安義縣外國(guó)語(yǔ)學(xué)校2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理_第1頁(yè)
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安義縣外國(guó)語(yǔ)學(xué)校2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理班級(jí)_ 座號(hào)_ 姓名_ 分?jǐn)?shù)_一、選擇題1 在軍事演習(xí)中,某空降兵從懸停在空中的直升飛機(jī)上跳下,從跳離飛機(jī)到落地的過(guò)程中沿豎直方向運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示,則下列說(shuō)法正確的是 A010 s內(nèi)空降兵和降落傘整體機(jī)械能守恒B010 s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受空氣阻力越來(lái)越大C1015 s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員的平均速度D1015 s內(nèi)空降兵和降落傘整體處于失重狀態(tài)【答案】BC 【解析】 010 s內(nèi)速度時(shí)間圖線的切線斜率逐漸減小,可知空降兵和降落傘向下做加速度逐漸減小的變加速直線運(yùn)動(dòng),阻力對(duì)空降兵和降落傘做負(fù)功,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;根據(jù)牛頓第二定律得,mgf=ma,因?yàn)榧铀俣葴p小,可知阻力增大,故選項(xiàng)B正確;1015 s內(nèi)做空降兵和降落傘向下做加速度減小的變減速直線運(yùn)動(dòng),5 s內(nèi)的位移小于做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移,故1015 s時(shí)間內(nèi)空降兵和降落傘的平均速度,故C正確;1015 s內(nèi)做減速運(yùn)動(dòng),加速度方向向上,可知空降兵和降落傘處于超重狀態(tài),故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2 如圖所示,平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源(內(nèi)阻不計(jì))連接,下極板接地一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離( )A. 帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)B. P點(diǎn)的電勢(shì)將降低C. 帶電油滴的電勢(shì)能將減小D. 若電容器的電容減小,則極板帶電量將增大【答案】B【解析】A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離,由于電容器兩板間電壓不變,根據(jù)得知板間場(chǎng)強(qiáng)減小,油滴所受的電場(chǎng)力減小,則油滴將向下運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤B、場(chǎng)強(qiáng)E減小,而P點(diǎn)與下極板間的距離不變,則由公式U=Ed分析可知,P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差將減小,而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì),則知P點(diǎn)的電勢(shì)將降低故B正確C、由帶電油滴原來(lái)處于平衡狀態(tài)可知,油滴帶負(fù)電,P點(diǎn)的電勢(shì)降低,則油滴的電勢(shì)能將增加故C錯(cuò)誤D、根據(jù)Q=UC,由于電勢(shì)差不變,電容器的電容減小,故帶電量減小,故D錯(cuò)誤;故選B【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化,判斷油滴如何運(yùn)動(dòng)運(yùn)用推論:正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大,而負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小,來(lái)判斷電勢(shì)能的變化3 在電梯內(nèi)的地板上,豎直放置一根輕質(zhì)彈簧,彈簧上端固定一個(gè)質(zhì)量為m的物體。當(dāng)電梯勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),彈簧被壓縮了x,某時(shí)刻后觀察到彈簧又被繼續(xù)壓縮了(重力加速度為g)。則電梯在此時(shí)刻后的運(yùn)動(dòng)情況可能是A以大小為g的加速度加速上升B以大小為g的加速度減速上升C以大小為的加速度加速下降D以大小為的加速度減速下降【答案】D【解析】4 一圓環(huán)形鋁質(zhì)金屬圈(阻值不隨溫度變化)放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,設(shè)第1s內(nèi)磁感線垂直于金屬圈平面(即垂直于紙面)向里,如圖甲所示。若磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示,那么第3s內(nèi)金屬圈中( )A. 感應(yīng)電流逐漸增大,沿逆時(shí)針?lè)较駼. 感應(yīng)電流恒定,沿順時(shí)針?lè)较駽. 圓環(huán)各微小段受力大小不變,方向沿半徑指向圓心D. 圓環(huán)各微小段受力逐漸增大,方向沿半徑指向圓心【答案】D【解析】試題分析:從圖乙中可得第3s內(nèi)垂直向里的磁場(chǎng)均勻增大,穿過(guò)線圈垂直向里的磁通量增大,由楞次定律可得,感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?;根?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為,根據(jù)歐姆定律產(chǎn)生的感應(yīng)電流為, 正比于,第3s內(nèi)磁通量的變化率恒定,所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定,AB錯(cuò)誤;圓環(huán)各微小段受安培力,由于磁場(chǎng)逐漸增大,電流不變,根據(jù)公式,可得圓環(huán)各微小段受力逐漸增大,由左手定則可得,安培力的方向沿半徑指向圓心故C錯(cuò)誤;D正確考點(diǎn):考查了電磁感應(yīng)與圖像5 (2018廣州一模)如圖,在勻強(qiáng)電場(chǎng)中,質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球由靜止釋放沿斜向下做直線運(yùn)動(dòng),軌跡與豎直方向的夾角為,則A場(chǎng)強(qiáng)最小值為B電場(chǎng)方向可能水平向左C電場(chǎng)力對(duì)小球可能不做功D小球的電勢(shì)能可能增加【答案】CD【解析】本題考查物體做直線運(yùn)動(dòng)的條件,受力分析,電場(chǎng)力,極值問(wèn)題,電場(chǎng)力做功和電勢(shì)能變化及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)。6 已知電場(chǎng)線分布如下圖,則以下說(shuō)法正確的是A. 場(chǎng)強(qiáng)B. 電勢(shì)C. 把一正電荷從A移到B,電場(chǎng)力做正功D. 同一負(fù)電荷在兩點(diǎn)受的電場(chǎng)力【答案】BCD【解析】電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)大小,則EAEB,同一負(fù)電荷在兩點(diǎn)受的電場(chǎng)力,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,D正確;順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低,則,選項(xiàng)B正確;把一正電荷從A移到B,電場(chǎng)力的方向與位移同向,則電場(chǎng)力做正功,選項(xiàng)C正確;故選BCD.點(diǎn)睛:明確電場(chǎng)線的疏密程度反映場(chǎng)強(qiáng)的相對(duì)大小,電場(chǎng)線的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向,順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低是解答本題的關(guān)鍵7 一個(gè)礦泉水瓶底部有一小孔。靜止時(shí)用手指堵住小孔不讓它漏水,假設(shè)水瓶在下述幾種運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有轉(zhuǎn)動(dòng)且忽略空氣阻力,則 A水瓶自由下落時(shí),小孔向下漏水B將水瓶豎直向上拋出,水瓶向上運(yùn)動(dòng)時(shí),小孔向下漏水;水瓶向下運(yùn)動(dòng)時(shí),小孔不向下漏水C將水瓶水平拋出,水瓶在運(yùn)動(dòng)中小孔不向下漏水D將水瓶斜向上拋出,水瓶在運(yùn)動(dòng)中小孔向下漏水【答案】C【解析】無(wú)論向哪個(gè)方向拋出,拋出之后的物體都只受到重力的作用,加速度為g,處于完全失重狀態(tài),此時(shí)水和容器的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)相同,它們之間沒(méi)有相互作用,水不會(huì)流出,所以C正確。8 如圖所示,AB、CD 為兩個(gè)光滑的平臺(tái),一傾角為 37,長(zhǎng)為 5 m 的傳送帶與兩平臺(tái)平 滑連接。現(xiàn)有一小煤塊以 10 m/s 的速度沿平臺(tái) AB 向右運(yùn)動(dòng),當(dāng)傳送帶靜止時(shí),小煤塊恰好能滑到平臺(tái) CD 上,則下列說(shuō)法正確的是(重力加速度 g=10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8)( )A. 小煤塊跟傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5B. 當(dāng)小煤塊在平臺(tái) AB 上的運(yùn)動(dòng)速度 v=4 m/s 時(shí),無(wú)論傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)的速度多大,小物體都不能到達(dá)平臺(tái) CDC. 若小煤塊以 v=8 m/s 的速度沿平臺(tái) AB 向右運(yùn)動(dòng),傳送帶至少要以 3m/s 的速度順時(shí)針 運(yùn)動(dòng),才能使小物體到達(dá)平臺(tái) CDD. 若小煤塊以 v=8m/s 的速度沿平臺(tái) AB 向右運(yùn)動(dòng),傳送帶以 4m/s 的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)時(shí), 傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度為 2.4m【答案】ABC【解析】A、傳送帶靜止時(shí),小煤塊受力如圖甲所示據(jù)牛頓第二定律得 ,BC過(guò)程有,解得, ,故A正確;B、當(dāng)小煤塊受到的摩擦力始終向上時(shí),最容易到達(dá)傳送帶頂端,此時(shí),小物體受力如圖乙所示,據(jù)牛頓第二定律得,若恰好能到達(dá)高臺(tái)時(shí),有,解得,即當(dāng)小煤塊在AB平臺(tái)上向右滑動(dòng)速度小于4m/s,無(wú)論傳帶順時(shí)針傳動(dòng)的速度多大,小煤塊總也不能到達(dá)高臺(tái)CD,故B正確;C、以表示傳送帶順時(shí)針傳動(dòng)的速度大小,對(duì)從小煤塊滑上傳送帶到小物體速度減小到傳送帶速度過(guò)程有,對(duì)從小煤塊速度減小到運(yùn)動(dòng)到恰滑上CD高臺(tái)過(guò)程,有, ,解得,即傳送帶至少以3m/s的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng),小物體才能到達(dá)高臺(tái)CD,故C正確;D、對(duì)小煤塊煤塊的位移, ,t=1s,傳送帶的位移, ,傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度,故D錯(cuò)誤;故選ABC。9 如圖甲所示,兩平行金屬板A、B放在真空中,間距為d,P點(diǎn)在A、B板間,A板接地,B板的電勢(shì)隨時(shí)間t的變化情況如圖乙所示,t=0時(shí),在P點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子,當(dāng)=2T時(shí),電子回到P點(diǎn)。電子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未與極板相碰,不計(jì)重力,則下列說(shuō)法正確的是A.: =1:2B.: =1:3C. 在02T時(shí)間內(nèi),當(dāng)t=T時(shí)電子的電勢(shì)能最小D. 在02T 時(shí)間內(nèi),電子的電勢(shì)能減小了【答案】BD【解析】根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)公式可得0T時(shí)間內(nèi)平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為:,電子的加速度為:,且向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)過(guò)時(shí)間T的位移為:,速度為:v1=a1T,同理在T2T內(nèi)平行板間電場(chǎng)強(qiáng)度為:,加速度為:,電子以v1的速度向上做勻變速度直線運(yùn)動(dòng),位移為:,由題意2T時(shí)刻回到P點(diǎn),則有:x1+x2=0,聯(lián)立可得:2=31,故A錯(cuò)誤,B正確;當(dāng)速度最大時(shí),動(dòng)能最大,電勢(shì)能最小,而0T內(nèi)電子做勻加速運(yùn)動(dòng),之后做勻減速直線運(yùn)動(dòng),因2=31,所以在2T時(shí)刻電勢(shì)能最小,故C錯(cuò)誤;電子在2T時(shí)刻回到P點(diǎn),此時(shí)速度為:,(負(fù)號(hào)表示方向向下),電子的動(dòng)能為:,根據(jù)能量守恒定律,電勢(shì)能的減小量等于動(dòng)能的增加量,故D正確。所以BD正確,AC錯(cuò)誤。10遠(yuǎn)距離輸電中,發(fā)電廠輸送的電功率相同,如果分別采用輸電電壓為和輸電電壓為輸電。則兩種情況中,輸電線上通過(guò)的電流之比I1I2等于( )A11 B31 C13 D91【答案】B【解析】由公式可知B對(duì);11高蹺運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)新型運(yùn)動(dòng),圖甲為彈簧高蹺。當(dāng)人抓住扶手用力蹬踏板壓縮彈簧后。人就向上彈起,進(jìn)而帶動(dòng)高蹺跳躍,如圖乙。則下列說(shuō)法正確的是A人向上彈起過(guò)程中,先處于超重狀態(tài),后處于失重狀態(tài)B人向上彈起過(guò)程中,踏板對(duì)人的作用力大于人對(duì)踏板的作用力C彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí),高蹺對(duì)人的作用力大于人的重力D彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí),高蹺對(duì)地的壓力等于人和高蹺的總重力【答案】AC【解析】對(duì)象,彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí),根據(jù)牛頓第二定律,地對(duì)高蹺的壓力大于人和高蹺的總重力,再根據(jù)牛頓第三定律,可知高蹺對(duì)地的壓力大于人和高蹺的總重力,故D項(xiàng)錯(cuò)誤;綜上所述本題答案是AC。12在勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)放置一個(gè)面積為S的線框,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,線框平面與磁場(chǎng)方向垂直,穿過(guò)線框所圍面積的磁通量,下列關(guān)系正確的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】磁通量定義可知當(dāng)B與S相互垂直時(shí),磁通量為=BS,故A正確,BCD錯(cuò)誤。13在物理學(xué)發(fā)展的過(guò)程中,許多物理學(xué)家的科學(xué)研究推動(dòng)了人類文明的進(jìn)程在對(duì)以下幾位物理學(xué)家所作科學(xué)貢獻(xiàn)的敘述中,正確的說(shuō)法是A在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中,伽利略猜想運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比,并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證B牛頓應(yīng)用“理想斜面實(shí)驗(yàn)”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”觀點(diǎn)C胡克認(rèn)為只有在一定的條件下,彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比D亞里士多德認(rèn)為兩個(gè)從同一高度自由落下的物體,重物體與輕物體下落一樣快【答案】C14如圖所示,在真空中勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向下,勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里,三個(gè)油滴a、b、c帶有等量同種電荷,其中a靜止,b向左做勻速直線運(yùn)動(dòng),c向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)。比較它們所受的重力ma、mb、mc間的關(guān)系,正確的是 Ama最大 Bmb最大Cmc最大 Dmc最小【答案】BD 【解析】 a球受力平衡,有mag=qE,重力和電場(chǎng)力等值、反向、共線,故電場(chǎng)力向上,由于電場(chǎng)強(qiáng)度向下,故球帶負(fù)電,b球受力平衡,有mbg=qvB+qE;c球受力平衡,有mcg+qvB=qE,解得:mbmamc,故選BD。15如圖所示電路中,三個(gè)相同的燈泡額定功率是40 W,在不損壞燈泡的情況下,這三個(gè)燈泡消耗的總功率最大不應(yīng)超過(guò) A40 W B60 W C80 W D120 W【答案】B二、填空題16如右圖所示,平行的兩金屬板M、N與電源相連,一個(gè)帶負(fù)電的小球懸掛在兩板間,閉合開(kāi)關(guān)后,懸線偏離豎直方向的角度為。若保持開(kāi)關(guān)閉合,將N板向M板靠近,角將_;若把開(kāi)關(guān)斷開(kāi),再使N板向M板靠近,角將_。(填“變大”、“變小”或“不變” )【答案】變大 不變 17輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上,彈簧下端懸掛一個(gè)小鐵球,在電梯運(yùn)行時(shí),乘客發(fā)現(xiàn)彈簧的伸長(zhǎng)量比電梯靜止時(shí)的伸長(zhǎng)量小,這一現(xiàn)象表明電梯的加速度方向一定_(填“向下”或“向上”),乘客一定處在_(填“失重”或“超重”)狀態(tài),人對(duì)電梯的壓力比自身重力_(填“大”或“小”)?!敬鸢浮肯蛳?失重 小(每空2分)【解析】彈簧伸長(zhǎng)量減小,說(shuō)明彈力減小,則物體受到的合力向下,故小鐵球的加速度向下,故乘客一定處于失重狀態(tài),根據(jù)N=mgma可知人對(duì)電梯的壓力比自身重力小。三、解答題18 如圖甲所示,在坐標(biāo)系xOy平面內(nèi),y軸的左側(cè)有一個(gè)速度選擇器,其中電場(chǎng)強(qiáng)度為E,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0。粒子源不斷地釋放出沿x軸正方向運(yùn)動(dòng),質(zhì)量均為m、電荷量均為+q、速度大小不同的粒子。在y軸的右側(cè)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒為B,方向垂直于xOy平面,且隨時(shí)間做周期性變化(不計(jì)其產(chǎn)生的電場(chǎng)對(duì)粒子的影響),規(guī)定垂直xOy平面向里的磁場(chǎng)方向?yàn)檎鐖D乙所示。在離y軸足夠遠(yuǎn)的地方有一個(gè)與y軸平行的熒光屏。假設(shè)帶電粒子在y軸右側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間達(dá)到磁場(chǎng)的一個(gè)變化周期之后,失去電荷變?yōu)橹行粤W印#W拥闹亓雎圆挥?jì)) (1)從O點(diǎn)射入右側(cè)磁場(chǎng)的粒子速度多大;(2)如果磁場(chǎng)的變化周期恒定為T(mén)=m/Bq,要使不同時(shí)刻從原點(diǎn)O進(jìn)入變化磁場(chǎng)的粒子做曲線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于磁場(chǎng)的一個(gè)變化周期,則熒光屏離開(kāi)y軸的距離至少多大;(3)熒光屏離開(kāi)y軸的距離滿足(2)的前提下,如果磁場(chǎng)的變化周期T可以改變,試求從t=0時(shí)刻經(jīng)過(guò)原點(diǎn)O的粒子打在熒光屏上的位置離x軸的距離與磁場(chǎng)變化周期T的關(guān)系?!敬鸢浮俊窘馕觥?因?yàn)榇艌?chǎng)的變化周期恒為,所以粒子在該磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期所轉(zhuǎn)過(guò)的角度為90,任一時(shí)刻進(jìn)入y軸右側(cè)磁場(chǎng)的粒子其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示 為使粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)滿一個(gè)變化周期,熒光屏離開(kāi)y軸的距離應(yīng)該為當(dāng)=45時(shí),x的值最大,最大值為xk*w(3)因?yàn)閹щ娏W釉趦蓚€(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等,所以其軌跡具有對(duì)稱性,如圖乙所示,其經(jīng)過(guò)一個(gè)磁場(chǎng)變化周期之后的速度方向與x軸方向平行,且此時(shí)距

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