安徽省宣城市2022屆高三上學(xué)期理綜物理期末調(diào)研測(cè)試試卷

安徽省宣城市2022屆高三上學(xué)期理綜物理期末調(diào)研測(cè)試試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．下列說法正確的是（）A．一群處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)最多能輻射出6種不同頻率的電磁波B．某放射性原子核經(jīng)過2次α衰變和2次β衰變，核內(nèi)中子數(shù)減少了5個(gè)C．結(jié)合能越大，原子核中的核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定D．疫情期間用來測(cè)體溫的額溫槍通過測(cè)量人體輻射的紫外線來獲得溫度值2．某鉛球運(yùn)動(dòng)員前后兩次以不同的速度將同一個(gè)鉛球從同一高度沿水平方向推出，并落在同一水平面上，不計(jì)空氣阻力，則鉛球在前后兩次運(yùn)動(dòng)過程中（）A．動(dòng)能變化量不同 B．動(dòng)量變化量不同C．運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同 D．速度的偏轉(zhuǎn)角不同3．“天問一號(hào)”探測(cè)器于2020年7月23日成功發(fā)射，由長征五號(hào)運(yùn)載火箭直接送入地火轉(zhuǎn)移軌道，成為一顆人造行星，與地球、火星共同繞太陽公轉(zhuǎn)，并逐漸遠(yuǎn)離地球，飛向火星，其運(yùn)動(dòng)軌道如圖所示。若地球到太陽的平均距離為1Au（天文單位），火星到太陽的平均距離為1.5Au，則“天問一號(hào)”在地火轉(zhuǎn)移橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)的周期約為（）A．0.8年 B．1.4年 C．2.2年 D．2.6年4．如圖，傾角為θ的光滑斜面固定在水平面上，另有A、B兩物體疊放在一起放置在斜面頂端，且B的上表面水平，A、B一起從斜面頂端由靜止開始下滑，直到斜面底端，在此過程中，下列說法正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的摩擦力方向水平向右B．運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的彈力等于A的重力C．運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的作用力不做功D．運(yùn)動(dòng)中斜面對(duì)A、B系統(tǒng)的沖量為零5．一個(gè)凹形圓弧軌道ABC豎直固定放置，A、C兩點(diǎn)連線水平，B為軌道的最低點(diǎn)，且B到AC連線的距離為h。質(zhì)量為m的滑塊從A點(diǎn)以初速度v0=2gh沿軌道的切線方向進(jìn)入軌道，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小v=3ghA．從A到B，滑塊所受的合外力的方向始終指向圓心B．在B點(diǎn)，滑塊處于失重狀態(tài)C．滑塊一定會(huì)從C點(diǎn)滑出軌道D．滑塊一定不會(huì)從C點(diǎn)滑出軌道二、多選題6．如圖所示，真空中有兩個(gè)等量的異種點(diǎn)電荷分別固定在M、N兩點(diǎn)，O是兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，過M點(diǎn)作連線的垂線，以M點(diǎn)為圓心的圓交MN的連線于A、C，交MN的垂線于B、D，且OM>A．B點(diǎn)與D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等B．把一試探電荷從A點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力始終不做功C．A點(diǎn)電勢(shì)低于C點(diǎn)電勢(shì)D．一帶負(fù)電的試探電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能小于在A點(diǎn)的電勢(shì)能7．在如圖所示的電路中，變壓器為理想變壓器電壓表、電流表均為理想電表，給電路輸入端通以正弦交流電，a、b、c三個(gè)燈泡均正常發(fā)光。燈泡a上標(biāo)有“9V3W”字樣，a、c兩個(gè)燈泡完全相同，變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為3：1，則（）A．電流表的示數(shù)為13AC．電壓表的示數(shù)為27V D．電路輸入端的輸入電壓為36V8．光滑平行不計(jì)內(nèi)阻的U形導(dǎo)軌相距為L，傾角為θ，一阻值為R、長為L、質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒在距導(dǎo)軌底端L處?？臻g內(nèi)存在方向豎直向上的變化磁場(chǎng)，大小滿足B=B0+kt（k>0），現(xiàn)在導(dǎo)體棒上加一沿斜面向上的力，使導(dǎo)體棒始終保持靜止，則（）A．t時(shí)刻的穿過導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒回路的磁通量L2（B0+kt）B．0～t時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電量kC．t時(shí)刻的的外力(D．t時(shí)刻導(dǎo)體棒L上電動(dòng)勢(shì)的大小為2kL2cosθ9．下列說法中正確的是（）A．高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)溫度較低的緣故B．空調(diào)制冷說明熱量可以自發(fā)地由低溫物體傳遞給高溫物體C．自然界一切進(jìn)行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，都是不可逆的D．液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)它的撞擊作用不平衡所引起的E．兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到10r。的過程中，它們的分子勢(shì)能先減小后增大10．A、B兩點(diǎn)為x軸上的兩個(gè)振源，A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，B點(diǎn)為坐標(biāo)軸上x=5m處的點(diǎn)。t=0時(shí)刻A、B連線之間的波形圖如圖所示，已知振源A、B的振幅均為10cm，振動(dòng)周期T均為0.2s，則下列說法中正確的是（）A．A、B兩振源形成的兩列波的傳播方向相同B．A、B兩振源形成的兩列波的傳播速度均為10m/sC．t=0時(shí)刻，x=4.75m處的質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)D．t=0.05s時(shí)，x=2.5m處的質(zhì)點(diǎn)開始向上振動(dòng)E．在0~0.1s的時(shí)間內(nèi)，x=1m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程等于20cm三、實(shí)驗(yàn)題11．物理學(xué)中有一些經(jīng)典實(shí)驗(yàn)，通過巧妙的設(shè)計(jì)，使用簡(jiǎn)陋的器材揭示了深刻的物理本質(zhì)。伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)揭示了勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律。某同學(xué)用現(xiàn)代實(shí)驗(yàn)器材改進(jìn)伽利略的經(jīng)典斜面實(shí)驗(yàn)。如圖甲所示，他讓一小球從固定斜面頂端O處靜止釋放，小球經(jīng)過A處到達(dá)斜面底端B處，通過A、B兩處安裝傳感器測(cè)出。A、B間的距離x及小球在AB段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t。改變A點(diǎn)及A處傳感器的位置，重復(fù)多次實(shí)驗(yàn)，計(jì)算機(jī)作出xt（1）小球運(yùn)動(dòng)到斜面底端時(shí)速度大小為；（2）小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為；（3）小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的平均速度。12．某學(xué)習(xí)小組進(jìn)行精確測(cè)量電阻Rx的阻值的實(shí)驗(yàn)，有下列器材供選用。A．待測(cè)電阻Rx（約300Ω）B．電壓表V（3V，內(nèi)阻約3kΩ）C．電流表A1（10mA，內(nèi)阻約10Ω）D．電流表A2（20mA，內(nèi)阻約5Ω）E．滑動(dòng)變阻器R1（0～20Ω，額定電流2A）F．滑動(dòng)變阻器R2（0～2000Ω，額定電流0.5A）G．直流電源E（3V，內(nèi)阻約1Ω）H．開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）甲同學(xué)根據(jù)以上器材設(shè)計(jì)了用伏安法測(cè)量電阻的電路，并能滿足Rx兩端電壓從零開始變化并進(jìn)行多次測(cè)量。則電流表應(yīng)選擇（填“A1”或“A2”）；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇（填“R1”或“R2”）；請(qǐng)?jiān)谔摼€框中幫甲同學(xué)畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖。（2）乙同學(xué)經(jīng)過反復(fù)思考，利用所給器材設(shè)計(jì)出了如圖所示的測(cè)量電路，具體操作如下：①按圖連接好實(shí)驗(yàn)電路，閉合開關(guān)S1前調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1、R2的滑片至適當(dāng)位置；②閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1、R2的滑片，使電流表A1的示數(shù)恰好為電流表A2的示數(shù)的一半；③閉合開關(guān)S2并保持滑動(dòng)變阻器R2的滑片位置不變，讀出電壓表V和電流表A1的示數(shù)，分別記為U、I；④待測(cè)電阻的阻值Rx=，比較甲、乙兩同學(xué)測(cè)量電阻Rx的方法，你認(rèn)為哪個(gè)同學(xué)的方法更有利于減小系統(tǒng)誤差？（填“甲”或“乙”）同學(xué)的。四、解答題13．如圖所示，在xOy直角坐標(biāo)系中，第一象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E；第二象限某區(qū)域存在方向垂直xOy平面向外，面積最小的半圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B；一重力不計(jì)的帶正電粒子，沿與x軸正方向成θ=60°角的方向，以速度v0從點(diǎn)M（-d，0）垂直射入磁場(chǎng)，接著恰好以垂直y軸的速度從y軸上的N點(diǎn)（圖中未畫出）穿出磁場(chǎng)進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，最終帶電粒子從x軸上P點(diǎn)射出電場(chǎng)區(qū)域。求：。（1）該粒子的比荷；（2）第二象限半圓形磁場(chǎng)區(qū)域的面積；（3）該粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的總時(shí)間。14．如圖所示，傾角為θ＝30°的斜面體固定在水平地面上，其左端高度h＝6.0m，一薄木板B置于斜面頂端，恰好能靜止，下端連接一根自然長度L0＝1.1m的輕彈簧，木板B總質(zhì)量m＝1kg，總長度L＝6.5m。有一個(gè)質(zhì)量為M＝3kg的小物塊A以沿斜面向下大小為8.0m/s的速度滑上木板B，A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=32，木板B下滑到斜面底端碰到擋板后立刻停下，物塊A最后恰好沒有脫離彈簧，且彈簧一直處于彈性限度內(nèi)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度g＝10m/s（1）斜面體與木板B的動(dòng)摩擦因數(shù)μ0；（2）木板B與擋板碰撞前的瞬間的速度大??；（3）彈簧被壓縮到最短時(shí)的彈性勢(shì)能Ep。15．如圖所示，一端封閉、一端開口且粗細(xì)均勻的直角細(xì)玻璃管，在直角處用一段水銀柱封閉了一定質(zhì)量的空氣，開始時(shí)，封閉端處于豎直狀態(tài)·直角處水銀柱的豎直部分與水平部分長度均為h=10cm。開口端空氣柱的長度h=10cm。保持溫度不變。以玻璃管的封閉端為轉(zhuǎn)軸。將玻璃管在豎直平面內(nèi)沿順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)θ=30°。管內(nèi)水根柱恰好到達(dá)開口端。已知大氣壓強(qiáng)為p=76cmHg。封閉端空氣柱的初始溫度T=27℃。求：（1）封閉端空氣柱的長度L；（2）若保持封閉端處于豎直狀態(tài)，加熱封閉端空氣，當(dāng)管內(nèi)水根柱恰好到達(dá)開口端時(shí)，此時(shí)管內(nèi)空氣柱的溫度t（結(jié)果保留一位小數(shù)）。16．頻率不同的兩束單色光1和2以相同的入射角α=60°從同一點(diǎn)射入厚度為d的矩形玻璃磚上，單色光1、2在玻璃磚中折射角分別為30°和45°，光路如圖所示（不計(jì)多次反射）。已知兩束單色光在空氣中的傳播速度均為c。求：（i）單色光1在玻璃磚中的傳播速度；（ii）單色光1與2在玻璃磚中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A．根據(jù)C4B．每發(fā)生一次α衰變，中子數(shù)減少2個(gè)，每發(fā)生一次β衰變，中子數(shù)少一個(gè)，所以經(jīng)過2次α衰變和2次β衰變，核內(nèi)中子數(shù)減少6個(gè)，B不符合題意；C．比結(jié)合能越大，將核子分解需要的能量越大，原子核中的核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，C不符合題意；D．額溫槍測(cè)體溫是因?yàn)闇囟炔煌娜梭w輻射的紅外線強(qiáng)弱不同，D不符合題意；故答案為：A。

【分析】利用排列組合可以求出輻射光的頻率種數(shù)；利用質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可以判別中子數(shù)量的變化；比結(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定性；額溫槍是測(cè)量人體輻射的紅外線來獲得溫度值。2．【答案】D【解析】【解答】A．重力做的功相同，由動(dòng)能定理知，動(dòng)能的變化量相同，A不符合題意；C．鉛球豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h=得運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=知運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，C不符合題意；B．重力的沖量等于動(dòng)量的變化量，根據(jù)Δp=mgt知?jiǎng)恿康淖兓肯嗤?，B不符合題意；D．速度偏轉(zhuǎn)角的正切值tan初速度不同，則速度的偏轉(zhuǎn)角不同，D符合題意。故答案為：D。

【分析】由于重力做功相等結(jié)合動(dòng)能定理可以判別動(dòng)能變化量相等；利用豎直方向的位移公式可以判別運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等；利用動(dòng)量定理可以判別重力的沖量相等；利用速度的分解可以比較速度偏轉(zhuǎn)角的大小。3．【答案】B【解析】【解答】“天問一號(hào)”做橢圓運(yùn)動(dòng)的半長軸為r根據(jù)開普勒第三定律，可得r地球公轉(zhuǎn)周期為T解得T故答案為：B。

【分析】利用幾何關(guān)系可以求出天問一號(hào)半長軸的大小，結(jié)合開普勒第三定律可以求出天問一號(hào)在地火轉(zhuǎn)移橢圓軌道的周期大小。4．【答案】C【解析】【解答】A．因?yàn)锳B一起沿斜面加速下滑，則加速度有水平向左的分量，則運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的摩擦力方向水平向左，A不符合題意；B．AB一起沿斜面加速下滑，則加速度有豎直向下的分量，則由m可知運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的彈力小于A的重力，B不符合題意；C．因AB一起下滑的加速度為a=gsinθ可知，B對(duì)A的作用力與位移垂直，則運(yùn)動(dòng)中物塊B對(duì)A的作用力不做功，C符合題意；D．運(yùn)動(dòng)中斜面對(duì)A、B系統(tǒng)的作用力不為零，根據(jù)I=Ft可知，沖量不為零，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用整體的牛頓第二定律可以判別物塊B對(duì)A的摩擦力方向；利用整體的加速度方向結(jié)合豎直方向的牛頓第二定律可以比較B對(duì)A的彈力及A的重力大小；利用B對(duì)A的作用力方向與位移方向垂直可以判別B對(duì)A作用力不做功；利用斜面對(duì)AB的作用力不等于0可以判別沖量不等于0.5．【答案】C【解析】【解答】A．滑塊從A到B，速度的大小發(fā)生變化，則滑塊不是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則滑塊的合外力不指向圓心，A不符合題意；B．在B點(diǎn)，滑塊的加速度方向豎直向上，處于超重狀態(tài)，B不符合題意；CD．滑塊從A到B，設(shè)摩檫力做功為W，根據(jù)動(dòng)能定理得mgh?W=解得W=滑塊從B到C，設(shè)摩檫力做功為W'，由于BC段的平均速度小于AB段的平均速度，則滑塊在BC段對(duì)軌道的壓力小于在AB段對(duì)軌道的壓力，所以滑塊在BC段受到的摩擦力小于在AB段受到的摩擦力，則W'可得1則滑塊一定會(huì)從C點(diǎn)滑出，D不符合題意C符合題意。故答案為：C。

【分析】由于滑塊從A到B做變速運(yùn)動(dòng)所以滑塊合力不指向圓心；利用加速度的方向可以判別超重與失重；利用動(dòng)能定理結(jié)合壓力的大小可以判別摩擦力做功的大小進(jìn)而判別滑塊一定從C點(diǎn)滑出去。6．【答案】A,B,D【解析】【解答】A．兩個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)在B點(diǎn)和D點(diǎn)由平行四邊形合成，由對(duì)稱性可知，這兩點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，則B點(diǎn)與D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不相等，A錯(cuò)誤，符合題意；C．正點(diǎn)電荷場(chǎng)源在圓周上的各點(diǎn)上產(chǎn)生了相同的正電勢(shì)，負(fù)點(diǎn)電荷場(chǎng)源在各點(diǎn)產(chǎn)生了負(fù)電勢(shì)，電勢(shì)為標(biāo)量，代數(shù)疊加后可得φC正確，不符題意；B．圓弧AB不是等勢(shì)面，而φBD．根據(jù)等量異種電荷的電勢(shì)分布有φA>而q<0，則有帶負(fù)電的試探電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能大于在A點(diǎn)的電勢(shì)能，D錯(cuò)誤，符合題意。故答案為：ABD。

【分析】利用場(chǎng)強(qiáng)的疊加可以判別各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小及方向；利用電勢(shì)的疊加可以比較電勢(shì)的大?。唤Y(jié)合電勢(shì)的大小及電性可以判別電場(chǎng)力做功及電勢(shì)能的大小。7．【答案】C,D【解析】【解答】A．燈泡a上標(biāo)有“9V3W”字樣，a、c兩個(gè)燈泡完全相同，則正常發(fā)光的電流為I則變壓器的原線圈的電流為I根據(jù)理想變壓器的電流比等于匝數(shù)的反比，有I根據(jù)并聯(lián)分流原理，可得電流表的示數(shù)為IA不符合題意；B．燈泡b的額定功率為PB不符合題意；C．電壓表的示數(shù)為UC符合題意；D．電路輸入端的輸入電壓為U=D符合題意；故答案為：CD。

【分析】利用電功率的表達(dá)式可以求出通過燈泡電流的大小，結(jié)合匝數(shù)之比可以求出副線圈電流的大小，結(jié)合并聯(lián)回路的電流特點(diǎn)可以求出通過電流表的電流大??；利用電功率的表達(dá)式可以求出燈泡b電功率的大小；利用匝數(shù)之比可以求出電壓表的讀數(shù)；利用分壓關(guān)系可以求出電路輸入端的電壓大小。8．【答案】B,C【解析】【解答】A．磁感線豎直向上，根據(jù)磁通量的定義可知，t時(shí)刻的穿過導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒回路的磁通量為Φ=BA不符合題意；BD.0～t時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)恒定，為E=則0～t時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電量為q=It=B符合題意，D不符合題意；C．導(dǎo)體棒始終保持靜止，則受力平衡，有F=BIL解得F=C符合題意；故答案為：BC。

【分析】利用磁通量的表達(dá)式可以求出通過回路磁通量的大??；利用法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合電流的定義式可以求出電荷量的大?。焕脤?dǎo)體棒的平衡方程可以求出外力的大小。9．【答案】C,D,E【解析】【解答】A．高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)大氣壓強(qiáng)較低的緣故，A不符合題意；B．空調(diào)制冷過程中消耗了電能，說明熱量不可以自發(fā)地由低溫物體傳遞給高溫物體，B不符合題意；C．自然界一切進(jìn)行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，都是不可逆的，C符合題意；D．液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)它的撞擊作用不平衡所引起的，D符合題意；E．兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到r0的過程中，它們的分子勢(shì)能先減小，從r0到10r0的過程中，分子勢(shì)能增大，E符合題意。故答案為：CDE。

【分析】高原地區(qū)的沸點(diǎn)比較低是由于高原地區(qū)壓強(qiáng)比較低的原因；空調(diào)工作的過程中使用了電機(jī)所以不屬于自發(fā)過程；液體中懸浮顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是由于液體分子對(duì)顆粒的撞擊作用不平衡所導(dǎo)致。10．【答案】B,C,E【解析】【解答】A．根據(jù)兩列波在t=0時(shí)刻波形圖可知，振源為A的波沿x軸正向傳播，振源為B的波沿x軸負(fù)向傳播，A不符合題意；B．由波形圖可讀出波長為λ=2m，則兩列波的傳播速度為v=B符合題意；C．振源為B的波沿x軸負(fù)向傳播，根據(jù)同側(cè)法可知t=0時(shí)刻，x=4.75m處的質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，C符合題意；D．t=0.05s，波形傳播的距離為x=vt=0則兩列波剛好傳播到x=2.5m處，而振源為A的波向上起振，振源為B的波向下起振，則x=2.5m處的質(zhì)點(diǎn)不振動(dòng)，D不符合題意；E．時(shí)間為t=0則x=1m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程等于s=2A=20cm，E符合題意；故答案為：BCE。

【分析】利用波形圖可以判別波傳播的方向；利用波長和周期的大小可以求出波速的大??；利用波的傳播方向可以判別質(zhì)點(diǎn)的速度方向；利用波的疊加可以判別質(zhì)點(diǎn)的速度方向；利用運(yùn)動(dòng)的時(shí)間結(jié)合振幅可以求出質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程。11．【答案】（1）6m/s（2）6m/s2（3）3m/s【解析】【解答】（1）由勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律有vx=可得x由圖乙知，小球運(yùn)動(dòng)到斜面底端時(shí)速度大小為v（2）由?可得小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a=6m/（3）小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的平均速度為v

【分析】利用勻變速的位移公式結(jié)合速度公式可以求出小球運(yùn)動(dòng)到底端速度的大小；

（2）利用圖像斜率可以求出加速度的大??；

（3）利用初末速度的平均值可以求出平均速度的大小。12．【答案】（1）A1；R1；（2）UI【解析】【解答】(1)由題意得，流過待測(cè)電阻的最大電流約為I≈所以電流表選用A1。實(shí)驗(yàn)要求Rx兩端電壓從零開始變化并進(jìn)行多次測(cè)量，則滑動(dòng)變阻器有采用分壓式接法，即滑動(dòng)變阻器選用相對(duì)Rx較小的R1。待測(cè)電阻阻值約為電壓表內(nèi)阻的110(2)閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1、R2的滑片，使電流表A1的示數(shù)恰好為電流表A2的示數(shù)的一半，則待測(cè)電阻的阻值等于電流表A1的內(nèi)阻與滑動(dòng)變阻器R2連入電路的阻值之和。閉合開關(guān)S2（將電流表A2短路）并保持滑動(dòng)變阻器R2的滑片位置不變，讀出電壓表V和電流表A1的示數(shù)，分別記為U、I，則可計(jì)算出電流表A1的內(nèi)阻與滑動(dòng)變阻器R2連入電路的阻值之和。綜上R方案乙采用了等效法測(cè)電阻，方案甲中由于電流表的分壓會(huì)造成系統(tǒng)誤差，所以乙同學(xué)的方法更有利于減小系統(tǒng)誤差。

【分析】（1）利用歐姆定律可以判別電流表的選擇，滑動(dòng)變阻器使用分壓式接法使用小阻值；由于待測(cè)電阻比較小所以電流表使用內(nèi)接法；

（2）利用等效法結(jié)合歐姆定律可以求出待測(cè)電阻的阻值；乙電路圖排除了電流表的分壓作用。13．【答案】（1）解：由幾何關(guān)系得R=由洛倫茲力提供向心力得qv0B=聯(lián)立得到q（2）解：設(shè)MN之間距離為L，所以L＝R=則最小的半圓是以MN為直徑的，所以最小面積S=（3）解：設(shè)ON之間的距離為h，則h＝R-Rcos60°=從N到P粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)時(shí)間為t2，則有h=那么得時(shí)間t2=在第二象限運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，則t所以總時(shí)間t＝t1+t2=【解析】【分析】（1）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，利用幾何關(guān)系可以求出軌道半徑的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出比荷的大?。?/p>

（2）已知軌跡半徑的大小，利用幾何關(guān)系結(jié)合面積公式可以求出最小的磁場(chǎng)區(qū)域面積；

（3）當(dāng)粒子在第一象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，利用位移公式可以求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，粒子在第二象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用軌跡所對(duì)圓心角結(jié)合運(yùn)動(dòng)的周期可以求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。14．【答案】（1）解：木板恰靜止在斜面上，木板在斜面方向上受力平衡，由mg得μ（2）解：物塊A在木板上滑行，對(duì)A有μMgcos30°代入數(shù)據(jù)得a=2方向沿斜面向上，以木板B為μMgcos代入數(shù)據(jù)得a方向沿斜面向下，假設(shè)A與木板達(dá)到v共時(shí)A還沒有壓縮彈簧且木板還沒有到達(dá)底端，