2025年蘇教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，下列器材中不必要的是(

)

A.重物B.紙帶C.天平D.刻度尺2、如圖所示，金屬導(dǎo)軌上的導(dǎo)體棒ab在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中沿導(dǎo)軌做下列哪種運(yùn)動(dòng)時(shí)，銅制線圈c中將有感應(yīng)電流產(chǎn)生且被螺線管吸引（）A.向右做勻速運(yùn)動(dòng)B.向左做勻速運(yùn)動(dòng)C.向右做減速運(yùn)動(dòng)D.向右做加速運(yùn)動(dòng)3、某空間存在著如圖所示的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T，圖中豎直虛線是磁場(chǎng)的左邊界．當(dāng)質(zhì)量為m=2.0×10-6kg、帶電荷量為q=+1.0×10-6C的物塊A（可以看成質(zhì)點(diǎn)）沿光滑絕緣水平面，以v0=20m/s的速度垂直進(jìn)入磁場(chǎng)后，下列說法中正確的是（重力加速度g取10m/s2）（）A.物塊A進(jìn)入磁場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不會(huì)改變B.物塊A進(jìn)入磁場(chǎng)后對(duì)水平面的壓力增大C.物塊A進(jìn)入磁場(chǎng)后將離開水平面做曲線運(yùn)動(dòng)D.物塊A進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)4、如圖所示是一種安裝在自行車輪胎邊緣用于照明的裝置（俗稱“電滾子”），內(nèi)有磁鐵與線圈．該裝置是一個(gè)（）A.蓄電池B.發(fā)電機(jī)C.電容器D.電動(dòng)機(jī)5、，一帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下從A

點(diǎn)經(jīng)BC

運(yùn)動(dòng)到D

點(diǎn)，其“速度鈭?

時(shí)間”圖象如圖所示.

分析圖象后，下列說法正確的是()A.A

處的電場(chǎng)強(qiáng)度大于C

處的電場(chǎng)強(qiáng)度B.D

兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)一定都為零C.粒子在A

處的電勢(shì)能大于在C

處的電勢(shì)能D.C

兩點(diǎn)的電勢(shì)差大于BD

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差6、如下圖所示的均勻磁場(chǎng)中，已經(jīng)標(biāo)出了電流I

和磁場(chǎng)B

以及磁場(chǎng)對(duì)電流作用力F

三者其方向，其中錯(cuò)誤的是()

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、1966年華裔科學(xué)家高錕博士提出一個(gè)理論：直徑僅幾微米的玻璃纖維就可以用來做為光的波導(dǎo)來傳輸大量信息，43年后高錕因此獲得2009年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，他被譽(yù)為“光纖通訊之父”．光導(dǎo)纖維的結(jié)構(gòu)如圖所示，其內(nèi)芯和外套材料不同，光在內(nèi)芯中傳播．內(nèi)芯的折射率______外套的折射率（填“大于”、“等于”或“小于”），光在光導(dǎo)纖維中傳輸?shù)脑硎抢昧斯獾腳_____現(xiàn)象．8、在測(cè)定玻璃的折射率實(shí)驗(yàn)中，有一個(gè)同學(xué)設(shè)計(jì)了這樣的實(shí)驗(yàn)方案：如圖所示，畫有直角坐標(biāo)系Oxy的白紙位于水平桌面上，在白紙上放置一半圓形玻璃磚，其底面的圓心在坐標(biāo)原點(diǎn)O，直邊與x軸重合，OA是畫在紙上的直線，P1、P2為豎直地插在直線OA上的兩枚大頭針，P3是豎直地插在紙上的第三枚大頭針，α是直線OA與y軸正方向的夾角，β是直線OP3與y軸負(fù)方向的夾角，只要直線OA畫得合適，且P3的位置取得正確，測(cè)得角α和β，便可求得玻璃的折射率．該同學(xué)在用上述方法測(cè)量玻璃的折射率時(shí)，在他畫出的直線OA上豎直插上了P1、P2兩枚大頭針，但在y＜0的區(qū)域內(nèi)，不管眼睛放在何處，都無法使P3同時(shí)擋住P1、P2的像．

(1)產(chǎn)生這種現(xiàn)象的原因是____________；

(2)若他已透過玻璃磚看到了P1、P2的像，確定P3位置的方法是____________；

(3)若他已正確地測(cè)得了α；β的值；則玻璃的折射率n=____________；

(4)有另一個(gè)同學(xué)不是將P1、P2兩枚大頭針插在直線OA上，而是讓P1、P2的連線與y軸平行，他還能否測(cè)出玻璃磚的折射率？如果不能，請(qǐng)說出理由；如果能，請(qǐng)簡(jiǎn)述操作過程．9、已知銫的極限頻率為4.55隆脕1014Hz

鈉的為6.0隆脕1014Hz

銀的為1.15隆脕1015Hz

鉑的為1.53隆脕1015Hz

當(dāng)用波長(zhǎng)為0.375婁脤m

的光照射它們時(shí)，可發(fā)生光電效應(yīng)的是______．10、電壓恒定的電源與一根玻璃管中的水銀柱組成電路，水銀柱中通過的電流為0.1A．今將這些水銀倒進(jìn)另一根玻璃管中，管的內(nèi)徑是原管的2倍，重新與該電源組成電路，則流過水銀柱的電流為____A．11、圖為一簡(jiǎn)單歐姆表原理示意圖，其中電流表的滿偏電流Ig=300μA，內(nèi)阻Rg=100Ω，可變電阻R的最大值為10kΩ，電池的電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，內(nèi)阻r=0.5Ω，圖中與接線柱A相連的表筆顏色應(yīng)是____色．按正確使用方法測(cè)量電阻Rx的阻值時(shí)，指針指在刻度盤的正中央，則Rx=____kΩ．若該歐姆表使用一段時(shí)間后，電池的電動(dòng)勢(shì)變小、內(nèi)阻變大，但此表仍能調(diào)零，按正確使用方法再測(cè)上述Rx，其測(cè)量結(jié)果與原結(jié)果相比將____（填“變大”；“變小”或“不變”）．

12、利用發(fā)波水槽可以觀察很多波的現(xiàn)象；填出下列圖案所對(duì)應(yīng)的現(xiàn)象（只需填入字母）．

（1）是______．（2）是______．

A．波的反射B．波的折射C．波的衍射D．波的干涉E．多普勒效應(yīng)．13、如圖所示電路中的A、B兩端加有電壓U，若R1=2Ω，R2=4Ω，R3=3Ω，通過它們的電流與電阻兩端電壓分別為I1、I2、I3和U1、U2、U3，則I1：I2：I3=______，U1：U2：U3=______．14、采用rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}為硝化劑是一種新型的綠色硝化技術(shù)，在含能材料、醫(yī)藥等工業(yè)中得到廣泛應(yīng)用?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)1840}年rm{Devil}用干燥的氯氣通過干燥的硝酸銀，得到年rm{(1)1840}用干燥的氯氣通過干燥的硝酸銀，得到rm{Devil}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}。該反應(yīng)的氧化產(chǎn)物是一種氣體，其分子式為_______。等曾利用測(cè)壓法在剛性反應(yīng)器中研究了rm{(2)F.Daniels}等曾利用測(cè)壓法在剛性反應(yīng)器中研究了rm{25隆忙}時(shí)時(shí)rm{(2)F.Daniels}rm{25隆忙}rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}其中分解反應(yīng)：二聚為rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)

}的反應(yīng)可以迅速達(dá)到平衡。體系的總壓強(qiáng)隨時(shí)間rm{{N}{{{O}}_{2}}}的變化如下表所示rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}}時(shí)，rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)}完全分解rm{p}。rm{t}rm{t/min}rm{0}rm{40}rm{80}rm{160}rm{260}rm{1300}rm{1700}rm{隆脼}rm{p/kPa}rm{35.8}rm{40.3}rm{42.5}rm{45.9}rm{49.2}rm{61.2}rm{62.3}rm{63.1}rm{壟脵}已知：rm{{2}{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g})+{{{O}}_{{2}}}({g})Delta{{H}_{{1}}}=-4.4{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}rm{2{N}{{{O}}_{2}}({g})={{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g}){}Delta{{H}_{{2}}}=-5{5}.{3}{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}則反應(yīng)rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{N}{{{O}}_{2}}({g})+dfrac{1}{2}{{{O}}_{{2}}}({g})}的rm{{2}{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g})+{{{O}}_{{2}}}({g})

Delta{{H}_{{1}}}=-4.4{kJ}cdot

{mo}{{{l}}^{-1}}}______rm{{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-{1}}}}rm{2{N}{{{O}}_{2}}({g})=

{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g}){}Delta{{H}_{{2}}}=-5{5}.{3}

{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}研究表明，rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{N}{{{O}}_{2}}({g})+dfrac{1}{2}{{{O}}_{{2}}}({g})

}rm{DeltaH=}rm{v=2times{{10}^{-3}}times{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}({kPa}cdot{{min}^{-1}})}rm{{kJ}cdot

{mo}{{{l}}^{-{1}}}}rm{壟脷}研究表明，rm{壟脷}rm{{{p}_{{{{O}}_{{2}}}}}=2.9{kPa}}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}分解的反應(yīng)速率rm{v=2times{{10}^{-3}}times

{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}({kPa}cdot{{min

}^{-1}})}。rm{t=62min}時(shí)，測(cè)得體系中rm{{{p}_{{{{O}}_{{2}}}}}=2.9

{kPa}}，則此時(shí)的rm{{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}=}______若提高反應(yīng)溫度至rm{{kPa}}，則rm{v=}______rm{{kPa}cdot{{min}^{-1}}}。rm{壟脹}若提高反應(yīng)溫度至rm{壟脹}______rm{35}填“大于”“等于”或“小于”rm{隆忙}則原因是______。rm{隆忙}時(shí)rm{{N}_{2}{O}_{4}left(gright)?2N{O}_{2}left(gright)}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}完全分解后體系壓強(qiáng)rm{{{p}_{infty}}}rm{(}rm{(}rm{35}rm{隆忙)}______位小數(shù)rm{隆忙)}rm{63.1{kPa}(}對(duì)于反應(yīng)rm{2{N}_{2}{O}_{5}left(gright)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright)}rm{)}提出如下反應(yīng)歷程：rm{壟脺25隆忙}時(shí)填標(biāo)號(hào)rm{壟脺25隆忙}第一步rm{N_{2}O_{5}?NO_{3}+NO_{2;}}快速平衡第二步rm{{N}_{2}{O}_{4}left(gright)?2N{O}_{2}left(gright)

}3反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{{{K}_{{p}}}=}慢反應(yīng)第三步______3rm{{kPa}}rm{(}快反應(yīng)rm{(}rm{{{K}_{{p}}}}為以分壓表示的平衡常數(shù)，計(jì)算結(jié)果保留rm{1}位小數(shù)rm{)}第一步的逆反應(yīng)rm{1}rm{)}rm{(3)}對(duì)于反應(yīng)第二步反應(yīng)rm{(3)}rm{2{N}_{2}{O}_{5}left(gright)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright)

}，rm{R.A.Ogg}提出如下反應(yīng)歷程：rm{R.A.Ogg}其中可近似認(rèn)為第二步反應(yīng)不影響第一步的平衡。下列表述正確的是______rm{(}填標(biāo)號(hào)rm{)}rm{(}rm{)}rm{N_{2}O_{5}?

NO_{3}+NO_{2;}}rm{NO_{2}+NO}rm{=}15、如圖所示，在正的點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，AB

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U=200V.

電荷量為6隆脕10鈭?8C

的正試探電荷從A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)其做的功為______JAB

兩點(diǎn)中電勢(shì)較高的點(diǎn)是______點(diǎn).

評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共6分)21、有一個(gè)小燈泡上標(biāo)有“4V、2W”的字樣，現(xiàn)在要用描繪這個(gè)燈泡的伏安特性曲線（I—U圖線）．現(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表(0～5V，內(nèi)阻約10kΩ)B．電流表(0～0.6A，內(nèi)阻約0.4Ω)C．滑動(dòng)變阻器(10Ω，2A)D．滑動(dòng)變阻器(500Ω，1A)E．學(xué)生電源(直流6V)、開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，選用上圖中電路圖來完成實(shí)驗(yàn)；（選甲或乙）(2)實(shí)驗(yàn)中所用滑動(dòng)變阻器應(yīng)選(用序號(hào)字母表示)22、（18分）（1）如圖所示為用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度的實(shí)驗(yàn)時(shí)記錄下的一條紙帶.紙帶上選取1、2、3、4、5各點(diǎn)為記數(shù)點(diǎn)，將直尺靠在紙帶邊，零刻度與紙帶上某一點(diǎn)0對(duì)齊.已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電的頻率為50Hz，由測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算出小車的加速度a和紙帶上打下點(diǎn)3時(shí)小車的速度v3，并說明加速度的方向.加速度大小a=_______m/s2，方向_______，小車在點(diǎn)3時(shí)的速度大小v3=_______m/s.（2）在“互成角度的兩個(gè)共點(diǎn)力的合成”實(shí)驗(yàn)中，橡皮條的一端固定在木板上，用兩個(gè)彈簧秤把橡皮條的另一端拉到某一位置O點(diǎn)，①以下操作中錯(cuò)誤的是（）A．同一次實(shí)驗(yàn)過程中，O點(diǎn)位置允許變動(dòng)B．在實(shí)驗(yàn)中，彈簧秤必須保持與木板平行，讀數(shù)時(shí)視線要正對(duì)彈簧秤刻度C．實(shí)驗(yàn)中，先將其中一個(gè)彈簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需調(diào)節(jié)另一彈簧秤拉力的大小和方向，把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)D．實(shí)驗(yàn)中，把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧之間的夾角應(yīng)取90°不變，以便于算出合力的大小②橡皮筋的一端固定在A點(diǎn)，另一端栓上兩根細(xì)繩，每根繩分別連著一個(gè)量程為5N、最小刻度為0.1N的彈簧測(cè)計(jì)，沿著兩個(gè)不同的方向拉彈簧測(cè)力計(jì)。當(dāng)橡皮筋的活動(dòng)端拉到O點(diǎn)時(shí)，兩根細(xì)繩相互垂直，如圖所示。這時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)可從圖中讀出。由圖可讀得兩個(gè)相互垂直的拉力的大小分別為_____N和_____N。（只須讀到0.1N）③在答題紙上按作圖法的要求畫出這兩個(gè)力及它們的合力。23、某同學(xué)利用螺旋測(cè)微器測(cè)量一金屬板的厚度．該螺旋測(cè)微器校零時(shí)的示數(shù)如圖甲所示，測(cè)量金屬板厚度時(shí)的示數(shù)如圖乙所示．圖甲所示讀數(shù)為________mm，圖乙所示讀數(shù)為________mm，所測(cè)金屬板的厚度為________mm.評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共16分)24、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6.0V，內(nèi)阻r=0.6Ω，電阻R2=0.5Ω，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為1.5A，電壓表的示數(shù)為3.0V，試求：（1）電阻R1和R3的阻值；（2）當(dāng)S閉合后，電壓表的示數(shù)、以及R2上消耗的電功率。25、如圖所示；在x

軸的上方有沿y

軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E

在x

軸下方以原點(diǎn)O

為圓心；半徑為R

的半圓形區(qū)域內(nèi)，有垂直于xOy

平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.

現(xiàn)將一質(zhì)量為m

電荷量為q

的帶正點(diǎn)粒子從y

軸上的P

點(diǎn)由靜止釋放，不計(jì)粒子重力與空氣阻力的影響。

(1)

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)之后恰好沿平行于x

軸的方向飛出；求PO

間的距離d

(2)

若粒子在y

軸上距O

點(diǎn)23d

處由靜止釋放，其中d

為(1)

中計(jì)算結(jié)果，求粒子經(jīng)過x

軸時(shí)的坐標(biāo)。26、一列橫波在x

軸上傳播著；在t1=0

和t2=0.005s

時(shí)的波形曲線如圖所示．

?(1)

由圖中讀出波的振幅和波長(zhǎng)．(2)

設(shè)周期大于(t2鈭?t1)

如果波向右傳，波速多大?

如果波向左傳，波速又多大?

(3)

設(shè)周期小于(t2鈭?t1).

并且波速為6000m/s

求波的傳播方向．27、某發(fā)電站通過燃燒煤來發(fā)電.

發(fā)電站通過升壓器；輸電線和降壓器把電能輸送給生產(chǎn)和照明組成的用戶；發(fā)電機(jī)輸出功率是120kW

輸出電壓是240V

升壓器原副線圈的匝數(shù)之比為125

輸電線的總電阻為10婁賂

用戶需要電壓為220V.

則：

(1)

輸電線上損失的電功率為多少？

(2)

降壓器原副線圈的匝數(shù)比為多少？評(píng)卷人得分六、綜合題(共2題，共4分)28、A.如圖所示為正弦交變電流i

隨時(shí)間t

變化的圖象；由圖可知，該交變電流的有效值為__________A

頻率為__________Hz

．

B.如圖所示；電路中電源電動(dòng)勢(shì)為4V

內(nèi)阻為1婁賂

小燈泡電阻為3婁賂.

開關(guān)S

閉合后，電路中的電流為__________A

燈泡的電壓為__________V

．

29、[

物理隆陋隆陋

選修3鈭?4]

(1)

一列簡(jiǎn)諧橫波沿x

軸正方向傳播，在t=0

和t=0.20s

時(shí)的波形分別如圖中實(shí)線和虛線所示。己知該波的周期T>0.20s

下列說法正確的是______。(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.波速為0.40m/s

B.波長(zhǎng)為0.08m

C.x=0.08m

的質(zhì)點(diǎn)在t=0.70s

時(shí)位于波谷D.x=0.08m

的質(zhì)點(diǎn)在t=0.12s

時(shí)位于波谷E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.80m/s

則它在該介質(zhì)中的波長(zhǎng)為0.32m

(2)

如圖，某同學(xué)在一張水平放置的白紙上畫了一個(gè)小標(biāo)記“隆隴

”(

圖中O

點(diǎn))

然后用橫截面為等邊三角形ABC

的三棱鏡壓在這個(gè)標(biāo)記上，小標(biāo)記位于AC

邊上。D

位于AB

邊上，過D

點(diǎn)做AC

邊的垂線交AC

于F

該同學(xué)在D

點(diǎn)正上方向下順著直線DF

的方向觀察。恰好可以看到小標(biāo)記的像；過O

點(diǎn)做AB

邊的垂線交直線DF

于EDE=2cmEF=1cm

求三棱鏡的折射率。(

不考慮光線在三棱鏡中的反射)

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】解：根據(jù)重物下落過程中機(jī)械能守恒的表達(dá)式可知；物體的質(zhì)量可以約掉，因此本實(shí)驗(yàn)中不需要天平，故ABD錯(cuò)誤，故C正確．

故選：C

．

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知；該實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)量物體質(zhì)量，因此不需要天平；

解決本題的關(guān)鍵掌握驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)的原理，知道需要測(cè)量哪些量，需要哪些器材．【解析】C

2、C【分析】解：A、B導(dǎo)體棒ab向右或向左做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變；螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng)是穩(wěn)定的，穿過c的磁通量不變，c中沒有感應(yīng)電流，線圈c不受安培力作用，不會(huì)被螺線管吸引。故A；B錯(cuò)誤。

C、導(dǎo)體棒ab向右做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手定則判斷得到，ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向從a→b；感應(yīng)電流減小，螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng)減弱，穿過c的磁通量減小，根據(jù)楞次定律得知，c中產(chǎn)生順時(shí)針方向（從左向右看）的感應(yīng)電流，右側(cè)相當(dāng)于N極，螺線管左側(cè)是S極，則線圈c被螺線管吸引。故C正確。

D、導(dǎo)體棒ab向右做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手定則判斷得到，ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向從a→b；感應(yīng)電流增大，螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng)增強(qiáng)，穿過c的磁通量增大，根據(jù)楞次定律得知，c中產(chǎn)生逆時(shí)針方向（從左向右看）的感應(yīng)電流，c的右側(cè)相當(dāng)于S極，螺線管左側(cè)是S極，則線圈c被螺線管排斥。故D錯(cuò)誤。

故選：C。

導(dǎo)體棒ab在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)時(shí)；根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流方向，感應(yīng)電流通過螺線管時(shí)，由安培定則判斷磁場(chǎng)方向，根據(jù)楞次定律判斷線圈c中感應(yīng)電流方向，再確定c是否被螺線管吸引。

本題運(yùn)用右手定則、安培定則和楞次定律按步就班進(jìn)行分析的，也可以直接根據(jù)楞次定律進(jìn)行判斷：線圈c被螺線管吸引時(shí)，磁通量將要增大，說明原來的磁通量減小，導(dǎo)體棒必定做減速運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥緾3、A【分析】解：A進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力F=Bqv=1×10-6×20N=2×10-5N；

物體A的重力G=mg=2.0×10-6kg×10=2.0×10-5N；則有重力等于洛倫茲力；故物體A對(duì)地面的壓力減小為零；由于物塊在水平方向不受外力，故物塊進(jìn)入磁場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變；故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．

分別求出物塊的重力和洛倫茲力；根據(jù)二力的大小關(guān)系分析物塊A與地面間的壓力，根據(jù)力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況．

本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，要注意明確洛倫茲力的性質(zhì)，知道洛倫茲力永不做功，并能根據(jù)力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系分析物體的運(yùn)動(dòng)情況．【解析】【答案】A4、B【分析】解：“電滾子”內(nèi)有磁鐵與線圈；自行車行駛時(shí)，線圈切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，用于照明，是一個(gè)發(fā)電機(jī)．

故選：B．

自行車行駛時(shí)；電滾子產(chǎn)生電流，用于照明，說明該裝置是一個(gè)發(fā)電機(jī)．

本題考查分析和研究生活中照明的裝置物理原理的能力，關(guān)鍵抓住是產(chǎn)生電能還是消耗電能．【解析】【答案】B5、A【分析】略【解析】A

6、C【分析】解：根據(jù)左手定則可知：ABDABD三圖中電流、磁場(chǎng)、安培力方向均和左手定則中要求方向一致，故正確；CC圖中電流和磁場(chǎng)方向一致，不受安培力，故C錯(cuò)誤..本題選錯(cuò)誤的，故選C..正確應(yīng)用左手定則即可判斷出磁場(chǎng)、電流、安培力三者之間的關(guān)系即可解答本題，應(yīng)用時(shí)注意安培力產(chǎn)生條件..安培定則、左手定則、右手定則等應(yīng)用容易混淆，因此平時(shí)要加強(qiáng)訓(xùn)練，熟練應(yīng)用這幾種定則進(jìn)行有關(guān)物理量的判斷．【解析】C

二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】解：發(fā)生全反射的條件是光由光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)；所以內(nèi)芯的折射率大．且光傳播在內(nèi)芯與外套的界面上發(fā)生全反射．

故答案為：大于；全反射．

光導(dǎo)纖維內(nèi)芯和外套材料不同；所以具有不同的折射率．要想使光的損失最小，光在光導(dǎo)纖維里傳播時(shí)一定要發(fā)生全反射。

光的全反射必須從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，同時(shí)入射角大于臨界角．【解析】大于；全反射8、略

【分析】解：(1)在y＜0的區(qū)域內(nèi)，不管眼睛放在何處，都無法使P3同時(shí)擋住P1、P2的像；是因?yàn)槿肷浣铅撂?，漲到發(fā)生了全反射．

(2)透過玻璃磚看到了P1、P2的像，確定P3位置的方法是：P3同時(shí)擋住P1、P2的像．

(3)由于光線從玻璃射入空氣，則由折射定律=得n==．

(4)能；可以插上第四根大頭針，使大頭針同時(shí)擋住P3和P1、P2的像；作出光路圖，測(cè)出光線在玻璃磚底邊的入射角和折射角，求出折射率．

故答案為：

(1)入射角α太大；發(fā)生了全反射．

(2)P3同時(shí)擋住P1、P2的像．

(3)．

(4)能；可以插上第四根大頭針，使大頭針同時(shí)擋住P3和P1、P2的像，作出光路圖，測(cè)出光線在玻璃磚底邊的入射角和折射角，求出折射率．【解析】入射角α太大，發(fā)生了全反射;P3同時(shí)擋住P1、P2的像;9、略

【分析】解：根據(jù)婁脙=c婁脣

可知；該光的頻率為：

婁脙=c婁脣=8隆脕1014Hz

大于銫和鈉的極限頻率；因此能夠發(fā)生光電效應(yīng)的是銫，鈉．

故答案為：銫；鈉．

當(dāng)入射光的頻率大于金屬的極限頻率時(shí)；會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，由此可正確解答．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，是考查基礎(chǔ)知識(shí)的好題．【解析】銫，鈉10、1.6【分析】【解答】當(dāng)將全部水銀倒入另一個(gè)內(nèi)徑大一倍的U形玻璃管B中時(shí)；

根據(jù)S=πr2可知；橫截面積變?yōu)樵瓉淼?倍；

根據(jù)V=Sh可知，長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉淼?/p>

∵導(dǎo)體的電阻的大小與材料；長(zhǎng)度、橫截面積和溫度有關(guān)；

∴電阻變?yōu)樵瓉淼?/p>

∵電源的電壓不變；

∴根據(jù)歐姆定律可得0.1A×R=I×R；

解得：I=1.6A．

故答案為：1.6

【分析】（1）導(dǎo)體的電阻的大小與材料、長(zhǎng)度、橫截面積和溫度有關(guān)，在材料和溫度不變時(shí)，導(dǎo)體越長(zhǎng)、橫截面積越小電阻越大，反之越小；（2）因電源的電壓不變，根據(jù)歐姆定律表示出兩種情況下電源的電壓，利用電源的電壓不變得出等式即可求出答案．11、紅5變大【分析】【解答】（1）歐姆表是電流表改裝的；必須滿足電流的方向“+”進(jìn)“﹣”出，即回路中電流從標(biāo)有“+”標(biāo)志的紅表筆進(jìn)去，所以與A相連的表筆顏色是紅色；

當(dāng)兩表筆短接（即Rx=0）時(shí)，電流表應(yīng)調(diào)至滿偏電流Ig；

設(shè)此時(shí)歐姆表的內(nèi)阻為R內(nèi)此時(shí)有關(guān)系得

當(dāng)指針指在刻度盤的正中央時(shí)有代入數(shù)據(jù)可得RX=R內(nèi)=5kΩ；

當(dāng)電池電動(dòng)勢(shì)變小、內(nèi)阻變大時(shí)，歐姆得重新調(diào)零，由于滿偏電流Ig不變；

由公式歐姆表內(nèi)阻R內(nèi)得調(diào)??；

待測(cè)電阻的測(cè)量值是通過電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來的，由

可知當(dāng)R內(nèi)變小時(shí)；I變小，指針跟原來的位置相比偏左了，歐姆表的示數(shù)變大了．

故答案為：紅；5；變大．

【分析】根據(jù)歐姆表的結(jié)構(gòu)，由閉合電路歐姆定律可以判斷讀數(shù)，以及電池電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大時(shí)測(cè)量結(jié)果的變化．12、略

【分析】解：左圖中由兩個(gè)振源；在空間產(chǎn)生了波的疊加穩(wěn)定圖樣，所以是波的干涉；故選：D；

右圖中；擋板下方的波遇到擋板后，可以繞過擋板進(jìn)入擋板的陰影區(qū)域，屬于波的衍射．故選：C

故答案為：D；C

兩列頻率相同的相干波源；得到干涉圖樣，由此可得發(fā)生干涉的條件是頻率相同；波發(fā)生明顯衍射的條件，一般直接比較孔的直徑d與水波波長(zhǎng)λ的關(guān)系即可，當(dāng)d＜λ時(shí)肯定發(fā)生明顯的衍射．

考查波的干涉和明顯的衍射條件，同時(shí)要區(qū)分衍射與干涉的區(qū)別．基礎(chǔ)題目．【解析】D；C13、略

【分析】解：由圖看出，電阻R1與R2串聯(lián)，電流相等，即I1=I2．根據(jù)歐姆定律U=IR得知，U1：U2=R1：R2=2：4=1：2

電阻R1與R2串聯(lián)后與R3并聯(lián)，并聯(lián)電路電壓相等，根據(jù)歐姆定律U=IR得知，I2：I3=R3：（R1+R2）=3：6=1：2

電壓U3=U1+U2，又U1：U2=1：2，得到U1：U3=1：3．

綜上得到，I1：I2：I3=1：1：2，U1：U2：U3=1：2：3

故答案為：1：1：2；1：2：3

由題，A、B兩端加有電壓U，電阻R1與R2串聯(lián)后與R3并聯(lián)．電阻串聯(lián)時(shí)；電流相等．電路并聯(lián)時(shí)，兩端電壓相等．根據(jù)歐姆定律求解比例關(guān)系．

本題的技巧是利用比例法，也可以先外電路總電阻，再求干路電流、各個(gè)電阻的電流和電壓，得到比值．【解析】1：1：2；1：2：314、rm{(1){{{O}}_{{2}}}}

rm{(2)壟脵}rm{53.1}

rm{壟脷}rm{30.0}rm{6.0times{{10}^{-2}}}

rm{壟脹}大于溫度提高，體積不變，總壓強(qiáng)提高；rm{{N}{{{O}}_{2}}}二聚為放熱反應(yīng)；溫度提高，平衡左移，體系物質(zhì)的量增加，總壓強(qiáng)提高。

rm{壟脺13.4}

rm{(3)AC}【分析】【分析】

本題主要是考查化學(xué)反應(yīng)原理；側(cè)重于化學(xué)反應(yīng)速率與化學(xué)平衡的有關(guān)分析與計(jì)算，題目難度較大。試題設(shè)計(jì)新穎，陌生感強(qiáng)，計(jì)算量較大，對(duì)學(xué)生的要求較高。壓強(qiáng)和平衡常數(shù)的計(jì)算是解答的難點(diǎn)，注意從阿伏加德羅定律的角度去理解壓強(qiáng)與氣體物質(zhì)的量之間的關(guān)系，注意結(jié)合反應(yīng)的方程式和表中數(shù)據(jù)的靈活應(yīng)用。也可以直接把壓強(qiáng)看作是物質(zhì)的量利用三段式計(jì)算。

【解答】

rm{(1)}氯氣在反應(yīng)中得到電子作氧化劑，硝酸銀中只有氧元素化合價(jià)會(huì)升高，所以氧化產(chǎn)物是氧氣，分子式為rm{O_{2}}故答案為：rm{O_{2}}

rm{(2)壟脵}已知：rm{壟隆}rm{2N_{2}O_{5}(g)=2N_{2}O_{4}(g)+O_{2}(g)}rm{triangleH_{1}=-4.4kJ/mol壟壟}rm{triangle

H_{1}=-4.4kJ/mol壟壟}rm{triangleH_{2}=-55.3kJ/mol}根據(jù)蓋斯定律可知rm{2NO_{2}(g)=N_{2}O_{4}(g)}即得到rm{triangle

H_{2}=-55.3kJ/mol}rm{triangleH_{1}=+53.1kJ/mol}故答案為：rm{壟隆隆脗2-壟壟}

rm{N_{2}O_{5}(g)=2NO_{2}(g)+1/2O_{2}(g)}根據(jù)方程式可知氧氣與消耗五氧化二氮的物質(zhì)的量之比是rm{triangle

H_{1}=+53.1kJ/mol}又因?yàn)閴簭?qiáng)之比是物質(zhì)的量之比，所以消耗五氧化二氮減少的壓強(qiáng)是rm{53.1}則此時(shí)五氧化二氮的壓強(qiáng)是rm{壟脷}因此此時(shí)反應(yīng)速率rm{1:2}故答案為：rm{2.9kPa隆脕2=5.8kPa}rm{35.8kPa-5.8kPa=30.0kPa}

rm{v=2.0隆脕10^{-3}隆脕30=6.0隆脕10^{-2}(kPa隆隴min^{-1})}由于溫度升高，容器容積不變，總壓強(qiáng)提高，且二氧化氮二聚為放熱反應(yīng)，溫度提高，平衡左移，體系物質(zhì)的量增加，總壓強(qiáng)提高，所以若提高反應(yīng)溫度至rm{30.0}則rm{6.0隆脕10^{-2}}完全分解后體系壓強(qiáng)rm{壟脹}大于rm{35隆忙}故答案為：大于；溫度提高，體積不變，總壓強(qiáng)提高；rm{N_{2}O_{5}(g)}二聚為放熱反應(yīng)；溫度提高，平衡左移，體系物質(zhì)的量增加，總壓強(qiáng)提高；

rm{p_{隆脼}(35隆忙)}根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知五氧化二氮完全分解時(shí)的壓強(qiáng)是rm{63.1kPa}根據(jù)方程式可知完全分解時(shí)最初生成的二氧化氮的壓強(qiáng)是rm{{N}{{{O}}_{2}}}氧氣是rm{壟脺}總壓強(qiáng)應(yīng)該是rm{71.6kPa+17.9kPa=89.5kPa}平衡后壓強(qiáng)減少了rm{63.1kPa}所以根據(jù)方程式rm{2N{O}_{2}(g)?;{N}_{2}{O}_{4}(g)}可知平衡時(shí)四氧化二氮對(duì)應(yīng)的壓強(qiáng)是rm{35.8kPa隆脕2=71.6kPa}二氧化氮對(duì)應(yīng)的壓強(qiáng)是rm{71.6kPa-26.4kPa隆脕2=18.8kPa}則反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{Kp=dfrac{18.{8}^{2}}{26.4}kPa=13.4kPa}故答案為：rm{35.8kPa隆脗2=17.9kPa}

rm{71.6kPa+17.9kPa=89.5

kPa}第一步反應(yīng)快；所以第一步的逆反應(yīng)速率大于第二步的逆反應(yīng)速率，A正確；

B、根據(jù)第二步和第三步可知中間產(chǎn)物還有rm{89.2kPa-63.1kPa=26.4kPa}B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)第二步反應(yīng)生成物中有rm{2N{O}_{2}(g)?;{N}_{2}{O}_{4}(g)

}可知rm{26.4kPa}與rm{71.6

kPa-26.4kPa隆脕2=18.8kPa}的碰撞僅部分有效；C正確；

D；第三步反應(yīng)快；所以第三步反應(yīng)的活化能較低，D錯(cuò)誤。

答案選AC。rm{Kp=

dfrac{18.{8}^{2}}{26.4}kPa=13.4kPa}【解析】rm{(1){{{O}}_{{2}}}}

rm{(2)壟脵}rm{53.1}

rm{壟脷}rm{30.0}rm{6.0times{{10}^{-2}}}

rm{壟脹}大于溫度提高，體積不變，總壓強(qiáng)提高；rm{{N}{{{O}}_{2}}}二聚為放熱反應(yīng)；溫度提高，平衡左移，體系物質(zhì)的量增加，總壓強(qiáng)提高。

rm{壟脺13.4}

rm{(3)AC}15、略

【分析】解：電荷從A

移到B

電場(chǎng)力對(duì)其做的功為：

WAB=qUAB=6隆脕10鈭?8隆脕200J=1.2隆脕10鈭?5J

UAB=婁脮A鈭?婁脮B=200V>0

故A點(diǎn)電勢(shì)比B

點(diǎn)電勢(shì)高200V

故答案為：1.2隆脕10鈭?5A

．

根據(jù)公式WAB=qUAB

求出電場(chǎng)力做功；根據(jù)公式UAB=婁脮A鈭?婁脮B

比較電勢(shì)高低．

本題考查電場(chǎng)力做功的計(jì)算和和電勢(shì)差的定義.

電場(chǎng)力做功公式應(yīng)用時(shí)，一般各量均代入符號(hào)計(jì)算，根據(jù)計(jì)算結(jié)果的正負(fù)，確定正功還是負(fù)功．【解析】1.2隆脕10鈭?5A

三、判斷題(共5題，共10分)16、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共6分)21、略

【分析】試題分析：(1)描繪這個(gè)燈泡的伏安特性曲線需要電壓從零開始，所以需要采用滑動(dòng)變阻器的分壓接法，故選甲來完成實(shí)驗(yàn)（2）滑動(dòng)變阻器采用和小燈泡的電阻相差不大的，便于操作，故選用C滑動(dòng)變阻器考點(diǎn)：考查了描繪燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)【解析】【答案】甲、C22、略

【分析】【解析】【答案】（1）0.58;與運(yùn)動(dòng)方向相反；0.13（2）①ACD②2.5N和4.0N③注意平行四邊形中的實(shí)線、虛線的區(qū)別和箭頭、標(biāo)度、單位23、略

【分析】試題分析:圖甲中螺旋測(cè)微器的固定刻度為0mm，可動(dòng)刻度為0.01×1.0mm=0.010mm，所以最終讀數(shù)為0.010mm．螺旋測(cè)微器的固定刻度為6.5mm，可動(dòng)刻度為0.01×37.0mm=0.370mm，所以最終讀數(shù)為6.870mm．所測(cè)金屬板的厚度為6.870-0.010=6.860mm?？键c(diǎn)：螺旋測(cè)微器的使用【解析】【答案】0.010；6.870；6.860五、計(jì)算題(共4題，共16分)24、略

【分析】試題分析：（1）S斷開時(shí)，由U1=I1R3，得R2=2Ω又由得R1=1.4Ω（2）S閉合時(shí)，由R1、R3并聯(lián)，得回路中電流電壓表示數(shù)為U2=I2R23=1VR2上消耗的功率考點(diǎn)：本題考查閉合電路歐姆定律。【解析】【答案】（1）R1=1.4Ω，R2=2Ω；（2）1V，2W25、略

【分析】

(1)

根據(jù)動(dòng)能定理求得經(jīng)電場(chǎng)加速后粒子的速度；再根據(jù)洛倫茲力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力結(jié)合幾何關(guān)系，聯(lián)立即可求得PO

間的距離d

(2)

若粒子在y

軸上距O

點(diǎn)23d

處由靜止釋放；其中d

為(1)

中計(jì)算結(jié)果，利用動(dòng)能定理求出粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度，利用洛倫茲力提供向心力求出粒子半徑，結(jié)合幾何關(guān)系判斷粒子在磁場(chǎng)中射出的位置，以及射出時(shí)粒子速度方向，即可求出粒子經(jīng)過x

軸時(shí)的坐標(biāo)。

本題考查帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，粒子在加速場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)運(yùn)用動(dòng)能定理求解，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)運(yùn)用洛倫茲力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系求解，難度不大，解題關(guān)鍵是要作出臨界的軌跡圖，正確運(yùn)用數(shù)學(xué)幾何關(guān)系。【解析】解：(1)

粒子離開磁場(chǎng)時(shí)的速度方向與x

軸平行，根據(jù)幾何關(guān)系可得：r1=22R

粒子在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：qEd=12mv12

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv1B=mv12r1

解得：d=qB2R24mE

(2)

設(shè)粒子到達(dá)O

點(diǎn)時(shí)的速度為v2

在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為r2

根據(jù)動(dòng)能定理可得：qE?2d3=12mv22

根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv2B=mv22r2

解得：r2=33R

粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示；

圖中婁脕婁脗

滿足：cos婁脕=R2r2=32

可得：婁脕=30鈭?婁脗=2婁脕=60鈭?

故粒子經(jīng)過x

軸時(shí)的位置坐標(biāo)為：x=r2+r2cos尾

解得：x=3R

所以粒子經(jīng)過x

軸時(shí)的坐標(biāo)為(鈭?3R,0)

答：(1)PO

間的距離d

為qB2R24mE

(2)

粒子經(jīng)過x

軸時(shí)的坐標(biāo)為(鈭?3R,0)

26、解：（1）如圖知，波長(zhǎng)λ=8m，振幅A=0.2m（2）由題：周期大于（t2-t1），則波在（t2-t1）時(shí)間內(nèi)傳播的距離小于一個(gè)波長(zhǎng)；故得：

當(dāng)波向右傳播時(shí)，傳播的最小距離為波長(zhǎng)，為則波速為

當(dāng)波向左傳播時(shí)，傳播的最小距離為則波速為

（3）波的周期為為：因?yàn)楦鶕?jù)波形的平移法，結(jié)合波形曲線可知波傳播方向向左。

【分析】(1)

由波動(dòng)圖象直接讀出波長(zhǎng)和振幅；

(2)

當(dāng)波向右傳播時(shí)，傳播的最小距離為14

波長(zhǎng)；得到波傳播的距離，求出波速.

同理，求解波向左傳播時(shí)波速的通項(xiàng)；

(3)

由波速公式v=婁脣T

求出周期，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系分析波的傳播方向。本題知道兩個(gè)時(shí)刻的波形要確定波速，要考慮波的雙向性和周期性，不能漏解，只得到特殊值?！窘馕觥拷猓?1)

如圖知，波長(zhǎng)婁脣=8m

振幅A=0.2m

(2)

由題：周期大于(t2鈭?t1)

則波在(t2鈭?t1)

時(shí)間內(nèi)傳播的距離小于一個(gè)波長(zhǎng)，故得：

當(dāng)波向右傳播時(shí)，傳播的最小距離為14

波長(zhǎng)，為?x=14婁脣=2m

則波速為v=?x?t=20.005m/s=400m/s

當(dāng)波向左傳播時(shí)，傳播的最小距離為34婁脣?x隆盲=34婁脣=6m

則波速為v=?x鈥??t=60.005m/s=12000m/s

(3)

波的周期為為：T=婁脣v=86000s=215000s

因?yàn)?tT=0.00521500=334

根據(jù)波形的平移法，結(jié)合波形曲線可知波傳播方向向左。

27、解：（1）根據(jù)得，升壓變壓器的輸出電壓

則輸電電流

輸電線上損耗的功率