2020屆高考物理模擬特效卷第五卷

1、2020屆高考物理模擬特效卷第五卷1、氫原子的核外電子從距核較近的軌道躍遷到距核較遠(yuǎn)的軌道過(guò)程中（）A.原子要吸收光子，電子的動(dòng)能增大原子的電勢(shì)能增大，原子的能量增大B.原子要放出光子，電子的動(dòng)能減小原子的電勢(shì)能減小，原子的能量也減小C.原子要吸收光子，電子的動(dòng)能增大原子的電勢(shì)能減小，原子的能量增大D.原子要吸收光子，電子的動(dòng)能減小原子的電勢(shì)能增大，原子的能量增大2、如圖所示，建筑工人常常徒手拋磚塊，地面上的工人以10m/s的速度豎直向上間隔 1s連續(xù)兩次拋磚，每次拋一塊，樓上的工人在距拋磚點(diǎn)正上方3.75 m處接磚，g取10m/l，空I 0i m/s氣阻力可以忽略，則樓上的工人兩次接磚的最長(zhǎng)

2、時(shí)間間隔為A.4 sB.3 sC.2 sD.1 s3、某電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示（實(shí)線），以下說(shuō)法正確的是（）A. c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B. b和c處在同一等勢(shì)面上C.若將一試探電荷+q由a點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn),電荷的電勢(shì)能將增大D.若某一點(diǎn)電荷只在電場(chǎng)力的作用下沿虛線由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)，可判斷該電荷一定帶負(fù)電4、如圖所示，質(zhì)量為 m的小球以v。正對(duì)傾角為。的斜面水平拋出，若小球到達(dá)斜面的位移最小，則小球落到斜面上時(shí)重力的瞬時(shí)功率為（重力加速度為g)()tanB. 2mgv。tanmgv。C.tanD. mgv0 tan5、如圖所示，光滑軌道 ABCD最低點(diǎn)B處的入、出口靠近但相互錯(cuò)開(kāi)，C是半彳至為R的

3、圓形軌道的最高點(diǎn)，BD部分水平，末端D點(diǎn)與足夠長(zhǎng)的水平傳送帶無(wú)縫連接，傳送帶以恒定速度v逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)?，F(xiàn)將一質(zhì)量為 m的小滑塊從軌道 AB上豎直高度為3R的位置A由靜止 釋放，滑塊能通過(guò) C點(diǎn)后再經(jīng)D點(diǎn)滑上傳送帶，已知滑塊滑上傳送 帶后，又從D點(diǎn)滑入光 滑軌道且能到達(dá)原位置 A,則在該過(guò)程中（）A.在C點(diǎn)滑塊對(duì)軌道的壓力為零B.傳送帶的速度可能為癡RC.摩擦力對(duì)物塊的沖量為零D.傳送帶速度v越大，滑塊與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量越多6、光滑水平地面上， A、B兩物體質(zhì)量都為 m, A以速度v向右運(yùn)動(dòng)，B原來(lái)靜止，左端連接一輕彈簧，如圖所示，當(dāng) A撞上彈簧，彈簧被壓縮最短時(shí)（）,4 WAWN RA.A

4、的動(dòng)量變?yōu)榱鉈.A、B的速度相等C.B的動(dòng)量達(dá)到最大值D.此時(shí)彈性勢(shì)能為-mv247、2019年1月3日上午10點(diǎn)26分，嫦娥四號(hào)”月球探測(cè)器成功在月球背面軟著陸，這是全人類(lèi)首次成功登陸月球背面。如圖所示，假設(shè) 嫦娥四號(hào)”在半彳5為r的圓形軌道I上繞月球運(yùn)行，周期為T(mén)。月球的半徑為R,引力常量為G。某時(shí)刻 嫦娥四號(hào)”在A點(diǎn)變軌進(jìn)入橢圓 軌道H,在月球表面的B點(diǎn)貼近月球表面飛行。A、O、B三點(diǎn)在一條直線上。則（）A.探測(cè)器在軌道n上 A和B兩點(diǎn)的線速度之比為B.探測(cè)器在軌道n上 A和B兩點(diǎn)的線速度之比為C.探測(cè)器在從A點(diǎn)到B點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（R4：）T3D.月球的平均密度為 券B.圓環(huán)中的感應(yīng)電流

5、始終沿順時(shí)針?lè)较駼orSc.圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為-4to_ Bo <D.圓環(huán)中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為4to磁場(chǎng)，其邊界如圖（a）中虛線MN將該導(dǎo)線做成半徑為r的圓環(huán)固定在紙面a）所示：磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)）實(shí)驗(yàn)，沒(méi)有找到橡皮筋，只找8、空間存在一方向與紙面垂直、大小隨時(shí)間變化的勻引 所示，一硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線的電阻率為 仍橫截面積為S, 內(nèi)，圓心O在MN上。t=0時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向如圖（ 系如圖（b）所示，則在t=0到t ti的時(shí)間間隔內(nèi)（(1)用彈簧測(cè)力計(jì)(已校零)提起重物，重物靜止時(shí)，讀數(shù)如圖甲所示，則該重物的重力為N;(2)把重物按圖乙所示方式懸掛，若繩a保持水平狀態(tài)，繩b與豎直方向

6、的夾角 。為45。，把a(bǔ)換成彈簧測(cè)力計(jì)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為2.50 N,把繩b換成彈簧測(cè)力計(jì)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為3. 60 N,在圖丙所示的坐標(biāo)紙上已給出兩個(gè)分力的方向，每個(gè)小方格的邊長(zhǎng)代表0.1 N,請(qǐng)?jiān)趫D中作出力的圖示，并用刻度尺測(cè)得兩分力的合力為 。(3)下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的一些說(shuō)法，正確的是 。A.從實(shí)驗(yàn)原理看，避免了多次使用橡皮筋，使得實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差變小B.從實(shí)驗(yàn)過(guò)程看，將彈簧測(cè)力計(jì)換成繩子，很可能因兩繩夾角的變化引起偶然誤差C.保持繩a水平，改變繩b,使。減小，則繩a上的拉力增大D.移動(dòng)繩b,當(dāng)兩繩夾角為90。時(shí)也能驗(yàn)證平行四邊形定則10、如圖甲為某同學(xué)測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻

7、的電路圖，其中虛線框內(nèi)是用毫安表改裝成雙量程電流表的改裝電路。I符測(cè)電源審L4 13 【2 LJL0690.8070出1川川川H用限用IIII20 40 6080 100 “mA丙(1)已知毫安表表頭的內(nèi)阻為10 滿偏電流為100mA; R和R2為固定電阻，阻值分別為R 0.5 ,R 2.0 ;由此可知，若使用a和b兩個(gè)接線柱，電流表的量程為 A;若使用a和c兩個(gè)接線柱，電流表的量程為 Ao(2)實(shí)驗(yàn)步驟如下：開(kāi)關(guān)S2撥向b,將滑動(dòng)變阻器 R的滑動(dòng)片移到 端(填左”或右”閉合開(kāi)關(guān)§。多次調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片，記下電壓表的示數(shù) U和毫安表的示數(shù)I;某次測(cè)量時(shí)毫安表 的示數(shù)如圖乙所示，

8、其讀數(shù)為 mA。根據(jù)圖丙所示圖線求得電源的電動(dòng)勢(shì)E V,內(nèi)阻r 結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。11、我國(guó)將于2022年舉辦冬奧會(huì)，跳臺(tái)滑雪是其中最具觀賞性的項(xiàng)目之一，如圖所示質(zhì)量2 .一 ,m=60kg的運(yùn)動(dòng)貝從長(zhǎng)直助滑道 AB的A處由靜止開(kāi)始以加速度a 3.6m/s勻加速滑下，到達(dá)助滑道末端B時(shí)速度vB 24m/s,A與B的豎直高度差H=48m,為了改變運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)方向，在助滑道與起跳臺(tái)之間用一段彎曲滑道銜接，其中最低點(diǎn)C處附近是一段以。為圓心的圓弧，助滑道末端B與滑道最低點(diǎn)C的高度差h=5m,運(yùn)動(dòng)員在B、C間運(yùn)動(dòng)時(shí)阻力做功 W=-1530J, 取 g 10m / s2。1 .求運(yùn)動(dòng)員在AB段下滑

9、時(shí)受到阻力 Ff的大小;2 .若運(yùn)動(dòng)員能夠承受的最大壓力為其所受重力的6倍，則C點(diǎn)所在圓弧的半徑 R至少應(yīng)為多大。12、電磁炮是利用電磁發(fā)射技術(shù)制成的一種先進(jìn)動(dòng)能殺傷武器。與傳統(tǒng)大炮將火藥燃?xì)鈮毫ψ饔糜趶椡璨煌姶排谑抢秒姶畔到y(tǒng)中電磁場(chǎng)產(chǎn)生的安培力來(lái)對(duì)金屬炮彈進(jìn)行加速，使其達(dá)到打擊目標(biāo)所需的動(dòng)能。如圖所示是電磁炮的原理結(jié)構(gòu)示意圖，光滑水平導(dǎo)軌電阻不計(jì)，軌道寬L 0.2m ,在導(dǎo)軌間有方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B 1 102T,電磁炮彈體總質(zhì)量m 2.0kg，其中彈體在軌道間的電阻 R 0.4,電源電動(dòng)勢(shì)E 43.10 V ,電源內(nèi)阻r 0.6 。(1)求接通電源瞬間炮彈的加速度大小

10、；(2)從接通電源瞬間到炮彈恰好穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，求通過(guò)炮彈的電荷量；(3)若電源能自行調(diào)節(jié)使彈體做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速電流為2.0 103A時(shí),求彈體從靜止加速至 2km/s的過(guò)程中系統(tǒng)消耗的能量。13、物理選彳3-3(1)下列敘述正確的是 。A.做功和熱傳遞在改變物體內(nèi)能的效果上是一樣的，但是從能量轉(zhuǎn)化的方面看二者是有本質(zhì)區(qū)別的B.因?yàn)榈谝活?lèi)永動(dòng)機(jī)和第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)都違反了能量守恒定律，所以都不能制成C.熱力學(xué)第一定律是能量守恒定律在熱力學(xué)中的一種具體表現(xiàn)形式D.熱力學(xué)第二定律闡述了一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過(guò)程都具有方向性E.電冰箱和空調(diào)的出現(xiàn)，用事實(shí)說(shuō)明了熱量可以自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體(2)

11、 一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)歷B、C、D三個(gè)狀態(tài)回到狀態(tài) A,該理想氣體狀態(tài)變化過(guò)程的p V圖像如圖所示。已知 A、B、C、D四點(diǎn)連線構(gòu)成一個(gè)矩形，A、B連線平行于p軸，圖中箭頭表示狀態(tài)變化的方向氣體在A、C兩個(gè)狀態(tài)時(shí)的溫度均為300K。求氣體在狀態(tài) C時(shí)的體積和在狀態(tài) B、D時(shí)的溫度。分析說(shuō)明整個(gè)過(guò)程氣體是吸熱還是放熱。14、(1)19世紀(jì)末，電磁波的發(fā)現(xiàn)為信息插上了飛翔的翅膀，它使通信技術(shù)飛速發(fā)展，大大加快了現(xiàn)代生活的節(jié)奏。下列關(guān)于電磁振蕩和電磁波的說(shuō)法正確的是 。A. LC回路是電磁振蕩回路，不同于機(jī)械振動(dòng)，其振動(dòng)周期由回路本身的性質(zhì)決定B.電磁波是橫波，而機(jī)械波既有橫波又有縱波C.機(jī)

12、械波和電磁波在傳播時(shí)都需要介質(zhì)D.電磁波不能發(fā)生干涉、衍射現(xiàn)象E.電磁波由真空進(jìn)入介質(zhì)中，傳播速度變小，頻率不變(2)如圖所示，一束截面為圓形(半徑R 1m)的平行紫光垂直射向一半徑也為R的玻璃半球的圓截面，經(jīng)折射后在屏幕 S上形成一個(gè)最大半徑rm 1m的圓形亮區(qū)。屏幕S至球心O的距離 為D (e 1)m,不考慮光的干涉和衍射，求玻璃半球?qū)ψ瞎獾恼凵渎?。答案以及解?答案及解析:答案：D解析：從距核較近的軌道躍遷到距核較遠(yuǎn)的軌道過(guò)程中，原子要吸收光子，能級(jí)增大，總能量增大，22根據(jù)咚 竺知，電子的動(dòng)能減小，則電勢(shì)能增大，故D正確,ABC錯(cuò)誤。 r r故選D。2答案及解析：答案：C解析：研究第一

13、塊轉(zhuǎn)hv0t1 ( g)t2,即 3.75m (10t5t2)m,解得t10.5s, t21.5s,分2別對(duì)應(yīng)第一塊磚上升過(guò)程和下降過(guò)程，根據(jù)題意第二塊磚到達(dá)拋磚點(diǎn)正上方3.75 m處的時(shí)間為t3 1.5s, t4 2.5s,樓上的工人兩次接磚的最長(zhǎng)時(shí)間間隔為t t4 t1 2s,選項(xiàng)C正確.3答案及解析：答案：A解析：A、電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱 ，由圖知c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故A正確;B、沿電 場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，故b的電勢(shì)大于c的，故B錯(cuò)誤;C、若將一試探電荷+q由a點(diǎn)移動(dòng)到 d點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電荷的電勢(shì)能將減小，故C錯(cuò)誤;D、由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向可知 ，帶電 粒子受電場(chǎng)力大致

14、斜向左上方 ，與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，故粒子帶正電，故D錯(cuò)誤;故選:A.4答案及解析:答案：A解析：小球到達(dá)斜面的位移最小，則小球的合位移與斜面垂直，則有tan%t1 .22 gt2v0gt解得t 二，小球落至斜面瞬間的豎直速度為vy gt上丫"，小球落到斜面上時(shí)重力的g tantan瞬時(shí)功率為 P mgvy 2 mgv0 ,選項(xiàng) a 正確。tan5答案及解析:答案：D解析：對(duì)滑塊從A到C,根據(jù)動(dòng)能定理有mg (h 2R) - mvC 0 ,根據(jù)Fn mg m上，解得 2R12Fn mg ,選項(xiàng)A錯(cuò)反；根據(jù)動(dòng)能te理有 mgh -mvD ,解得Vd46gR ,由于滑塊還能到達(dá)原位置A則傳

15、送帶的速度v Vd 愿R；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，動(dòng)量方向變?yōu)橄喾?，?dòng)量變化量不為0,則摩擦力對(duì)滑塊的沖量不為0,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;滑塊與傳送帶之間產(chǎn)生的熱量 Q mg x ,傳送帶的速度越大，在相同時(shí)間內(nèi)二者相對(duì)位移(x)越大，則產(chǎn)生的熱量越多，故選項(xiàng)D正確。6答案及解析：答案：BD解析：A. A撞上彈簧后，A做減速運(yùn)動(dòng)，B做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者速度相等時(shí)，彈簧壓縮至最短，此 時(shí)A的動(dòng)量不為零，A. B速度相等，故 A錯(cuò)誤，B正確。C.速度相等后，B繼續(xù)做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)量繼續(xù)增大，故C錯(cuò)誤。1D.規(guī)定向右為正萬(wàn)向，根據(jù)動(dòng)量守恒得，mv 2mv ,解得共同速度v 2V，根據(jù)能量守恒得彈簧的

16、彈性勢(shì)能 與 irni- - 2 尸 i ,故D正確。故選：BD.7答案及解析:答案：AC解析：在軌道n上，對(duì)“嫦娥四號(hào)”根據(jù)開(kāi)普勒第二定律得" -,A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；橢Vb rR r圓軌道的半長(zhǎng)軸a R，設(shè)“嫦娥四號(hào)”在橢圓軌道上的運(yùn)行周期為工，由開(kāi)普勒第三2定律得二，“嫦娥四號(hào)”從 A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為t T1,解得t (R,"於二,CTiT24r 2r項(xiàng)正確；設(shè)月球質(zhì)量為 M, “嫦娥四號(hào)”質(zhì)量為m,根據(jù)gM2 m(2r可彳導(dǎo)M3月球的體積為V 47TR3,根據(jù) M可得上匚，D項(xiàng)錯(cuò)誤，3VGT2R38答案及解析:答案：BCt0解析：AB、根據(jù)B-t圖象，由楞次定律可知

17、，線圈中感應(yīng)電流方向一直為順時(shí)針，但在時(shí)刻，磁場(chǎng)的方向發(fā)生變化，故安培力方向FA的方向在to時(shí)刻發(fā)生變化，則 A錯(cuò)誤,A確;CD、由閉合電路歐姆定律得：| E ,又根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：ER又根據(jù)電阻定律得：R馬上，聯(lián)立得：| 曳S,則C正確，D錯(cuò)誤。S4t0故本題選BC。9答案及解析：答案：(1) 2.60 (2)如圖所示;2.59N(3) AB解析：(1)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)要估讀到分度值的下一位，分度值為0.1N,則該重物重力為2.60 N. (2)作出力的圖示如圖所示，可得合力為2.59。(3)從實(shí)驗(yàn)原理看，沒(méi)有多次使用橡皮筋，避免了勁度系數(shù)改變白影響，減小了系統(tǒng)誤差，A正確；從實(shí)驗(yàn)過(guò)

18、程看，彈簧測(cè)力計(jì)換成繩子，很可能因兩繩夾角的變化引起偶然誤差.B正確；繩a水平，改變繩b,使0減小.有tan反 則繩a的拉力減小，C錯(cuò)誤；當(dāng)兩繩夾角為 90。時(shí),a繩的拉力為0,不能驗(yàn)G證力的平行四邊形定則。10答案及解析：答案：(1)0.5;2.5(2)右 道58.0 1.48;0.450解析：(1)使用a、b兩接線柱時(shí)，和己串聯(lián)后與表頭并聯(lián)，則量程3I ' Ig 100 10 3A 10A 0.5A ;使用a、c兩接線柱時(shí)，表頭與 R串聯(lián)R R22.53 Ig(Rg R2)3100 10(2.0 10)后與 R1 并聯(lián)，則量程 I ' Ig 100 10 A -A 2.5A

19、。R0.5(2)為了保護(hù)電路，應(yīng)使滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值最大，故應(yīng)滑到右端。由題圖乙可知，電流表的分度值為1mA,故讀數(shù)為58.0mA。由U E I(r r')可知，圖像縱軸截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，故E 1.48V ;圖像的斜率表示電0.5A,電流表的內(nèi)阻10 2.5 r'10 2.5源的內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，開(kāi)關(guān)S2撥向b,故電流表的量程為2 ，則毫安表示數(shù)為 80mA時(shí)干路電流為I 吧 0.5A 0.4A ,電源的內(nèi)阻1001.48V 0.5V04Ar, 0.450 。11答案及解析：答案：1.運(yùn)動(dòng)員在AB上做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)AB的長(zhǎng)度為x,則有2-Vb 2ax由

20、牛頓第二定律有H匚 mg - Ff max聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)解得Ff=144N2.設(shè)運(yùn)動(dòng)員到達(dá) C點(diǎn)時(shí)的速度為vc,在由B到達(dá)C的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有1 212mgh W -mvC - mvB 22設(shè)運(yùn)動(dòng)員在C點(diǎn)所受的支持力為 Fn,由牛頓第二定律有2VcFn mg m-RC由運(yùn)動(dòng)員能夠承受的最大壓力為其所受重力的6倍，聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)解得R=12.5m。解析：12答案及解析：答案：(1)接通電源瞬間，炮彈沒(méi)有切割磁感線，根據(jù)閉合電路歐姆定律有I 4 103A ,E r所受安培力F BIL,由牛頓第二定律有 F ma,解得 a 4 104m/s2。(2)當(dāng)炮彈兩端的電動(dòng)勢(shì)和電源電動(dòng)勢(shì)相等時(shí)，即 E BLv時(shí)，炮彈達(dá)到穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，設(shè)此過(guò)程中，電流的平均值為T(mén) ,所用時(shí)間為t,根據(jù)動(dòng)量定理有BILtmv 0 , q It ,聯(lián)立解得 q 20C 。(3)彈體加速過(guò)程中.系統(tǒng)消耗的能量一部分轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱，另一部分轉(zhuǎn)化為彈體 的動(dòng)能則有 F1 BI1L,a1 2t 上， m a產(chǎn)生的焦耳熱QIi2（r r）t ,動(dòng)能匚12Ek'mM則系統(tǒng)消耗的能量 E耗=Ek Q聯(lián)立解得 E耗=4.4 106J。解析：13答案及解析：答案：(1) ACD(2)氣體在A、C兩個(gè)狀態(tài)時(shí)的溫度均為 300K,根據(jù)玻意耳定律可得：pAVA pCVC其中 pA 2.0 105 Pa,