2018年海南省高考物理試卷(Word版下載)

1、2018 年海南省高考物理試卷一、單項選擇題 :本題共 6 小題，每小題 4 分，共 24 分。在每小題給出的四個選 項中，只有一項是符合題目要求的。1（ 4.00分）一 攀巖者 以 1m/s 的速度勻速向上攀登， 途中碰落了巖壁上的石塊， 石塊自由下落。 3s 后攀巖者聽到石塊落地的聲音，此時他離地面的高度約為 （）A10m B30m C50m D70m2（4.00 分）土星與太陽的距離是火星與太陽距離的 6 倍多。由此信息可知（ ）A土星的質(zhì)量比火星的小B土星運行的速率比火星的小C土星運行的周期比火星的小D土星運行的角速度大小比火星的大3（ 4.00分）如圖，一絕緣光滑固定斜面處于勻強磁場

2、中，磁場的磁感應(yīng)強度大小為 B，方向垂直于斜面向上，通有電流 I 的金屬細桿水平靜止在斜面上。若電 流變?yōu)?0.5I，磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?3B，電流和磁場的方向均不變， 則金屬細桿將 （）A沿斜面加速上滑 B沿斜面加速下滑C沿斜面勻速上滑 D仍靜止在斜面上4（4.00 分）已知TH的半衰期為 24 天。4gTh經(jīng)過 72 天還剩下（）A0 B0.5g C1g D1.5g5（4.00 分）如圖，用長為 l 的輕繩懸掛一質(zhì)量為 M 的沙箱，沙箱靜止。一質(zhì) 量為 m 的彈丸以速度 v 水平射入沙箱并留在其中，隨后與沙箱共同擺動一小角 度。不計空氣阻力。對子彈射向沙箱到與其共同擺過一小角度的過程（ ）

3、A若保持 m、v、l 不變， M 變大，則系統(tǒng)損失的機械能變小B若保持 M、v、l 不變，m 變大，則系統(tǒng)損失的機械能變小C若保持 M、m、l 不變， v 變大，則系統(tǒng)損失的機械能變大D若保持 M、m、v 不變，l 變大，則系統(tǒng)損失的機械能變大6（4.00 分）某大瀑布的平均水流量為 5900m3/s，水的落差為 50m。已知水的 密度為 1.00× 103kg/m 3在大瀑布水流下落過程中，重力做功的平均功率約為 （）A3×106WB3×107WC 3× 108WD3×109W二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題 5 分，共 20分在每小題

4、給出的四個 選項中，有多個選項是符合題目要求的全部選對的得 5 分，選對但不全的得 3 分，有選錯的得 0 分有一面積為 S 的矩形R使線框以恒定角7（5.00 分）如圖，在磁感應(yīng)強度大小為 B的勻強磁場中， 單匝閉合導(dǎo)線 abcd， ab 邊與磁場方向垂直，線框的電阻為 速度 繞過 ad、bc 中點的軸旋轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（A線框 abcd 中感應(yīng)電動勢的最大值是 BSB線框 abcd 中感應(yīng)電動勢的有效值是 BSC線框平面與磁場方向平行時，流經(jīng)線框的電流最大t=0 時，小物塊以速D線框平面與磁場方向垂直時，流經(jīng)線框的電流最大 8（5.00分）如圖（ a），一長木板靜止于光滑水平桌面上，度

5、 v0 滑到長木板上，圖（ b）為物塊與木板運動的 vt 圖象，圖中 t1、v0、v1 已知。重力加速度大小為 g。由此可求得（）A木板的長度B物塊與木板的質(zhì)量之比C物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)D從 t=0 開始到 t 1 時刻，木板獲得的動能9（ 5.00 分）如圖， a、b、c、d 為一邊長為 L 的正方形的頂點。電荷量均為 q （ q> 0）的兩個點電荷分別固定在 a、c 兩點，靜電力常量為 k。不計重力。下 列說法正確的是（ ）Ab 點的電場強度大小為B過 b、d 點的直線位于同一等勢面上C在兩點電荷產(chǎn)生的電場中， ac 中點的電勢最低D在 b 點從靜止釋放的電子，到達 d 點時速

6、度為零10（5.00 分）如圖，三個電阻 R1、R2、R3 的阻值均為 R，電源的內(nèi)阻 r<R，c 為滑動變阻器的中點。閉合開關(guān)后，將滑動變阻器的滑片由 c點向 a端滑動，下 列說法正確的是（ ）AR2 消耗的功率變小 BR3消耗的功率變大C電源輸出的功率變大D電源內(nèi)阻消耗的功率變大三、實驗題：本題共 2小題，共 18 分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不 要求寫出演算過程。11（6.00 分）學(xué)生課外實驗小組使用如圖所示的實驗裝置測量重力加速度大小。 實驗時，他們先測量分液漏斗下端到水桶底部的距離 s；然后使漏斗中的水一滴 一滴地下落， 調(diào)整閥門使水滴落到桶底發(fā)出聲音的同時， 下一滴

7、水剛好從漏斗的 下端滴落；用秒表測量第 1個水滴從漏斗的下端滴落至第 n 個水滴落到桶底所用 的時間 t。（ 1）重力加速度大小可表示為 g=（用 s、n、t 表示）；（ 2）如果某次實驗中， s=0.90m，n=30，t=13.0s，則測得的重力加速度大小 g= m/s2；（保留 2 位有效數(shù)字）（ 3）寫出一條能提高測量結(jié)果準確程度的建議：。12（12.00 分）某同學(xué)利用圖（ a）中的電路測量電流表 ?的內(nèi)阻 RA（約為 5） 和直流電源的電動勢 E（約為 10V）。圖中 R1和 R2為電阻箱， S1和 S2為開關(guān)。已 知電流表的量程為 100mA，直流電源的內(nèi)阻為 r。（1）斷開 S2

8、，閉合 S1，調(diào)節(jié) R1的阻值，使 ?滿偏；保持 R1的阻值不變，閉合 S2， 調(diào)節(jié) R2，當(dāng) R2的阻值為 4.8 時?的示數(shù)為 48.0mA忽略 S2閉合后電路中總電阻 的變化，經(jīng)計算得 RA=Q；（保留 2 位有效數(shù)字）（2）保持 S1 閉合，斷開 S2，多次改變 R1 的阻值，并記錄電流表的相應(yīng)示數(shù)。若 某次 R1 的示數(shù)如圖（ b）所示，則此次 R1 的阻值為；（3）利用記錄的 R1 的阻值和相應(yīng)的電流表示數(shù) I，作出 I1R1 圖線，如圖（ c） 所示。用電池的電動勢 E、內(nèi)阻 r 和電流表內(nèi)阻 RA表示 I1隨 R1 變化的關(guān)系式為 I1=。利用圖（ c）可求得 E=V（保留 2

9、 位有效數(shù)字） 四、計算題：本題共 2小題，共 26 分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要 求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10.00分）如圖，圓心為 O、半徑為 r 的圓形區(qū)域外存在勻強磁場，磁場方 向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強度大小為 BP 是圓外一點， OP=3r。一質(zhì)量為 m、 電荷量為 q（q>0）的粒子從 P 點在紙面內(nèi)垂直于 OP 射出。已知粒子運動軌跡 經(jīng)過圓心 O，不計重力。求（ 1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑；軌道在 O 點與水平地面平滑連接。一質(zhì)量為 m的小物塊 A從高 h處由靜止開始沿軌道下滑，在 O點與 質(zhì)量為 4m的靜止小物塊 B發(fā)生碰撞。 A

10、、B與地面間的動摩擦因數(shù)均為 =0.5， 重力加速度大小為 g。假設(shè) A、B 間的碰撞為完全彈性碰撞，碰撞時間極短。求 （1）第一次碰撞后瞬間 A 和 B速度的大?。?（2）A、B均停止運動后，二者之間的距離。五、選修題：共 12 分。請考生從第 15、16 題中任選一題作答。如果多做，則 按所做的第一題計分。 選修 3-3 15（4.00分）如圖，一定量的理想氣體，由狀態(tài) a 等壓變化到狀態(tài) b，再從 b等容變化到狀態(tài) c。a、c 兩狀態(tài)溫度相等。下列說法正確的是（）A從狀態(tài) b 到狀態(tài) c 的過程中氣體吸熱B氣體在狀態(tài) a的內(nèi)能等于在狀態(tài) c 的內(nèi)能C氣體在狀態(tài) b 的溫度小于在狀態(tài) a

11、的溫度D從狀態(tài) a到狀態(tài) b 的過程中氣體對外做正功16（8.00分）一儲存氮氣的容器被一絕熱輕活塞分隔成兩個氣室 A和 B，活寨可無摩擦地滑動。開始時用銷釘固定活塞， A 中氣體體積為 2.5×104m3，溫度 為 27，壓強為 6.0×104Pa；B中氣體體積為 4.0×104m3，溫度為 17，壓 強為 2.0×104Pa現(xiàn)將 A 中氣體的溫度降至 17，然后拔掉銷釘，并保持 A、 B 中氣體溫度不變，求穩(wěn)定后 A 和 B 中氣體的壓強。 選修 3-4（ 12 分 ）17警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波， 同時探測反射波的頻率。 下列說 法正確

12、的是（ ）A車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高 B車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低 C警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低 D警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變 18如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為 R 和 R一橫截面 半徑為 R 的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面， 入射方向與半球殼的對稱軸平行， 所 有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為 n= 求 半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。第15頁（共 24頁）2018 年海南省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項

13、選擇題 :本題共 6 小題，每小題 4 分，共 24 分。在每小題給出的四個選 項中，只有一項是符合題目要求的。1（ 4.00分）一 攀巖者 以 1m/s 的速度勻速向上攀登， 途中碰落了巖壁上的石塊， 石塊自由下落。 3s 后攀巖者聽到石塊落地的聲音，此時他離地面的高度約為 （）A10m B30m C50m D70m【分析】 石頭下落后做自由落體運動，根據(jù) h= gt2 ，不需要考慮聲音傳播的題 意，即可求解下落的距離。【解答】 解：石塊下落的高度： h= gt2=45m。 該過程中，攀巖者向上上升的高度： x=vt=1×3=3m 此時他離地面的高度約為： H=h+x=45+3=4

14、8m50m。故 ABD錯誤， C正確 故選： C?！军c評】本題關(guān)鍵明確自由落體運動的運動性質(zhì)， 然后根據(jù)運動學(xué)公式列式求解 即可。2（4.00 分）土星與太陽的距離是火星與太陽距離的 6 倍多。由此信息可知（ ） A土星的質(zhì)量比火星的小B土星運行的速率比火星的小C土星運行的周期比火星的小D土星運行的角速度大小比火星的大 【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出周期、線速度、加速度的表達式，結(jié)合軌 道半徑的大小進行比較?！窘獯稹?解： A、萬有引力提供向心力，可知土星與火星的質(zhì)量都被約去，無法 比較兩者的質(zhì)量。B、由= ，得 v= 知軌道半徑小速率大， B 正確，知 r大，周期長， C錯誤C、由，得D

15、、由，知 r 大，角速度小， D 錯誤。故選： B?！军c評】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論， 并能靈活運用， 知道線速度、角速度、周期與軌道半徑的關(guān)系。3（ 4.00分）如圖，一絕緣光滑固定斜面處于勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度大 小為 B，方向垂直于斜面向上，通有電流 I 的金屬細桿水平靜止在斜面上。若電 流變?yōu)?0.5I，磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?3B，電流和磁場的方向均不變， 則金屬細桿將A沿斜面加速上滑 B沿斜面加速下滑C沿斜面勻速上滑 D仍靜止在斜面上【分析】先對磁場強度和電流大小沒有改變前列出平衡方程， 然后當(dāng)它們改變后， 再列出牛頓第二定律即可判斷出物體的運動情況?！窘?/p>

16、答】 解：當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強度大小為 B，電流變?yōu)?I 時，金屬棒處于靜止?fàn)?態(tài)，根據(jù)平衡條件和安培力公式可得： BIL=mgsin，當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強度大小為 3B，電流變?yōu)?0.5I 時，此時安培力大小變?yōu)椋篎=3B×0.5I×L=1.5BIL，金屬棒將沿斜面向上加速，加速度大小為：故 A 正確、 BCD錯誤。故選： A。Th經(jīng)過 72 天還剩下（ ）【點評】 解答本題的關(guān)鍵是：要對磁場強度和電流大小改變前后分別列出方程， 通過對比可直接得出金屬棒的運動情況。A0 B0.5g C1g D分析】 根據(jù)半衰期定義式m=m01.5g）n，結(jié)合衰變次數(shù)，即可求解。24 天，經(jīng)過 7

17、2天，發(fā)生 3 次衰變，4（4.00 分）已知TH的半衰期為 24 天。4g【解答】 解：根據(jù)半衰期為依據(jù) m=m0（ ）3，代入數(shù)據(jù)解得： m=4×（ ）3=0.5g，故 ACD錯誤， B 正確； 故選： B。點評】 考查半衰期的定義式，掌握衰變次數(shù)與剩下的質(zhì)量關(guān)系。5（4.00 分）如圖，用長為 l 的輕繩懸掛一質(zhì)量為 M 的沙箱，沙箱靜止。一質(zhì) 量為 m 的彈丸以速度 v 水平射入沙箱并留在其中，隨后與沙箱共同擺動一小角 度。不計空氣阻力。對子彈射向沙箱到與其共同擺過一小角度的過程（ ）A若保持 m、v、l 不變， M 變大，則系統(tǒng)損失的機械能變小B若保持 M、v、l 不變，m

18、 變大，則系統(tǒng)損失的機械能變小C若保持 M、m、l 不變， v 變大，則系統(tǒng)損失的機械能變大D若保持 M、m、v 不變，l 變大，則系統(tǒng)損失的機械能變大 【分析】彈丸擊中沙箱過程系統(tǒng)在水平方向動量守恒， 應(yīng)用動量守恒定律可以求 出彈丸擊中沙箱后的共同速度， 彈丸與沙箱一起擺動過程系統(tǒng)機械能守恒， 應(yīng)用機械能守恒定律求出系統(tǒng)損失的機械能，然后分析答題?！窘獯稹拷猓簭椡钃糁猩诚溥^程系統(tǒng)水平方向動量守恒， 以彈丸的初速度方向為 正方向， 由動量守恒定律得： mv=（M+m ）v，解得： v=；E= =變M+m)v2整個過程系統(tǒng)損失的機械能： E= mv彈丸與沙箱一起擺動過程系統(tǒng)機械能守恒，由能量守恒

19、定律可知，A、若保持 m、v、l不變，M 變大，系統(tǒng)損失的機械能：=變大，故E= 不變，故大，故 A 錯誤；B、若保持 M、v、l 不變，m 變大，則系統(tǒng)損失的機械能： 變大，故 B 錯誤；C、若保持 M、m、l 不變，v 變大，則系統(tǒng)損失的機械能：C正確；D、若保持 M、m、v不變， l 變大，則系統(tǒng)損失的機械能：D錯誤； 故選： C。【點評】 本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用， 彈丸擊中沙箱過程系統(tǒng)動量守恒， 機 械能不守恒， 沙箱擺動過程系統(tǒng)機械能守恒， 整個過程損失的機械能等于彈丸擊 中沙箱過程損失的機械能， 分析清楚物體運動過程， 應(yīng)用動量守恒定律與能量守 恒定律求出系統(tǒng)損失的機械能即可

20、解題。6（4.00 分）某大瀑布的平均水流量為 5900m3/s，水的落差為 50m。已知水的 密度為 1.00× 103kg/m 3在大瀑布水流下落過程中，重力做功的平均功率約為 （）A3×106W B3×107W C 3× 108WD3×109W【分析】 根據(jù)平均功率 P= ，W=mgh，m=Qt 求解?！窘獯稹?解：設(shè)在很短時間 t 內(nèi)有質(zhì)量為 m 的水落下，重力做功的平均功率 第11頁（共 24頁）P=水的質(zhì)量 m=Qt代入數(shù)據(jù)解得， P=3× 109W；故選： D?！军c評】 此題考查平均功率的定義應(yīng)用， 屬于簡單題目， 注意

21、設(shè)一下時間來表示 質(zhì)量。二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題 5 分，共 20分在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的全部選對的得 5 分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0 分7（ 5.00 分）如圖，在磁感應(yīng)強度大小為 B的勻強磁場中，有一面積為 S的矩形 單匝閉合導(dǎo)線 abcd，ab 邊與磁場方向垂直，線框的電阻為 R使線框以恒定角速度 繞過 ad、bc 中點的軸旋轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）A線框 abcd 中感應(yīng)電動勢的最大值是 BSB線框 abcd 中感應(yīng)電動勢的有效值是 BSC線框平面與磁場方向平行時，流經(jīng)線框的電流最大D線框平面與磁場方向垂直時，流經(jīng)線框的電流最大

22、分析】線圈在磁場中轉(zhuǎn)動產(chǎn)生感應(yīng)電動勢， 明確中性面的特點， 知道在中性面 位置磁通量最大，感應(yīng)電動勢最小，在與中性面垂直位置，磁通量最小，感應(yīng)電 動勢最大即可 【解答】 解： AB、線框 abcd 繞垂直于磁場的軸轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大 值是 Em=BS，故 A 正確，B 錯誤； CD、線框平面與磁場方向平行時，此時線圈處于與中性面垂直位置，故此時產(chǎn) 生的感應(yīng)電動勢最大，流經(jīng)線框的電流最大，故 C正確， D錯誤； 故選： AC?！军c評】本題主要考查了線圈轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值和位置， 明 確中性面的特點即可判斷8（5.00分）如圖（ a），一長木板靜止于光滑水平桌面上， t=

23、0 時，小物塊以速 度 v0 滑到長木板上，圖（ b）為物塊與木板運動的 vt 圖象，圖中 t1、v0、v1 已 知。重力加速度大小為 g。由此可求得（）A木板的長度B物塊與木板的質(zhì)量之比C物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)D從 t=0 開始到 t 1 時刻，木板獲得的動能 【分析】物塊與木板組成的系統(tǒng)動量守恒， 根據(jù)圖示圖象分析清楚運動過程， 應(yīng) 用動量守恒定律與能量守恒定律、動量定理、動能定理分析答題?！窘獯稹?解： A、系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律可以求出物 塊相對 °與木板滑行的距離，木板的長度可能等于該長度、也可能大于該長度， 根據(jù)題意無法求出木板的長度，故 A 錯

24、誤；B、物塊與木板作出的系統(tǒng)動量守恒，以物塊的初速度方向為正方向，由動量守 恒定律得： mv0=（m+M）v1，解得： =，v0與 v1已知，可以求出物塊與木板的質(zhì)量之比，故 B 正確；C、對木板，由動量定理得： mg1t=Mv1，解得：=，由于 t1、v0、v1 已知， 可以求出動摩擦因數(shù)，故 C 正確；D、由于不知道木板的質(zhì)量，無法求出從 t=0 開始到 t1 時刻，木板獲得的動能， 故 D 錯誤；故選： BC?！军c評】 本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用， 物塊與木板組成的系統(tǒng)動量守恒， 根 據(jù)圖示圖象分析清楚物塊與木板的運動過程是解題的前提，應(yīng)用動量守恒定律、 動量定理即可解題。9（ 5.0

25、0 分）如圖， a、b、c、d 為一邊長為 L 的正方形的頂點。電荷量均為 q （ q> 0）的兩個點電荷分別固定在 a、c 兩點，靜電力常量為 k。不計重力。下 列說法正確的是（ ）Ab 點的電場強度大小為B過 b、d 點的直線位于同一等勢面上C在兩點電荷產(chǎn)生的電場中， ac 中點的電勢最低D在 b 點從靜止釋放的電子，到達 d 點時速度為零 【分析】先求解兩個電荷單獨存在時在 b 點的場強，然后根據(jù)平行四邊形定則合 成得到 b 點的場強；根據(jù)等量同種點電荷的電場的特點判斷 b、d 連線上各點電 勢的關(guān)系。根據(jù)電勢關(guān)系分析運動。解答】 解：等量同種點電荷的電場線與等勢面分布如圖：A、a

26、c 兩電荷在 b 點的電場強度是矢量合，則 b 點的電場強度大小為：，故 A 正確；B、C、由等量同種點電荷的電場分布的特點可知，過 b、d 的直線不是等勢面， 在 ac中點的電勢最高。故 B錯誤，C 錯誤；D、結(jié)合等量同種點電荷的電場分布的特點可知， b 點與 d 點的電勢是相等的， 所以電子在 b、d 兩點的電勢能相等，所以從 b 點釋放的電子，將沿 bd 的方向 運動，到達 d點的速度恰好等于 0故 D正確； 故選： AD?！军c評】本題考查電場的疊加， 注意電場強度時矢量， 合成遵循平行四邊形定則； 電勢是標量，合成遵循代數(shù)法則。10（5.00 分）如圖，三個電阻 R1、R2、R3 的阻

27、值均為 R，電源的內(nèi)阻 r<R，c 為滑動變阻器的中點。閉合開關(guān)后，將滑動變阻器的滑片由 c點向 a端滑動，下 列說法正確的是（ ）AR2 消耗的功率變小 BR3消耗的功率變大C電源輸出的功率變大D電源內(nèi)阻消耗的功率變大【分析】 滑動變阻器分為左右兩部分分別與 R2和 R3串聯(lián)， R2與 R3并聯(lián)后與 R1 串聯(lián)，c 為滑動變阻器的中點，滑動觸頭在此點時，總電阻最大，然后根據(jù)歐姆 定律分析電流變化，根據(jù) P=UI 分析功率變化。電源輸出的功率 P在 r=R外時最大，電源的內(nèi)阻 r<R外，R外減小時，電源輸出功 率增大。【解答】 解： ABD、 c 為滑動變阻器的中點，滑動觸頭在此點

28、時，總電阻最大， 將滑動變阻器的滑片由 c點向 a 端滑動，總電阻減小，總電流增大， R1和電源內(nèi) 阻分的電壓增大， 電源內(nèi)阻消耗的功率變大， 并聯(lián)電路電壓減小， R3 所在之路電 阻增大，電壓減小，故電流減小， R3消耗的功率減小，而 R2 的電流增大，故 R2 功率增大，故 AB錯誤， D正確；C、電源輸出的功率 P 在 r=R外時最大，電源的內(nèi)阻 r<R外，R 外減小時，電源輸 出功率增大，故 C 正確； 故選： CD?！军c評】本題考查了串、 聯(lián)電路的特點和歐姆定律的靈活運用， 難點是滑動變阻 器滑片 P從中間 左端總電阻變化情況的判斷。三、實驗題：本題共 2小題，共 18 分。把

29、答案寫在答題卡中指定的答題處，不 要求寫出演算過程。11（6.00 分）學(xué)生課外實驗小組使用如圖所示的實驗裝置測量重力加速度大小。 實驗時，他們先測量分液漏斗下端到水桶底部的距離 s；然后使漏斗中的水一滴一滴地下落， 調(diào)整閥門使水滴落到桶底發(fā)出聲音的同時， 下一滴水剛好從漏斗的 下端滴落；用秒表測量第 1個水滴從漏斗的下端滴落至第 n 個水滴落到桶底所用 的時間 t。（ 1）重力加速度大小可表示為 g=（用 s、n、t 表示）；（ 2）如果某次實驗中， s=0.90m，n=30，t=13.0s，則測得的重力加速度大小 g=9.6 m/s2 ；（保留 2 位有效數(shù)字）（ 3）寫出一條能提高測量結(jié)

30、果準確程度的建議：“適當(dāng)增大 n”或“多次測量取平均值 ”。 。分析】（1）依據(jù)自由落體運動的位移與時間關(guān)系 h= ，即可求解重力加速 度；（2）將已知數(shù)據(jù)，代入上式，即可求解； （3）根據(jù)所測物理量，即可確定提高測量結(jié)果的準確度。【解答】 解：（1）根據(jù)自由落體運動的位移與時間關(guān)系 h= ，則有： g= ，而 T= ，解得： g= ；（ 2）將 s=0.90m，n=30，t=13.0s，代入數(shù)據(jù)，解得： g=9.6m/s2；（ 3）根據(jù)公式 g=，要能提高測量結(jié)果準確程度，可適當(dāng)增大 n，或多次測量 s 取平均值；故答案為：（1）； （2）9.6； （3）“適當(dāng)增大 n”或“多次測量取平均值

31、 ”【點評】考查自由落體運動的規(guī)律， 掌握減小測量誤差的方法， 注意保留兩位有 效數(shù)字。12（12.00 分）某同學(xué)利用圖（ a）中的電路測量電流表 ?的內(nèi)阻 RA（約為 5） 和直流電源的電動勢 E（約為 10V）。圖中 R1和 R2為電阻箱， S1和 S2為開關(guān)。已 知電流表的量程為 100mA，直流電源的內(nèi)阻為 r。（1）斷開 S2，閉合 S1，調(diào)節(jié) R1的阻值，使 ?滿偏；保持 R1的阻值不變，閉合 S2， 調(diào)節(jié) R2，當(dāng) R2的阻值為 4.8 時?的示數(shù)為 48.0mA忽略 S2閉合后電路中總電阻 的變化，經(jīng)計算得 RA= 5.2 Q；（保留 2 位有效數(shù)字）（2）保持 S1 閉合，

32、斷開 S2，多次改變 R1 的阻值，并記錄電流表的相應(yīng)示數(shù)。若 某次 R1 的示數(shù)如圖（ b）所示，則此次 R1 的阻值為 148.2 ；I1（3）利用記錄的 R1 的阻值和相應(yīng)的電流表示數(shù) I，作出 I1R1 圖線，如圖（ c） 所示。用電池的電動勢 E、內(nèi)阻 r 和電流表內(nèi)阻 RA表示 I1隨 R1 變化的關(guān)系式為 利用圖（ c）可求得 E= 9.3 V（保留 2 位有效數(shù)字） 【分析】（1）根據(jù)題意應(yīng)用并聯(lián)電路特點與歐姆定律求出電流表內(nèi)阻。（2）電阻箱各旋鈕示數(shù)與對應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)。（3）根據(jù)電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出表達式，然后根據(jù)圖示圖象求出電 源電動勢。【解答】 解

33、：（1）由題意可知，干電路電流不變?yōu)椋?Ig=100mA，流過電阻箱的電 流： I2=Ig IA=100mA 48mA=52mA，電流表內(nèi)阻： RA= = = =5.2 ；（ 2）由圖（ b）所示可知，電阻箱阻值為：1 × 100+4 × 10+8 × 1+2×0.1 =148.2；3）斷開 S2、閉合 S1，由圖示電路圖可知，電源電動勢： E=I（r+R1+RA），則：R11R1 圖象的斜率： k=，解得：E9.3V；故答案為：（1）5.2；（2）148.2；3) R1+；9.3。【點評】電阻箱各旋鈕示數(shù)與對應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)， 要掌握常用器

34、 材的使用及讀數(shù)方法； 根據(jù)題意分析清楚電路結(jié)構(gòu)、 應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求 出圖象的函數(shù)表達式是解題的關(guān)鍵。四、計算題：本題共 2小題，共 26 分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要 求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10.00分）如圖，圓心為 O、半徑為 r 的圓形區(qū)域外存在勻強磁場，磁場方 向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強度大小為 BP 是圓外一點， OP=3r。一質(zhì)量為 m、電荷量為 q（q>0）的粒子從 P 點在紙面內(nèi)垂直于 OP 射出。已知粒子運動軌跡 經(jīng)過圓心 O，不計重力。求（ 1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑；分析】（1）畫出粒子的運動軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求出軌跡

35、半徑；第30頁（共 24頁）2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)做勻速直線運動，由求出時間；解答】 解：（1）根據(jù)題意，畫出粒子在磁場中運動的軌跡，如圖所示設(shè)粒子在磁場中做圓周運動的半徑為 R，由幾何關(guān)系有：粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運動的時間答：（ 1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑為；（ 2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運動所用的時間為點評】本題考查帶電粒子在磁場中的運動， 知道洛倫茲力提供粒子勻速圓周運動的向心力，關(guān)鍵是畫軌跡，確定圓心和半徑，再結(jié)合幾何關(guān)系即可求解14（16.00 分）如圖，光滑軌道 PQO的水平段 QO= ，軌道在 O 點與水平地面 平滑連接。一質(zhì)量為 m 的小物塊 A從高 h 處由靜止開

36、始沿軌道下滑，在 O點與 質(zhì)量為 4m的靜止小物塊 B發(fā)生碰撞。 A、B與地面間的動摩擦因數(shù)均為 =0.5， 重力加速度大小為 g。假設(shè) A、B 間的碰撞為完全彈性碰撞，碰撞時間極短。求 （1）第一次碰撞后瞬間 A 和 B速度的大小； （2）A、B均停止運動后，二者之間的距離?！痉治觥浚?）A下滑過程機械能守恒，由機械能守恒定律求出 A 到達水平面時的 速度，兩物塊碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，應(yīng)用動量守恒定律與 機械 能守恒定律可以求出碰撞后兩物塊的速度大小。（ 2）對兩物塊應(yīng)用動能定理可以求出 A、 B 在磁場水平面上的位移，然后求出兩者靜止時兩者間的距離?！窘獯稹?解：（1）A 下滑

37、過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：A、B發(fā)生完全彈性碰撞，碰撞過程動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0=mvA+4mvB，由機械能守恒定律得：mv02 = mvA2+ ?4mvB2，0 A B解得：2）物塊 B 在粗糙水平面上做勻減速直線運動，最終速度為零， 由動能定理得：對 B：?4mgx=0 ?4mvB2，x=設(shè)當(dāng)物塊 A 的位移為 x 時速度為 v，對 A，由動能定理得： mgx= mv2解得： v=，mv2=由機械能守恒定律得：A、B發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得： mv=mvA+4mvB，mvA2+ ?4m

38、vB2，AB解得： vA= ，vB=B向右做減速運動，由動能定理得：碰撞后 A 向左做減速運動，mvA2，對 B： ?4mgBx=0 ?4mvB2，對 A： mgAx=0解得： xA=h，xB=h，A、B 均停止運動后它們之間的距離：d=xA+xB=h；答：（1）第一次碰撞后瞬間 A 和 B 速度的大小分別為、2）A、B 均停止運動后，二者之間的距離為h。點評】本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用， 分析清楚物體的運動過程是解題的前提，應(yīng)用機械能守恒定律、動量守恒定律與動能定理可以解題。五、選修題：共 12 分。請考生從第 15、16 題中任選一題作答。如果多做，則 按所做的第一題計分。 選修 3-3

39、 15（4.00分）如圖，一定量的理想氣體，由狀態(tài) a 等壓變化到狀態(tài) b，再從 b 等容變化到狀態(tài) c。a、c 兩狀態(tài)溫度相等。下列說法正確的是（）A從狀態(tài) b 到狀態(tài) c 的過程中氣體吸熱 B氣體在狀態(tài) a的內(nèi)能等于在狀態(tài) c 的內(nèi)能 C氣體在狀態(tài) b 的溫度小于在狀態(tài) a 的溫度 D從狀態(tài) a到狀態(tài) b 的過程中氣體對外做正功分析】對于一定質(zhì)量理想氣體，壓強與溫度和體積有關(guān)，關(guān)于 P、V、T 三者間第21頁（共 24頁）的關(guān)系由實驗定律加以分析， 并滿足理想氣體狀態(tài)方程， 再結(jié)合熱力學(xué)第一定律 進行分析。【解答】解：A、氣體從 A到 B發(fā)生等容變化，壓強減小，溫度降低，內(nèi)能減小， 氣體對

40、外界不做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，氣體放熱，故 A 錯誤；B、理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)， a、c 兩狀態(tài)溫度相等，內(nèi)能相等，所以氣體 在狀態(tài) a的內(nèi)能等于氣體在狀態(tài) c 的內(nèi)能，故 B 正確；C、氣體從狀態(tài) a 到狀態(tài) b 發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律知，體積增大， 溫度升高，所以氣體在狀態(tài) b 的溫度大于在狀態(tài) a 的溫度，故 C錯誤；D、氣體從狀態(tài) a 到狀態(tài) b，體積變大，氣體對外界做正功，故 D正確； 故選： BD。【點評】本題考查氣體實驗定律和熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用， 注意熱力學(xué)第一定律 中的物理量正負號的含義，知道理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)。16（8.00分）一儲存氮氣的容器被一絕熱輕活塞分隔成兩個氣室A和 B，活寨可無摩擦地滑動。開始時用銷釘固定活塞， A 中氣體體積為 2.5×104m3，溫度 為 27，壓強為 6.0×104Pa；B中氣體體積為 4.0×104m3，溫度為 17，壓 強為 2.0×104Pa現(xiàn)將 A 中氣體的溫度降至 17，然后拔掉銷釘，并保持 A、 B 中氣體溫度不變，求穩(wěn)定后 A 和 B 中氣體的壓強?！痉治觥緼中氣體與 B中氣體相連，氣壓相等