2025年粵教版高三物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版高三物理下冊(cè)月考試卷81考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列關(guān)于電場(chǎng)和磁場(chǎng)的說(shuō)法中正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)，正檢驗(yàn)電荷受力不一定為零B.電場(chǎng)強(qiáng)度處處相等的區(qū)域內(nèi)，同一檢驗(yàn)電荷受力一定處處相等C.通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中某處不受磁場(chǎng)力作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零D.由可知，B與F成正比，與IL成反比2、矢量指一個(gè)同時(shí)具有大小和方向的幾何對(duì)象，因常常以箭頭符號(hào)標(biāo)示以區(qū)別于其它量而得名．直觀上，矢量通常被標(biāo)示為一個(gè)帶箭頭的線段．線段的長(zhǎng)度可以表示矢量的大小，而矢量的方向也就是箭頭所指的方向．下列物理量是矢量的一組是（）A.時(shí)間、位移、速度B.速度、速度變化量、加速度C.路程、時(shí)間、速率D.速度、速率、加速度3、一正在做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)單擺，以擺球經(jīng)過(guò)平衡位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列關(guān)于擺球相位的描述正確的是（）A.擺球的初相位為-B.相位的大小反映擺球偏離平衡位置位移的大小C.經(jīng)歷個(gè)全振動(dòng)時(shí)的相位與經(jīng)歷（N+）個(gè)全振動(dòng)時(shí)刻的相位相同D.當(dāng)t=T時(shí)，相位為-14、如圖所示，在光滑水平面上有兩個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2的物體，已知m1＞m2，兩物體間水平連接著一輕質(zhì)彈簧秤，若用大小為F的水平力向右拉m1，穩(wěn)定后的加速度大小為a1，彈簧秤的示數(shù)為F1；若改用大小為F的水平拉力向左拉m2，穩(wěn)定后的加速度大小為a2，彈簧秤的示數(shù)為F2，則以下判斷正確的是（）A.a1=a2F1＞F2B.a1=a2F1＜F2C.a1＜a2F1=F2D.a1＞a2F1＞F25、【題文】電場(chǎng)中有一點(diǎn)P，下列哪種說(shuō)法是正確的()A.若放在P點(diǎn)電荷的電荷量減半，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)減半B.若P點(diǎn)沒(méi)有試探電荷，則P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零C.P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)樵囂诫姾稍谠擖c(diǎn)的受力方向D.P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)所受靜電力越大6、物體做直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示．則該物體（）

A.第1s內(nèi)和第5s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)方向相反B.第2s內(nèi)和第6s內(nèi)的加速度相同C.0～2s和0～4s內(nèi)的平均速度大小相等D.在0～6s內(nèi)，物體的位移大小為30m7、下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A.電場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放在其中的電荷有力的作用B.磁場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放在其中的磁極或電流有力的作用C.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向總是跟電場(chǎng)力的方向一致D.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向跟正電荷所受的電場(chǎng)力的方向一致8、半徑為r和R（r＜R）的光滑半圓形槽，其圓心均在同一水平面上，如圖所示，質(zhì)量相等的兩物體分別自半圓形槽左邊緣的最高點(diǎn)無(wú)初速地釋放，在下滑過(guò)程中兩物體（）A.機(jī)械能均逐漸減小B.經(jīng)最低點(diǎn)時(shí)動(dòng)能相等C.在最低點(diǎn)對(duì)軌道的壓力相等D.在最低點(diǎn)的機(jī)械能不相等9、關(guān)于牛頓第一定律，下列說(shuō)法中正確的是（）A.牛頓第一定律說(shuō)明力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B.慣性就是物體具有保持原來(lái)勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)C.由牛頓第一定律可知：物體所受的合力為零時(shí)，一定處于靜止?fàn)顟B(tài)D.牛頓第一定律可以通過(guò)實(shí)驗(yàn)來(lái)驗(yàn)證評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、（2013秋?蓮湖區(qū)校級(jí)月考）一個(gè)質(zhì)量為m的物塊由靜止開(kāi)始沿斜面下滑；拍攝此下滑過(guò)程得到的同步閃光。

（即第一次閃光時(shí)物塊恰好開(kāi)始下滑）照片如圖所示．已知閃光頻率為每秒10次，根據(jù)照片測(cè)得物塊相鄰兩位置之間的距離分別為AB=2.40cm，DE=17.10cm．由此可知，物塊經(jīng)過(guò)D點(diǎn)時(shí)的速度大小為_(kāi)___m/s；滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度為_(kāi)___m/s2．（保留3位有效數(shù)字）11、（2015春?浦東新區(qū)期末）A如圖所示為作用在質(zhì)量m=2kg物體上的合外力F與物體位移s的對(duì)應(yīng)關(guān)系．s=0時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，則在物體從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)9m的過(guò)程中，合外力F做的功W=____J；s=9m時(shí)F的功率P=____W．12、揮動(dòng)的錘子能把釘子敲進(jìn)木板，也能把鋼板敲平．若錘子的速度不變，質(zhì)量增大為原來(lái)的2倍，則錘子的動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的____倍；若錘子的質(zhì)量不變，速度減小為原來(lái)的一半，錘子動(dòng)能將變?yōu)樵瓉?lái)的____倍．13、一個(gè)質(zhì)量為m、直徑為d、電阻為R的金屬圓環(huán)，在范圍很大的磁場(chǎng)中沿豎直方向下落，磁場(chǎng)的分布情況如圖所示，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度豎直方向的分量By的大小只隨高度變化，其隨高度y變化關(guān)系為By=B（1+ky）（此處k為比例常數(shù)，且k＞0），其中沿圓環(huán)軸線的磁場(chǎng)方向始終豎直向上，在下落過(guò)程中金屬圓環(huán)所在的平面始終保持水平，速度越來(lái)越大，最終穩(wěn)定為某一數(shù)值，稱為收尾速度．俯視觀察，圓環(huán)中的感應(yīng)電流方向?yàn)開(kāi)___（順時(shí)針，逆時(shí)針）；圓環(huán)收尾速度的大小為_(kāi)___．

14、如圖所示，傾角為α、質(zhì)量為M的斜面體放在一架臺(tái)秤上，小滑塊的質(zhì)量為m。若滑塊、斜面體均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則臺(tái)秤的讀數(shù)為_(kāi)_____________；若滑塊以加速度a沿斜面體加速下滑，而斜面體仍然保持靜止，則臺(tái)秤的讀數(shù)為_(kāi)_____________；15、（2016?揚(yáng)州模擬）在如圖所示的電場(chǎng)中，一電荷量q=-1.0×10-8C的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力大小F=2.0×10-4N．則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E=____N/C；該點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力F的方向?yàn)開(kāi)___．（填“向左”“向右”）16、汽車在平直的公路上從靜止開(kāi)始勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)位移為s1時(shí)關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，汽車速度達(dá)到v1，汽車?yán)^續(xù)滑行一段時(shí)間后停止，整個(gè)過(guò)程中汽車發(fā)生的位移為s2，該過(guò)程中汽車的速度圖象如圖所示．由圖可知s1：s2=____，牽引力和阻力的大小之比為F：f=____．17、環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，其離地面越高，則衛(wèi)星的線速度越____（大或小），角速度越____（大或?。?，周期越____（大或?。?8、（2013秋?安?？h校級(jí)月考）如圖，用傳送帶給煤車裝煤，20s內(nèi)有0.5t的煤粉落于車上．要使車保持2m/s的速度勻速前進(jìn)，則對(duì)車應(yīng)再施以水平力的大小為_(kāi)___N．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)19、任意兩條電場(chǎng)線都不相交．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、作用力和反作用力大小相等，方向相反，其合力為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對(duì)錯(cuò)）22、電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、串聯(lián)電路中，電壓分配與電阻成反比．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）25、原先沒(méi)有磁性的鐵，在長(zhǎng)期受到磁鐵的吸引會(huì)產(chǎn)生磁性____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共10分)26、有一根粗細(xì)均勻的空心導(dǎo)體棒如圖a所示，截面為同心圓環(huán)（如圖b）；其電阻約為100Ω，這種材料的電阻率為ρ．某同學(xué)用以下器材測(cè)量該導(dǎo)體棒的內(nèi)徑：

A．20分度的游標(biāo)卡尺。

B．螺旋測(cè)微器。

C．電流表A1（量程50mA，內(nèi)阻R1=100Ω）

D．電流表A2（量程l00mA，內(nèi)阻R2約40Ω）

E．滑動(dòng)變阻器R（0～10Ω）

F．直流電源E

G．導(dǎo)電材料樣品Rx

H．開(kāi)關(guān)一只；導(dǎo)線若干．

（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量導(dǎo)體棒長(zhǎng)度如圖甲，示數(shù)L=______mm；用螺旋測(cè)微器測(cè)量其外徑如圖乙，示數(shù)D=______mm．

（2）圖丙是實(shí)驗(yàn)原理圖；請(qǐng)?jiān)诙D中完成線路連接．

（3）閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)整滑動(dòng)變阻器，記錄電流表A1的讀數(shù)I1和電流表A2的讀數(shù)I2，則導(dǎo)體管的內(nèi)徑d=______（用已知量和測(cè)量量的符號(hào)來(lái)表示）評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共6分)27、某待測(cè)電阻的額定電壓為3V；阻值約為10Ω．為測(cè)量其阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了下列可選用的器材。

A：電流表A1（量程300mA，內(nèi)阻約1Ω）B：電流表A2（量程3.0A；內(nèi)阻約0.3Ω）

C：電壓表V1（量程3.0V，內(nèi)阻約3kΩ）D：電壓表V2（量程15.0V；內(nèi)阻約5kΩ）

E：滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為50Ω）F：滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為2000Ω）

G：電源E（電動(dòng)勢(shì)4V；內(nèi)阻可忽略）H：電鍵；導(dǎo)線若干。

①為了盡可能提高測(cè)量準(zhǔn)確度，應(yīng)選擇的器材為（只需填寫(xiě)器材前面的字母即可）電流表____；電壓表____；滑動(dòng)變阻器____．

②下列給出的測(cè)量電路（（圖1）中，最合理的電路是____．

③將圖中的元件按所選的電路圖2連成實(shí)驗(yàn)電路（要求閉合電鍵時(shí)通過(guò)待測(cè)電阻的電流最?。?/p>

評(píng)卷人得分六、證明題(共2題，共20分)28、如圖所示，1、2、3為p-V圖中一定量理想氣體的三個(gè)狀態(tài)，該理想氣體由狀態(tài)1經(jīng)過(guò)程1-3-2到達(dá)狀態(tài)2．試?yán)脷怏w實(shí)驗(yàn)定律證明：．29、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）平放在水平桌面的一張薄紙上，對(duì)紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動(dòng)．已知物塊的質(zhì)量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1，紙與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質(zhì)量為m；則從開(kāi)始抽紙到紙被抽離物塊底部的過(guò)程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動(dòng)量的定義；結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對(duì)薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動(dòng)量的變化量．（注意：解題過(guò)程中需要用到；但題目中沒(méi)有給出的物理量，要在解題中做必要的說(shuō)明．）

（2）若薄紙質(zhì)量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L(zhǎng)，從開(kāi)始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對(duì)桌面移動(dòng)了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動(dòng)），求此過(guò)程中水平拉力所做的功．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】檢驗(yàn)電荷在電場(chǎng)中所受的電場(chǎng)力為零，則電場(chǎng)強(qiáng)度為零，導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受的磁場(chǎng)力為零，磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，可能電流的方向與磁場(chǎng)方向平行．【解析】【解答】解：A；電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)；檢驗(yàn)電荷受力一定為零，故A錯(cuò)誤．

B；電場(chǎng)強(qiáng)度處處相等的區(qū)域內(nèi)；同一檢驗(yàn)電荷受力處處相等，故B正確．

C；通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中某處不受磁場(chǎng)力作用；可能導(dǎo)線的放置方向與磁場(chǎng)方向平行，不受安培力，磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故C錯(cuò)誤．

D；磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與放入磁場(chǎng)中的電流元以及電流元的受力無(wú)關(guān)；故D錯(cuò)誤．

故選：B．2、B【分析】【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小沒(méi)有方向的物理量．由此即可得知各選項(xiàng)的正誤．【解析】【解答】解：A；位移和速度既有大小又有方向；是矢量，時(shí)間只有大小，沒(méi)有方向，是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤．

B；速度、速度變化量、加速度既有大小又有方向；都是矢量，B正確．

C；路程、時(shí)間和速率只有大小；沒(méi)有方向，都是標(biāo)量，故C錯(cuò)誤．

D；速率只有大小沒(méi)有方向；是標(biāo)量，速度和加速度是矢量．故D錯(cuò)誤．

故選：B3、C【分析】【分析】振動(dòng)方程為x=Asin（ωt+φ），ωt+φ為相位，φ為初相．【解析】【解答】解：A；擺球從平衡位置開(kāi)始計(jì)時(shí)；x=Asinωt，可知初相位為0，故A錯(cuò)誤．

B；振幅等于離開(kāi)平衡位置的最大距離；振幅的大小反映偏離平衡位置的位移大小，故B錯(cuò)誤．

C、經(jīng)歷個(gè)全振動(dòng)時(shí)的相位與經(jīng)歷（N+）個(gè)全振動(dòng)時(shí)刻的相位相同；故C正確．

D、當(dāng)t=T時(shí)與t=時(shí)的相位相同，此時(shí)單擺處于負(fù)向最大位移處，相位為；故D錯(cuò)誤．

故選：C．4、B【分析】【分析】先對(duì)整體分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出加速度，再隔離分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出彈簧秤的拉力．【解析】【解答】解：當(dāng)拉力向右拉m1時(shí)，對(duì)整體分析，加速度，隔離對(duì)m2分析，有．

當(dāng)拉力向左拉m2時(shí)，對(duì)整體分析，加速度，隔離對(duì)m1分析，有．所以a1=a2，因?yàn)閙1＞m2，所以F2＞F1．故B正確；A；C、D錯(cuò)誤．

故選B．5、D【分析】【解析】

試題分析：通過(guò)電荷所受電場(chǎng)力與其電量的比值來(lái)定義電場(chǎng)強(qiáng)度；該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度已是定值，若放在P點(diǎn)的電荷的電量減半，其比值是不變的，只有電場(chǎng)力減半，故A錯(cuò)誤；若P點(diǎn)沒(méi)有檢驗(yàn)電荷，則沒(méi)有電場(chǎng)力，而P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度仍不變．故B錯(cuò)誤；P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)闄z驗(yàn)正電荷在該點(diǎn)的受力方向，故C錯(cuò)誤；P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)所受的電場(chǎng)力越大，故D正確；

故選D

考點(diǎn)：考查了對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度的理解。

點(diǎn)評(píng)：電場(chǎng)強(qiáng)度是通過(guò)比值定義的，比值與其電場(chǎng)力及電量均沒(méi)有關(guān)系．例如：質(zhì)量與體積的比值定義為密度．當(dāng)質(zhì)量變大時(shí)，體積變大，而比值卻不變．電場(chǎng)線雖不實(shí)際存在，但卻能形象描繪電場(chǎng)的強(qiáng)度與方向．【解析】【答案】D6、D【分析】解：A；由圖知；在前5s內(nèi)物體的速度一直為正值，說(shuō)明在前5s內(nèi)物體的運(yùn)動(dòng)方向一直不變，故A錯(cuò)誤；

B；由速度時(shí)間圖象的斜率等于加速度；根據(jù)圖象可知，第2s內(nèi)加速度為正，第6s內(nèi)加速度為負(fù)，方向相反，加速度不同，故B錯(cuò)誤；

C、由象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，平均速度等于位移除以時(shí)間，則0-4s內(nèi)平均速度0-2s的平均速度不相等．故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)“面積”可知：在0～6s內(nèi)，物體的位移大小為x=故D正確．

故選：D

速度時(shí)間圖象中速度的符號(hào)表示物體的運(yùn)動(dòng)方向；圖象的斜率等于加速度；傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)；圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移．平均速度等于位移與時(shí)間之比．根據(jù)這些知識(shí)進(jìn)行解答．

解決本題的關(guān)鍵知道速度時(shí)間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移．【解析】【答案】D7、C【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)的基本性質(zhì)與磁場(chǎng)的基本性質(zhì)判定即可．【解析】【解答】解：A；電場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放在其中的電荷有力的作用．故A正確；

B；磁場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放在其中的磁極或電流有力的作用．故B正確；

C；電場(chǎng)強(qiáng)度的方向總是跟正電荷受到的電場(chǎng)力的方向一致；跟負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力的方向相反．故C錯(cuò)誤，D正確；

本題選擇錯(cuò)誤的，故選：C8、C【分析】【分析】根據(jù)機(jī)械能守恒的條件可以判斷兩小球在光滑圓形槽中下滑過(guò)程中機(jī)械能是守恒的．由機(jī)械能守恒定律，求出小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)速度大小，就能比較動(dòng)能的大小關(guān)系．利用向心力知識(shí)求出在最低點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)小球的支持力，進(jìn)而比較小球?qū)壍赖膲毫ΓA心所在水平面為參考平面，兩小球在水平面上時(shí)，機(jī)械能均為零，下滑過(guò)程中機(jī)械能都不變，故確定在最低點(diǎn)時(shí)它們的機(jī)械能是相等的．【解析】【解答】解：A；圓形槽光滑；兩小球下滑過(guò)程中，均只有重力做功，機(jī)械能均守恒，即機(jī)械能均保持不變．故A錯(cuò)誤．

B、根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgr=mv12，EK1=mgr

同理有：EK2=mgR，由于R＞r，則EK1＜EK2；故B錯(cuò)誤．

C、設(shè)在最低點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)小球的支持力為FN，則根據(jù)牛頓第二定律，得：FN-mg=m，v=

得：FN=3mg

FN與圓形槽的半徑無(wú)關(guān)．

根據(jù)牛頓第三定律可知物體在最低點(diǎn)對(duì)軌道的壓力與軌道半徑也無(wú)關(guān)；則在最低點(diǎn)時(shí)兩球?qū)壍赖膲毫ο嗟龋蔆正確．

D；取圓形槽圓心所在水平面為參考平面；則在最高點(diǎn)時(shí)，兩球機(jī)械能均為零，而且相等，下滑過(guò)程中機(jī)械能均守恒，則在最低點(diǎn)時(shí)機(jī)械能仍相等．故D錯(cuò)誤．

故選：C9、B【分析】【分析】牛頓第一定律給出了物體不受力作用時(shí)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，同時(shí)也說(shuō)明了力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，而不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；牛頓第一定律是牛頓在前人實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，根據(jù)邏輯推理得出的，是以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，但又不是完全通過(guò)實(shí)驗(yàn)得出．【解析】【解答】解：A；牛頓第一定律說(shuō)明力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因；而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，故A錯(cuò)誤；

B；物體具有保持原來(lái)勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)；叫做慣性，與質(zhì)量有關(guān)，故B正確；

C；由牛頓第一定律可知：物體所受的合力為零時(shí)；處于靜止?fàn)顟B(tài)或者勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；

D；牛頓第一定律是牛頓在前人實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上；根據(jù)邏輯推理得出的，是以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，但又不是完全通過(guò)實(shí)驗(yàn)得出，故D錯(cuò)誤；

故選：B．二、填空題(共9題，共18分)10、1.474.90【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論△x=aT2求解加速度，由勻變速直線勻速中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過(guò)程中的平均速度大小可以求出某點(diǎn)的瞬時(shí)速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)題意可知；T=0.1s

根據(jù)△x=aT2得：

a=

在勻變速直線勻速中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過(guò)程中的平均速度大??；故有：

vD=m/s=1.47m/s

故答案為：1.47；4.9011、3624【分析】【分析】合外力做的功W=Fs．并由動(dòng)能定理來(lái)確定物體的末速度，根據(jù)P=Fv求解瞬時(shí)功率．【解析】【解答】解：合外力做功的功W=Fs=4×9J=36J

根據(jù)動(dòng)能定理得：

解得：v=6m/s

所以s=9m時(shí)F的功率P=Fv=4×6=24W

故答案為：36；2412、2【分析】【分析】物體由于運(yùn)動(dòng)而具有的能叫做動(dòng)能；動(dòng)能的表達(dá)式為EK=mv2，根據(jù)表達(dá)式判斷動(dòng)能的變化．【解析】【解答】解：若錘子的速度不變；質(zhì)量增大為原來(lái)的2倍，則錘子的動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)2倍；

錘子的質(zhì)量不變，速度減小為原來(lái)的一半，錘子動(dòng)能將變?yōu)樵瓉?lái)的倍；

故答案為：2，．13、略

【分析】

向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中穿過(guò)的磁通量在增大；根據(jù)楞次定律，得感應(yīng)電流的方向俯視觀察沿順時(shí)針?lè)较颍?/p>

圓環(huán)下落高度為y時(shí)的磁通量為：

Φ=BS=Bπ=．①

設(shè)收尾速度為vm；以此速度在△t時(shí)間內(nèi)磁通量的變化量。

②

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有：③

圓環(huán)中感應(yīng)電流的功率④

重力做功的功率PG=mgvm⑤

根據(jù)能量守恒定律有：PE=PG⑥

由以上各式解得：．

故答案為：順時(shí)針，．

【解析】【答案】根據(jù)楞次定律判斷圓環(huán)中的感應(yīng)電流方向；當(dāng)圓環(huán)所受的重力與安培力相等時(shí)，達(dá)到收尾速度．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律；結(jié)合能量守恒定律求出收尾的速度大?。?/p>

14、略

【分析】靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，臺(tái)秤的讀數(shù)等于兩者的重力之和(m+M)g；若滑塊以加速度a沿斜面體加速下滑，m在豎直方向的加速度為asinα，則豎直方向有則【解析】【答案】(m+M)g，(m+M)g-masinα（每空2分）15、2.0×104向左【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=；可以直接求解．

（2）在電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿該點(diǎn)電場(chǎng)線的切線方向，正電荷受力方向和電場(chǎng)方向一致，負(fù)電荷受力方向和電場(chǎng)方向相反．【解析】【解答】解：A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為：

E=N/C==2.0×104N/C

根據(jù)負(fù)電荷受力方向和電場(chǎng)方向相反可得：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力的方向向左。

故答案為：2.0×104；向左16、1：23：1【分析】【分析】v-t圖象中圖象與時(shí)間軸所圍圖形面積表示位移大小求得位移比，再根據(jù)全程運(yùn)用動(dòng)能定理求得牽引力與阻力大小之比．【解析】【解答】解：根據(jù)v-t圖象可知，勻加速運(yùn)動(dòng)的位移，勻減速運(yùn)動(dòng)的位移

所以可得

根據(jù)動(dòng)能定理有：Fs1-f（s1+s2）=0-0

可得

因?yàn)?/p>

所以可得

故答案為：1：2，3：117、小小大【分析】【分析】本題可以根據(jù)人造衛(wèi)星的萬(wàn)有引力等于向心力，列式求出線速度、角速度、周期和向心力的表達(dá)式進(jìn)行討論．【解析】【解答】解：人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r；地球質(zhì)量為M；有。

F=F向

F=G

F向=m=mω2r=m（）2r

解得。

v=①

T==2π②

ω=③

根據(jù)①式；高度越大，軌道半徑越大，線速度越??；

根據(jù)③式；高度越大，軌道半徑越大，角速度越?。?/p>

根據(jù)②式；高度越大，軌道半徑越大，周期越大；

故答案為：小，小，大．18、50【分析】【分析】對(duì)車和煤粉整體，合力的沖量等于系統(tǒng)動(dòng)量的增加量，對(duì)20s過(guò)程運(yùn)用動(dòng)量定理列式求解即可．【解析】【解答】解：車和煤粉整體受重力G；支持力N、拉力F；對(duì)20s過(guò)程運(yùn)用動(dòng)量定理，有：

Ft=△mv

解得：

F==50N

故答案為：50．三、判斷題(共7題，共14分)19、√【分析】【分析】掌握電場(chǎng)線特點(diǎn)是解本題的關(guān)鍵，電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場(chǎng)中任意兩條電場(chǎng)線不會(huì)相交；否則相交的地方的電場(chǎng)線的方向有兩個(gè)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，但不在同一物體上．所以兩個(gè)力不能合成，也不能相互抵消．以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認(rèn)識(shí)到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開(kāi)了人們以及原子核的序幕．故以上的說(shuō)法是正確的．

故答案為：√22、√【分析】【分析】電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用，電荷在電場(chǎng)中一定受到電場(chǎng)力作用．【解析】【解答】解：電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用；故電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．

故答案為：√23、×【分析】【分析】根據(jù)串并聯(lián)電路電流和電壓的規(guī)律進(jìn)行分析，串聯(lián)電路中電壓與電阻成正比．【解析】【解答】解：串聯(lián)電路中電流相等；故電壓分配與電阻成正比；所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×24、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，沒(méi)有說(shuō)明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×25、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無(wú)章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性；對(duì)磁鐵加熱或敲打時(shí)會(huì)使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無(wú)章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無(wú)章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√四、作圖題(共1題，共10分)26、略

【分析】解：（1）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為100mm．游標(biāo)的精度為0.05mm；游標(biāo)尺上第10條刻度線與主尺對(duì)齊，讀數(shù)為0.05×10=0.50mm；

所以最終讀數(shù)為：100mm+0.50mm=100.50mm．

螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為3.0mm．可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×50.0mm=0.500mm；所以最終讀數(shù)為：3.0mm+0.500mm=3.500mm；

（2）根據(jù)實(shí)物電路圖連接實(shí)物電路圖；實(shí)物電路圖如圖所示．

（3）根據(jù)電阻定律，則電阻絲的電阻為R=

依據(jù)歐姆定律，由上圖可知，則電阻絲的電阻R=

而S=

聯(lián)立三式，解得：d=

故答案為：（1）100.50；3.500～3.503；（2）如上圖所示：

（3）．

（1）螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．

（2）分析電路圖結(jié)構(gòu)；明確各電路元件的連接方式，根據(jù)各電路元件的連接方式連接實(shí)物電路圖；

（3）本題可用伏安法測(cè)量待測(cè)電阻，由于沒(méi)有電壓表，可以將電流表與定值電阻串聯(lián)當(dāng)電壓表使用，電流表A1與待測(cè)電阻串聯(lián)后與定值電阻R0并聯(lián)，再與電流表A2串聯(lián)，用電流表A1測(cè)量通過(guò)待測(cè)電阻的電流，用電流表A2測(cè)量總電流；根據(jù)歐姆定律求出待測(cè)電阻的阻值表達(dá)式，再由電阻定律，即可求解．

本題掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；同時(shí)掌握由電路圖連接實(shí)物圖的方法，注意電表的正負(fù)極，并理解電阻定律與歐姆定律的應(yīng)用．【解析】100.50；3.500；五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共6分)27、ACED【分析】【分析】本題①應(yīng)根據(jù)待測(cè)電阻的額定電壓選擇電壓表的量程，根據(jù)通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流來(lái)選擇電流表的量程，根據(jù)電路中需要的最大電阻來(lái)選擇變阻器；題②應(yīng)根據(jù)待測(cè)電阻滿足電流表外接法的條件可知電流表應(yīng)用外接法，根據(jù)變阻器能滿足電路需要的最大電阻可知變阻器應(yīng)采用限流式接法；題③根據(jù)電路圖連線即可．【解析】【解答】解：①根據(jù)待測(cè)電阻的額定電壓為3V可知，電壓表應(yīng)選擇C，根據(jù)歐姆定律可求出通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流為==0.3A；所以電流表應(yīng)選A；

根據(jù)通過(guò)電流表的最小電流為