河北省唐山市開灤二中高三物理上學(xué)期12月月考試卷（含解析）.doc

2015-2016學(xué)年河北省唐山市開灤二中高三（上）月考物理試卷（12月份）一、選擇題：本大題共8小題在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，19、20、21題有多個(gè)選項(xiàng)正確全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間設(shè)墻面對球的壓力大小為n1，球?qū)δ景宓膲毫Υ笮閚2以木板與墻連接點(diǎn)所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置不計(jì)摩擦，在此過程中（）a n1始終減小，n2始終增大bn1始終減小，n2始終減小cn1先增大后減小，n2始終減小dn1先增大后減小，n2先減小后增大2將一只皮球豎直向上拋出，皮球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比下列描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時(shí)間t關(guān)系的圖象，可能正確的是（）abcd3如圖，在兩水平極板間存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向豎直向下，磁場方向垂直于紙面向里一帶電粒子以某一速度沿水平直線通過兩極板若不計(jì)重力，下列四個(gè)物理量中哪一個(gè)改變時(shí)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡不會(huì)改變？（）a粒子速度的大小b粒子所帶的電荷量c電場強(qiáng)度d磁感應(yīng)強(qiáng)度4兩個(gè)固定的等量異號(hào)點(diǎn)電荷所產(chǎn)生電場等勢面如圖中虛線所示，一帶負(fù)電的粒子以某一速度從圖中a點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場在紙面內(nèi)飛行，最后離開電場，粒子只受靜電力作用，則粒子在電場中（）a做直線運(yùn)動(dòng)，電勢能先變小后變大b做直線運(yùn)動(dòng)，電勢能先變大后變小c做曲線運(yùn)動(dòng)，電勢能先變小后變大d做曲線運(yùn)動(dòng)，電勢能先變大后變小5在如圖所示電路中，閉合電鍵s，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p 向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用i、u1、u2和u3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用i、u1、u2和u3表示下列判斷正確的是（）a|u1|u2|，|u2|u3|b|不變，變小c|變大，變大d|變大，變大6如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為r的圓弧軌道，半徑oa水平、ob豎直，一個(gè)質(zhì)量為m的小球自a的正上方p點(diǎn)由靜止開始自由下落，小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)b時(shí)恰好對軌道沒有壓力已知ap=2r，重力加速度為g，則小球從p到b的運(yùn)動(dòng)過程中（）a重力做功mgrb機(jī)械能減少mgrc合外力做功mgrd克服摩擦力做功7若宇航員在月球表面附近自高h(yuǎn)處以初速度v0水平拋出一個(gè)小球，測出小球的水平射程為l已知月球半徑為r，萬有引力常量為g則下列說法正確的是（）a月球表面的重力加速度b月球的質(zhì)量c月球的第一宇宙速度d月球的平均密度8如圖所示的電路中，p為滑動(dòng)變阻器的滑片，保持理想變壓器的輸入電壓u1不變，閉合電鍵s，下列說法正確的是（）ap向下滑動(dòng)時(shí)，燈l變亮bp向下滑動(dòng)時(shí)，變壓器的輸出電壓不變cp向上滑動(dòng)時(shí)，變壓器的輸入電流變小dp向上滑動(dòng)時(shí)，變壓器的輸出功率變大三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第22題第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題（11題，共129分）9（1）某同學(xué)利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究物塊在水平桌面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律物塊在重物的牽引下開始運(yùn)動(dòng)，重物落地后，物塊再運(yùn)動(dòng)一段距離停在桌面上（尚未到達(dá)滑輪處）從紙帶上便于測量的點(diǎn)開始，每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源的頻率為50hz計(jì)數(shù)點(diǎn)5對應(yīng)的速度大小為 m/s（保留兩位有效數(shù)字）物塊減速運(yùn)動(dòng)過程中加速度的大小為a= m/s2，（保留兩位有效數(shù)字）若用來計(jì)算物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計(jì)算結(jié)果比動(dòng)摩擦因數(shù)的真實(shí)值（填“偏大”或“偏小”）10某同學(xué)要測量由某種新材料制成的粗細(xì)均勻的圓柱形導(dǎo)體的電阻率步驟如下：（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖甲所示，由圖可知其長度為cm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑為mm；（3）用多用電表的電阻“10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱形導(dǎo)體的電阻，表盤的示數(shù)如圖丙所示，則該電阻的阻值約為（4）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻r，現(xiàn)有的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：待測圓柱形導(dǎo)體（電阻為r）電流表a1（量程4ma，內(nèi)阻約為50）電流表a2（量程10ma，內(nèi)阻約為30）電壓表v1（量程3v，內(nèi)阻約為10k）電壓表v2（量程15v，內(nèi)阻約為25k）直流電源e（電動(dòng)勢4v，內(nèi)阻不計(jì)）滑動(dòng)變阻器r1（阻值范圍015，額定電流2.0a）滑動(dòng)變阻器r2（阻值范圍02k，額定電流0.5a）開關(guān)s，導(dǎo)線若干為減小實(shí)驗(yàn)誤差，要求測盡可能的多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請?jiān)趫D丁的虛線框中畫出合理的實(shí)驗(yàn)原理電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號(hào)11質(zhì)量為0.1kg 的彈性球從空中某高度由靜止開始下落，該下落過程對應(yīng)的vt圖象如圖所示球與水平地面相碰后離開地面時(shí)的速度大小為碰撞前的設(shè)球受到的空氣阻力大小恒為f，取g=10m/s2，求：（1）彈性球受到的空氣阻力f的大?。唬?）彈性球第一次碰撞后反彈的高度h12一個(gè)質(zhì)量為m帶電量為q的小球，以初速度v0自離地面h高度處水平拋出重力加速度為g，空氣阻力忽略不計(jì)（1）求小球自拋出到第一次落地點(diǎn)p的過程中發(fā)生的水平位移x的大小（2）若在空間加一個(gè)豎直方向的勻強(qiáng)電場，發(fā)現(xiàn)小球以相同方式水平拋出后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，請判斷電場的方向并求出電場強(qiáng)度e的大小（3）若在空間再加一個(gè)垂直紙面的勻強(qiáng)磁場，發(fā)現(xiàn)小球以相同方式水平拋出后第一次落地點(diǎn)仍然是p已知op間的距離大于h，請判斷磁場的方向并求出磁感應(yīng)強(qiáng)度b的大小（二）選考題：共45分請考生從給出的3道物理題，3道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，并用2b鉛筆在答題卡上把所選題目的題號(hào)涂黑注意所做題目的題號(hào)必須與所涂題目的題號(hào)一致，在答題卡上選答區(qū)域指定位置答題如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分【物理-選修3-3】13下列關(guān)于熱力學(xué)第二定律說法正確的是（）a所有符合能量守恒定律的宏觀過程都能真的發(fā)生b一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過程都是不可逆的c機(jī)械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而內(nèi)能無法全部用來做功以轉(zhuǎn)換成機(jī)械能d氣體向真空的自由膨脹是可逆的e熱運(yùn)動(dòng)的宏觀過程會(huì)有一定的方向性14如圖所示，開口向上粗細(xì)均勻的玻璃管長l=l00cm，管內(nèi)有一段高h(yuǎn)=20cm的水銀柱，封閉著長a=50cm的空氣柱，大氣壓強(qiáng)p0=76cmhg，溫度t0=27求溫度至少升到多高時(shí)，可使水銀柱全部溢出？【物理-選修3-4】15（2015秋唐山校級(jí)月考）一簡諧橫波沿x軸正向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖（a）所示，x=0.30m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖線如圖（b）所示，該質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸（填“正向”或“負(fù)向”）已知該波的波長大于0.30m，則該波的波長為m16（2014春潞西市校級(jí)期末）一個(gè)半圓柱形玻璃磚，其橫截面是半徑為r的半圓，ab為半圓的直徑，o為圓心，如圖所示，玻璃的折射率n=（i）一束平行光垂直射向玻璃磚的下表面，若光線到達(dá)上表面后，都能從該表面射出，則入射光束在ab上的最大寬度為多少？（ii）一細(xì)束光線在o點(diǎn)左側(cè)與o相距r處垂直于ab從下方入射，求此光線從玻璃磚射出點(diǎn)的位置【物理-選修3-5】（15分）17（2012山東）氫原子第n能級(jí)的能量為en=，其中e1為基態(tài)能量當(dāng)氫原子由第4能級(jí)躍遷到第2能級(jí)時(shí)，發(fā)出光子的頻率為1；若氫原子由第2能級(jí)躍遷到基態(tài)，發(fā)出光子的頻率為2，則=18（2012山東）光滑水平軌道上有三個(gè)木塊a、b、c，質(zhì)量分別為ma=3m、mb=mc=m，開始時(shí)b、c均靜止，a以初速度o向右運(yùn)動(dòng)，a與b相撞后分開，b又與c發(fā)生碰撞并粘在一起，此后a與b間的距離保持不變求b與c碰撞前b的速度大小2015-2016學(xué)年河北省唐山市開灤二中高三（上）月考物理試卷（12月份）參考答案與試題解析一、選擇題：本大題共8小題在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，19、20、21題有多個(gè)選項(xiàng)正確全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間設(shè)墻面對球的壓力大小為n1，球?qū)δ景宓膲毫Υ笮閚2以木板與墻連接點(diǎn)所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置不計(jì)摩擦，在此過程中（）an1始終減小，n2始終增大bn1始終減小，n2始終減小cn1先增大后減小，n2始終減小dn1先增大后減小，n2先減小后增大【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題【分析】以小球?yàn)檠芯繉ο螅治鍪芰η闆r：重力、木板的支持力和墻壁的支持力，根據(jù)牛頓第三定律得知，墻面和木板對球的壓力大小分別等于球?qū)γ婧湍景宓闹С至Υ笮。鶕?jù)平衡條件得到兩個(gè)支持力與的關(guān)系，再分析其變化情況【解答】解：以小球?yàn)檠芯繉ο螅治鍪芰η闆r：重力g、墻面的支持力n1和木板的支持力n2根據(jù)牛頓第三定律得知，n1=n1，n2=n2根據(jù)平衡條件得：n1=gcot，n2=將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置的過程中，增大，cot減小，sin增大，則n1和n2都始終減小，故n1和n2都始終減小故選b【點(diǎn)評(píng)】本題運(yùn)用函數(shù)法研究動(dòng)態(tài)平衡問題，也可以運(yùn)用圖解法直觀反映力的變化情況2將一只皮球豎直向上拋出，皮球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比下列描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時(shí)間t關(guān)系的圖象，可能正確的是（）abcd【考點(diǎn)】豎直上拋運(yùn)動(dòng)【專題】壓軸題；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題【分析】受力分析后根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化規(guī)律，同時(shí)結(jié)合特殊位置（最高點(diǎn)）進(jìn)行判斷【解答】解：b、d、皮球豎直向上拋出，受到重力和向下的空氣阻力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg+f=ma根據(jù)題意，空氣阻力的大小與速度的大小成正比，有：f=kv聯(lián)立解得：a=g+a、c、由于速度不斷減小，故加速度不斷減小，到最高點(diǎn)速度為零，阻力為零，加速度為g，不為零，故bd均錯(cuò)誤；根據(jù)bd的結(jié)論a=g+，有，由于加速度減小，故也減小，故也減小，故at圖象的斜率不斷減小，故a錯(cuò)誤，c正確；故選：c【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是受力分析后得到加速度的表達(dá)式，然后結(jié)合速度的變化得到阻力變化，最后判斷出加速度的變化規(guī)律3如圖，在兩水平極板間存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向豎直向下，磁場方向垂直于紙面向里一帶電粒子以某一速度沿水平直線通過兩極板若不計(jì)重力，下列四個(gè)物理量中哪一個(gè)改變時(shí)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡不會(huì)改變？（）a粒子速度的大小b粒子所帶的電荷量c電場強(qiáng)度d磁感應(yīng)強(qiáng)度【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)【專題】帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】帶電粒子進(jìn)入正交的電場和磁場中，受到電場力和洛倫茲力而做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件得到電場力與洛倫茲力的關(guān)系，洛倫茲力與速度大小成正比當(dāng)洛倫茲力與電場力仍平衡時(shí)，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡不會(huì)改變【解答】解：由題，粒子受到電場力和洛倫茲力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有 qvb=qe，即有vb=ea、改變粒子速度的大小，則洛倫茲力隨之改變，洛倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌跡將發(fā)生改變故a錯(cuò)誤b、由知，粒子的電量改變時(shí)，洛倫茲力與電場力大小同時(shí)改變，兩個(gè)力仍然再平衡，故粒子的軌跡不發(fā)生改變故b正確c、改變電場強(qiáng)度，電場力將改變，洛倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌跡將發(fā)生改變故c錯(cuò)誤d、改變磁感應(yīng)強(qiáng)度，洛倫茲力將改變，洛倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌跡將發(fā)生改變故d錯(cuò)誤故選b【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了帶電粒子在混合場中運(yùn)動(dòng)的問題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過受力情況分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況4兩個(gè)固定的等量異號(hào)點(diǎn)電荷所產(chǎn)生電場等勢面如圖中虛線所示，一帶負(fù)電的粒子以某一速度從圖中a點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場在紙面內(nèi)飛行，最后離開電場，粒子只受靜電力作用，則粒子在電場中（）a做直線運(yùn)動(dòng)，電勢能先變小后變大b做直線運(yùn)動(dòng)，電勢能先變大后變小c做曲線運(yùn)動(dòng)，電勢能先變小后變大d做曲線運(yùn)動(dòng)，電勢能先變大后變小【考點(diǎn)】等勢面；電勢能【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】粒子在靜電場中電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大粒子所受的電場力與速度方向不在同一直線上，做曲線運(yùn)動(dòng)【解答】解：根據(jù)電場線與等勢線垂直可知，在a點(diǎn)電場線方向應(yīng)與速度v垂直，則粒子所受的電場力方向向上，與初速度v也垂直，粒子做曲線運(yùn)動(dòng)粒子靠近正電荷時(shí)，電場力做正功，離開正電荷時(shí)，電場力做負(fù)功，則其電勢能先變小后變大故c正確故選：c【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住電場線與等勢線的關(guān)系判斷電場力方向與粒子初速度方向的關(guān)系，分析運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)電場力做功正負(fù)，判斷電勢能的變化5在如圖所示電路中，閉合電鍵s，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p 向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用i、u1、u2和u3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用i、u1、u2和u3表示下列判斷正確的是（）a|u1|u2|，|u2|u3|b|不變，變小c|變大，變大d|變大，變大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律【專題】恒定電流專題【分析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻增大，分析電路中電流的變化，判斷各個(gè)電阻的電壓變化，根據(jù)路端電壓的變化，確定電壓變化量的關(guān)系題中r1是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知=|=r1變阻器是可變電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律研究|、|與電源內(nèi)阻的關(guān)系，再分析選擇【解答】解：a、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻增大，電路中電流的減小，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，r1的電壓減小，r2的電壓增加電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，因?yàn)閡1+u2=u3，所以r1的電壓減小量小于r2的電壓增加量，即有：|u1|u2|，且有|u2|u3|故a正確b、由于r1是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知=|=r1，保持不變，故b錯(cuò)誤c、|=r2，變大根據(jù)閉合電路歐姆定律知：u2=ei（r1+r），則得|=r1+r，保持不變，故c錯(cuò)誤d、|=r1+r2，變大；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：u3=eir，|=r保持不變故d錯(cuò)誤故選：a【點(diǎn)評(píng)】本題要注意對于定值電阻，是線性元件，有r=，而變阻器是非線性元件，r=6如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為r的圓弧軌道，半徑oa水平、ob豎直，一個(gè)質(zhì)量為m的小球自a的正上方p點(diǎn)由靜止開始自由下落，小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)b時(shí)恰好對軌道沒有壓力已知ap=2r，重力加速度為g，則小球從p到b的運(yùn)動(dòng)過程中（）a重力做功mgrb機(jī)械能減少mgrc合外力做功mgrd克服摩擦力做功【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；功能關(guān)系【專題】動(dòng)能定理的應(yīng)用專題【分析】由功的計(jì)算公式可以求出重力做的功；小球在最高點(diǎn)時(shí)恰好對軌道沒有壓力，則重力提供向心力，由牛頓第二定律可以求出小球在b點(diǎn)的速度；由動(dòng)能定理可以求出合外力做的功，可以求出克服摩擦力做的功，克服摩擦力做的功等于小球機(jī)械能的減少【解答】解：a、重力做的功wg=mgh=mgr，故a正確；b、小球在b時(shí)恰好對軌道沒有壓力，重力提供向心力，由牛頓第二定律得：mg=m，vb=，從p到b的過程，由動(dòng)能定理可得：mgrwf=mvb20，wf=mgr，則物體機(jī)械能較少mgr，故b錯(cuò)誤；c、由動(dòng)能定理可得，合外力做的功w=mvb2=mgr，故c錯(cuò)誤；d、由b可知，克服摩擦力做功mgr，故d正確；故選ad【點(diǎn)評(píng)】小球在b點(diǎn)對軌道沒有壓力，則小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由重力提供，摩擦力做功使物體的機(jī)械能減少，熟練應(yīng)用動(dòng)能定理即可正確解題7若宇航員在月球表面附近自高h(yuǎn)處以初速度v0水平拋出一個(gè)小球，測出小球的水平射程為l已知月球半徑為r，萬有引力常量為g則下列說法正確的是（）a月球表面的重力加速度b月球的質(zhì)量c月球的第一宇宙速度d月球的平均密度【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】宇航員在月球上自高h(yuǎn)處以初速度v0水平拋出一物體，測出物體的水平射程為l，根據(jù)水平射程和初速度求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)h=gt2求出月球表面的重力加速度大?。挥汕蟮迷虑虻馁|(zhì)量；根據(jù)重力提供向心力求出衛(wèi)星的第一宇宙速度；由質(zhì)量與半徑可求得平均密度【解答】解：a、平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=再根據(jù)h=gt2得，得，故a正確 b、由與，可得：m月=故b錯(cuò)誤 c、第一宇宙速度： =，故c正確 d、月球的平均密度=，故d錯(cuò)誤故選：ac【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，以及掌握萬有引力提供向心力以及萬有引力等于重力這兩個(gè)理論的運(yùn)用8如圖所示的電路中，p為滑動(dòng)變阻器的滑片，保持理想變壓器的輸入電壓u1不變，閉合電鍵s，下列說法正確的是（）ap向下滑動(dòng)時(shí)，燈l變亮bp向下滑動(dòng)時(shí)，變壓器的輸出電壓不變cp向上滑動(dòng)時(shí)，變壓器的輸入電流變小dp向上滑動(dòng)時(shí)，變壓器的輸出功率變大【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率【專題】交流電專題【分析】與閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù)滑動(dòng)變阻器r的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的元件的電流和電壓的變化的情況【解答】解：a、當(dāng)滑動(dòng)變阻器r的滑片向下移動(dòng)時(shí)，導(dǎo)致總電阻增大，由于輸入電壓u1不變，且原副線圈匝數(shù)不變，所以副線圈電壓不變，根據(jù)，即亮度不變故a錯(cuò)誤；b、當(dāng)滑動(dòng)變阻器r的滑片向下移動(dòng)時(shí)，導(dǎo)致總電阻增大，由于輸入電壓u1不變，且原副線圈匝數(shù)不變，所以副線圈電壓不變，故b正確；c、當(dāng)滑動(dòng)變阻器r的滑片向上移動(dòng)時(shí)，導(dǎo)致總電阻減小，由于輸入電壓u1不變，且原副線圈匝數(shù)不變，所以副線圈電壓不變，則有副線圈的總電流增大因此輸入電流也變大故c錯(cuò)誤；d、當(dāng)滑動(dòng)變阻器r的滑片向上移動(dòng)時(shí)，導(dǎo)致總電阻減少，由于輸入電壓u1不變，且原副線圈匝數(shù)不變，所以副線圈電壓不變，則有副線圈的總電流增大則輸出功率增大，故d正確故選：bd【點(diǎn)評(píng)】電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第22題第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題（11題，共129分）9（1）某同學(xué)利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究物塊在水平桌面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律物塊在重物的牽引下開始運(yùn)動(dòng)，重物落地后，物塊再運(yùn)動(dòng)一段距離停在桌面上（尚未到達(dá)滑輪處）從紙帶上便于測量的點(diǎn)開始，每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源的頻率為50hz計(jì)數(shù)點(diǎn)5對應(yīng)的速度大小為1.0 m/s（保留兩位有效數(shù)字）物塊減速運(yùn)動(dòng)過程中加速度的大小為a=2.0 m/s2，（保留兩位有效數(shù)字）若用來計(jì)算物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計(jì)算結(jié)果比動(dòng)摩擦因數(shù)的真實(shí)值偏大（填“偏大”或“偏小”）【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【專題】實(shí)驗(yàn)題；機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】由紙帶兩個(gè)點(diǎn)之間的時(shí)間相同，若位移逐漸增大，表示物體做加速運(yùn)動(dòng)，若位移逐漸減小，則表示物體做減速運(yùn)動(dòng)；用平均速度代替瞬時(shí)速度的方法求解瞬時(shí)速度；用作差法求解減速過程中的加速度；【解答】解：根據(jù)某段的平均速度等于中時(shí)刻的速度，則有：v5=1.00m/s由紙帶可知，計(jì)數(shù)點(diǎn)7往后做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)作差法得：a=2.00m/s2在減速階段產(chǎn)生的加速度的力是滑動(dòng)摩擦力和紙帶受的阻力，所以計(jì)算結(jié)果比動(dòng)摩擦因素的真實(shí)值偏大故答案為：1.0，2.0，偏大【點(diǎn)評(píng)】要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用10某同學(xué)要測量由某種新材料制成的粗細(xì)均勻的圓柱形導(dǎo)體的電阻率步驟如下：（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖甲所示，由圖可知其長度為5.015cm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑為4.700mm；（3）用多用電表的電阻“10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱形導(dǎo)體的電阻，表盤的示數(shù)如圖丙所示，則該電阻的阻值約為220（4）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻r，現(xiàn)有的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：待測圓柱形導(dǎo)體（電阻為r）電流表a1（量程4ma，內(nèi)阻約為50）電流表a2（量程10ma，內(nèi)阻約為30）電壓表v1（量程3v，內(nèi)阻約為10k）電壓表v2（量程15v，內(nèi)阻約為25k）直流電源e（電動(dòng)勢4v，內(nèi)阻不計(jì)）滑動(dòng)變阻器r1（阻值范圍015，額定電流2.0a）滑動(dòng)變阻器r2（阻值范圍02k，額定電流0.5a）開關(guān)s，導(dǎo)線若干為減小實(shí)驗(yàn)誤差，要求測盡可能的多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請?jiān)趫D丁的虛線框中畫出合理的實(shí)驗(yàn)原理電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號(hào)【考點(diǎn)】伏安法測電阻【專題】實(shí)驗(yàn)題【分析】本題（1）、（2）讀數(shù)時(shí)應(yīng)分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀；題（4）中首先根據(jù)電源電動(dòng)勢大小選出電壓表量程，再根據(jù)歐姆定律求出通過待測電阻的最大電流來來選擇電流表量程，根據(jù)電流表內(nèi)外接法的判斷方法判定內(nèi)外接法，根據(jù)“測盡可能的多組數(shù)據(jù)”要求可知變阻器應(yīng)采用分壓式接法【解答】解：（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：l=50mm+30.05mm=50.15mm=5.015cm；（2）螺旋測微器的讀數(shù)為：d=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm；（3）歐姆表的讀數(shù)為：r=2210=220；（4）根據(jù)電源電動(dòng)勢為4v可知，電壓表應(yīng)選擇；由于通過待測電阻的最大電流為=14ma，所以電流表應(yīng)選擇；由于待測電阻滿足，所以電流表應(yīng)用外接法；由于實(shí)驗(yàn)要求“測盡可能的多組數(shù)據(jù)”可知，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)，即電路應(yīng)是“外接分壓”電路，如圖所示：故答案為：（1）5.015；（2）4.700；（3）220；（4）如圖【點(diǎn)評(píng)】應(yīng)明確：應(yīng)根據(jù)電源電動(dòng)勢大小或待測電阻的額定電壓大小來選擇電壓表量程，根據(jù)通過待測電阻的最大電流來選擇電流表量程；當(dāng)待測電阻滿足時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，滿足時(shí)，電流表應(yīng)用內(nèi)接法；當(dāng)實(shí)驗(yàn)要求電流從零調(diào)，或有“多測幾組數(shù)據(jù)”要求，或變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測電阻時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法11質(zhì)量為0.1kg 的彈性球從空中某高度由靜止開始下落，該下落過程對應(yīng)的vt圖象如圖所示球與水平地面相碰后離開地面時(shí)的速度大小為碰撞前的設(shè)球受到的空氣阻力大小恒為f，取g=10m/s2，求：（1）彈性球受到的空氣阻力f的大?。唬?）彈性球第一次碰撞后反彈的高度h【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【專題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】（1）速度時(shí)間圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，斜率表示加速度，在下落過程中根據(jù)圖象求出加速度，根據(jù)牛頓第二定律即可求得空氣阻力；（2）先根據(jù)牛頓第二定律求得上升時(shí)的加速度，再根據(jù)位移速度公式即可求解【解答】解；（1）設(shè)彈性球第一次下落過程中的加速度為a，由速度時(shí)間圖象得：a=根據(jù)牛頓第二定律得：mgf=ma解得：f=0.2n（2）由速度時(shí)間圖象可知，彈性球第一次到達(dá)地面的速度為v=4m/s則彈性球第一次離開地面時(shí)的速度大小為v=3m/s離開地面后a=12m/s2，根據(jù)0v2=2ah解得：h=0.375m答：（1）彈性球受到的空氣阻力f的大小為0.2n；（2）彈性球第一次碰撞后反彈的高度h為0.375m【點(diǎn)評(píng)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合是處理動(dòng)力學(xué)問題常用的方法速度圖象要抓住兩個(gè)意義：斜率表示加速度，“面積”表示位移12一個(gè)質(zhì)量為m帶電量為q的小球，以初速度v0自離地面h高度處水平拋出重力加速度為g，空氣阻力忽略不計(jì)（1）求小球自拋出到第一次落地點(diǎn)p的過程中發(fā)生的水平位移x的大?。?）若在空間加一個(gè)豎直方向的勻強(qiáng)電場，發(fā)現(xiàn)小球以相同方式水平拋出后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，請判斷電場的方向并求出電場強(qiáng)度e的大?。?）若在空間再加一個(gè)垂直紙面的勻強(qiáng)磁場，發(fā)現(xiàn)小球以相同方式水平拋出后第一次落地點(diǎn)仍然是p已知op間的距離大于h，請判斷磁場的方向并求出磁感應(yīng)強(qiáng)度b的大小【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在混合場中的運(yùn)動(dòng)【專題】帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】（1）小球做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分位移公式列式求解即可；（2）小球以相同方式水平拋出后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，電場力與重力平衡，根據(jù)場強(qiáng)的定義求解場強(qiáng)；（3）電場力與重力平衡，洛倫茲力提供向心力，結(jié)合幾何關(guān)系求解半徑，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解磁感應(yīng)強(qiáng)度b的大小【解答】解：（1）由平拋知識(shí)知： h=gt2x=v0t 得水平位移：x=v0（2）小球以相同方式水平拋出后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，電場力與重力平衡，豎直向上；小球帶正電，故電場的方向豎直向上 由二力平衡，有：eq=mg解得：e=（3）小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場力與重力平衡，洛倫茲力提供向心力，偏轉(zhuǎn)的方向向下，故磁場垂直向內(nèi) 由幾何關(guān)系：（rh）2+x2=r2由牛頓運(yùn)動(dòng)定律：qv0b=聯(lián)立兩式得：b=答：（1）小球自拋出到第一次落地點(diǎn)p的過程中發(fā)生的水平位移x的大小為（2）電場的方向豎直向上，電場強(qiáng)度e的大小為（3）磁場的方向垂直向內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度b的大小為【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵明確小球的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，然后根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)公式、直線運(yùn)動(dòng)的條件、牛頓第二定律列方程，不難（二）選考題：共45分請考生從給出的3道物理題，3道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，并用2b鉛筆在答題卡上把所選題目的題號(hào)涂黑注意所做題目的題號(hào)必須與所涂題目的題號(hào)一致，在答題卡上選答區(qū)域指定位置答題如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分【物理-選修3-3】13下列關(guān)于熱力學(xué)第二定律說法正確的是（）a所有符合能量守恒定律的宏觀過程都能真的發(fā)生b一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過程都是不可逆的c機(jī)械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而內(nèi)能無法全部用來做功以轉(zhuǎn)換成機(jī)械能d氣體向真空的自由膨脹是可逆的e熱運(yùn)動(dòng)的宏觀過程會(huì)有一定的方向性【考點(diǎn)】熱力學(xué)第二定律【專題】熱力學(xué)定理專題【分析】熱力學(xué)第二定律有不同的表述：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響；不可逆熱力學(xué)過程中熵的增量總是大于零符合能量守恒定律的宏觀過程都有一定的方向性；一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過程都是不可逆的；【解答】解：a、e、熱運(yùn)動(dòng)的宏觀過程會(huì)有一定的方向性，符合能量守恒定律的宏觀過程并不能都真的發(fā)生故a錯(cuò)誤，e正確；b、d、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過程都是不可逆的，所以氣體向真空的自由膨脹是不可逆的故b正確，d錯(cuò)誤；c、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響，所以機(jī)械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而內(nèi)能無法全部用來做功以轉(zhuǎn)換成機(jī)械能故c正確故選：bce【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵熟悉并牢記熱力學(xué)第二定律的各種表述，能夠明確熱力學(xué)第二定律的本質(zhì)基礎(chǔ)題目14如圖所示，開口向上粗細(xì)均勻的玻璃管長l=l00cm，管內(nèi)有一段高h(yuǎn)=20cm的水銀柱，封閉著長a=50cm的空氣柱，大氣壓強(qiáng)p0=76cmhg，溫度t0=27求溫度至少升到多高時(shí)，可使水銀柱全部溢出？【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】開始溫度升高時(shí)，氣體壓強(qiáng)不變，作等壓變化在水銀不斷外溢過程中，氣體不再是等壓變化，當(dāng)水銀柱上升至管口時(shí)，溫度再升高，水銀就會(huì)開始溢出，這時(shí)的氣體壓強(qiáng)隨水銀的溢出而減小，氣體的體積在不斷增大，溫度不需要繼續(xù)升高由理想氣體狀態(tài)方程列出液柱長度與溫度的關(guān)系式，討論溫度的最值【解答】解：開始溫度升高時(shí)，氣體壓強(qiáng)不變，氣體體積膨脹，水銀柱上升當(dāng)水銀柱上升至管口時(shí)，溫度再升高，水銀就會(huì)開始溢出，這時(shí)的氣體壓強(qiáng)隨水銀的溢出而減小，氣體的體積在不斷增大，溫度不需要繼續(xù)升高，設(shè)該溫度為t2，剩余的水銀柱的高度為x，玻璃管的橫截面積為s氣體的初始狀態(tài) p1=p0+h v1=as t1=300k氣體的末狀態(tài) p2=p0+x v2=（100x）s t2=273+t2根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=，即 =要使剩余氣體全部溢出的溫度t2最高，則（76+x）（100x）必為最大又因?yàn)?76+x+100x=176為常數(shù)，所以當(dāng)76+x=100x，即x=12cm時(shí)，（76+x）（100x）有最大值代入得 =16，解得 t2=211，水銀全部溢出答：溫度至少升到211時(shí)，可使水銀柱全部溢出【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要正確分析氣體的狀態(tài)變化過程，明確水銀不斷外溢過程中，氣體不再是等壓變化，溫度隨體積增大按“拋物線”規(guī)律變化，由氣態(tài)方程列式求解最值【物理-選修3-4】15（2015秋唐山校級(jí)月考）一簡諧橫波沿x軸正向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖（a）所示，x=0.30m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖線如圖（b）所示，該質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正向（填“正向”或“負(fù)向”）已知該波的波長大于0.30m，則該波的波長為0.8m【考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象【專題】壓軸題【分析】由圖b可知，質(zhì)點(diǎn)后面的時(shí)刻位移比t=0時(shí)刻位移大，所以質(zhì)點(diǎn)沿y軸正向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)振動(dòng)方程及波速與波長周期關(guān)系結(jié)合題中條件即可求解波長【解答】解：由圖b可知，t=0時(shí)刻，該質(zhì)點(diǎn)的位移為cm，在下一時(shí)刻，位移大于cm所以該質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正向由振動(dòng)方程得：y=asin則有： =2s