廣東省廣州市2014-2015學(xué)年高二上學(xué)期期末物理試卷(理科)課件

1、廣東省廣州市2014-2015學(xué)年高二上學(xué)期期末物理試卷（理科）一、單項選擇（每題3分，共24分）1（3分）某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q兩點的電場強(qiáng)度的大小分別為EP和EQ，電勢分別為P和Q，則（）AEPEQ，PQBEPEQ，PQCEPEQ，PQDEPEQ，PQj2（3分）如圖所示，僅在電場力作用下，一帶電粒子沿圖中虛線從A運動到B，則（）A電場力做正功B粒子帶正電C電勢能增加D加速度減小3（3分）如圖所示為磁場作用力演示儀中的赫姆霍茲線圈，線圈中心處掛有一根小磁針，小磁針與線圈在同一平面內(nèi)，當(dāng)赫姆霍茲線圈通以如圖所示方向的電流時（）A小磁針N極向里轉(zhuǎn)B小磁針N極向外轉(zhuǎn)C小磁針在紙

2、面向左擺動D小磁針在紙面向右擺動4（3分）如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在其左上方固定一根與磁鐵垂直的長直導(dǎo)線，當(dāng)導(dǎo)線中通以圖示方向的電流時（）A磁鐵對桌面的壓力增大，且受到向右的摩擦力作用B磁鐵對桌面的壓力減小，且受到向右的摩擦力作用C磁鐵對桌面的壓力增大，且受到向左的摩擦力作用D磁鐵對桌面的壓力減小，且受到向左的摩擦力作用5（3分）如圖所示，兩根垂直紙面平行放置的直導(dǎo)線M和N，通有大小相等方向相反的電流I，在紙面上與M、N距離相等的一點P處，M、N導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1、B2，則下圖中正確標(biāo)出B1與B2合矢量B的方向的是 （）ABCD6（3分）如圖所示，一根金屬棒MN，

3、兩端用彈簧懸掛于天花板上，棒中通有方向從M流向N的電流若在圖中的虛線范圍內(nèi)加一磁場，可以使彈簧的彈力增大（彈力的方向不變）關(guān)于該磁場的方向，以下判斷中正確的是（）A垂直紙面向里B垂直紙面向外C平行紙面向上D平行MN向左7（3分）如圖所示，正方形區(qū)域abcd中充滿勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里一個氫核從ad邊的中點m沿著既垂直于ad邊又垂直于磁場的方向，以一定速度射入磁場，正好從ab邊中點n射出磁場若將磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，其他條件不變，則這個氫核射出磁場的位置是（）A在b、n之間某點B在n、a之間某點Ca點D在a、m之間某點8（3分）如圖，用回旋加速器來加速帶電粒子，以下說法正確的是

4、（）A圖中加速器出口射出的是帶正電粒子BD形盒的狹縫間所加的電壓是直流電壓C強(qiáng)磁場對帶電粒子做功，使其動能增大D粒子在加速器中的半徑越大，周期越長二、雙項選擇（每題4分，漏選2分，共24分）9（4分）如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶正電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知（）A三個等勢面中，a的電勢最高B帶電質(zhì)點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能小C帶電質(zhì)點通過P點時的動能比通過Q點時大D帶電質(zhì)點通過P點時的加速度比通過Q點時大10（4分）如圖所示，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻

5、增大），R1為定值電阻，R是滑動變阻器，開關(guān)S閉合，C為平行板電容器，C中央有一帶電液滴剛好靜止，下列各項單獨操作中能使帶電液滴向上運動的是（）A將R0加熱BR的滑動頭P向上移動CC的上極板向上移動D開關(guān)S斷開11（4分）電動機(jī)的電樞阻值為R，電動機(jī)正常工作時，兩端的電壓為U，通過的電流為I，工作的時間為t，則下列說法中正確的是（）A電動機(jī)消耗的電能為UItB電動機(jī)消耗的電能為I2RtC電動機(jī)線圈產(chǎn)生的熱量為I2RtD電動機(jī)線圈產(chǎn)生的熱量為12（4分）在如圖所示的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場共存的區(qū)域內(nèi)，電子（不計重力）可能沿水平方向向右作直線運動的是（）ABCD13（4分）如圖是比荷（即）相同的兩粒子

6、從O點垂直進(jìn)入直線邊界勻強(qiáng)磁場區(qū)域的運動軌跡則下列說法正確的是（）Aa帶正電，b帶負(fù)電Ba的帶電量比b的帶電量小Ca運動的速率比b的小Da的運動時間比b的短14（4分）質(zhì)量和帶電量都相同的兩個粒子，以不同的速率垂直于磁感線方向射入勻強(qiáng)磁場中，兩粒子的運動軌跡如圖中、所示，粒子的重力不計，下列對兩個粒子的運動速率和在磁場中運動時間t及運動周期T、角速度的說法中正確的是（）A12Bt1t2CT1T2D1=2三、實驗題（23分）15（13分）小明同學(xué)用下列器材描繪額定電壓為3.0V的小燈泡伏安特性圖線（要求電壓變化從零開始），并研究小燈泡實際功率及燈絲溫度等問題A電流表（0.6A，1）B電壓表（3V

7、，1k）C滑動變阻器（10，1A）D電源（4V，內(nèi)阻不計）用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖1中的實驗儀器連成完整的實驗電路開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于端（填“a”或“b”）閉合開關(guān)，變阻器的滑片向b端移動，電壓表的示數(shù)逐漸增大，電流表指針卻幾乎不動，則電路的故障為排除故障后，小明完成了實驗，并由實驗數(shù)據(jù)畫出小燈泡IU圖象如圖中實線所示由圖可確定小燈泡在電壓為2.0V時實際功率為（保留兩位有效數(shù)字）圖2是用多用電表歐姆檔“×1”檔直接測量小燈泡燈絲在27時電阻值，則阻值為，若小燈泡燈絲電阻值與燈絲溫度的關(guān)系為R=k，k為比例常數(shù)如圖3，根據(jù)IU圖中的實線，估算該燈泡正常工作時燈絲的溫度約為

8、0C若IU圖中的虛線或表示小燈泡真實的伏安特性曲線，與實線相比，虛線（填或）才是其真實的伏安特性曲線16（10分）圖甲是“用伏安法測量金屬絲電阻率”的實驗電路圖（1）用螺旋測微器測得金屬絲直徑d如圖乙所示，可讀出d=m（2）閉合電鍵，調(diào)節(jié)P的位置，讀出MP的長度為x時電壓表和電流表的示數(shù)，算出對 應(yīng)的電阻R，利用多組數(shù)據(jù)繪出如圖丙所示的Rx圖象，可得該圖線的斜率 k=/m（3）利用圖線的斜率k、金屬絲的直徑d，得到金屬絲電阻率的表達(dá)式為_（4）圖中的a導(dǎo)線從電流表的“0.6A”接線柱改接于電流表的“”接線柱上，可以測 量電源的電動勢和內(nèi)阻閉合電鍵，調(diào)節(jié)P的位置，讀出多組電壓表和電流表的 示數(shù)，

9、把實驗得到的數(shù)據(jù)繪成如圖丁所示的UI圖象，得出電源的電動勢 E=V；若R0=2.0，則電源的內(nèi)阻r=四、計算題（共29分）17（9分）如圖所示，虛線圓所圍區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B一束電子沿圓形區(qū)域的直徑方向以速度v射入磁場，電子束經(jīng)過磁場區(qū)后，其運動方向與原入射方向成角設(shè)電子質(zhì)量為m，電荷量為e，不計電子之間相互作用力及所受的重力求：（1）電子在磁場中運動軌跡的半徑R；（2）電子在磁場中運動的時間t；（3）圓形磁場區(qū)域的半徑r18（8分）如圖所示，PQ和MN為水平放置的平行金屬導(dǎo)軌，間距為L=1.0m，導(dǎo)體棒ab跨放在導(dǎo)軌上，棒的質(zhì)量為m=20g，棒的中點用細(xì)繩經(jīng)輕滑

10、輪與物體c相連，物體c的質(zhì)量M=30g在垂直導(dǎo)軌平面方向存在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T的勻強(qiáng)磁場，磁場方向豎直向上導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)=0.5，最大靜摩擦力可視為滑動摩擦力，若要保持物體c靜止不動，重力加速度g取10m/s2，求：（1）導(dǎo)體棒中電流的方向如何？（2）導(dǎo)體棒中電流大小的范圍？19（12分）如圖所示，一質(zhì)量為m、電量為+q、重力不計的帶電粒子，從A板的S點由靜止開始釋放，經(jīng)A、B加速電場加速后，穿過中間偏轉(zhuǎn)電場，再進(jìn)入右側(cè)勻強(qiáng)磁場區(qū)域已知AB間的電壓為U，MN極板間的電壓為2U，MN兩板間的距離和板長均為L，磁場垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、有理想邊界求：（1）帶電粒子離開B板時

11、速度v0的大??；（2）帶電粒子離開偏轉(zhuǎn)電場時速度v的大小與方向；（3）要使帶電粒子最終垂直磁場右邊界射出磁場，磁場的寬度d多大？廣東省廣州市2014-2015學(xué)年高二上學(xué)期期末物理試卷（理科）參考答案與試題解析一、單項選擇（每題3分，共24分）1（3分）某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q兩點的電場強(qiáng)度的大小分別為EP和EQ，電勢分別為P和Q，則（）AEPEQ，PQBEPEQ，PQCEPEQ，PQDEPEQ，PQj考點：電場線；電場強(qiáng)度；電勢 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)P、Q兩點處電場線的疏密比較電場強(qiáng)度的大小根據(jù)沿電場線的方向電勢降低解答：解：由圖P點電場線密，電場強(qiáng)度大，E

12、PEQ，沿電場線的方向電勢降低，PQ故選：A點評：掌握電場線的特點：疏密表示強(qiáng)弱，沿電場線的方向電勢降低2（3分）如圖所示，僅在電場力作用下，一帶電粒子沿圖中虛線從A運動到B，則（）A電場力做正功B粒子帶正電C電勢能增加D加速度減小考點：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小解答：解：A、B、C、帶電粒子在電場中受到的電場力的方向應(yīng)該指向運動軌跡的彎曲的內(nèi)側(cè)，由此可以判斷帶電粒子受到的電場力是向下的，與電場線的方向相反，所以粒子一定是帶負(fù)電

13、在從A運動的B的過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，電荷的電勢能增加，所以AB錯誤，C正確；D、由于A點的電場線比B的電場線稀疏，所以B的電場強(qiáng)度大，電荷在B的時受到的電場力大，加速度大，所以D錯誤；故選：C點評：本題考查電場線與粒子在電場中的運動軌跡的分析，就是考查學(xué)生基礎(chǔ)知識的掌握，加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，掌握住電場線的特點，即可解決本題3（3分）如圖所示為磁場作用力演示儀中的赫姆霍茲線圈，線圈中心處掛有一根小磁針，小磁針與線圈在同一平面內(nèi)，當(dāng)赫姆霍茲線圈通以如圖所示方向的電流時（）A小磁針N極向里轉(zhuǎn)B小磁針N極向外轉(zhuǎn)C小磁針在紙面向左擺動D小磁針在紙面向右擺動考點：左手定則；安培力 分析：根據(jù)右

14、手螺旋定則判斷出環(huán)形電流內(nèi)部和外部的磁場，根據(jù)小磁針靜止時N極所指的方向為磁場的方向，判斷出小磁針N極的偏轉(zhuǎn)解答：解：根據(jù)右手螺旋定則知，環(huán)形電流內(nèi)部的磁場方向向里，外部的磁場方向向外，則小磁針的N極向紙面里偏轉(zhuǎn)故A正確，B、C、D錯誤故選：A點評：解決本題本題的關(guān)鍵知道小磁針靜止時N極的指向表示磁場的方向，以及會運用右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場方向4（3分）如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在其左上方固定一根與磁鐵垂直的長直導(dǎo)線，當(dāng)導(dǎo)線中通以圖示方向的電流時（）A磁鐵對桌面的壓力增大，且受到向右的摩擦力作用B磁鐵對桌面的壓力減小，且受到向右的摩擦力作用C磁鐵對桌面的壓力增大，且受到向左的

15、摩擦力作用D磁鐵對桌面的壓力減小，且受到向左的摩擦力作用考點：通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向 分析：先判斷電流所在位置的磁場方向，然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向；再根據(jù)牛頓第三定律得到磁體受力方向，最后對磁體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷解答：解：根據(jù)條形磁體磁感線分布情況得到直線電流所在位置磁場方向（切線方向），再根據(jù)左手定則判斷安培力方向，如圖；根據(jù)牛頓第三定律，電流對磁體的作用力向左上方，如圖根據(jù)平衡條件，可知通電后支持力變小，靜摩擦力變大，向右故選B點評：本題關(guān)鍵先對電流分析，得到其受力方向，再結(jié)合牛頓第三定律和平衡條件分析磁體的受力情況5（3分）如圖所示，兩根垂直紙面平行放置的直導(dǎo)線

16、M和N，通有大小相等方向相反的電流I，在紙面上與M、N距離相等的一點P處，M、N導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1、B2，則下圖中正確標(biāo)出B1與B2合矢量B的方向的是 （）ABCD考點：磁感應(yīng)強(qiáng)度；通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向 分析：本題考查了磁場的疊加，根據(jù)導(dǎo)線周圍磁場分布可知，與導(dǎo)線等距離地方磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)安培定則判斷出兩導(dǎo)線在P點形成磁場方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度B是矢量，根據(jù)矢量分解合成的平行四邊形定則求解解答：解：MN在P點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)安培定則，電流M在P點的磁場向右上方，電流N在P點的磁場的方向向右下方，所以，合磁場的方向一定右如圖故選項D正確，選項ABC

17、錯誤故選：D點評：磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線周圍磁場方向是解題的前提6（3分）如圖所示，一根金屬棒MN，兩端用彈簧懸掛于天花板上，棒中通有方向從M流向N的電流若在圖中的虛線范圍內(nèi)加一磁場，可以使彈簧的彈力增大（彈力的方向不變）關(guān)于該磁場的方向，以下判斷中正確的是（）A垂直紙面向里B垂直紙面向外C平行紙面向上D平行MN向左考點：左手定則；安培力 分析：棒子受重力和拉力處于平衡，為了增大繩子的拉力，則加上勻強(qiáng)磁場后，產(chǎn)生向下的安培力解答：解：A、磁場方向垂直紙面向里，導(dǎo)體棒所受的安培力方向豎直向上，根據(jù)平衡，知懸線的拉力減小故A錯誤B、磁場方向垂直紙

18、面向外，導(dǎo)體棒所受的安培力方向豎直向下，根據(jù)平衡，知懸線的拉力增大故B正確C、磁場方向平行于紙面向上，則安培力方向垂直紙面向外，當(dāng)平衡時，繩子拉力的方向不在豎直方向上故C錯誤D、磁場方向平平行MN向左，則電流的方向與磁場的方向平行，不受安培力的作用，拉力不變故D錯誤故選：B點評：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，通過共點力平衡進(jìn)行求解，掌握左手定則判斷安培力的方向7（3分）如圖所示，正方形區(qū)域abcd中充滿勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里一個氫核從ad邊的中點m沿著既垂直于ad邊又垂直于磁場的方向，以一定速度射入磁場，正好從ab邊中點n射出磁場若將磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，其他條件不變，則

19、這個氫核射出磁場的位置是（）A在b、n之間某點B在n、a之間某點Ca點D在a、m之間某點考點：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動 專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：由幾何關(guān)系可知粒子從n點射出時的半徑，則可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度與速度的關(guān)系，則牛頓第二定律可確定B加倍后的半徑，即可由幾何關(guān)系求得射出磁場的位置解答：解：設(shè)邊長為a，則從n點射出的粒子其半徑恰好為； 由牛頓第二定律可得：Bqv=m當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍時，由2Bqv=m得：R=故粒子應(yīng)從a點穿出；故選：C點評：帶電粒子在磁場中的運動關(guān)鍵在于明確圓的性質(zhì)，由幾何關(guān)系確定圓心和半徑，再由牛頓第二定律求解即可8（3分）如圖，用回旋加速器來加速帶

20、電粒子，以下說法正確的是（）A圖中加速器出口射出的是帶正電粒子BD形盒的狹縫間所加的電壓是直流電壓C強(qiáng)磁場對帶電粒子做功，使其動能增大D粒子在加速器中的半徑越大，周期越長考點：質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理 分析：回旋加速度是利用電場加速和磁場偏轉(zhuǎn)來加速粒子，加速粒子時，粒子在磁場中運動的周期與電場的變化周期相等，粒子在磁場中運動的周期與粒子的速度無關(guān)解答：解：A、根據(jù)左手定則，通過粒子的偏轉(zhuǎn)方向和磁場方向知，該電荷帶正電故A正確B、因為加速粒子時粒子在磁場中運動的周期與電場的變化周期相等，所以D形盒的狹縫間所加的電壓為交變電壓故B錯誤C、洛倫茲力不做功，所以磁場不增加粒子的動能故C錯誤D、粒子

21、在磁場中運動的周期T=，與粒子的速度、半徑無關(guān)故D錯誤故選：A點評：解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器的原理，知道粒子在磁場中運動的周期與交變電場的周期相等二、雙項選擇（每題4分，漏選2分，共24分）9（4分）如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶正電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知（）A三個等勢面中，a的電勢最高B帶電質(zhì)點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能小C帶電質(zhì)點通過P點時的動能比通過Q點時大D帶電質(zhì)點通過P點時的加速度比通過Q點時大考點：電勢能；電場線；電勢 專題：電場力與電勢

22、的性質(zhì)專題分析：電場線與等勢面垂直電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，沿電場線的方向，電勢降低，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增加結(jié)合這些知識分析解答：解：A、由軌跡的彎曲情況，電場力應(yīng)指向曲線凹側(cè)，且與等勢面垂直（電場線垂直該處等勢面），由于正電荷的受力方向與場強(qiáng)方向一致，故可畫出電場線方向，如圖所示順著電場線方向電勢降低，則知a的電勢最高，故A正確BC、如果質(zhì)點由P運動到Q，電場力方向與速度方向的夾角小于90°，做正功，電勢能減小，動能增大；反之，如果由Q到P，速度或位移與力的方向夾角大于90°做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，故質(zhì)點在P

23、點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大，通過P點時的動能比通過Q點時小，故B、C錯誤D、P處等勢面比Q處密，等勢面密處場強(qiáng)大，電荷在P點受的電場力大，加速度就大，故D正確故選：AD點評：加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，掌握住電場線和等勢面的特點，即可解決本題10（4分）如圖所示，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），R1為定值電阻，R是滑動變阻器，開關(guān)S閉合，C為平行板電容器，C中央有一帶電液滴剛好靜止，下列各項單獨操作中能使帶電液滴向上運動的是（）A將R0加熱BR的滑動頭P向上移動CC的上極板向上移動D開關(guān)S斷開考點：閉合電路的歐姆定律；電容 專題：恒定電流專題分析：電容器板間電壓等于變阻器R1兩端的電壓，

24、改變變阻器阻值時，分析外電阻的變化，由歐姆定律分析電流表計數(shù)的變化及變阻器兩端電壓的變化當(dāng)變阻器的電壓增大時，油滴將向上運動改變板間距離，判斷電容的變化，由E=分析場強(qiáng)變化解答：解：A、將R0加熱，其電阻減小，電路中電流增加，R兩端電壓增大，則電容器極板間的電壓增大，電場增強(qiáng)，故液滴受到的電場力大于重力，帶電液滴向上運動，故A正確B、僅把R的滑動端向上滑動時，R減小，R分擔(dān)的電壓減小，則電容器的電壓減小，場強(qiáng)減小，油滴所受的電場力減小，則油滴向下運動故B錯誤C、C的上極板向上移動，即把兩極板間距離增大，板間電壓不變，由E=分析知，板間場強(qiáng)減小，油滴所受的電場力減小，則油滴向下運動故C錯誤D、開

25、關(guān)S斷開，電容器兩板間電壓為電源電動勢，故電壓增大，電場增強(qiáng)，故液滴受到的電場力大于重力，帶電液滴向上運動，故D正確故選：AD點評：本題是電路的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，由E=分析板間場強(qiáng)變化，判斷出油滴的運動方向11（4分）電動機(jī)的電樞阻值為R，電動機(jī)正常工作時，兩端的電壓為U，通過的電流為I，工作的時間為t，則下列說法中正確的是（）A電動機(jī)消耗的電能為UItB電動機(jī)消耗的電能為I2RtC電動機(jī)線圈產(chǎn)生的熱量為I2RtD電動機(jī)線圈產(chǎn)生的熱量為考點：電功、電功率；焦耳定律 專題：恒定電流專題分析：在計算電功率的公式中，總功率用P=IU來計算，發(fā)熱的功率用P=I2R

26、來計算，如果是計算純電阻的功率，這兩個公式的計算結(jié)果是一樣的，但對于電動機(jī)等非純電阻，第一個計算的是總功率，第二個只是計算發(fā)熱的功率，這兩個的計算結(jié)果是不一樣的解答：解：A、電動機(jī)正常工作時，兩端的電壓為U，通過的電流為I，工作的時間為t，所以電動機(jī)消耗的電能為UIt，所以A正確，B錯誤；C、電動機(jī)為非純電阻電路線圈產(chǎn)生的熱量為I2Rt，不能用來計算，所以C正確，D錯誤；故選AC點評：對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的12（4分）在如圖所示的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場共存的區(qū)域內(nèi)，電子（不計重力）可能沿水平方向向右作直線運動的是（）

27、ABCD考點：帶電粒子在混合場中的運動 專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題分析：電子做直線運動，要求粒子受到得合力與初速度方向在同一直線上，逐項分析電子的受力情況即可解答解答：解：A、若電子向右運動，則受到電場力向左，洛倫茲力向下，合力跟初速度方向不在同一直線上，故A錯誤；B、若電子向右運動，則受到電場力向左，不受洛倫茲力，合力跟初速度方向在同一直線上，故B正確；C、若電子向右運動，則受到電場力向上，洛倫茲力向下，當(dāng)電場力等于洛倫茲力時，電子向右勻速運動，故C正確；D、若電子向右運動，則受到電場力向上，洛倫茲力向上，合力跟初速度方向不在同一直線上，故D錯誤；故選BC點評：本題主要考查了電子在電

28、場和磁場中受力情況的分析，要使電子做直線運動，則要求粒子受到得合力與初速度方向在同一直線上，難度不大，屬于基礎(chǔ)題13（4分）如圖是比荷（即）相同的兩粒子從O點垂直進(jìn)入直線邊界勻強(qiáng)磁場區(qū)域的運動軌跡則下列說法正確的是（）Aa帶正電，b帶負(fù)電Ba的帶電量比b的帶電量小Ca運動的速率比b的小Da的運動時間比b的短考點：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動 專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)方向得出洛倫茲力方向，通過左手定則判斷粒子的電性荷質(zhì)比相同的a、b兩粒子，因質(zhì)量無法確定，則電量無法比較根據(jù)洛倫茲力提供向心力，得到速度與軌道半徑的關(guān)系，根據(jù)半徑大小判斷速度大小根據(jù)周期與速度的關(guān)系，計算出

29、周期的表達(dá)式，據(jù)此討論運動時間解答：解：A、根據(jù)左手定則可知，a帶正電，b帶負(fù)電，故A正確B、荷質(zhì)比相同的a、b兩粒子，因質(zhì)量無法確定，則電量無法比較故B錯誤C、根據(jù)洛倫茲力提供向心力，得，因為兩粒子的比荷相同，故R越大，v就越大，故C正確D、因為T=，因為相同，故T相同，ab都運動半個周期，故ab運動的時間相同，故D錯誤故選：AC點評：解決本題的關(guān)鍵掌握帶電粒子在磁場中運動的半徑公式和周期公式，并能靈活運用，注意圓心角與周期決定運動的時間14（4分）質(zhì)量和帶電量都相同的兩個粒子，以不同的速率垂直于磁感線方向射入勻強(qiáng)磁場中，兩粒子的運動軌跡如圖中、所示，粒子的重力不計，下列對兩個粒子的運動速率

30、和在磁場中運動時間t及運動周期T、角速度的說法中正確的是（）A12Bt1t2CT1T2D1=2考點：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動 專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：粒子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運動，周期為T=，半徑為r=，兩個粒子運動的周期和角速度相同根據(jù)軌跡分析半徑的大小，即可知速度的大小解答：解：A、粒子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運動，由軌跡和幾何知識得知，半徑關(guān)系為r1r2，半徑為r=，兩個粒子的質(zhì)量和電量都相等，則得12，故A正確B、由軌跡看出，軌跡對應(yīng)的圓心角大小關(guān)系為：12，粒子在磁場中運動時間為t=，兩個粒子運動的周期相同，則t1t

31、2故B錯誤C、D粒子勻速圓周運動的周期為T=，兩個粒子的質(zhì)量和電量都相等，周期相同，又角速度=，則得角速度也相同故C錯誤，D正確故選：AD點評：本題是帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中勻速圓周運動的問題，掌握半徑公式r=和周期公式T=是解答的基礎(chǔ)粒子運動時間與圓心角的大小成正比三、實驗題（23分）15（13分）小明同學(xué)用下列器材描繪額定電壓為3.0V的小燈泡伏安特性圖線（要求電壓變化從零開始），并研究小燈泡實際功率及燈絲溫度等問題A電流表（0.6A，1）B電壓表（3V，1k）C滑動變阻器（10，1A）D電源（4V，內(nèi)阻不計）用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖1中的實驗儀器連成完整的實驗電路開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)

32、置于a端（填“a”或“b”）閉合開關(guān)，變阻器的滑片向b端移動，電壓表的示數(shù)逐漸增大，電流表指針卻幾乎不動，則電路的故障為小燈泡斷路排除故障后，小明完成了實驗，并由實驗數(shù)據(jù)畫出小燈泡IU圖象如圖中實線所示由圖可確定小燈泡在電壓為2.0V時實際功率為0.38W（保留兩位有效數(shù)字）圖2是用多用電表歐姆檔“×1”檔直接測量小燈泡燈絲在27時電阻值，則阻值為1.5，若小燈泡燈絲電阻值與燈絲溫度的關(guān)系為R=k，k為比例常數(shù)如圖3，根據(jù)IU圖中的實線，估算該燈泡正常工作時燈絲的溫度約為17970C若IU圖中的虛線或表示小燈泡真實的伏安特性曲線，與實線相比，虛線II（填或）才是其真實的伏安特性曲線考

33、點：描繪小電珠的伏安特性曲線 專題：實驗題；恒定電流專題分析：該實驗采用了滑動變阻器的分壓接法和電流表的外接法，由此可正確連接實物圖；開始實驗之前，要使滑動變阻器的輸出電壓為零，根據(jù)電路圖可知滑動變阻器的滑片應(yīng)置于a端；電壓表有示數(shù)，說明電壓表的兩個接線柱和電源的兩極連接的電路中無斷路；電流表指針幾乎不動，說明電路中電阻很大，可能是斷路了；由圖象求出小燈泡在電壓為2.0V時的電流值，根據(jù)P=UI可以求出燈泡的實際功率大??；歐姆表的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以檔位，由此可以求出待測電阻數(shù)值，將此時溫度和電阻值代入公式R=k可以求k，然后根據(jù)圖求出燈泡正常工作的電阻阻值，代入公式可知此時的溫度大小根據(jù)實驗電

34、路圖可知，由于電壓表的分流作用，導(dǎo)致測量的燈泡的電流值偏大，即相同電壓情況下，燈泡實際電流比測量值偏小，因此II是真實的伏安特性曲線解答：解：該實驗要求電壓從零調(diào)節(jié)，因此滑動變阻器要采用分壓接法，由于燈泡電阻很小，因此電流表要采用外接法，由此可正確連接實物圖如下所示：開始實驗之前，要使滑動變阻器的輸出電壓為零，根據(jù)電路圖可知滑動變阻器的滑片應(yīng)置于a端故答案為：a電壓表有示數(shù)，說明電壓表的兩個接線柱和電源的兩極連接的電路中無斷路；電流表指針幾乎不動，說明電路中電阻很大，可能是斷路了，故出現(xiàn)這種情況的可能性是小燈泡斷路故答案為：小燈泡斷路根據(jù)燈泡的IU圖象可知，當(dāng)燈泡的電壓為2V時，燈泡的電流為0

35、.19A，因此此時燈泡的時間功率為：P=UI=2.0V×0.19A=0.38W故答案為：0.38W多用電表歐姆檔“×1”檔，因此歐姆讀數(shù)結(jié)果為：R=1.5×1=1.5，此時溫度為t=27°代入公式：R=k 得k的大小為：k= 燈泡正常工作的電壓為3V，根據(jù)根據(jù)燈泡的IU圖象可知此時燈泡的電流為0.23A，此時燈泡的電阻為： 聯(lián)立解得：t=1797°故答案為：1797根據(jù)實驗電路圖可知，由于電壓表的分流作用，導(dǎo)致測量的燈泡的電流值偏大，即相同電壓情況下，燈泡實際電流比測量值偏小，因此II是真實的伏安特性曲線故答案為：點評：本題考查了描繪小燈泡伏安

36、特性圖線實驗中的實驗原理圖、數(shù)據(jù)處理等操作，尤其是結(jié)合圖線進(jìn)行數(shù)據(jù)處理的能力是考查的重點，在平時中要加強(qiáng)訓(xùn)練16（10分）圖甲是“用伏安法測量金屬絲電阻率”的實驗電路圖（1）用螺旋測微器測得金屬絲直徑d如圖乙所示，可讀出d=3.95×104mm（2）閉合電鍵，調(diào)節(jié)P的位置，讀出MP的長度為x時電壓表和電流表的示數(shù)，算出對 應(yīng)的電阻R，利用多組數(shù)據(jù)繪出如圖丙所示的Rx圖象，可得該圖線的斜率 k=10/m（3）利用圖線的斜率k、金屬絲的直徑d，得到金屬絲電阻率的表達(dá)式為_=（4）圖中的a導(dǎo)線從電流表的“0.6A”接線柱改接于電流表的“”接線柱上，可以測 量電源的電動勢和內(nèi)阻閉合電鍵，調(diào)節(jié)

37、P的位置，讀出多組電壓表和電流表的 示數(shù)，把實驗得到的數(shù)據(jù)繪成如圖丁所示的UI圖象，得出電源的電動勢 E=2.80V；若R0=2.0，則電源的內(nèi)阻r=1.0考點：測定金屬的電阻率 專題：實驗題分析：的關(guān)鍵是根據(jù)電阻定律以及閉合電路歐姆定律寫出表達(dá)式，再根據(jù)圖象的截距和斜率的含義即可求解解答：解：（1）螺旋測微器的讀數(shù)為d=39.5×0.01mm=0.395mm=3.95×104m（3.92×1043.98×104都對）（2）Rx圖象的斜率為k=/m（3）由R=可得=（4）圖中的a導(dǎo)線從電流表的“0.6A”接線柱改接于電流表的“”接線柱上，由U=EI（R0

38、+r）可得，UI圖象的縱軸的截距為電源的電動勢E，斜率大小為（R0+r），所以E=2.80V（2.782.82都對），R0+r=，解得r=1.0（0.961.04都對）故答案為：（1）3.95×104m，（2）10，（3）=；（4）2.80，1.0點評：遇到實驗問題，關(guān)鍵是弄清實驗原理和要求，若涉及到圖象問題，則先根據(jù)物理規(guī)律求出表示縱軸與橫軸物理量的表達(dá)式，然后根據(jù)截距和斜率的概念即可求解四、計算題（共29分）17（9分）如圖所示，虛線圓所圍區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B一束電子沿圓形區(qū)域的直徑方向以速度v射入磁場，電子束經(jīng)過磁場區(qū)后，其運動方向與原入射方向成角

39、設(shè)電子質(zhì)量為m，電荷量為e，不計電子之間相互作用力及所受的重力求：（1）電子在磁場中運動軌跡的半徑R；（2）電子在磁場中運動的時間t；（3）圓形磁場區(qū)域的半徑r考點：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動 專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題分析：電子在磁場中受洛倫茲力作用，電子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，可以求出電子運動的半徑，畫出電子運動軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系可以求得電子在磁場中的運動的時間和圓形磁場區(qū)域的半徑解答：解：（1）電子在磁場中受到的洛倫茲力提供電子做勻速圓周運動的向心力即：由此可得電子做圓周運動的半徑為：R=（2）如圖根據(jù)幾何關(guān)系，可以知道電子在磁場中做圓周運動對圓心轉(zhuǎn)過的角度為：=則電子在磁場中運動的時間：t=（3）由題意知，由圖根據(jù)幾何關(guān)系知：得：答：（1）電子在磁場中運動軌跡的半徑為；（2）電子在磁場中運動的時間為；（3）圓形磁場區(qū)域的半徑為點評：熟悉電子在磁場中做勻速圓周運動由洛倫茲力提供向心力，據(jù)此列式求出半徑和周期間的表達(dá)式，能正確作出電子做圓周運動的半徑18（ 8分）如圖所示，PQ和MN為水平放置的平行金屬導(dǎo)軌，間距為L=1.0m，導(dǎo)體棒ab跨放在導(dǎo)軌上，棒的質(zhì)量為m=20g，棒的中點用細(xì)繩經(jīng)輕滑輪與物體c相連，物體c的質(zhì)量M=30g在垂直導(dǎo)軌平面方向存在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T的勻強(qiáng)磁