jīng)過同樣長的時(shí)間， b距其出 發(fā)點(diǎn)的距離恰好也為 Xoo彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為g。求：(1)彈簧的勁度系數(shù)；(2)物塊b加速度的大?。?3)在物塊a、b分離前，外力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系式。38mgsin?解：(1)剛開始時(shí)彈簧壓縮量為Xo ,根據(jù)平衡條件和胡克定律得m + _ m

18、 g sin 日=kx0,用牛仔： k =。55xo(2) a、b兩物體分離的條件是兩物體間的正壓力為0,設(shè)經(jīng)過時(shí)間t物塊a、b分離，此時(shí)彈簧的壓縮量為X,則分離時(shí)，對(duì)小物塊 a有：kxi -mgsinQ =ma ,根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知，分離前 a、b運(yùn)動(dòng)的距離為12121.3有：xox =at , b始終做勻加速直線運(yùn)動(dòng)， 則有：Xo =-aM(2t ),聯(lián)立解得：a =-g sinO ; x =-設(shè)。2254(3)在物塊a、b分離前，對(duì)ab整體根據(jù)牛頓第二定律有：F +kx - m +- m Igsin 0 = I m +- m a ;,5.5c.2.2.解得：F =-ma+-mg sinQ

19、 -kx,由題意可知 x =%at2,代入整理得：F =mg sin 0 + mg Sint2,5522525xo在物塊a、b分離前，需滿足：0口 J 5x0 則在物塊a、b分離前，外力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系 2g sin ?2.2- Z三484mg sin 二 2 一一5%式為： F =一 mg sin 0 +1 ,其中 0 Et J。2525xo 2gsin 二【點(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律的基本應(yīng)用，解題時(shí)一定要注意明確整體法與隔離法的正確應(yīng)用，同時(shí)注意分析運(yùn)動(dòng)過程，明確運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的選擇和應(yīng)用是解題的關(guān)鍵。五、選考題：共12分。請(qǐng)考生從第1516題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)

20、分。15 .【2017年北京，15, 12分】【選修3-3】(1) (4分)關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是 。(填入正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì) 1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè) 得3分，選對(duì)3個(gè)得4分；有選錯(cuò)的得0分)A.布朗運(yùn)動(dòng)是液體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.液體溫度越高，液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈C.在液體中的懸浮顆粒只要大于某一尺寸，都會(huì)發(fā)生布朗運(yùn)動(dòng)D.液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)使液體分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)E.液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)它的撞擊作用不平衡所引起的【答案】ABE【解析】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，小顆粒的布朗運(yùn)動(dòng)是由于周圍液體分子撞擊的沖力不平衡而引起的，所以小

21、顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)反映了周圍液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，溫度越高，液體分子運(yùn)動(dòng)越激烈，布朗運(yùn)動(dòng)也越明顯；顆粒越小，受到的沖力越不平衡，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，選項(xiàng)ABE正確，CD錯(cuò)誤；故選ABE【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于布朗運(yùn)動(dòng)，要理解并掌握布朗運(yùn)動(dòng)形成的原因，知道布朗運(yùn)動(dòng)既不是顆粒分子的運(yùn)動(dòng)，也不是液體 分子的運(yùn)動(dòng)，而是液體分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映。(2) (8分)一粗細(xì)均勻的U形管ABCD的A端封閉，D端與大氣相通。用水銀將一定質(zhì)量的理想 氣體封閉在U形管的AB一側(cè)，并將兩端向下豎直放置，如圖所示。此時(shí)AB側(cè)的氣體柱長度1i =25cm。管中AB、CD兩側(cè)的水銀面高度差 hi =5cm。現(xiàn)將U形管緩慢旋轉(zhuǎn)180,使A、D兩

22、端在上，在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中沒有水銀漏出。已知大氣壓強(qiáng)p0=76cmHg。求旋轉(zhuǎn)后，AB、CD兩側(cè)的水銀面高度差。解：以U形管的AB 一側(cè)封閉的氣體為研究對(duì)象，初態(tài)： P =(76+5)cmHg =81cmHg ,設(shè)U形管的橫截面積為Scm2 ,則：V1 =l1S=25Scm3,現(xiàn)將U形管緩慢旋轉(zhuǎn)1801使A、D兩端在上，在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中沒有 水銀漏出，由于U形管緩慢旋轉(zhuǎn)，此過程可以看成等溫變化， 當(dāng)使A、D兩端在上，設(shè)AB中水銀下降了 xcm ,CD管中水銀面升高了 xcm ,對(duì)AB管中封閉的氣體有：末態(tài)：P2 = (76+x )(5x)cmHg =(71 + 2x pmHg , 3V2 =(11 +x

23、 Scm ,根據(jù)玻意耳定律得：PM = PV2,代入數(shù)據(jù)解得：x=2cm,另一解不符合題意舍掉；則 AB、CD兩側(cè)的水銀面高度差為 Ah =5cm -2cm -2cm =1cm?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了氣體定律的基本運(yùn)用，注意在這一過程中，氣體的溫度不變，結(jié)合氣體長度的變化得出壓強(qiáng)的變化，根據(jù)玻意耳定律進(jìn)行求解，難度中等。16 .【2017年北京，16, 12分】【選修3-4】(1) (4分)如圖，空氣中有兩塊材質(zhì)不同、上下表面平行的透明玻璃板平行放置；一細(xì)光 束從空氣中以某一角度 日(0 0 90)入射到第一塊玻璃板的上表面。下列說法正確的 是。(填入正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì) 1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得3分

24、，選對(duì)3個(gè)得4 分；有選錯(cuò)的得。分)A.在第一塊玻璃板下表面一定有出射光B.在第二塊玻璃板下表面一定沒有出射光C.第二塊玻璃板下表面的出射光方向一定與入射光方向平行D.第二塊玻璃板下表面的出射光一定在入射光延長線的左側(cè)E.第一塊玻璃板下表面的出射光線一定在入射光延長線的右側(cè)【答案】ACD【解析】因?yàn)榧?xì)光束從空氣中以某一角度e(08：90)入射到第一塊玻璃板的上表面，根據(jù)光的折射定律可知,細(xì)光束在第一塊玻璃板上表面中的折射角要小于入射角，由幾何關(guān)系可知，光束在第一塊玻璃板下表面 的入射角等于光束在第一塊玻璃板上表面的折射角，所以光束在第一塊玻璃板下表面不會(huì)發(fā)生全反射而 能射出玻璃板，且在第一塊玻璃板下表面出射的光線與在上表面上的入射光束平行，而且相對(duì)上表面的 入射光線要向左發(fā)生平移；同理當(dāng)光束射入第二塊玻璃板上表面時(shí)，在第二塊玻璃板上表面的折射角也 要小于此時(shí)的入射角，由上面分析可知，光束也能射出第二塊玻璃板下表面，根據(jù)幾何知識(shí)可知光束在 第一塊玻璃板上表面的入射角與第二塊玻璃板下表面的折射角相等，則從第二塊玻璃板下表面的出射光 方向一定與入射光方向平行，而且相對(duì)入射光束也向左發(fā)生平移，所以第二塊玻璃板下表面的出射光一 定在入射光延長線的左側(cè)，選項(xiàng) ACD正