安義縣外國(guó)語(yǔ)學(xué)校2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理

安義縣外國(guó)語(yǔ)學(xué)校2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理班級(jí)_ 座號(hào)_ 姓名_ 分?jǐn)?shù)_一、選擇題1 在軍事演習(xí)中，某空降兵從懸停在空中的直升飛機(jī)上跳下，從跳離飛機(jī)到落地的過(guò)程中沿豎直方向運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是 A010 s內(nèi)空降兵和降落傘整體機(jī)械能守恒B010 s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受空氣阻力越來(lái)越大C1015 s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員的平均速度D1015 s內(nèi)空降兵和降落傘整體處于失重狀態(tài)【答案】BC 【解析】 010 s內(nèi)速度時(shí)間圖線的切線斜率逐漸減小，可知空降兵和降落傘向下做加速度逐漸減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)，阻力對(duì)空降兵和降落傘做負(fù)功，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律得，mgf=ma，因?yàn)榧铀俣葴p小，可知阻力增大，故選項(xiàng)B正確；1015 s內(nèi)做空降兵和降落傘向下做加速度減小的變減速直線運(yùn)動(dòng)，5 s內(nèi)的位移小于做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移，故1015 s時(shí)間內(nèi)空降兵和降落傘的平均速度，故C正確；1015 s內(nèi)做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向上，可知空降兵和降落傘處于超重狀態(tài)，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2 如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離（ ）A. 帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)B. P點(diǎn)的電勢(shì)將降低C. 帶電油滴的電勢(shì)能將減小D. 若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大【答案】B【解析】A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受的電場(chǎng)力減小，則油滴將向下運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤B、場(chǎng)強(qiáng)E減小，而P點(diǎn)與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差將減小，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則知P點(diǎn)的電勢(shì)將降低故B正確C、由帶電油滴原來(lái)處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負(fù)電，P點(diǎn)的電勢(shì)降低，則油滴的電勢(shì)能將增加故C錯(cuò)誤D、根據(jù)Q=UC，由于電勢(shì)差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，判斷油滴如何運(yùn)動(dòng)運(yùn)用推論：正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，而負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，來(lái)判斷電勢(shì)能的變化3 在電梯內(nèi)的地板上，豎直放置一根輕質(zhì)彈簧，彈簧上端固定一個(gè)質(zhì)量為m的物體。當(dāng)電梯勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧被壓縮了x，某時(shí)刻后觀察到彈簧又被繼續(xù)壓縮了（重力加速度為g）。則電梯在此時(shí)刻后的運(yùn)動(dòng)情況可能是A以大小為g的加速度加速上升B以大小為g的加速度減速上升C以大小為的加速度加速下降D以大小為的加速度減速下降【答案】D【解析】4 一圓環(huán)形鋁質(zhì)金屬圈（阻值不隨溫度變化）放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，設(shè)第1s內(nèi)磁感線垂直于金屬圈平面（即垂直于紙面）向里，如圖甲所示。若磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示，那么第3s內(nèi)金屬圈中（ ）A. 感應(yīng)電流逐漸增大，沿逆時(shí)針?lè)较駼. 感應(yīng)電流恒定，沿順時(shí)針?lè)较駽. 圓環(huán)各微小段受力大小不變，方向沿半徑指向圓心D. 圓環(huán)各微小段受力逐漸增大，方向沿半徑指向圓心【答案】D【解析】試題分析：從圖乙中可得第3s內(nèi)垂直向里的磁場(chǎng)均勻增大，穿過(guò)線圈垂直向里的磁通量增大，由楞次定律可得，感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?；根?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，根據(jù)歐姆定律產(chǎn)生的感應(yīng)電流為， 正比于，第3s內(nèi)磁通量的變化率恒定，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定，AB錯(cuò)誤；圓環(huán)各微小段受安培力，由于磁場(chǎng)逐漸增大，電流不變，根據(jù)公式，可得圓環(huán)各微小段受力逐漸增大，由左手定則可得，安培力的方向沿半徑指向圓心故C錯(cuò)誤；D正確考點(diǎn)：考查了電磁感應(yīng)與圖像5 （2018廣州一模）如圖，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球由靜止釋放沿斜向下做直線運(yùn)動(dòng)，軌跡與豎直方向的夾角為，則A場(chǎng)強(qiáng)最小值為B電場(chǎng)方向可能水平向左C電場(chǎng)力對(duì)小球可能不做功D小球的電勢(shì)能可能增加【答案】CD【解析】本題考查物體做直線運(yùn)動(dòng)的條件，受力分析，電場(chǎng)力，極值問(wèn)題，電場(chǎng)力做功和電勢(shì)能變化及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)。6 已知電場(chǎng)線分布如下圖，則以下說(shuō)法正確的是A. 場(chǎng)強(qiáng)B. 電勢(shì)C. 把一正電荷從A移到B，電場(chǎng)力做正功D. 同一負(fù)電荷在兩點(diǎn)受的電場(chǎng)力【答案】BCD【解析】電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)大小，則EAEB，同一負(fù)電荷在兩點(diǎn)受的電場(chǎng)力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，D正確；順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，則，選項(xiàng)B正確；把一正電荷從A移到B，電場(chǎng)力的方向與位移同向，則電場(chǎng)力做正功，選項(xiàng)C正確；故選BCD.點(diǎn)睛：明確電場(chǎng)線的疏密程度反映場(chǎng)強(qiáng)的相對(duì)大小，電場(chǎng)線的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低是解答本題的關(guān)鍵7 一個(gè)礦泉水瓶底部有一小孔。靜止時(shí)用手指堵住小孔不讓它漏水，假設(shè)水瓶在下述幾種運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有轉(zhuǎn)動(dòng)且忽略空氣阻力，則 A水瓶自由下落時(shí)，小孔向下漏水B將水瓶豎直向上拋出，水瓶向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，小孔向下漏水；水瓶向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，小孔不向下漏水C將水瓶水平拋出，水瓶在運(yùn)動(dòng)中小孔不向下漏水D將水瓶斜向上拋出，水瓶在運(yùn)動(dòng)中小孔向下漏水【答案】C【解析】無(wú)論向哪個(gè)方向拋出，拋出之后的物體都只受到重力的作用，加速度為g，處于完全失重狀態(tài)，此時(shí)水和容器的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)相同，它們之間沒(méi)有相互作用，水不會(huì)流出，所以C正確。8 如圖所示，AB、CD 為兩個(gè)光滑的平臺(tái)，一傾角為 37，長(zhǎng)為 5 m 的傳送帶與兩平臺(tái)平 滑連接。現(xiàn)有一小煤塊以 10 m/s 的速度沿平臺(tái) AB 向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)傳送帶靜止時(shí)，小煤塊恰好能滑到平臺(tái) CD 上，則下列說(shuō)法正確的是（重力加速度 g=10m/s2，sin370=0.6，cos370=0.8）（ ）A. 小煤塊跟傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5B. 當(dāng)小煤塊在平臺(tái) AB 上的運(yùn)動(dòng)速度 v=4 m/s 時(shí)，無(wú)論傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)的速度多大，小物體都不能到達(dá)平臺(tái) CDC. 若小煤塊以 v=8 m/s 的速度沿平臺(tái) AB 向右運(yùn)動(dòng)，傳送帶至少要以 3m/s 的速度順時(shí)針 運(yùn)動(dòng)，才能使小物體到達(dá)平臺(tái) CDD. 若小煤塊以 v=8m/s 的速度沿平臺(tái) AB 向右運(yùn)動(dòng)，傳送帶以 4m/s 的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)時(shí)， 傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度為 2.4m【答案】ABC【解析】A、傳送帶靜止時(shí)，小煤塊受力如圖甲所示據(jù)牛頓第二定律得 ，BC過(guò)程有，解得， ，故A正確；B、當(dāng)小煤塊受到的摩擦力始終向上時(shí)，最容易到達(dá)傳送帶頂端，此時(shí)，小物體受力如圖乙所示，據(jù)牛頓第二定律得，若恰好能到達(dá)高臺(tái)時(shí)，有，解得，即當(dāng)小煤塊在AB平臺(tái)上向右滑動(dòng)速度小于4m/s，無(wú)論傳帶順時(shí)針傳動(dòng)的速度多大，小煤塊總也不能到達(dá)高臺(tái)CD，故B正確；C、以表示傳送帶順時(shí)針傳動(dòng)的速度大小，對(duì)從小煤塊滑上傳送帶到小物體速度減小到傳送帶速度過(guò)程有，對(duì)從小煤塊速度減小到運(yùn)動(dòng)到恰滑上CD高臺(tái)過(guò)程，有， ，解得，即傳送帶至少以3m/s的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)，小物體才能到達(dá)高臺(tái)CD，故C正確；D、對(duì)小煤塊煤塊的位移， ，t=1s，傳送帶的位移， ，傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度，故D錯(cuò)誤；故選ABC。9 如圖甲所示，兩平行金屬板A、B放在真空中，間距為d，P點(diǎn)在A、B板間，A板接地，B板的電勢(shì)隨時(shí)間t的變化情況如圖乙所示，t=0時(shí)，在P點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子，當(dāng)=2T時(shí)，電子回到P點(diǎn)。電子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未與極板相碰，不計(jì)重力，則下列說(shuō)法正確的是A.： =1：2B.： =1：3C. 在02T時(shí)間內(nèi)，當(dāng)t=T時(shí)電子的電勢(shì)能最小D. 在02T 時(shí)間內(nèi)，電子的電勢(shì)能減小了【答案】BD【解析】根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)公式可得0T時(shí)間內(nèi)平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為：，電子的加速度為：，且向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間T的位移為：，速度為：v1=a1T，同理在T2T內(nèi)平行板間電場(chǎng)強(qiáng)度為：，加速度為：，電子以v1的速度向上做勻變速度直線運(yùn)動(dòng)，位移為：，由題意2T時(shí)刻回到P點(diǎn)，則有：x1+x2=0，聯(lián)立可得：2=31，故A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)速度最大時(shí)，動(dòng)能最大，電勢(shì)能最小，而0T內(nèi)電子做勻加速運(yùn)動(dòng)，之后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，因2=31，所以在2T時(shí)刻電勢(shì)能最小，故C錯(cuò)誤；電子在2T時(shí)刻回到P點(diǎn)，此時(shí)速度為：，（負(fù)號(hào)表示方向向下），電子的動(dòng)能為：，根據(jù)能量守恒定律，電勢(shì)能的減小量等于動(dòng)能的增加量，故D正確。所以BD正確，AC錯(cuò)誤。10遠(yuǎn)距離輸電中，發(fā)電廠輸送的電功率相同，如果分別采用輸電電壓為和輸電電壓為輸電。則兩種情況中，輸電線上通過(guò)的電流之比I1I2等于（ ）A11 B31 C13 D91【答案】B【解析】由公式可知B對(duì)；11高蹺運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)新型運(yùn)動(dòng)，圖甲為彈簧高蹺。當(dāng)人抓住扶手用力蹬踏板壓縮彈簧后。人就向上彈起，進(jìn)而帶動(dòng)高蹺跳躍，如圖乙。則下列說(shuō)法正確的是A人向上彈起過(guò)程中，先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)B人向上彈起過(guò)程中，踏板對(duì)人的作用力大于人對(duì)踏板的作用力C彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，高蹺對(duì)人的作用力大于人的重力D彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，高蹺對(duì)地的壓力等于人和高蹺的總重力【答案】AC【解析】對(duì)象，彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，地對(duì)高蹺的壓力大于人和高蹺的總重力，再根據(jù)牛頓第三定律，可知高蹺對(duì)地的壓力大于人和高蹺的總重力，故D項(xiàng)錯(cuò)誤；綜上所述本題答案是AC。12在勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)放置一個(gè)面積為S的線框，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，穿過(guò)線框所圍面積的磁通量，下列關(guān)系正確的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】磁通量定義可知當(dāng)B與S相互垂直時(shí)，磁通量為=BS，故A正確，BCD錯(cuò)誤。13在物理學(xué)發(fā)展的過(guò)程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)研究推動(dòng)了人類文明的進(jìn)程在對(duì)以下幾位物理學(xué)家所作科學(xué)貢獻(xiàn)的敘述中，正確的說(shuō)法是A在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中，伽利略猜想運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證B牛頓應(yīng)用“理想斜面實(shí)驗(yàn)”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”觀點(diǎn)C胡克認(rèn)為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比D亞里士多德認(rèn)為兩個(gè)從同一高度自由落下的物體，重物體與輕物體下落一樣快【答案】C14如圖所示，在真空中勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向下，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，三個(gè)油滴a、b、c帶有等量同種電荷，其中a靜止，b向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，c向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)。比較它們所受的重力ma、mb、mc間的關(guān)系，正確的是 Ama最大 Bmb最大Cmc最大 Dmc最小【答案】BD 【解析】 a球受力平衡，有mag=qE，重力和電場(chǎng)力等值、反向、共線，故電場(chǎng)力向上，由于電場(chǎng)強(qiáng)度向下，故球帶負(fù)電，b球受力平衡，有mbg=qvB+qE；c球受力平衡，有mcg+qvB=qE，解得：mbmamc，故選BD。15如圖所示電路中，三個(gè)相同的燈泡額定功率是40 W，在不損壞燈泡的情況下，這三個(gè)燈泡消耗的總功率最大不應(yīng)超過(guò) A40 W B60 W C80 W D120 W【答案】B二、填空題16如右圖所示，平行的兩金屬板M、N與電源相連，一個(gè)帶負(fù)電的小球懸掛在兩板間，閉合開(kāi)關(guān)后，懸線偏離豎直方向的角度為。若保持開(kāi)關(guān)閉合，將N板向M板靠近，角將_；若把開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，再使N板向M板靠近，角將_。（填“變大”、“變小”或“不變” ）【答案】變大 不變 17輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個(gè)小鐵球，在電梯運(yùn)行時(shí)，乘客發(fā)現(xiàn)彈簧的伸長(zhǎng)量比電梯靜止時(shí)的伸長(zhǎng)量小，這一現(xiàn)象表明電梯的加速度方向一定_（填“向下”或“向上”），乘客一定處在_（填“失重”或“超重”）狀態(tài)，人對(duì)電梯的壓力比自身重力_（填“大”或“小”）?！敬鸢浮肯蛳?失重 小（每空2分）【解析】彈簧伸長(zhǎng)量減小，說(shuō)明彈力減小，則物體受到的合力向下，故小鐵球的加速度向下，故乘客一定處于失重狀態(tài)，根據(jù)N=mgma可知人對(duì)電梯的壓力比自身重力小。三、解答題18 如圖甲所示，在坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)，y軸的左側(cè)有一個(gè)速度選擇器，其中電場(chǎng)強(qiáng)度為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0。粒子源不斷地釋放出沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量均為m、電荷量均為+q、速度大小不同的粒子。在y軸的右側(cè)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒為B，方向垂直于xOy平面，且隨時(shí)間做周期性變化（不計(jì)其產(chǎn)生的電場(chǎng)對(duì)粒子的影響），規(guī)定垂直xOy平面向里的磁場(chǎng)方向?yàn)檎鐖D乙所示。在離y軸足夠遠(yuǎn)的地方有一個(gè)與y軸平行的熒光屏。假設(shè)帶電粒子在y軸右側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間達(dá)到磁場(chǎng)的一個(gè)變化周期之后，失去電荷變?yōu)橹行粤Ｗ印＃Ｗ拥闹亓雎圆挥?jì)） （1）從O點(diǎn)射入右側(cè)磁場(chǎng)的粒子速度多大；（2）如果磁場(chǎng)的變化周期恒定為T(mén)=m/Bq，要使不同時(shí)刻從原點(diǎn)O進(jìn)入變化磁場(chǎng)的粒子做曲線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于磁場(chǎng)的一個(gè)變化周期，則熒光屏離開(kāi)y軸的距離至少多大；（3）熒光屏離開(kāi)y軸的距離滿足（2）的前提下，如果磁場(chǎng)的變化周期T可以改變，試求從t=0時(shí)刻經(jīng)過(guò)原點(diǎn)O的粒子打在熒光屏上的位置離x軸的距離與磁場(chǎng)變化周期T的關(guān)系?！敬鸢浮俊窘馕觥?因?yàn)榇艌?chǎng)的變化周期恒為，所以粒子在該磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期所轉(zhuǎn)過(guò)的角度為90，任一時(shí)刻進(jìn)入y軸右側(cè)磁場(chǎng)的粒子其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示 為使粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)滿一個(gè)變化周期，熒光屏離開(kāi)y軸的距離應(yīng)該為當(dāng)=45時(shí)，x的值最大，最大值為xk*w（3）因?yàn)閹щ娏Ｗ釉趦蓚€(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，所以其軌跡具有對(duì)稱性，如圖乙所示，其經(jīng)過(guò)一個(gè)磁場(chǎng)變化周期之后的速度方向與x軸方向平行，且此時(shí)距