靜電場同步練習(xí)2(答案版)課件

1、靜電場同步練習(xí)2評卷人得分一、選擇題（本題共42道小題，每小題0分，共0分）1.（單選）如圖甲所示，兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、Q2固定在x軸上距離為L的兩點(diǎn)，其中Q1帶正電荷位于原點(diǎn)O，a、b是它們的連線延長線上的兩點(diǎn)，其中b點(diǎn)與O點(diǎn)相距3L.現(xiàn)有一帶正電的粒子q以一定的初速度沿x軸從a點(diǎn)開始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(粒子只受電場力作用)，設(shè)粒子經(jīng)過a，b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb，其速度隨坐標(biāo)x變化的圖象如圖乙所示，則以下判斷正確的是( )AQ2帶負(fù)電且電荷量小于Q1B粒子從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)電場力做正功Ca點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的電勢高D粒子在a點(diǎn)的電勢能比b點(diǎn)的電勢能大2.（多選）如圖所示，虛線a、b、c代表電場中

2、的三個(gè)等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)據(jù)此可知（）A三個(gè)等勢面中，a的電勢最高B帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的電勢能較Q點(diǎn)大C帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的動能較Q點(diǎn)大D帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的加速度較Q點(diǎn)大3.（單選）如圖所示:長為L、傾角為的光滑絕緣斜面處于電場中，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球以初速度從斜面底端A點(diǎn)開始沿斜面上滑，當(dāng)?shù)竭_(dá)斜面頂端B點(diǎn)時(shí)，速度仍為，則A小球在B點(diǎn)的電勢能一定大于在A點(diǎn)的電勢能BA、B兩點(diǎn)間的電壓一定等于 C若電場是勻強(qiáng)電場，則該電場的電場強(qiáng)度最大值一定為D若該電場是由放置在C點(diǎn)

3、的點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生，則為45°4.（單選）如圖所示，Q1、Q2為兩個(gè)等量同種正點(diǎn)電荷，在Q1、Q2產(chǎn)生的電場中有M、N和O三點(diǎn)，其中M和O在Q1、Q2的連線上（O為連線的中點(diǎn)），N為兩電荷連線中垂線上的一點(diǎn)，則下列說法中正確的是（）AO點(diǎn)電勢等于N點(diǎn)電勢BO點(diǎn)場強(qiáng)一定大于M點(diǎn)場強(qiáng)C將一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場力對其做負(fù)功D若將一個(gè)正點(diǎn)電荷分別放在M、N和O三點(diǎn)，則該點(diǎn)電荷在O點(diǎn)時(shí)電勢能最大5.（多選）如圖甲所示，Q1、Q2為兩個(gè)被固定的點(diǎn)電荷，a、b是它們連線的延長線上的兩點(diǎn)現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下以一定的初速度從a點(diǎn)開始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動，粒子經(jīng)過a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為

4、va、vb，其速度時(shí)間圖象如圖乙所示下列說法正確的是（）AQ1一定帶正電BQ1的電量一定小于Q2的電量Cb點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定為零D粒子由a點(diǎn)經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動過程中，粒子的電勢能先減小后增大6.（多選）在點(diǎn)電荷Q形成的電場中，一個(gè)粒子（核）通過時(shí)的軌跡如圖實(shí)線所示，a、b為兩個(gè)等勢面，則下列判斷中正確的是AQ為正電荷B運(yùn)動中粒子總是克服電場力做功C粒子經(jīng)過兩等勢面的動能D粒子經(jīng)過兩等勢面的電勢能7.（單選）如圖所示，實(shí)線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點(diǎn)以相同的初速度飛入僅在電場力作用下，兩粒子的運(yùn)動軌跡如圖中虛線所示，則（）Aa一定帶正電，b一定帶負(fù)電Ba加速度增大，b加速度

5、增大Ca電勢能減小，b電勢能增大Da和b的動能一定都增大8.（單選）若帶正電荷的小球只受到電場力的作用，則它在任意一段時(shí)間內(nèi)（）A一定沿電場線由高電勢處向低電勢處運(yùn)動B一定沿電場線由低電勢處向高電勢處運(yùn)動C不一定沿電場線運(yùn)動，但一定由高電勢處向低電勢處運(yùn)動D不一定沿電場線運(yùn)動，也不一定由高電勢處向低電勢處運(yùn)動9.（單選）圖中a、b和c分別表示點(diǎn)電荷的電場中的三個(gè)等勢面，它們的電勢分別為6V、4V和1.5V一質(zhì)子（）從等勢面a上某處由靜止釋放，僅受電場力作用而運(yùn)動，已知它經(jīng)過等勢面b時(shí)的速率為v，則對質(zhì)子的運(yùn)動有下列判斷：質(zhì)子從a等勢面運(yùn)動到c等勢面電勢能增加4.5eV質(zhì)子從a等勢面運(yùn)動到c等勢

6、面動能增加4.5eV質(zhì)子經(jīng)過等勢面c時(shí)的速率為2.25v質(zhì)子經(jīng)過等勢面c時(shí)的速率為1.5v上述判斷正確的是（）A和B和C和D和10.（單選）如圖所示，實(shí)線表示勻強(qiáng)電場的電場線一個(gè)帶正電荷的粒子以某一速度射入勻強(qiáng)電場，只在電場力作用下，運(yùn)動的軌跡如圖中的虛線所示，a、b為軌跡上的兩點(diǎn)若a點(diǎn)電勢為a，b點(diǎn)電勢為b，則（） A場強(qiáng)方向一定向左，且電勢ab  B 場強(qiáng)方向一定向左，且電勢ab C場強(qiáng)方向一定向右，且電勢ab  D 場強(qiáng)方向一定向右，且電勢ab 11.（單選）如圖所示點(diǎn)電荷電場中，將檢驗(yàn)電荷從A點(diǎn)分別移到以點(diǎn)荷為中心的同一圓周上的B、C、D、E各點(diǎn)，則電場力做功（）

7、A從A到B做功最多  B從A到C做功最多 C從A到E做功最多  D做功一樣多 12.（多選）如圖所示，三根絕緣輕桿構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，三個(gè)頂點(diǎn)分別固定A、B、C三個(gè)帶正電的小球小球質(zhì)量分別為m、2m、3m，所帶電荷量分別為q、2q、3qCB邊處于水平面上，ABC處于豎直面內(nèi)，整個(gè)裝置處于方向與CB邊平行向右的勻強(qiáng)磁場中現(xiàn)讓該裝置繞過中心O并與三角形平面垂直的軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過120°角，則A、B、C三個(gè)球所構(gòu)成的系統(tǒng)的（） A 電勢能不變 B 電勢能減小 C 重力勢能減小 D 重力勢能增大13.（多選）如圖所示，兩塊水平放置的帶電平行金屬板間有豎直向上的勻強(qiáng)電場，一個(gè)質(zhì)

8、量為m，帶電量為q的油滴以初速度v0進(jìn)入電場，并在電場中沿直線運(yùn)動了一段時(shí)間，空氣阻力不計(jì)，則（）A該油滴帶正電B在這段時(shí)間內(nèi)電場力所做的功等于油滴重力勢能的變化C在這段時(shí)間內(nèi)油滴的機(jī)械能保持不變D在這段時(shí)間內(nèi)油滴的動能保持不變14.（多選）如圖所示，x圖表示空間某一靜電場的電勢沿x軸的變化規(guī)律，圖象關(guān)于軸對稱分布x軸上a、b兩點(diǎn)電場強(qiáng)度在x方向上的分量分別是Exa、Exb，則（） A ExaExb B Exa沿x負(fù)方向，Exb沿x正方向 C 同一點(diǎn)電荷在a、b兩點(diǎn)受到的電場力方向相反 D 將正電荷沿x軸從a移動到b的過程中，電場力先做正功后做負(fù)功15.（單選）質(zhì)子和中子是由更基本的粒子即所謂

9、“夸克”組成的兩個(gè)強(qiáng)作用電荷相反（類似于正負(fù)電荷）的夸克在距離很近時(shí)幾乎沒有相互作用（稱為“漸近自由”）；在距離較遠(yuǎn)時(shí)，它們之間就會出現(xiàn)很強(qiáng)的引力（導(dǎo)致所謂“夸克禁閉”）作為一個(gè)簡單的模型，設(shè)這樣的兩夸克之間的相互作用力F與它們之間的距離r的關(guān)系為：式中F0為大于零的常量，負(fù)號表示引力用U表示夸克間的勢能，令U0=F0（r2r1），取無窮遠(yuǎn)為勢能零點(diǎn)下列Ur圖示中正確的是（）ABCD16.（單選）如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R電荷量均為Q的正、負(fù)點(diǎn)電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，+Q與O點(diǎn)的連線和OC間夾角為30°下列說法正確的是（）AO點(diǎn)的

10、場強(qiáng)大小為BO點(diǎn)的場強(qiáng)大小為CB、D兩點(diǎn)的電勢關(guān)系是：BDD電荷量為+q的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的電勢能小于在C點(diǎn)的電勢能17.（單選）如圖所示，豎直向上的勻強(qiáng)電場中，一豎直絕緣輕彈簧的下端固定在地面上，上端連接一帶正電小球，小球靜止時(shí)位于N點(diǎn)，彈簧恰好處于原長狀態(tài)保持小球的帶電量不變，現(xiàn)將小球提高到M點(diǎn)由靜止釋放則釋放后小球從M運(yùn)動到N過程中（） A 小球的機(jī)械能與彈簧的彈性勢能之和保持不變 B 小球重力勢能的減少量等于小球電勢能的增加 C 彈簧彈性勢能的減少量等于小球動能的增加量 D 小球動能的增加量等于電場力和重力做功的代數(shù)和18.（多選）靜電場方向平行于x軸，其電勢隨x的分布可簡化為如圖所示的折

11、線一質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子（不計(jì)重力），以初速度v0從O點(diǎn)（x=0）進(jìn)入電場，沿x軸正方向運(yùn)動下列敘述正確的是（） A 粒子從O運(yùn)動到x1的過程中速度逐漸減小 B 粒子從x1運(yùn)動到x3的過程中，電勢能一直增大 C 要使粒子能運(yùn)動到x3處，粒子的初速度v0至少為 D 若v0=，粒子在運(yùn)動過程中的最大速度為19.（單選）在粗糙絕緣的水平面上固定一個(gè)帶電量為Q的正電荷，已知點(diǎn)電荷周圍電場的電勢可表示為=k，式中k為靜電常量，Q為場源電荷的帶電量，r為距場源電荷的距離現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為q帶正電荷的滑塊（可視作質(zhì)點(diǎn)），其與水平面的動摩擦因數(shù)為2，Kmg，則（） A 滑塊與帶電量為Q的正電荷距離

12、為x時(shí)，滑塊電勢能為 B 若將滑塊無初速地放在距離場源點(diǎn)電荷x1處，滑塊最后將停在距離場源點(diǎn)電荷處 C 若將滑塊無初速地放在距離場源點(diǎn)電荷x1處，當(dāng)滑塊運(yùn)動到距離場源點(diǎn)電荷x3處的加速度為 D 若將滑塊無初速地放在距離場源點(diǎn)電荷x1處，當(dāng)滑塊運(yùn)動到距離場源點(diǎn)電荷x3處的速度為V=20.如圖所示，固定于同一條豎直線上的A、B是兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為+Q和Q，A、B相距為2dMN是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個(gè)穿過細(xì)桿的帶電小球p，其質(zhì)量為m、電荷量為+q（可視為點(diǎn)電荷，不影響電場的分布），現(xiàn)將小球p從與點(diǎn)電荷A等高的C處由靜止開始釋放，小球p向下運(yùn)動到距C點(diǎn)距離為d的O點(diǎn)時(shí)，

13、速度為v，已知MN與AB之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g求：（1）C、O間的電勢差UCO；（2）小球p在O點(diǎn)時(shí)的加速度；（3）小球p經(jīng)過與點(diǎn)電荷B等高的D點(diǎn)時(shí)的速度21. (多選)（2013和平區(qū)四模）兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1，Q2固定于x軸上，將一帶正電的試探電荷從足夠遠(yuǎn)處沿x軸負(fù)方向移近Q2（位于坐標(biāo)原點(diǎn)O），在移動過程中，試探電荷的電勢能隨位置的變化關(guān)系如圖所示則下列判斷正確的是（）A. M點(diǎn)電勢為零，N點(diǎn)場強(qiáng)為零B. M點(diǎn)場強(qiáng)為零，N點(diǎn)電勢為零C. Q1帶負(fù)電，Q2帶正電，且Q2電荷量較小D. Q1帶正電，Q2帶負(fù)電，且Q2電荷量較小22.（多選）（2014春忻州期中）如圖所示，水

14、平放置的平行金屬板充電后板間形成勻強(qiáng)電場，板間距離為d，一個(gè)帶電的液滴帶電量大小為q，質(zhì)量為m，從下板邊緣射入電場，沿直線從上板邊緣射出，則（）A. 液滴做的是勻速直線運(yùn)動 B. 液滴做的是勻變速運(yùn)動C. 兩板的電勢差為 D. 液滴的電勢能減少了mgd23.試題內(nèi)容丟失。24.（單選）如圖所示,在P板附近有一電子由靜止開始向Q板運(yùn)動，關(guān)于電子到達(dá)Q板時(shí)的速率，下列說法正確的是( )A兩極板間距離越大，加速時(shí)間越長,電子獲得的速率就越大B兩極板間距離越小，加速度就越大,電子獲得的速率也越大C電子獲得的速率與兩極板間的距離無關(guān),僅與加速電壓有關(guān)D以上分析都不正確25.（多選）如圖所示，三個(gè)可視為質(zhì)

15、點(diǎn)的金屬小球A、B、C，質(zhì)量分別為m、2m和3m，B球帶負(fù)電，電荷量為q，A、C不帶電，不可伸長的絕緣細(xì)線將三球連接，最上邊的細(xì)線連接在斜面頂端的O點(diǎn)，三球均處于場強(qiáng)大小為E的豎直向上的勻強(qiáng)電場中，三段細(xì)線均伸直，三個(gè)金屬球均靜止于傾角為30°的絕緣光滑斜面上，則下列說法正確的是（）AA、B球間的細(xì)線的張力為BA、B球間的細(xì)線的張力可能為0C將線OA剪斷的瞬間，B、C間的細(xì)線張力D將線OA剪斷的瞬間，A、B球間的細(xì)線張力26.（多選）（2013長春四模）一空間存在勻強(qiáng)電場，場中A、B、C、D四個(gè)點(diǎn)恰好構(gòu)成正四面體，如圖所示已知電場強(qiáng)度大小為E，方向平行于正四面體的底面ABC，正四面體

16、棱長為cm已知UAC=6V、UBC=6V，則（）A. UDC=4V B. UDC=3V C. E=200 V/m D. E=V/m27.（多選）如圖所示，半徑為R的環(huán)形塑料管豎直放置，管的內(nèi)壁光滑，AB為該環(huán)的水平直徑，且管的內(nèi)徑遠(yuǎn)小于環(huán)的半徑，環(huán)的AB及其以下部分處于水平向左的勻強(qiáng)電場中現(xiàn)將一直徑略小于塑料管內(nèi)徑，質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球從管中A點(diǎn)由靜止釋放，已知qE=mg，以下說法正確的是（）A小球釋放后，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為零，并在BDA間往復(fù)運(yùn)動B小球釋放后，第一次達(dá)到B點(diǎn)時(shí)對管壁的壓力為4mgC小球釋放后，第一次經(jīng)過最低點(diǎn)D和最高點(diǎn)C時(shí)對管壁的壓力之比為5：1D小球釋放后，前后兩次經(jīng)

17、過最高點(diǎn)C時(shí)對管壁的壓力之差為4mg28.如圖所示，絕緣輕桿兩端固定帶電小球A和B，輕桿處于水平向右的勻強(qiáng)電場中，不考慮兩球之間的相互作用初始時(shí)輕桿與電場線垂直（如圖中實(shí)線位置），將桿向右平移的同時(shí)順時(shí)針轉(zhuǎn)過90°（如圖中虛線位置），發(fā)現(xiàn)A、B兩球電勢能之和不變根據(jù)圖中給出的位置關(guān)系，可判斷下列說法中正確的是（）AA球一定帶正電荷，B球一定帶負(fù)電荷BA球電勢能一定增加CA、B兩球帶電量的絕對值之比qA：qB=1：2D電場力對A球和B球都不做功29.（單選）如圖所示，用金屬網(wǎng)把驗(yàn)電器罩起來，再使帶電金屬球靠近驗(yàn)電器，則下面關(guān)于驗(yàn)電器箔片的說法正確的是A箔片張開B箔片不張開C帶電金屬球電

18、量足夠大時(shí)才會張開D箔片張開的原因是金屬網(wǎng)罩感應(yīng)帶電產(chǎn)生的電場30.（單選）用控制變量法，可以研究影響平行板電容器的因素（如圖）設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若（）A保持S不變，增大d，則變大B保持S不變，增大d，則變小C保持d不變，減小S，則變小D保持d不變，減小S，則不變31.（多選）如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內(nèi)阻不計(jì))連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少，可被忽略一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則( )A平行板電容器的電容將變小B靜電計(jì)指針張角變小C帶電油滴的電勢

19、能將減少D若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變32.（單選）如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置中，平行板電容器兩極板的正對面積為S，兩極板的間距為d，電容器所帶電荷量為Q，電容為C，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角為，平行板中間懸掛了一個(gè)帶電小球，懸線與豎直方向的夾角為，下列說法正確的是（） A若增大d，則減小，減小 B若增大Q，則減小，不變 C將A板向上提一些時(shí)，增大，增大 D在兩板間插入云母片時(shí)，則減小，不變33.（多選）平行板電容器的兩板A、B接于電池兩極，一個(gè)帶正電小球用絕緣細(xì)線懸掛在電容器內(nèi)部，閉合電鍵S，電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向夾角為，如圖所示，那么（

20、）A保持電鍵S閉合，將A板稍向B板靠近，則增大B保持電鍵S閉合，將A板稍向上移，則減小C電鍵S斷開，將A板稍向B板靠近，則不變D電鍵S斷開，將A板稍向上移，則減小34.（單選）如圖所示，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電阻R1、R2、R3為定值電阻，R4為光敏電阻（有光照射時(shí)電阻變?。珻為定值電容。當(dāng)S閉合且電路穩(wěn)定后，讓光照射R4，則以下說法正確的是A電容器電荷量增大 B電源的效率增大C電壓表示數(shù)增大DR2上消耗的功率減小35.(多選)（2012秋海珠區(qū)期末）如圖所示電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電阻R2、R3為定值電阻，R1為滑動變阻器，A、B為電容器的兩個(gè)極板當(dāng)滑動變阻器R1處于某位置時(shí)

21、，A、B兩板間的帶電油滴靜止不動則下列說法中正確的是（）A. 僅把R1的觸頭向右滑動時(shí)，電流表讀數(shù)減小，油滴向下運(yùn)動B. 僅把R1的觸頭向右滑動時(shí)，電流表讀數(shù)減小，油滴向上運(yùn)動C. 僅把兩極板A、B間距離增大，油滴向下運(yùn)動，電流表讀數(shù)不變D僅把兩極板A、B間相對面積減小，油滴向下運(yùn)動，電流表讀數(shù)不變36.（單選）在如圖所示電路中，已知電表均為理想儀表，且小燈泡的電阻小于電源的內(nèi)阻，電流表A、電壓表V1、電壓表V2的讀數(shù)分別為I、U1和U2，P為被細(xì)線懸掛在兩平行金屬板間的帶電小球，細(xì)線與豎直方向間的夾角為，則當(dāng)滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離的過程中，電流表A、電壓表V1、電壓表V2讀數(shù)變化

22、量大小分別是I、U1和U2，下列說法中正確的是（） A U2大于U1 B 燈泡變亮、細(xì)線與豎直方向間的夾角變大 C 電源的輸出功率變大 D 變大、變大37.（單選）如圖所示，一平行板電容器的兩極板與一電壓恒定的電源相連，極板水平放置，極板間距為d，有一帶電粒子P靜止在電容器上部空間中，當(dāng)在其下極板上快速插入一厚度為L的不帶電的金屬板后，粒子P開始運(yùn)動，重力加速度為g粒子運(yùn)動加速度大小為（） A g B g C g D g38.（2014秋金鳳區(qū)校級期中）如圖所示電路，A、B間電壓恒為3.2V，3個(gè)電阻的阻值均為4，電容器的電容為30F，電流表為理想電流表，那么電路穩(wěn)定時(shí)電容器所帶的電量、電流表

23、的讀數(shù)分別是（）A. 0C，0A B. 9.6×105C，0.8A C. 9.6×105C，0A D. 0C，0.8A39.（多選）給平行板電容器充電，斷開電源后A極板帶正電，B極板帶負(fù)電。板間一帶電小球C用絕緣細(xì)線懸掛，如圖所示，小球靜止時(shí)與豎直方向的夾角為，則 () A若將B極板向右平移稍許，電容器的電容將減小 B若將B極板向下平移稍許，A、B兩級板間電勢差將增大 C若將B極板向小平移稍許，夾角將變大 D輕輕將細(xì)線剪斷，小球?qū)⒆鲂睊佭\(yùn)動40.（單選）電源和一個(gè)水平放置的平行板電容器、三個(gè)電阻組成如圖6所示的電路。當(dāng)開關(guān)S閉合后，電容器中有一個(gè)帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)

24、將開關(guān)S斷開，則以下判斷正確的是 A液滴仍保持靜止?fàn)顟B(tài)B液滴將向上運(yùn)動C電容器上所帶的電荷將減為零 D電容器上所帶的電荷將減小 41.（多選）在如圖所示的電路中，R1、R2、R3均為可變電阻。當(dāng)開關(guān)S閉合后，兩平行金屬板MN中有一帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)。為使帶電液滴向上加速運(yùn)動，可采取的措施是 （ ）A增大R1 B減小R2 C減小R3 D減小平行板兩極板MN間距42.一平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地.兩板間有一個(gè)負(fù)試探電荷固定在P點(diǎn)，如圖所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場強(qiáng)、表示P點(diǎn)的電勢，Ep表示正電荷在P點(diǎn)的電勢能，若正極板保持不動，將負(fù)極板緩慢向右平移一小段距離x0

25、的過程中，各物理量與負(fù)極板移動距離x的關(guān)系圖象中正確的是（ ）第II卷（非選擇題）請點(diǎn)擊修改第II卷的文字說明評卷人得分二、計(jì)算題（本題共6道小題,第1題0分,第2題0分,第3題0分,第4題0分,第5題0分,第6題0分,共0分）43.如圖所示，平行金屬板兩板間的距離為4cm，兩板間電壓為100V，若a、b兩點(diǎn)間距離也是4cm，且a、b兩點(diǎn)連線與電場線的夾角為60°，則（1）板間場強(qiáng)E為多少？（2）a、b兩點(diǎn)的電勢差是多少？（3）把一個(gè)電荷量為1.0×1015C的點(diǎn)電荷由a移到b點(diǎn)，電勢能如何變化？變化了多少？（4）若b點(diǎn)離下極板的距離為1cm，取上極板的電勢為零，則b點(diǎn)的電

26、勢b等于多少？44.如圖所示的勻強(qiáng)電場中，有a、b、c三點(diǎn)，ab間距離Lab=8cm，bc間距離Lbc=14cm，其中ab沿電場方向，bc和電場方向成60°角一個(gè)所帶電量q=4×108C的負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)克服電場力做功Wab=1.2×106J求：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度；（2）電荷從b點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場力所做的功；（3）a、c兩點(diǎn)間的電勢差45.兩個(gè)正點(diǎn)電荷Q1=+Q和Q2=+4Q分別固定在光滑絕緣水平面上的A、B兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)相距L，且A、B兩點(diǎn)正好位于水平光滑絕緣半圓細(xì)管兩個(gè)端點(diǎn)的出口處，如圖所示（1）在A、B連線上，由A點(diǎn)到B點(diǎn)，電勢如何變化？（2）將一

27、正檢驗(yàn)電荷置于A、B連線上靠近A處由靜止釋放，求它在A、B連線上運(yùn)動的過程中能達(dá)到最大速度的位置離A點(diǎn)的距離；（3）若把另一正檢驗(yàn)電荷放于絕緣管內(nèi)靠近A點(diǎn)處由靜止釋放，試確定它在管內(nèi)運(yùn)動過程中速度為最大值時(shí)的位置P，即求出圖中PA和AB連線的夾角46.如圖所示，用長為2L的絕緣輕桿連接兩個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A和B置于光滑絕緣的水平面上，A球的帶電量為+2q，B球的帶電量為3q，構(gòu)成一個(gè)帶電系統(tǒng)（它們均可視為質(zhì)點(diǎn)，也不考慮兩者間相互作用的庫侖力）現(xiàn)讓小球A處在有界勻強(qiáng)電場區(qū)域MPNQ內(nèi)已知虛線MP位于細(xì)桿的中垂線上，虛線NQ與MP平行且間距足夠長勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為E，方向水平向右釋放帶電

28、系統(tǒng)，讓它從靜止開始運(yùn)動，忽略帶電系統(tǒng)運(yùn)動過程中所產(chǎn)生的磁場影響求：（1）帶電系統(tǒng)運(yùn)動的最大速度為多少？（2）帶電系統(tǒng)運(yùn)動過程中，B球電勢能增加的最大值多少？（3）帶電系統(tǒng)回到初始位置所用時(shí)間為多少？47.（計(jì)算）（2013南昌二模）在電場方向水平向右的勻強(qiáng)電場中，一帶電小球從A點(diǎn)豎直向上拋出，其運(yùn)動的軌跡如圖所示小球運(yùn)動的軌跡上A、B兩點(diǎn)在同一水平線上，M為軌跡的最高點(diǎn)小球拋出時(shí)的動能為8.0J，在M點(diǎn)的動能為6.0J，不計(jì)空氣的阻力求：（1）小球水平位移x1與x2的比值；（2）小球落到B點(diǎn)時(shí)的動能EkB（3）小球從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中最小動能Ekmin？48.如圖所示，在勻強(qiáng)電場中，將一

29、電荷量為2×10-5的負(fù)電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢能增加了0.1J，已知A、B兩點(diǎn)間距離為2cm，兩點(diǎn)連線與電場方向成600角，求： （1） 電荷由A移到B的過程中，電場力所做的功WAB；（2） A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB；（3） 該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E.評卷人得分三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2道小題,第1題0分,第2題0分,共0分）評卷人得分四、填空題（本題共2道小題，每小題0分，共0分）49.如圖所示，在E=400V/m的勻強(qiáng)電場中，a、b兩點(diǎn)相距d=4cm，它們的連線跟場強(qiáng)方向的夾角是60°，則Uba=8V50.（填空）（2014秋城東區(qū)校級月考）如圖所示，A、B、C、D、E、

30、F是勻強(qiáng)電場中一正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，已知A、B、C三點(diǎn)的電勢分別為15V、8V、3V由此可得D、E、F三點(diǎn)的電勢分別為D ，E ，F(xiàn) 試卷答案1.A。由vt圖象知，粒子從a點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動先減速再加速，在b處速度最小，b點(diǎn)左右兩側(cè)電場方向相反，b點(diǎn)處電場強(qiáng)度為0，根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式和電場的疊加知識得Q2帶負(fù)電且電荷量小于Q1，A正確；從速度圖像可知：粒子從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)電場力做負(fù)功，B錯(cuò)；根據(jù)粒子受力方向知b點(diǎn)左側(cè)場強(qiáng)向左，故a點(diǎn)電勢較b點(diǎn)低，C錯(cuò)；粒子從a點(diǎn)到b點(diǎn)動能減小，則電場力做負(fù)功，電勢能增加，D錯(cuò)誤故本題選擇A答案。2.考點(diǎn)：等勢面；電勢能版權(quán)所有專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：由于質(zhì)

31、點(diǎn)只受電場力作用，根據(jù)運(yùn)動軌跡可知電場力指向運(yùn)動軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向右下方，由于質(zhì)點(diǎn)帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場強(qiáng)度大解答：解：A、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最高，a等勢線的電勢最低，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點(diǎn)的電勢能大于Q點(diǎn)的電勢能，故B正確；C、從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點(diǎn)的動能小于Q點(diǎn)的動能，故C錯(cuò)誤；D、等勢線密的地方電場線密場強(qiáng)大，故P點(diǎn)

32、位置電場強(qiáng)，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D正確故選BD點(diǎn)評：解決這類帶電粒子在電場中運(yùn)動的思路是：根據(jù)運(yùn)動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢、電場強(qiáng)度、電勢能、動能等物理量的變化3.B根據(jù)電場力做功的正負(fù)，判斷小球電勢能的大小，當(dāng)電場力做正功時(shí)，小球電勢能減??；相反，電勢能增大根據(jù)動能定理和電場力做功公式結(jié)合，求解A、B兩點(diǎn)的電勢差若電場是勻強(qiáng)電場，根據(jù)力學(xué)知識確定電場力的最小值，再確定場強(qiáng)的最小值由電勢關(guān)系，判斷該電場是否由斜面中點(diǎn)正上方某點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的A、小球從A運(yùn)動到B的過程中，動能不變，重力勢能增加，電勢能減小，則小球在B點(diǎn)的電勢能一定小于小球在A點(diǎn)的電勢能

33、，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)動能定理得：mgLsin+qUAB=，得到：UAB=故B正確；C、若電場是勻強(qiáng)電場，電場力恒定，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)小球速度仍為v0，故小球做勻速直線運(yùn)動，電場力與重力、支持力的合力為零小球的重力沿斜面向下的分力為mgsin一定，則當(dāng)電場力沿斜面向上，大小為F=mgsin時(shí)，電場力最小，場強(qiáng)最小，又電場力F=Eq，則該電場的場強(qiáng)的最小值一定是電場強(qiáng)度的最大值不能確定故C錯(cuò)誤；D、若該電場是由放置在C點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生，A、B兩點(diǎn)的電勢相等，小球從A運(yùn)動到B電勢能不變，與上分析矛盾，故D錯(cuò)誤故選：B4.考點(diǎn)：電勢；電場強(qiáng)度；電場的疊加；電勢能.專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：兩等量同種

34、電荷的場強(qiáng)的合成遵循平行四邊形定則；電勢的高低可以通過移動正的試探電荷，看電場力做功情況；根據(jù)電勢的高低，判斷電勢能的大小解答：解：A、根據(jù)兩個(gè)等量同種正點(diǎn)電荷的電場分布特點(diǎn)，在兩電荷連線的垂直平分線上電場強(qiáng)度方向從O到N，則O點(diǎn)的電勢高于N點(diǎn)的電勢，故A錯(cuò)誤；B、在M、N和O三點(diǎn)中O點(diǎn)電場強(qiáng)度為零，故0點(diǎn)場強(qiáng)一定小于M點(diǎn)場強(qiáng)故B錯(cuò)誤；C、將負(fù)點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移到O點(diǎn)，電場力向左，電場力對負(fù)電荷做負(fù)功，其電勢能增加；再將負(fù)的試探電荷從O點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電勢能增加故C正確；D、在兩個(gè)等量同種正點(diǎn)電荷的連線上，中點(diǎn)O的電勢最低，根據(jù)兩個(gè)等量同種正點(diǎn)電荷的電場分布特點(diǎn)，在兩電荷連線的垂直平分線

35、上，O點(diǎn)的電勢最高故M、N、O三點(diǎn)中，M的電勢最高，N點(diǎn)的電勢最低所以正電荷在M點(diǎn)的電勢能最大，在N點(diǎn)的電勢能最小故D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評：對于等量同種電荷的電場，要明確兩電荷連線和兩電荷連線的中垂線上的電場分布情況；注意電場力做功等于電勢能的減小量5.考點(diǎn)：電場線；電勢能.分析：速度時(shí)間圖線上每一點(diǎn)的切線斜率表示瞬時(shí)加速度，可見a到b做加速度減小的減速運(yùn)動，到b點(diǎn)加速度為0從而知道b點(diǎn)的電場力及電場強(qiáng)度通過B點(diǎn)的場強(qiáng)可以分析出兩個(gè)點(diǎn)電荷電量的大小通過能量守恒判斷電勢能的變化解答：解：A、從速度圖象上看，可見a到b做加速度減小的減速運(yùn)動，在b點(diǎn)時(shí)粒子運(yùn)動的加速度為零，則電場力為零，所以該點(diǎn)場強(qiáng)為

36、零Q正負(fù)不能判斷故A錯(cuò)誤，C正確B、b點(diǎn)場強(qiáng)為零，可見兩點(diǎn)電荷在b點(diǎn)對負(fù)電荷的電場力相等，根據(jù)F=k，b到Q1的距離大于到Q2的距離，所以Q1的電量大于Q2的電量故B錯(cuò)誤C、整個(gè)過程動能先增加后減小，根據(jù)能量守恒電勢能先減小后增大故D正確故選：ACD點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵根據(jù)圖象b點(diǎn)的加速度為0，根據(jù)這一突破口，從而判斷Q2的電性及Q1和Q2的電量大小6.答案：AC：粒子帶正電，由軌跡的速度和受力分析，F(xiàn)為庫倫斥力，Q為正電荷，A正確；帶電粒子在電場中的運(yùn)動先靠近Q后遠(yuǎn)離Q，電場力先做負(fù)功后做正功，B錯(cuò)誤；由b-a等勢面，斥力做正功，動能增加，電勢能減少，C正確；D錯(cuò)誤。7.考點(diǎn)：電場線版權(quán)所有

37、專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向可判斷粒子所受電場力的方向，根據(jù)電場力方向與場強(qiáng)方向的關(guān)系判斷電性電場線越密，場強(qiáng)越大，電荷所受電場力越大，加速度越大；電場線越疏，場強(qiáng)越小，電荷所受電場力越小，加速度越小根據(jù)電場力做功正負(fù)判斷電勢能和動能的變化解答：解：A、由圖，b粒子的軌跡向左彎曲，b粒子受到的電場力方向向左，如圖a的軌跡向右彎曲，b粒子受到的電場力方向向右，由于電場線未知，無法確定兩個(gè)粒子的電性故A錯(cuò)誤；B、由圖看出，向右電場線越來越疏，場強(qiáng)越來越小，則a所受電場力減小，加速度減小，b所受電場力增大，加速度增大故B錯(cuò)誤；C、D、由圖判斷電場力對兩個(gè)粒子都做正功，電勢

38、能都減小，動能都增大故C錯(cuò)誤，D正確故選：D點(diǎn)評：本題是軌跡問題，根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出電荷所受的電場力是關(guān)鍵基礎(chǔ)題，不應(yīng)失分8.考點(diǎn)：電勢；電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系版權(quán)所有專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：物體的運(yùn)動情況取決于合力和初始條件小球只受到電場力的作用，是否沿電場線運(yùn)動，還要看電場線是直線還是曲線，有沒有初速度，初速度方向與電場線的關(guān)系只有當(dāng)電場線是直線時(shí)，小球只受到電場力的作用才可能沿電場線運(yùn)動解答：解：物體的運(yùn)動情況取決于合力和初始條件小球只受到電場力的作用，是否沿電場線運(yùn)動，還要看電場線是直線還是曲線，有沒有初速度，初速度方向與電場線的關(guān)系只有當(dāng)電場線是直線時(shí)且小球的運(yùn)動方向

39、沿著電場線時(shí)，小球只受到電場力的作用才可能沿電場線運(yùn)動所以ABC錯(cuò)誤，D正確故選：D點(diǎn)評：對物體運(yùn)動情況的判斷能力，從力學(xué)的角度進(jìn)行分析：物體的運(yùn)動性質(zhì)不僅取決于合力，還取決于初速度條件雖然是簡單題，同時(shí)也是易錯(cuò)題目9.考點(diǎn)：電勢能；等勢面版權(quán)所有專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：質(zhì)子帶一個(gè)元電荷的電荷量e，則在運(yùn)動過程中電場力做功W=eU，由做功的值分析能量與速度的變化解答：解：由a運(yùn)動到c，則電場力做功W=e（ac）=e（61.5）=4.5eV 為正功，則電勢能減小，運(yùn)動增加故錯(cuò)誤，正確 由a到c，4.5eV= 由a到b，e（ab）=e（64）V= 由得：=1.5v 故錯(cuò)誤，正確所以正確的

40、選項(xiàng)為B故選：B點(diǎn)評：考查電場力做功與能量的轉(zhuǎn)化關(guān)系，明確電場力做正功電勢能減小10.考點(diǎn)： 電場線；電場強(qiáng)度；電勢版權(quán)所有 專題： 電場力與電勢的性質(zhì)專題 分析： 粒子在電場力作用下，由運(yùn)動與力關(guān)系可知，根據(jù)軌跡的彎曲程度，判斷出合力（電場力）的方向，再根據(jù)電場力方向和電荷性質(zhì)判斷場強(qiáng)方向； 沿著電場線的方向電勢降低的因此可作出M、N點(diǎn)的等勢點(diǎn)（要同在一根電場線），接著沿著電場線去判定 解答： 解：由圖正電荷運(yùn)動軌跡可知，正電荷受向右的電場力作用，故場強(qiáng)方向一定向右 沿著電場線的方向電勢降低的，可判定a點(diǎn)的電勢大于b點(diǎn)，即電勢ab 故選C 點(diǎn)評： 電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布對

41、于本題關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動軌跡來判定電場力方向，由曲線運(yùn)動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè) 11.考點(diǎn)： 電勢能版權(quán)所有 專題： 電場力與電勢的性質(zhì)專題 分析： 以點(diǎn)電荷Q為中心的球面上所有各點(diǎn)的場強(qiáng)的大小相等而方向不同；該球面是等勢面 解答： 解：該球面是等勢面，各點(diǎn)的電勢相等，所以：UAB=UAC=UAD=UAE，將檢驗(yàn)電荷從A點(diǎn)分別移到以點(diǎn)荷為中心的同一圓周上的B、C、D、E各點(diǎn)，則電場力做功W=qU，所以電場力個(gè)一楊多故D正確 故選：D 點(diǎn)評： 該題考查點(diǎn)電荷的電場的特點(diǎn)，掌握以點(diǎn)電荷Q為中心的球面上所有各點(diǎn)的電勢相等是解題的關(guān)鍵屬于基礎(chǔ)題目 12.【考點(diǎn)】： 電勢能【專題】： 電場力與電勢的性質(zhì)專

42、題【分析】： 根據(jù)電場力做功和重力做功的定義式求解總功，再根據(jù)電場力做做功電勢能減小，重力做做功重力勢能減小分析： 解：順時(shí)針轉(zhuǎn)過120°時(shí)，A到B位置，B到C位置，C到A位置A、設(shè)三角形的邊長為L，則：電場力做功WAB=0.5qEL，WBC=2qEL，WCA=1.5qEL，故W總=0，電勢能不變，A正確B錯(cuò)誤C、重力做功：WGAB=mgLcos30°=，WGBC=0，WGCA=3mgLcos30°=，故WG總=mgL，重力勢能增加，C錯(cuò)誤D正確故選：AD【點(diǎn)評】： 掌握電場力和重力做功與電勢能和重力勢能的變化關(guān)系13.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動；動能定理的

43、應(yīng)用；電勢能版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動專題分析：油滴受重力和電場力，由于油滴做直線運(yùn)動，故合力不可能與速度不再同一條直線上，故合力為零，然后結(jié)合功的定義分析解答：解：A、滴受重力和電場力，由于油滴做直線運(yùn)動，故合力不可能與速度不再同一條直線上，故合力為零，電場力與重力平衡，電場力向上，與場強(qiáng)同方向，故帶正電，故A正確；B、由于電場力和重力是一對平衡力，電場力做的功等于克服重力做的功，而克服重力做的功等于重力勢能的增加量，故B正確；C、由于除重力外電場力做正功，故機(jī)械能增加，故C錯(cuò)誤；D、由于受力平衡，做勻速直線運(yùn)動故動能不變，故D正確；故選ABD點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是對物體受力分析后結(jié)合運(yùn)

44、動情況得到電場力和重力平衡，再結(jié)合功的定義分析14.【考點(diǎn)】： 電勢；電勢能【分析】： 本題的入手點(diǎn)在于如何判斷Exa和Exb的大小，由圖象可知在x軸上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取極小的一段，可以把此段看做是勻強(qiáng)電場，用勻強(qiáng)電場的處理方法思考，從而得到結(jié)論，此方法為微元法： 解：A|、在a點(diǎn)和b點(diǎn)附近分別取很小的一段d，由圖象，a點(diǎn)段對應(yīng)的電勢差大于b點(diǎn)段對應(yīng)的電勢差，看做勻強(qiáng)電場有E=，可見ExaExb，故A正確；B、沿電場方向電勢降低，在O點(diǎn)左側(cè)，Exa的方向沿x軸負(fù)方向，在O點(diǎn)右側(cè)，Exb的方向沿x軸正方向，故B正確；C、由題可知，圖為電勢沿x軸的分量，B僅為沿電

45、場沿x軸分量，并不是總的電場方向，所以不能判斷出總的電場力的方向，所以知同一點(diǎn)電荷在a、b兩點(diǎn)受到的電場力方向不一定相反，故C錯(cuò)誤；D、將正電荷沿x軸從a移動到b的過程中，電場力先做負(fù)功后做正功，D錯(cuò)誤；故選：AB【點(diǎn)評】： 本題需要對電場力的性質(zhì)和能的性質(zhì)由較為全面的理解，并要求學(xué)生能靈活應(yīng)用微分法；故此題的難度較高15.考點(diǎn)：電勢能；動能定理的應(yīng)用.專題：壓軸題；電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：本題通過分析兩夸克之間的相互作用力F做功情況判斷勢能的變化情況，即可進(jìn)行選擇無窮遠(yuǎn)處電勢為零，從無窮遠(yuǎn)開始到r=r2位置，勢能恒定為零，在r=r2到r=r1過程中，兩夸克之間的相互作用力F為引力，恒定引

46、力做正功，勢能逐漸均勻減小，rr1之后勢能不變，恒定為U0解答：解：從無窮遠(yuǎn)處電勢為零開始到r=r2位置，由F的表達(dá)式可知，兩夸克之間的相互作用力F=0，則知勢能恒定為零；在r=r2到r=r1過程中，恒定引力做正功，勢能逐漸均勻減小，即勢能為負(fù)值且越來越小，此部分圖象為A、B選項(xiàng)中所示；rr1之后，F(xiàn)=0，勢能不變，恒定為U0，由引力做功等于勢能將少量，故U0=F0（r2r1）故B正確故選B點(diǎn)評：本題是信息給予題，關(guān)鍵根據(jù)兩夸克之間的相互作用力F與它們之間的距離r的關(guān)系，分析F做功的正負(fù)，判斷勢能如何變化16.考點(diǎn)：電場強(qiáng)度；電勢；電勢能.專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)點(diǎn)電荷的電場E=

47、k和電場疊加原理可求解O點(diǎn)的場強(qiáng)大小兩個(gè)等電量正負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場等勢線與電場線具有對稱性，作出AC間的電場線，根據(jù)順著電場線電勢降低和對稱性，分析B與D電勢的高低，判斷電場力做功情況，可知A點(diǎn)和C電電勢能的大小，解答：解：A、根據(jù)點(diǎn)電荷的電場E=k可得：+Q在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小等于k，方向沿+Q到0；Q在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小等于k，方向沿O到Q，兩個(gè)場強(qiáng)方向的夾角為120°，由電場疊加原理得知O點(diǎn)的場強(qiáng)大小k，故A、B錯(cuò)誤；C、根據(jù)順著電場線電勢降低和對稱性，BD故C正確D、A點(diǎn)與C點(diǎn)的電勢相等，其電勢差為零，則電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，電場力做功為零，A點(diǎn)的電勢能等于在C點(diǎn)的電勢能，

48、故D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評：本題關(guān)鍵要掌握點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式，能運(yùn)用電場的疊加原理求解空間任一點(diǎn)的場強(qiáng)分析時(shí)抓住電場線與等勢線的對稱性，知道AC是一條等勢線17.【考點(diǎn)】： 勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；彈性勢能【專題】： 電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】： 小球靜止時(shí)位于N點(diǎn)，彈簧恰好處于原長狀態(tài)，說明小球受到的電場力等于重力在小球運(yùn)動的過程中，電場力做功等于重力做功據(jù)此來分析各個(gè)選項(xiàng)： 解：A、由于有電場做功，故小球的機(jī)械能不守恒，小球的機(jī)械能與彈簧的彈性勢能之和是改變的，故A錯(cuò)誤B、由題意，小球受到的電場力等于重力在小球運(yùn)動的過程中，電場力做功等于重力做功，小球從M運(yùn)動到N過程中，出現(xiàn)的是重力勢

49、能減小轉(zhuǎn)化為電勢能和動能，故B錯(cuò)誤；C、釋放后小球從M運(yùn)動到N過程中，彈性勢能并沒變，一直是0，故C錯(cuò)誤D、由動能定律可得重力和電場力做功，小球動能增加，小球動能的增加量等于電場力和重力做功的代數(shù)和，故D正確故選：BC18.【考點(diǎn)】： 勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢能【專題】： 電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】： 根據(jù)順著電場線方向電勢降低，判斷場強(qiáng)的方向，根據(jù)電場力方向分析粒子的運(yùn)動情況根據(jù)正電荷在電勢高處電勢越大，判斷電勢能的變化粒子如能運(yùn)動到x1處，就能到達(dá)x4處，根據(jù)動能定理研究0x1過程，求解初速度v0粒子運(yùn)動到x3處電勢能最小，動能最大，由動能定理求解最大速度： 解：A、粒子

50、從O運(yùn)動到x1的過程中，電勢升高，場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，粒子所受的電場力方向沿x軸正方向，粒子做加速運(yùn)動故A錯(cuò)誤B、粒子從x1運(yùn)動到x3的過程中，電勢不斷降低，根據(jù)負(fù)電荷在電勢高處電勢越小，可知，粒子的電勢能不斷增大故B正確C、0到x3根據(jù)動能定理得：q（0（0）=0m解得：v0=，要使粒子能運(yùn)動到x4處，粒子的初速度v0至少為故C錯(cuò)誤D、若v0=，粒子運(yùn)動到x1處電勢能最小，動能最大，由動能定理得：q（00）=mvmv，解得最大速度為：vm=故D正確故選：BD19.解：A、滑塊與帶電量為Q的正電荷距離為x時(shí)，據(jù)題知，此時(shí)滑塊所在處的電勢為=k，則滑塊電勢能為 Ep=q=故A正確B、若將滑塊無

51、初速地放在距離場源點(diǎn)電荷x1處，設(shè)滑塊最后將停在距離場源點(diǎn)電荷x處根據(jù)能量守恒定律得：qkqk=mg（xx1），解得x=，即滑塊最后將停在距離場源點(diǎn)電荷處，故B正確C、若將滑塊無初速地放在距離場源點(diǎn)電荷x1處，設(shè)當(dāng)滑塊運(yùn)動到距離場源點(diǎn)電荷x3處的加速度為a，由牛頓第二定律得： kmg=ma則得a=g，故C錯(cuò)誤D、將滑塊無初速地放在距離場源點(diǎn)電荷xx1處，設(shè)滑塊運(yùn)動到距離場源點(diǎn)電荷x3處的速度為v，由動能定理得： q（13）mg（x3x1）=mv2又1=k，3=k解得 v=，故D正確故選：ABD20.考點(diǎn)：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；動能定理專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：（1）對C到O段運(yùn)用動能

52、定理，求出C、O間的電勢差，再求出C、D間的電勢差UCO（2）由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式結(jié)合平行四邊形定則求解（3）由電場的對稱性知，UOD=UCO，小球從O到D由動能定理求解解答：解：（1）小球p由C運(yùn)動到O時(shí)，由動能定理得：mgd+qUCO=mv20，解得：UCO=；（2）小球p經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)受力如圖：由庫侖定律得：F1=F2=k，它們的合力為：F=F1cos45°+F2cos45°=，所以p在O點(diǎn)處的加速度：a=+g，方向豎直向下；（3）由電場特點(diǎn)可知，在C、D間電場的分布是對稱的即小球p由C運(yùn)動到O與由O運(yùn)動到D的過程中合外力做的功是相等的，由動能定理得：W合=mv0=2

53、15;mv2，解得：vD=v；答：（1）C、O間的電勢差UCO為；（2）小球p在O點(diǎn)時(shí)的加速度為：+g，方向豎直向下；（3）小球p經(jīng)過與點(diǎn)電荷B等高的D點(diǎn)時(shí)的速度為v點(diǎn)評：本題關(guān)鍵要正確分析小球的受力情況，運(yùn)用牛頓第二定律、動能定理處理力電綜合問題，分析要知道O點(diǎn)的場強(qiáng)實(shí)際上是兩點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生場強(qiáng)的合場強(qiáng)，等量異種電荷的電場具有對稱性21.AC解：A、B由圖知，M點(diǎn)電勢能EP=0，由=分析得知，M點(diǎn)電勢=0EPx圖象的斜率=F=qE，則知N點(diǎn)場強(qiáng)為零故A正確，B錯(cuò)誤C、D根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大，可知，帶正電的試探電荷從遠(yuǎn)處移近Q2的過程中，電勢能減小，電勢先降低后升高，說明Q1帶負(fù)電，Q2帶正電，N點(diǎn)場強(qiáng)為零，由E=k知，Q2電荷量較小故C正確，D錯(cuò)誤故選AC22.ACD解：AB、液滴進(jìn)入豎直方向的勻強(qiáng)電場中，所受的電場力方向豎直向上或豎直向下，因?yàn)槲⒘Ｗ鲋本€運(yùn)動，可知，電場力