2020高考物理一輪總復習課時沖關38《鏈接高考12電磁感應中的動力學和能量問題》（含解析）人教版.doc

1、電磁感應中的動力學和能量問題 A級基礎練1(2018江蘇卷)如圖所示，兩條平行的光滑金屬導軌所在平面與水平面的夾角為，間距為d.導軌處于勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向與導軌平面垂直質量為m的金屬棒被固定在導軌上，距底端的距離為s，導軌與外接電源相連，使金屬棒通有電流金屬棒被松開后，以加速度a沿導軌勻加速下滑，金屬棒中的電流始終保持恒定，重力加速度為g.求下滑到底端的過程中，金屬棒(1)末速度的大小v；(2)通過的電流大小I；(3)通過的電荷量Q.解析：(1)金屬棒做勻加速直線運動，根據(jù)運動學公式有v22as解得v(2)金屬棒所受安培力F安IdB金屬棒所受合力Fmgsin F安根據(jù)牛頓第二

2、定律Fma解得I(3)金屬棒的運動時間t，電荷量QIt解得Q答案：(1)(2)(3)2(2019惠州模擬)如圖所示，足夠長的粗糙絕緣斜面與水平面成37放置，在斜面上虛線aa和bb與斜面底邊平行，在aa、bb圍成的區(qū)域有垂直斜面向上的有界勻強磁場，磁感應強度為B1 T；現(xiàn)有一質量為m10 g，總電阻R1 、邊長d0.1 m的正方形金屬線圈MNPQ，讓PQ邊與斜面底邊平行，從斜面上端靜止釋放，線圈剛好勻速穿過整個磁場區(qū)域已知線圈與斜面間的動摩擦因數(shù)0.5，(g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)求：(1)線圈進入磁場區(qū)域時的速度；(2)線圈釋放時，PQ邊到bb的距離；(3)整

3、個線圈穿過磁場的過程中，線圈上產(chǎn)生的焦耳熱解析：(1)對線圈受力分析，根據(jù)平衡條件得：F安mgcos mgsin ，F(xiàn)安BId，I，EBdv，聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：v2 m/s.(2)線圈進入磁場前做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律得：a2 m/s2線圈釋放時，PQ邊到bb的距離L m1 m.(3)由于線圈剛好勻速穿過磁場，則磁場寬度等于d0.1 m，QW安F安2d代入數(shù)據(jù)解得：Q210220.1 J4103 J.答案：(1)2 m/s(2)1 m(3) 4103 J3足夠長的平行金屬導軌MN和PQ表面粗糙，與水平面間的夾角為37(sin 370.6)，間距為1 m垂直于導軌平面向上的勻強磁場的磁感應

4、強度的大小為4 T，P、M間所接電阻的阻值為8 .質量為2 kg的金屬桿ab垂直導軌放置，不計桿與導軌的電阻，桿與導軌間的動摩擦因數(shù)為0.25.金屬桿ab在沿導軌向下且與桿垂直的恒力F作用下，由靜止開始運動，桿的最終速度為8 m/s，取g10 m/s2，求：(1)當金屬桿的速度為4 m/s時，金屬桿的加速度大??；(2)當金屬桿沿導軌的位移為6.0 m時，通過金屬桿的電荷量解析：(1)對金屬桿ab應用牛頓第二定律，有Fmgsin F安fma，fFN，F(xiàn)Nmgcos ab桿所受安培力大小為F安BILab桿切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢為EBLv由閉合電路歐姆定律可知I整理得：Fmgsin vmgcos

5、 ma代入vm8 m/s時a0，解得F8 N代入v4 m/s及F8 N，解得a4 m/s2(2)設通過回路橫截面的電荷量為q，則qt回路中的平均電流強度為回路中產(chǎn)生的平均感應電動勢為回路中的磁通量變化量為BLx，聯(lián)立解得q3 C.答案：(1)4 m/s2(2)3 CB級能力練4如圖甲所示，勻強磁場的磁感應強度B為0.5 T，其方向垂直于傾角為30的斜面向上絕緣斜面上固定有“”形狀的光滑金屬導軌MPN(電阻忽略不計)，MP和NP長度均為2.5 m，MN連線水平，長為3 m以MN中點O為原點，OP為x軸建立一維坐標系Ox.一根粗細均勻的金屬桿CD，長度d為3 m、質量m為1 kg、電阻R為0.3

6、，在拉力F的作用下，從MN處以恒定速度v1 m/s在導軌上沿x軸正向運動(金屬桿與導軌接觸良好)g取10 m/s2.(1)求金屬桿CD運動過程中產(chǎn)生的感應電動勢E及運動到x0.8 m處電勢差UCD；(2)推導金屬桿CD從MN處運動到P點過程中拉力F與位置坐標x的關系式，并在圖乙中畫出Fx關系圖象；(3)求金屬桿CD從MN處運動到P點的全過程產(chǎn)生的焦耳熱解析：(1)金屬桿CD在勻速運動中產(chǎn)生的感應電動勢EBlv，ld，解得E1.5 V當x0.8 m時，金屬桿在導軌間的電勢差為零設此時桿在導軌外的長度為l外，則l外dd，OP2 m得l外1.2 m由右手定則判斷D點電勢高，故CD兩端電勢差UCDBl

7、外v0.6 V.(2)桿在導軌間的長度l與位置x的關系是ld3x對應的電阻R1R電流I桿受到的安培力為F安BIl7.53.75x根據(jù)平衡條件得FF安mgsin F12.53.75x(0x2)畫出的Fx圖象如圖所示(3)外力F所做的功WF等于Fx圖線下所圍的面積即WF2 J17.5 J而桿的重力勢能增加量EpmgOPsin 故全過程產(chǎn)生的焦耳熱QWFEp7.5 J.答案：(1)1.5 V0.6 V(2)F12.53.75x(0x2)圖象見解析(3)7.5 J5(2019遼寧本溪一模)如圖所示，在傾角37的光滑斜面上存在一垂直斜面向上的勻強磁場區(qū)域MNPQ，磁感應強度B的大小為5 T，磁場寬度d0

8、.55 m，有一邊長L0.4 m、質量m10.6 kg、電阻R2 的正方形均勻導體線框abcd通過一輕質細線跨過光滑的定滑輪與一質量m20.4 kg的物體相連，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)0.4，將線框從圖示位置由靜止釋放，物體到定滑輪的距離足夠長(取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)(1)求線框abcd還未進入磁場的運動過程中，細線中的拉力大??？(2)當ab邊剛進入磁場時，線框恰好做勻速直線運動，求線框剛釋放時ab邊距磁場MN邊界的距離x?(3)在(2)問中的條件下，若cd邊恰離開磁場邊界PQ時，速度大小為2 m/s，求整個運動過程中ab邊產(chǎn)生的熱量解析：(1)線框還未

9、進入磁場的過程中，以整體法有m1gsin m2g(m1m2)a，a2 m/s2.以m2為研究對象有Tm2gm2a，(或以m1為研究對象有m1gsin Tm1a)解得T2.4 N.(2)線框剛進入磁場恰好做勻速直線運動，以整體法有m1gsin m2g0，解得v1 m/s.ab到MN前線框做勻加速運動，有v22ax，解得x0.25 m.(3)線框從開始運動到cd邊恰離開磁場邊界PQ時：m1gsin (xdL)m2g(xdL)(m1m2)vQ，解得：Q0.4 J，所以QabQ0.1 J.答案：(1)2.4 N(2)0.25 m (3)0.1 J6如圖所示，電阻不計的兩光滑金屬導軌相距L，放在絕緣水平

10、桌面上，半徑為R的圓弧部分處在豎直平面內，水平直導軌部分處在磁感應強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中，末端與桌面邊緣平齊兩金屬棒ab、cd垂直于兩導軌且與導軌接觸良好棒ab質量為2m，電阻為r，棒cd的質量為m，電阻為r.重力加速度為g.開始棒cd靜止在水平直導軌上，棒ab從圓弧頂端無初速度釋放，進入水平直導軌后與棒cd始終沒有接觸并一直向右運動，最后兩棒都離開導軌落到地面上棒ab與棒cd落地點到桌面邊緣的水平距離之比為31.求：(1)棒ab和棒cd離開導軌時的速度大?。?2)棒cd在水平導軌上的最大加速度；(3)兩棒在導軌上運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱解析：(1)設ab棒進入水平導軌的速度為v1，ab棒從圓弧導軌滑下機械能守恒，有2mgR2mv離開導軌時，設ab棒的速度為v1，cd棒的速度為v2，ab棒與cd棒在水平導軌上運動，動量守恒，有2mv12mv1mv2依題意v1v2，兩棒離開導軌做平拋運動的時間相等，由平拋運動水平位移xvt可知v1v2x1x231聯(lián)立