廣東省珠海市香洲區(qū)2019_2020學(xué)年高一物理下學(xué)期期末模擬考卷05(含解析)

1、廣東省珠海市香洲區(qū)2019-2020學(xué)年高一物理下學(xué)期期末模擬考卷05 （含解析）一、單選題1 .物體做平拋運(yùn)動(dòng)，決定運(yùn)動(dòng)時(shí)間的物理量是 （）A.初速度B.下落高度C.水平位移D.初速度和下落高度【答案】B【解析】平拋運(yùn)動(dòng)的物體豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，由 h gt2,得t 梓，可知運(yùn)動(dòng)時(shí)間只 由下落高度h決定.故選B.2 .如圖所示，水平拋出的物體抵達(dá)斜面上端 P處時(shí)，其速度方向恰好沿著斜面向下，然后沿斜面無摩擦滑下，的圖象是（）Opz 1J 版A. t1®l& h tC-Ijr«fl r* - -1晶 - 1在下圖所示的圖象中正確描述物體重力的功率Pg隨時(shí)間t變

2、化B.， LJ r * - -r F©D J0 rzr:*【答案】C【解析】20 tp時(shí)間內(nèi)小鋼球做平拋運(yùn)動(dòng)，重力的功率：PG mg Vy mg gt mg t ；tp tQ時(shí)間內(nèi)小鋼球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)斜面的傾角為，根據(jù)牛頓第二定律得:a mg singsin此時(shí)重力的功率為:PG mgvsinmg(v0 cos at)sinmg(v0 cos gtsin )sin(mg2sin2 ) t mgvosin cos由表達(dá)式可以看出0 tp時(shí)間內(nèi)PG-t直線的斜率比tptQ時(shí)間內(nèi)的斜率大選項(xiàng)C正確，ABD昔誤。故選Co3 .關(guān)于功率，下列說法正確的是（）P=-A.由 .知，力做功越多

3、，功率就越大B.由'知，功率一定時(shí)，速度越大，力越小C.由一 一知，物體運(yùn)動(dòng)越快，功率越大,D.由知，功率越大，力做功越多【答案】Bp=-【解析】根據(jù)1可知，機(jī)器做功越多，其功率不一定就越大，還要看時(shí)間，故A錯(cuò)誤;F=-根據(jù) 可知，當(dāng)汽車以恒定功率運(yùn)動(dòng)時(shí)，牽引力與運(yùn)動(dòng)速率成反比，速度越大，力越小，B正確；由P 知，物體運(yùn)動(dòng)越快，功率不一定越大，還與牽引力大小有關(guān)，C錯(cuò)誤；由*=P'知，功率越大，力做功不一定越多，還與做功的時(shí)間有關(guān)，D錯(cuò)誤.4.在同一位置以相同的速率把三個(gè)小球分別沿水平、斜向上、斜向下方向拋出，不計(jì) 空氣阻力，則落在同一水平地面時(shí)的速度大小 （）A. 一樣大B.

4、水平拋的最大C,斜向上拋的最大D.斜向下拋的最大【答案】A【解析】解：由于不計(jì)空氣的阻力，所以三個(gè)球的機(jī)械能守恒，由于它們的初速度的大小相同， 又是從同一個(gè)位置拋出的，最后又都落在了地面上，所以它們的初末的位置高度差相同， 初動(dòng)能也相同，由機(jī)械能守恒可知，末動(dòng)能也相同，所以末速度的大小相同.故選A.5 .中國(guó)的高鐵技術(shù)居世界領(lǐng)先地位。通常，列車受到的阻力與速度的平方成正比，即f kv20列車要跑得快，必須用大功率的機(jī)車牽引。若列車以120km/h的速度勻速行駛時(shí)機(jī)車的功率為P,則該列車以240km/h的速度勻速行駛時(shí)機(jī)車的功率為（）A. 16P B . 8P C . 4P D . 2P【答案】

5、B【解析】當(dāng)快艇勻速行駛時(shí)，牽引力等于阻力，有 F=f=kv2,則牽引力功率P=Fv=kV， 速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則牽引力功率變?yōu)樵瓉淼?倍.所以選項(xiàng)C正確，ABD昔誤.故 選C.6 .下列物理量中是矢量的是（）A.重力勢(shì)能B.加速度C路程D.速率【答案】B【解析】矢量有大小有方向，重力勢(shì)能、路程、速率只有大小沒有方向，是標(biāo)量，加速度有大小 有方向，是矢量.故B正確，A、G D錯(cuò)誤.故選B.7 .將一質(zhì)量為m的小球從足夠高處水平拋出，飛行一段時(shí)間后，小球的動(dòng)能為E,在經(jīng)過相同的時(shí)間后，小球的動(dòng)能為 2E （此時(shí)小球未落地），不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g,則小球拋出的初速度大小為（）C. 3D.

6、3Ek-2m20_121_ 2 12Ekmv。，經(jīng)過 2t時(shí)間，mg - g(2t)2Ek-mvo ,12由動(dòng)能止理，經(jīng)時(shí)間t, mg -gt解得vo 2、叵，故選B.3m8 . 一個(gè)質(zhì)點(diǎn)受到兩個(gè)互成銳角的力 冗、F2的作用，由靜止開始運(yùn)動(dòng)，若保持二力方向不變，只將F1突然增大2倍，則此后質(zhì)點(diǎn)（）A.可能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)C.不一定做曲線運(yùn)動(dòng)B.可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)D. 一定做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】若保持二力方向不變，只將Fi突然增大2倍，則Fi和F2的合力方向與速度方向不再共 線，則物體將做曲線運(yùn)動(dòng)，由于Fi和F2的合力仍為恒力，加速度恒定，則質(zhì)點(diǎn)做勻變速 曲線運(yùn)動(dòng)，不可能做勻速圓周運(yùn)

7、動(dòng)。故選D。9 .如圖所示，在粗糙水平面上靜止放有一個(gè)半圓球，將一個(gè)很小的物塊放在粗糙程度 處處相同的球面上，用始終沿球面的力F拉著小物塊從A點(diǎn)沿球面勻速率運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)B,半圓球始終靜止.對(duì)于該過程下列說法正確的是 （）A.小物塊所受合力始終為0B.半圓球?qū)π∥飰K的支持力一直增大，摩擦力也一直增大C. F大小一直不變D.半圓球?qū)Φ孛娴哪Σ亮κ冀K向右【答案】B【解析】A.小物塊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以所受合外力不為 0,故選項(xiàng)A不符合題意；B.假設(shè)小物塊與圓心連線與水平方向的夾角為，當(dāng)小物塊沿圓弧上滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律則有：2Vmgsin 0 FN m 一 r由于fFN ,可知 增大，支持力增大，

8、則滑動(dòng)摩擦力也增大，故選項(xiàng) B符合題意;C.根據(jù)題意則有:2 VF mgcos。 Fn mgcos0 ggsin 0 叩一 r對(duì)cos。fsin。分析可知 從0增大到90, F先增大后減小，故選項(xiàng) C不符合題意；D.對(duì)半圓球進(jìn)行受力分析可知半圓球所受摩擦力向右，所以半圓球?qū)Φ孛娴哪Σ亮κ冀K向左，故選項(xiàng)D不符合題意.10 .物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定發(fā)生變化的物理量是（）A.速度的方向B.速度的大小C.加速度白大小D.加速度的方向【答案】A【解析】A項(xiàng)：由于曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向?yàn)榍€切線方向，所以曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向時(shí)刻改變， 故A正確；B項(xiàng)：做曲線運(yùn)動(dòng)的物體速度大小不一定變化，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小

9、不變，故錯(cuò) 誤；C項(xiàng)：做曲線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度大小不一定變化， 如勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大小不變， 故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：做曲線運(yùn)動(dòng)的物體加速度方向不一定變化，如平拋運(yùn)動(dòng)物體的加速度為重力加速 度即不變，故D錯(cuò)誤。11 .如圖所示，一塊長(zhǎng)木板B放在光滑的水平面上，在 B上放一物體A,現(xiàn)以恒定的外 力拉B,由于A、B間摩擦力的作用，A將在B上滑動(dòng)，以地面為參考系，A B都向前移 動(dòng)一段距離.在此過程中（）A.外力F做的功等于A和B動(dòng)能的增量B. B對(duì)A的摩擦力所做的功等于 A的動(dòng)能的增量C. A對(duì)B的摩擦力所做的功等于B對(duì)A的摩擦力所做的功D.外力F對(duì)B做的功等于B的動(dòng)能的增量與B克服摩擦力所做的功之和

10、【答案】B【解析】選才？人和8作為研究對(duì)象，運(yùn)用動(dòng)能定理研究：B受外力F做功，A對(duì)B的摩擦力與B 對(duì)A的摩擦力是一對(duì)作用力與反作用力， 大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑動(dòng)， A B對(duì)地的位移不等，故二者做功不等， W+ (-f?Ax) =+ Eb,其中Ax為A、B 的相對(duì)位移。所以外力F做的功不等于A和B的動(dòng)能的增量，故A錯(cuò)誤。對(duì)A物運(yùn)用動(dòng) 能定理，則有B對(duì)A的摩擦力所做的功，等于 A的動(dòng)能的增量，故B正確。A對(duì)B的摩 擦力與B對(duì)A的摩擦力是一對(duì)作用力與反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑動(dòng)，A、B對(duì)地的位移不等，故二者做功不等，故C錯(cuò)誤。對(duì)B物體應(yīng)用動(dòng)能定理， W-W/=A

11、E® W為B克服摩擦力所做的功，即 W=zE%+皿 就是外力F對(duì)B做的功等于 B的動(dòng)能增量與B克服摩擦力所做的功之和，故 D正確。故選BQ、多選題12 .“嫦娥一號(hào)”與“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星最終目的地雖都在月球上，但命運(yùn)不同.“嫦娥一號(hào)”從離月高200 km圓軌道的A處減速，經(jīng)曲線無動(dòng)力下落后撞在月球上；“嫦娥三號(hào)”則從近月點(diǎn)15 km,遠(yuǎn)月點(diǎn)100 km的橢圓軌道上近月點(diǎn)B處減速，經(jīng)曲線有動(dòng) 力下降，最后實(shí)現(xiàn)軟著落，進(jìn)行對(duì)月科學(xué)探測(cè).下列說法正確的有()A.兩衛(wèi)星在A B兩處均可以通過向運(yùn)動(dòng)方向噴氣以達(dá)到減速目的B.兩衛(wèi)星曲線下降階段它們都只受月球的引力C. “嫦娥一號(hào)”在圓軌道運(yùn)動(dòng)

12、時(shí)過 A處速度小于“嫦娥三號(hào)”在橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)過近月點(diǎn)B的速度D. “嫦娥三號(hào)”有動(dòng)力曲線下降階段，星載發(fā)動(dòng)機(jī)一定只能向運(yùn)動(dòng)方向噴氣【答案】AC【解析】A:兩衛(wèi)星向運(yùn)動(dòng)方向噴氣，噴出氣體對(duì)衛(wèi)星作用力與衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)方向相反，則 噴出氣體對(duì)衛(wèi)星做負(fù)功，從而使衛(wèi)星減速。故 A項(xiàng)正確。B: “嫦娥一號(hào)”無動(dòng)力下降，只受月球?qū)λ娜f有引力作用；“嫦娥三號(hào)”是有動(dòng)力 下降，所以除了受到月球引力外還受到發(fā)動(dòng)機(jī)的作用力。故B項(xiàng)錯(cuò)誤。C: “嫦娥三號(hào)”在離月15 km高度的圓軌道上需加速做離心運(yùn)動(dòng)才能進(jìn)入近月點(diǎn) 15 km 遠(yuǎn)月點(diǎn)100 km的橢圓軌道，則“嫦娥三號(hào)”在橢圓軌道上過近月點(diǎn) B速度大于離月15 ME

13、7fflMG m 爐二km高度的圓軌道速度；在圓軌道上時(shí)萬有引力提供向心力廣 "解得：Y，可知軌道半徑越大速度越小，故離月15 km高度的圓軌道速度大于離月高200 km的圓軌 道的速度；綜上“嫦娥三號(hào)”在橢圓軌道上過近月點(diǎn) B速度大于“嫦娥一號(hào)”在圓軌道 運(yùn)動(dòng)時(shí)過A處速度。故C項(xiàng)正確。D: “嫦娥三號(hào)”有動(dòng)力下降曲線階段，除受到星載發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)它的推力作用外還有月球?qū)λ娜f有引力作用，只要合力方向與速度間夾角在 90°與180°之間均可以。故D項(xiàng) 錯(cuò)誤。13.已知某人造衛(wèi)星環(huán)繞地球勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若想要估算出地球的質(zhì)量，除萬有引力常 量G外還需要知道（）A.衛(wèi)星的軌道

14、半徑B.衛(wèi)星的質(zhì)量C.地球的半徑D.衛(wèi)星的周期【答案】AD【解析】2已知某人造衛(wèi)星環(huán)繞地球勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力得：GM1 m4vr ,22r T4 2 3解得：m 上二，所以想要估算出地球的質(zhì)量，除萬有引力常量 G外還需要知道衛(wèi)星 GT2的軌道半徑和衛(wèi)星的周期，故 A D正確，B、C錯(cuò)誤；故選AD.14. 一質(zhì)量為m的物體靜止在光滑水平面上，從t =0時(shí)刻開始受到水平外力的作用.力的大小F與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示，力的方向保持不變，則下列說法中正確的是（）A.物體在0卜和b2t0水平外力做功之比是1 ： 10B.物體在0t°和t°2t0水平外力做功之比是1 :

15、 8C.外力在t0和2t0時(shí)刻的瞬時(shí)功率之比是1 : 8D.外力在t°和2t0時(shí)刻的瞬時(shí)功率之比是1 : 6at。F” , t0到2t0時(shí)間內(nèi)的加速 m【答案】BD0到t。時(shí)間內(nèi)的加速度a1t。時(shí)刻的速度為V1m度為a2 阻，2t0時(shí)的速度為V2 V1 a2t°三遇，根據(jù)動(dòng)能定理得：外力在0到t0時(shí) mm1F2t2間內(nèi)做的功為W mv?00 外力在tO到2t0時(shí)間內(nèi)做的功為22m2. 2W2 -mvf 1mv2 時(shí)工，所以外力在0到t°和t°到2t0時(shí)問內(nèi)做功之比是1： 8,故 22 2mFclA錯(cuò)誤，B正確；外力在t0時(shí)刻的瞬時(shí)功率為p F°

16、v1, 2t0時(shí)刻的瞬時(shí)功率mP2 2F0v2 6F包，所以外力在to和2to時(shí)刻的瞬時(shí)功率之比是1:6,故C錯(cuò)誤，D正確.故 m選BD15.在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體 P輕放在彈簧上端，P由靜 止向下運(yùn)動(dòng)，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖中實(shí)線所示.在另一星球 N上用完全相同的彈簧，改用物體Q完成同樣的過程，其a-x關(guān)系如圖中虛線所示，假 設(shè)兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體.已知星球 M的半徑是星球N的3倍，則（）A. M與N的密度相等B. Q的質(zhì)量是P的3倍C. Q下落過程中的最大動(dòng)能是 P的4倍D. Q下落過程中彈簧的最大壓縮量是 P的4倍【答案】AC【解析】

17、A、由a-x圖象可知，加速度沿豎直向下方向?yàn)檎较?，根?jù)牛頓第二定律有：kk mg kx ma,變形式為：a g一x,該圖象的斜率為 一，縱軸截距為重力加速度 mmg .根據(jù)圖象的縱軸截距可知，兩星球表面的重力加速度之比為：9M 至 又因gN a01為在某星球表面上的物體，所受重力和萬有引力相等，即：Gmm- mg,即該星球的R2R23質(zhì)量M 空.又因?yàn)椋篗 t聯(lián)立得gM RNgN RM1:1 ,故A正確;二g.故兩星球的密度之比為:4 RGG3B、當(dāng)物體在彈簧上運(yùn)動(dòng)過程中，加速度為 0的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡,一 kxmg kx,即：m 一；結(jié)合a-x圖象可知，當(dāng)物體P和物體Q分別

18、處于平衡包置時(shí),彈簧的壓縮量之比為:Xpxoo,故物體P和物體Q的質(zhì)量之比為:2x02mPxpmQXq故B錯(cuò)誤;v2 2ax,C、物體P和物體Q分別處于各自的平衡位置（a=0）時(shí)，它們的動(dòng)能最大；根據(jù)2 _ 1 _ 一結(jié)合a-x圖象面積的物理意義可知：物體P的最大速度滿足vp 2 - 3a° x° 3a。乂°,物 2體Q的最大速度滿足：vQ 2a0X0,則兩物體的最大動(dòng)能之比:12EkQ 2mQvQmQ vQ2mP vP4,C正確;D物體P和物體Q分別在彈簧上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由平衡位置（a=0）可知，物體P和Q振 動(dòng)的振幅A分別為和2X0,即物體P所在彈簧最大壓縮量為

19、2x0,物體Q所在彈簧最 大壓縮量為4xo,則Q下落過程中，彈簧最大壓縮量時(shí) P物體最大壓縮量的2倍，D錯(cuò) 誤； 故本題選AC 三、實(shí)驗(yàn)題16.在用自由落體法“探究動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)中, JL(1)為完成此實(shí)驗(yàn)，除了圖1中所給的器材，以下所列器材中必需的有.（填A(yù).毫米刻度尺B.秒表C天平D.低壓交流字母)6V電源(2)圖2為實(shí)驗(yàn)打下的紙帶，紙帶上的點(diǎn)都是連續(xù)打下的點(diǎn).已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電源周期為T,重力加速度為g.量得A、B、C各點(diǎn)到起點(diǎn)0(打下的第一個(gè)點(diǎn))的長(zhǎng)度分別是 匕、h2、h3.已知重錘質(zhì)量為m,從起點(diǎn)。到B點(diǎn)重錘所受重力做功 W動(dòng)能增加量 E二.(用題中所給字母表示)(3)在實(shí)驗(yàn)

20、中，W和日增并不嚴(yán)格相等，產(chǎn)生誤差的主要原因是【答案】AQmgh2 ;2m h3 h18T2重錘下落過程受到阻力作用;【解析】(1) 1.實(shí)驗(yàn)需要求出重力做功與重錘動(dòng)能的增加量，需要驗(yàn)證:mgh -mv22即驗(yàn)證:12gh 2v實(shí)驗(yàn)需要用刻度尺測(cè)下落高度 h,另外打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要使用交流電源，因此需要的器材為：AD(2) 23.從起點(diǎn)。到B點(diǎn)重錘所受重力做功為:W=mgh大小B點(diǎn)時(shí)重錘的速度為：h3 hiv 2T重錘動(dòng)能的增加量為：Ek1 2mv221h3 hi-m 2 2T2m h3hi8T2(3) 4.重錘下落過程受到阻力作用，要克服阻力做功，因此動(dòng)能的增加量與重力做 功不相等.17 .用落

21、體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，若實(shí)驗(yàn)中所用重錘的質(zhì)量 m=1kg打點(diǎn)紙帶如圖所示(。為起點(diǎn)，紙帶中的數(shù)據(jù)為各點(diǎn) 到O點(diǎn)的距離)，打點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02s ,則記錄B點(diǎn)時(shí)，重錘的的速度Vb=m/s, 重錘的動(dòng)能Ek=J,從開始下落起至B點(diǎn)重錘的重力勢(shì)能的減小量是 J, (g 取10m/s2,結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)，由此可得出結(jié)論.根據(jù)紙帶算出相關(guān)各點(diǎn)的速度 v,量出下落的距離h,則以h為橫軸畫出的圖像應(yīng)是下圖中的哪個(gè)【答案】0.590 0.174 0.176 C【解析】利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，得：%二梟屯1*?。 :0.5",重錘的動(dòng)能二巧=黃1乂。,5力=0.17%，從開始下落

22、至B點(diǎn)，重錘的重力勢(shì)能減少量也七=mgh = 1X1。X17.6X 107= 076j；物體自由下落過程中，由機(jī)械能守恒可以 得出：叫即;/=。入，所以;i工為縱軸，以h為橫軸畫出的圖線應(yīng)是過原點(diǎn)的 傾斜直線，也就是圖中的C,故選C.四、解答題18 .如圖所示，質(zhì)量m=1kg的小球用細(xì)線拴住，線長(zhǎng)l =0.5m,細(xì)線所受拉力達(dá)到F=18N 時(shí)就會(huì)被拉斷。當(dāng)小球從圖示位置釋放后擺到懸點(diǎn)的正下方時(shí)，細(xì)線恰好被拉斷。若此 時(shí)小球距水平地面的高度h=5m重力加速度g=10m/s2,求小球落地處到地面上 P點(diǎn)的距 離。（P點(diǎn)在懸點(diǎn)的正下方）【答案】2m【解析】球擺到懸點(diǎn)正下方時(shí)，線恰好被拉斷，說明此時(shí)線

23、的拉力F=18N,則由2VF mg m 可求得線斷時(shí)球的水平速度為(F mg)lm(18 10) 0.5, c ,m / s 2m /s112線斷后球做平拋運(yùn)動(dòng)，由h -gt2可求得物體做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2t1s則平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為x vt 2 12m即小球落地處到地面上P點(diǎn)的距離為2nl19. 2019年12月17日，我國(guó)首艘國(guó)產(chǎn)航母山東艦交付海軍。 在山東艦上某次戰(zhàn)斗機(jī)起 降訓(xùn)練中，質(zhì)量為1.8 x 104kg的殲15艦載機(jī)以270km/h的速度在航母上降落，飛機(jī)著 艦并成功鉤住阻攔索后，飛機(jī)的動(dòng)力系統(tǒng)立即關(guān)閉，如圖 a所示。阻攔系統(tǒng)通過阻攔索 對(duì)飛機(jī)施加一作用力，使飛機(jī)在甲板上短距離滑

24、行后停止，以飛機(jī)鉤住阻攔索為計(jì)時(shí)起 點(diǎn)，其著艦到停在甲板上的速度一時(shí)間圖線如圖b所示，已知航母的航速為54km/h,飛機(jī)著艦時(shí)速度方向與航母的運(yùn)動(dòng)方向相同，重力加速度的大小為go求：(1)阻攔索對(duì)戰(zhàn)機(jī)的平均作用力大小； 飛機(jī)在甲板上滑過的距離?！敬鸢浮?1) 3.6 X105N; (2)90m【解析】(1)由圖像可知，戰(zhàn)斗機(jī)著艦過程中減速時(shí)間為3s根據(jù)v=Vo at代入數(shù)據(jù)解得a=20m/s2 由牛頓第二定律，阻攔索對(duì)戰(zhàn)機(jī)的平均作用力F=ma代入數(shù)據(jù)解得F=3.6 X105N (2)飛機(jī)著艦降落的過程中，飛機(jī)的位移X1vot1at22該過程中航空母艦的位移Xo=Vt飛機(jī)在甲板上滑過的距離XX1x0代入數(shù)