全國通用版高考物理總復(fù)習(xí)精準(zhǔn)提分練：選擇題專練三.doc

選擇題專練(三)(限時：20分鐘)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分14一個氡核Rn衰變成釙核Po，其核反應(yīng)方程為RnPoX，氡核的半衰期為3.8天下列說法正確的是()A方程式中的X是氚核B該核反應(yīng)前后的質(zhì)量數(shù)和質(zhì)量都守恒C釙核Po的比結(jié)合能大于氡核Rn的比結(jié)合能D十個氡核Rn經(jīng)過3.8天一定還剩五個氡核Rn答案C解析方程式中的X質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，是氦核，選項A錯誤；該核反應(yīng)前后的質(zhì)量數(shù)守恒，因伴隨能量產(chǎn)生，故有質(zhì)量虧損，選項B錯誤；因釙核Po比氡核Rn更穩(wěn)定，故釙核Po比結(jié)合能大于氡核Rn的比結(jié)合能，選項C正確；半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對少量的原子核衰變不適用，故選項D錯誤15如圖1所示，一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧的一端與物塊相連，另一端固定在固定斜面體頂端，彈簧與斜面平行當(dāng)物塊位于斜面上A、B兩點時，物塊恰能靜止在斜面上當(dāng)物塊在A處時，彈簧處于拉伸狀態(tài)且長度為L1，當(dāng)物塊在B處時，彈簧處于壓縮狀態(tài)且長度為L2，已知物塊與斜面間的滑動摩擦力等于最大靜摩擦力由以上信息可以求出()圖1A物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)B物塊與斜面間的最大靜摩擦力C彈簧的原長D物塊沿斜面方向的重力的分量答案B解析當(dāng)物塊在A處時，k(L1L0)mgsin Ffm，當(dāng)物塊在B處時，k(L0L2)mgsin Ffm，兩式相加得：Ffm，即可以求出物塊與斜面間的最大靜摩擦力，故B正確，A、C、D錯誤16法拉第電動機的改裝電路如圖2甲所示，在圓形水銀槽中心豎直固定著一條形磁鐵，S極向上，一根金屬桿斜插在水銀中，金屬桿的上端與固定在水銀槽圓心正上方的鉸鏈相連在電路中A、B點間接入圖乙所示交流電時，電源、理想二極管、導(dǎo)線、金屬桿、水銀構(gòu)成回路，電路安全且正常工作(不計金屬桿在轉(zhuǎn)動中水銀阻力的影響及水銀電阻的變化)，則從上往下看，金屬桿()圖2A逆時針勻速轉(zhuǎn)動 B逆時針非勻速轉(zhuǎn)動C順時針勻速轉(zhuǎn)動 D順時針非勻速轉(zhuǎn)動答案D解析由于二極管單向?qū)щ?，則有向上的電流通過金屬桿，金屬桿處在條形磁鐵的磁場中，受到安培力作用，根據(jù)左手定則得知，安培力方向與金屬桿垂直向外，使金屬桿以條形磁鐵為軸順時針轉(zhuǎn)動，由于電流大小周期性改變，所以安培力大小也改變，故金屬桿非勻速轉(zhuǎn)動，故A、B、C錯誤，D正確17(2018四川省德陽市一診)某位同學(xué)在電梯中用彈簧測力計測量一物體的重力，在0至t3時間段內(nèi)，彈簧測力計的示數(shù)F隨時間t變化如圖3所示，以豎直向上為正方向，則下列關(guān)于物體運動的at圖、vt圖及Pt圖(P為物體重力的功率大小)可能正確的是()圖3答案C解析由于該題沒有告訴彈簧的拉力與重力大小之間的關(guān)系，可以依題意，分三種情況討論：(1)若F1mg，則0t1時間內(nèi)電梯靜止或做勻速直線運動，即速度等于0，或速度保持不變，加速度等于0.四個圖線沒有是可能的；(2)若F2mg，則F1mg，在0t1時間內(nèi)電梯受到的合外力的方向向下，加速度的方向向下，為負(fù)值，所以D是不可能的；加速度的方向向下，則物體0t1時間內(nèi)可能向下做加速運動，速度為負(fù)，故A、B是不可能的；而t1t2時間內(nèi)受到的合外力等于0，物體做勻速直線運動，物體的速度不變，故B是不可能的；又由：Pmgv，可知t1t2時間內(nèi)重力的功率不變，故C是不可能的；(3)若F3mg，則F1mg，F(xiàn)2mg，在0t2時間內(nèi)電梯受到的合外力的方向都是向下，加速度的方向向下，故A、B、D是不可能的；F3mg，可知在0t1時間內(nèi)向下的加速度大于t1t2時間內(nèi)向下的加速度，而t2t3時間內(nèi)物體做勻速直線運動，所以vt圖象如圖，速度的方向向下，重力的方向也向下，由Pmgv可知，圖C是重力的功率隨時間變化的圖線，故C是可能的由以上的分析，可知只有C選項是可能的，A、B、D都是不可能的18如圖4所示的速度選擇器水平放置，板長為L，兩板間距離也為L，兩板間分布著如圖所示的正交勻強電場與勻強磁場，一帶正電的粒子(不計重力)從兩板左側(cè)中點O處沿圖中虛線水平向右射入速度選擇器，恰好做勻速直線運動；若撤去磁場，保留電場，粒子以相同的速度從O點進(jìn)入電場，恰好從上板極右邊緣b點離開場區(qū)；若撤去電場，保留磁場，粒子以相同的速度從O點進(jìn)入磁場，則粒子圓周運動的半徑為()圖4AL B2L C.L D.答案A解析該粒子恰能勻速通過題圖中虛線，電場力向上，洛倫茲力向下，根據(jù)平衡條件，有：qvBqE，解得v；撤去磁場，保持電場不變，粒子在電場中做類平拋運動，則Lvt，Lt2，解得粒子的比荷，撤去電場，保持磁場不變，粒子做勻速圓周運動，由qvBm，解得rL，故A正確，B、C、D錯誤19.(2018河北省“名校聯(lián)盟”質(zhì)量檢測一)P1、P2為相距遙遠(yuǎn)的兩顆半徑相同的行星，距各自表面相同高度處各有一顆衛(wèi)星s1、s2做勻速圓周運動圖5中縱坐標(biāo)表示行星對周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度a，橫坐標(biāo)表示物體到行星中心的距離r的平方，兩條曲線分別表示P1、P2周圍的a與r2的反比關(guān)系，它們左端點橫坐標(biāo)相同則()圖5AP1的質(zhì)量一定比P2的大BP1的“第一宇宙速度”比P2的大Cs1的向心力比s2的大Ds1的公轉(zhuǎn)周期比s2的大答案AB解析根據(jù)牛頓第二定律，行星對周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度為a，兩曲線左端點橫坐標(biāo)相同，即P1、P2的半徑相等，故aP1aP2，所以M1M2，即P1的質(zhì)量大于P2的質(zhì)量，A正確；“第一宇宙速度”v，因為P1的質(zhì)量大于P2的質(zhì)量，R相同，所以P1的“第一宇宙速度”比P2的大，B正確；由于不知道兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量，所以不能比較兩者向心力的大小，C錯誤；根據(jù)T2，因為P1的質(zhì)量大于P2的質(zhì)量，R、h相同，所以s1的公轉(zhuǎn)周期比s2的公轉(zhuǎn)周期小，D錯誤20如圖6所示，在光滑的水平桌面上，質(zhì)量為m的物塊A以速度v向右運動，與靜止在桌面上的質(zhì)量為3m的物塊B發(fā)生正碰，以向右為正方向，碰撞后，物塊A的速度可能為()圖6A0.8v B0.2vC0.4v D0.1v答案BD解析根據(jù)完全彈性碰撞關(guān)系可得mvmvA3mvB，mv2mv3mv，解得vAvv；根據(jù)完全非彈性碰撞關(guān)系可得mv4mvAB，解得vAvABv，所以vvAv.故B、D正確，A、C錯誤21(2018福建省龍巖市上學(xué)期期末)如圖7所示，在光滑絕緣水平面的P點正上方O點固定了一電荷量為Q的正點電荷，在水平面上的N點，由靜止釋放質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球，小球經(jīng)過P點時速度為v，圖中60，則在Q形成的電場中()圖7AN點電勢高于P點電勢BUPNCP點電場強度大小是N點的2倍D帶電小球從N點到P點的過程中電勢能減少了答案BD解析根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，N點距離