陜西省咸陽市2025屆高三物理下學(xué)期模擬檢測試題三含解析

PAGE21-陜西省咸陽市2025屆高三物理下學(xué)期模擬檢測試題（三）（含解析）一、選擇題1.下列說法中符合物理學(xué)史實(shí)的是（）A.查德威克通過探討陰極射線發(fā)覺電子，從而打開了原子物理大門B.勒納等人通過試驗(yàn)得出光電效應(yīng)的四個(gè)特征C.玻爾首先提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，第一次將量子化引入到原子領(lǐng)域D.盧瑟福用粒子轟擊金箔試驗(yàn)證明原子是由其它粒子組成的【答案】B【解析】【詳解】A．湯姆孫通過探討陰極射線發(fā)覺了電子，從而打開了原子物理大門，故A錯(cuò)誤；B．德國物理學(xué)家勒納等人通過試驗(yàn)得出光電效應(yīng)的四個(gè)特征，并試圖在經(jīng)典電磁理論的框架內(nèi)說明光電效應(yīng)，故B正確；C．普朗克第一次將量子化引入到原子領(lǐng)域，盧瑟福首先提出了原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，故C錯(cuò)誤；D．盧瑟福等人通過α粒子散射試驗(yàn)，提出了原子具有核式結(jié)構(gòu)，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，某健身愛好者手拉著輕繩，在粗糙的斜面上緩慢地移動，移動過程保持繩索始終平行于水平地面。為了熬煉自己的臂力和腿部力氣，可以在O點(diǎn)懸掛不同的重物C，則（）A.若健身者緩慢向右上移動，繩OA的拉力變小B.若健身者緩慢向左下移動，繩OB的拉力變大C.若健身者緩慢向右上移動，繩OA、OB拉力的合力變大D.若健身者緩慢向左下移動，健身者與地面間的摩擦力變小【答案】D【解析】【詳解】對節(jié)點(diǎn)O進(jìn)行受力分析，如圖所示，依據(jù)平衡條件，A．若健身者緩慢向右上移動，增大，增大，繩OA的拉力增大，故A錯(cuò)誤；B．若健身者緩慢向左下移動，減小，增大，繩OB的拉力變小，故B錯(cuò)誤；C．依據(jù)力的平衡條件，繩OA、OB拉力的合力大小始終等于C的重力，故C錯(cuò)誤；D．若健身者緩慢向左下移動，減小，減小，對健身者進(jìn)行受力分析，運(yùn)動員受到的摩擦力為靜摩擦力，沿斜面方向，依據(jù)平衡條件有因?yàn)闇p小，健身者與地面間的摩擦力f變小，故D正確。故選D。3.電子束熔煉是指高真空下，將高速電子束的動能轉(zhuǎn)換為熱能作為熱源來進(jìn)行金屬熔煉的一種熔煉方法。如圖所示，陰極燈絲被加熱后產(chǎn)生初速度為0的電子，在V加速電壓的作用下，以極高的速度向陽極運(yùn)動；穿過陽極后，在金屬電極A1、A2間V電壓形成的聚焦電場作用下，轟擊到物料上，其動能全部轉(zhuǎn)換為熱能，使物料不斷熔煉。已知某電子在熔煉爐中的軌跡如圖中虛線OPO'所示，P是軌跡上的一點(diǎn)，聚焦電場過P點(diǎn)的一條電場線如圖中所示，則（）A.電極A1的電勢高于電極A2的電勢B.電子在P點(diǎn)時(shí)速度方向與聚焦電場強(qiáng)度方向夾角小于90°C.聚焦電場只變更電子速度的方向，不變更電子速度的大小D.電子轟擊到物料上時(shí)的動能小于eV【答案】A【解析】【詳解】A．在P點(diǎn)電子受電場力指向軌跡彎曲內(nèi)側(cè)，又要與電場線相切，可推斷電場線的方向是從A1指向A2，所以電極A1的電勢高于電極A2的電勢，A正確；B．軌跡的切線方向即電子的運(yùn)動方向，由圖可知運(yùn)動方向與電場方向夾角大于90°，B錯(cuò)誤；C．聚焦電場一方面使電子向中心靠攏，另一方面使電子加速，所以既變更電子速度的方向，又變更電子速度的大小，C錯(cuò)誤；D．聚焦電場對電子做功，且總功是正功W，所以變更電子速度大小，從O到O'，依據(jù)動能定理，電子轟擊到物料上時(shí)的動能大于，故D錯(cuò)誤。故選A。4.為估算傘面（近似平面）承受暴雨撞擊產(chǎn)生的平均壓強(qiáng)，小明在雨天將一圓柱形水杯置于露臺，測得0.5小時(shí)內(nèi)杯中水位上升了18mm。查詢得知，當(dāng)時(shí)雨滴豎直下落速度約為10m/s，據(jù)此估算該壓強(qiáng)約為（設(shè)雨滴撞擊傘面后無反彈，不計(jì)雨滴重力，雨水的密度為kg/m3）（）A.0.10Pa B.180Pa C.1.0Pa D.【答案】A【解析】【詳解】由于是估算壓強(qiáng)，所以不計(jì)雨滴的重力。設(shè)雨滴受到支持面的平均作用力為F。設(shè)在時(shí)間內(nèi)有質(zhì)量為的雨水的速度由v=10m/s減為零。以向上為正方向，對這部分雨水應(yīng)用動量定理有得到設(shè)水杯橫截面積為S，對水杯里的雨水，在時(shí)間內(nèi)水面上升，則有所以有壓強(qiáng)即睡蓮葉面承受雨滴撞擊產(chǎn)生的平均壓強(qiáng)為0.10Pa，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。5.如圖為某款電吹風(fēng)的電路圖，a、b、c、d為四個(gè)固定觸點(diǎn)?？蓜拥纳刃谓饘倨琍可同時(shí)接觸兩個(gè)觸點(diǎn)，觸片P處于不同位置時(shí)，電吹風(fēng)可處于停機(jī)、吹熱風(fēng)和吹冷風(fēng)等不同的工作狀態(tài)。n1和n2分別是志向變壓器的兩個(gè)線圈的匝數(shù)，該電吹風(fēng)的各項(xiàng)參數(shù)如表所示。下列說法正確的有（）熱風(fēng)時(shí)輸入功率1000W冷風(fēng)時(shí)輸入功率100W小風(fēng)扇額定電壓100V正常工作時(shí)小風(fēng)扇輸出功率88WA.吹熱風(fēng)時(shí)觸片P與觸點(diǎn)b、c接觸B.可由表格中數(shù)據(jù)計(jì)算出小風(fēng)扇的內(nèi)阻為100C.變壓器兩線圈的匝數(shù)比D.換用更長的電熱絲（材料、粗細(xì)均不變），則吹的熱風(fēng)溫度更高【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)電吹風(fēng)機(jī)送出來的是冷風(fēng)時(shí)，電路中只有電動機(jī)自己工作，觸片P與觸點(diǎn)b、c接觸；當(dāng)電吹風(fēng)機(jī)送出來的是熱風(fēng)時(shí)，觸片P與觸點(diǎn)a、b接觸，故A錯(cuò)誤；B．小風(fēng)扇消耗的功率轉(zhuǎn)化為機(jī)械功率和線圈上的熱功率，因未說明小風(fēng)扇的效率，所以不能計(jì)算小風(fēng)扇的內(nèi)阻。故B錯(cuò)誤；C．依據(jù)變壓器的原線圈、副線圈的匝數(shù)與電壓的關(guān)系故C正確；D．依據(jù)公式可知電源電壓不變，電阻越小，電功率越大；換用更長的電熱絲（材料、粗細(xì)均不變），依據(jù)電阻定律可知電阻變大，故電吹風(fēng)吹熱風(fēng)時(shí)的功率將變小，吹的熱風(fēng)溫度降低。故D錯(cuò)誤。故選C。6.2019年10月5日2時(shí)51分，我國在太原衛(wèi)星放射中心用長征四號丙運(yùn)載火箭，勝利將“高分十號”地球同步衛(wèi)星放射升空。一般放射地球同步衛(wèi)星要經(jīng)過兩次變軌才能進(jìn)入地球同步軌道。如圖所示，先將衛(wèi)星送入較低的圓軌道Ⅰ，經(jīng)橢圓軌道Ⅲ進(jìn)入地球同步軌道Ⅱ。已知“高分十號”衛(wèi)星質(zhì)量為m衛(wèi)，地球質(zhì)量為m地，軌道Ⅰ半徑為r1，軌道Ⅱ半徑為r2，AA.“高分十號”在軌道Ⅰ上的運(yùn)行速度大于7.9km/sB.若”高分十號”在軌道I上的速率為v1：則在軌道II上的速率v2=v1C.在橢圓軌道上通過B點(diǎn)時(shí)“高分十號”所受萬有引力小于向心力D.假設(shè)距地球球心r處引力勢能為Ep=－則“高分十號”從軌道Ⅰ轉(zhuǎn)移到軌道Ⅱ，其機(jī)械能增加了－【答案】BD【解析】【詳解】A．第一宇宙速度為7.9km/s，繞地球做圓周運(yùn)動的軌道半徑等于地球的半徑，依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力則有可得知軌道半徑越大，線速度越小，所以“高分十號”衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的運(yùn)行速度小于7.9km/s，故A錯(cuò)誤；B．依據(jù)可得“高分十號”衛(wèi)星在軌道I上的速率為在軌道II上的速率為聯(lián)立解得故B正確；C．由于“高分十號”衛(wèi)星須要在點(diǎn)從橢圓軌道Ⅲ進(jìn)入軌道Ⅱ，衛(wèi)星在點(diǎn)需加速，所以“高分十號”衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅲ上通過B點(diǎn)時(shí)，萬有引力大于向心力，故C錯(cuò)誤；D．“高分十號”衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的機(jī)械能在軌道Ⅱ上的機(jī)械能則機(jī)械能增加量故D正確；故選BD。7.蹦極是一項(xiàng)考驗(yàn)體力、智力和心理承受實(shí)力的空中極限運(yùn)動．跳動者站在約50m高的塔臺上，把一根原長為L的彈性繩的一端綁在雙腿的踝關(guān)節(jié)處，另一端固定在塔臺上，跳動者頭朝下跳下去．若彈性繩的彈力遵守胡克定律，不計(jì)空氣阻力，則在跳動者從起跳到第一次下落到最低點(diǎn)的過程中，跳動者的動能Ek(圖線①)和彈性繩的彈性勢能Ep(圖線②)隨下落高度的變更圖象中，大致正確的是A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】在彈性繩到達(dá)原長之前，由動能定理可知，動能隨下降的高度勻稱變大，即Ek-h圖像為直線；當(dāng)彈性繩被拉直后，彈力漸漸變大，則加速度漸漸減小，速度仍舊變大，即動能接著變大，當(dāng)彈力等于重力式速度最大，此時(shí)的動能最大；之后隨著人的下降彈力變大大于重力，加速度變?yōu)橄蛏希俗鲎儨p速運(yùn)動，最終動能減到0時(shí)到達(dá)最低點(diǎn)；綜上所述，圖像B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B.8.如圖所示是選擇密度相同、大小不同納米粒子的一種裝置．待選粒子帶正電且電量與其表面積成正比．待選粒子從O1進(jìn)入小孔時(shí)可認(rèn)為速度為零，加速電場區(qū)域Ⅰ的板間電壓為U，粒子通過小孔O2射入正交的勻強(qiáng)電場磁場區(qū)域Ⅱ，其中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，左右兩極板間距為d．區(qū)域Ⅱ出口小孔O3與O1、O2在同一豎直線上．若半徑為r0，質(zhì)量為m0、電量為q0的納米粒子剛好能沿直線通過，不計(jì)納米粒子重力，則()A.區(qū)域Ⅱ中電場與磁場的強(qiáng)度的比值為B.區(qū)域Ⅱ左右兩極板的電勢差為C.若納米粒子的半徑r＞r0，則剛進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ的粒子仍將沿直線通過D.若納米粒子的半徑r＞r0，仍沿直線通過，則區(qū)域Ⅱ的電場與原電場強(qiáng)度的比值為【答案】AD【解析】【詳解】A．設(shè)半徑為r0的納米粒子加速后的速度為v，則：設(shè)區(qū)域Ⅱ內(nèi)電場強(qiáng)度為E，洛倫茲力等于電場力，即：解得：則區(qū)域Ⅱ的電場與磁場的強(qiáng)度的比值為，故A正確．B．區(qū)域Ⅱ左右兩極板的電勢差為：故B錯(cuò)誤；C．若納米粒子的半徑r＞r0，設(shè)半徑為r的粒子的質(zhì)量為m、帶電量為q、被加速后的速度為v，則:而由，解得：故洛倫茲力變小，粒子帶正電，故粒子向左偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；D．由于，故洛倫茲力與原來的洛倫茲力的比值為，電場力與洛倫茲力平衡，故電場力與原來的電場力的比值為，依據(jù)F＝qE，區(qū)域Ⅱ的電場與原電場的電場強(qiáng)度之比為，故D正確．二、試驗(yàn)題9.為了測量木塊與木板間動摩擦因數(shù)，某試驗(yàn)小組運(yùn)用位移傳感器設(shè)計(jì)了如圖所示試驗(yàn)裝置，讓木塊從傾斜木板上A點(diǎn)由靜止釋放，位移傳感器可以測出木塊到傳感器的距離。位移傳感器連接計(jì)算機(jī)，描繪出滑塊與傳感器的距離s隨時(shí)間t變更規(guī)律，取g10m/s2，sin370.6，如圖所示：(1)依據(jù)上述圖線，計(jì)算可得木塊在0.4s時(shí)的速度大小為v（）m/s；(2)依據(jù)上述圖線，計(jì)算可得木塊的加速度大小a（）m/s2；(3)現(xiàn)測得斜面傾角為37，則（）。（全部結(jié)果均保留2位小數(shù)）【答案】(1).0.40(2).1.00(3).0.63【解析】【詳解】(1)[1]木塊在斜面上做勻加速直線運(yùn)動，某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則木塊在0.4s時(shí)的速度大小(2)[2]木塊在0.2s時(shí)速度大小木塊的加速度大小(3)[3]斜面傾角為37，則對木塊受力分析，由牛頓其次定律可得解得10.某同學(xué)要測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻：①試驗(yàn)室除供應(yīng)開關(guān)S和導(dǎo)線外，有以下器材可供選擇：電壓表：V（量程3V，內(nèi)阻Rv=10kΩ）電流表：G（量程3mA，內(nèi)阻Rg=100Ω）電流表：A（量程3A，內(nèi)阻約為0.5Ω）滑動變阻器：R1（阻值范圍0-10Ω，額定電流2A）R2（阻值范圍0-1000Ω，額定電流1A）定值電阻：R3=0.5Ω該同學(xué)依據(jù)器材畫出了如圖所示的原理圖，他沒有選用電流表A的緣由是___________；②該同學(xué)將電流表G與定值電阻R3并聯(lián)，事實(shí)上是進(jìn)行了電表的改裝，則他改裝后的電流表對應(yīng)的量程是_______A；③為了能精確地進(jìn)行測量，同時(shí)為了操作便利，試驗(yàn)中應(yīng)選用的滑動變阻器_______（填寫器材的符號）；④該同學(xué)利用上述試驗(yàn)原理圖測得數(shù)據(jù)，以電流表G讀數(shù)為橫坐標(biāo)，以電壓表V讀數(shù)為縱坐標(biāo)繪出了如圖所示的圖線，依據(jù)圖線可求出電源的電動勢E=_______V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字），電源的內(nèi)阻r=_______Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。【答案】(1).量程與被測電流值相比較太大(2).0.603(3).R1(4).1.48(5).0.84（0.70-0.90之間都給分）【解析】【詳解】①[1]一節(jié)干電池電動勢約E=1．5V，為便利試驗(yàn)操作，滑動變阻器應(yīng)選R1，它的阻值范圍是0-10Ω，電路中最小電流約為電流表A的量程是3A，被測電流值與電流表量程相比差距太大，因此不能用電流表A。②[2]改裝后電流表量程：③[3]依據(jù)以上分析可知，選用的滑動變阻器是R1。④[4][5]由上可知，改裝后電流表的量程是電流表G量程的200倍，圖象的縱截距b等于電源的電動勢，由圖讀出電源的電動勢為：E=1．48V圖線的斜率大小k=r，由數(shù)學(xué)學(xué)問知：則電源的內(nèi)阻為：r=k=0.84Ω三、解答題11.如圖（a）為一探討電磁感應(yīng)的試驗(yàn)裝置示意圖，其中電流傳感器（電阻不計(jì)）能將各時(shí)刻的電流數(shù)據(jù)實(shí)時(shí)通過數(shù)據(jù)采集器傳輸給計(jì)算機(jī)，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理后在屏幕上同步顯示出I-t圖像．平行且足夠長的光滑金屬軌道的電阻忽視不計(jì)，左側(cè)傾斜導(dǎo)軌平面與水平方向夾角，與右側(cè)水平導(dǎo)軌平滑連接，軌道上端連接一阻值R=0.5Ω的定值電阻，金屬桿MN的電阻r=0.5Ω，質(zhì)量m=1kg，桿長L=1m跨接在兩導(dǎo)軌上．左側(cè)傾斜導(dǎo)軌區(qū)域加一垂直軌道平面對下的勻強(qiáng)磁場，右側(cè)水平導(dǎo)軌區(qū)域也加一垂直軌道平面對下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小都為B=1.0T，閉合開關(guān)S，讓金屬桿MN從圖示位置由靜止起先釋放，其始終與軌道垂直且接觸良好，此后計(jì)算機(jī)屏幕上顯示出金屬桿在傾斜導(dǎo)軌上滑行過程中的I-t圖像，如圖（b）所示，（g?。?）求金屬桿MN在傾斜導(dǎo)軌上滑行的最大速率；（2）依據(jù)計(jì)算機(jī)顯示出的I-t圖像可知，當(dāng)t=0.5s時(shí)I=2A，0-0.5s內(nèi)通過電阻R的電荷量為0.5C，求0-0.5s內(nèi)在電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；【答案】（1）5m/s（2）0.25J【解析】【詳解】（1）由I-t圖象可知，當(dāng)金屬桿達(dá)到最大速率時(shí)已經(jīng)勻速下滑，

由平衡條件得：mgsinθ=BIL感應(yīng)電動勢：E=BLvm=I（R+r）代入數(shù)據(jù)解得：vm=5m/s；（2）0.5s末的電流I=2A時(shí)，依據(jù)閉合電路歐姆定律，有：則有：代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s而0～0.5s內(nèi)通過電阻R的電荷量為q=0.5C，依據(jù)則有：代入數(shù)據(jù)解得：x=0.5m；依據(jù)能量守恒定律，則有：則有：代入數(shù)據(jù)解得：Q=0.5J那么代入數(shù)據(jù)解得：QR=0.25J12.如圖1所示，裝置的左邊是高度為3m的弧形軌道，軌道末端水平，右邊接有逆時(shí)針轉(zhuǎn)動速度大小為3m/s且足夠長的水平傳送帶，二者等高并能平滑對接。質(zhì)量m＝1kg的小物塊A（可看作質(zhì)點(diǎn)），置于弧形軌道右端水平處，質(zhì)量M＝2kg的小物塊B（可看作質(zhì)點(diǎn)），從軌道h＝2m高處由靜止滑下，A、B發(fā)生對心碰撞，已知碰撞后瞬間物塊B的速度3m/s，碰后1s時(shí)間內(nèi)物塊A的v－t圖線如圖2所示，并且在碰后2s二者再次相碰。重力加速度大小g＝10m/s2。求：（1）第一次碰撞前物塊B的速度，物塊B從起先下滑到第一次碰撞結(jié)束后系統(tǒng)損失了多少機(jī)械能？（2）其次次碰撞位置與第一次位置間的距離及其次次碰撞前物塊A、B的速度；（3）第一次碰撞后到其次次碰撞前，物塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?）v0=6m/s；13J；（2），，；（3）60J?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）設(shè)B滑到曲面底部速度為，依據(jù)能量守恒有B、A碰撞，向右為正，依據(jù)動量守恒有BA碰撞中損失的機(jī)械能代入數(shù)據(jù)解得v0=6m/s（2）由v-t圖知又碰后2秒后A的位移碰后2秒后A的速度設(shè)碰后2秒B的速度為，由題意可知代入數(shù)據(jù)解得（3）碰后2秒內(nèi)傳送帶位移碰后2秒內(nèi)A與傳送帶的相對路程碰后2秒內(nèi)B與傳送帶的相對路程碰后2秒內(nèi)B的加速度大小解得所以則物塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量四、選考題13.肯定質(zhì)量的志向氣體經(jīng)驗(yàn)：A→B→C的狀態(tài)變更過程，其圖像如圖所示，A、B、C三點(diǎn)對應(yīng)的溫度分別為TA、TB、TC，用NA、NB、NC分別表示這三個(gè)狀態(tài)下氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則TA_________TC，NA_________NB，NB_________NC。（均選填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】(1).大于(2).大于(3).小于【解析】【詳解】[2]由可知，圖像的斜率為，正比于溫度T，AB直線過坐標(biāo)原點(diǎn)，從狀態(tài)A到狀態(tài)B為等溫變更，故；由圖可知，，故狀態(tài)A的分子密度程度大于狀態(tài)B的分子密度程度，故；[1]由圖可知，狀態(tài)B到狀態(tài)C為等壓變更，依據(jù)結(jié)合圖像可知故[3]氣體壓強(qiáng)由氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)和平均動能確定，狀態(tài)B到狀態(tài)C為等壓過程，且，故。14.如圖所示，一籃球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p0，溫度為T0，體積為V0。用打氣筒對籃球充入壓強(qiáng)為p0，溫度為T0的氣體，已知打氣筒每次壓縮氣體的體積為V0，一共打氣20次，假設(shè)籃球體積不變，最終使籃球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為4p0。充氣過程中氣體向外放出的熱量為Q，已知?dú)怏w的內(nèi)能與溫度的關(guān)系為U＝kT（k為常數(shù)）。求：(1)第一次打入氣體后，籃球的壓強(qiáng)變?yōu)槎嗌?？（可認(rèn)為籃球內(nèi)氣體溫度不變）(2)打氣筒在籃球充氣過程中對氣體做的功是多少？【答案】(1)；(2)Q+kT0，【解析】【詳解】(1)第一次打入氣體后，籃球內(nèi)氣體壓強(qiáng)變?yōu)閜1，依據(jù)玻馬定律有：解得(2)設(shè)籃球內(nèi)氣體最終溫度為T，依據(jù)氣體狀態(tài)變更定律知：解得籃球內(nèi)氣體內(nèi)能的增量為依據(jù)熱力學(xué)第肯定律可得打氣過程中，對氣體所做的功為15.如圖，△ABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，∠A＝30°，一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點(diǎn)射出．其折射角為60°，則以下說法正確的是．A.該玻璃對紅光的折射率為B.若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，則光線在D點(diǎn)射出時(shí)的折射角大于60°C.分別用藍(lán)光和紅光在同一裝置上做雙縫干涉試驗(yàn)，用紅光時(shí)得到的條紋間距更窄D.電磁波和其它可見光一樣，也能產(chǎn)生衍射現(xiàn)象E.照相機(jī)的鏡頭表面鍍有一層增透膜，使照相效果更好，是利用了光的衍射【答案】ABD【解析】【詳解】A．紅光到達(dá)AC面的入射角為i=30°，折射角為r=60°，則玻璃對紅光的折射率為A正確；B．由于藍(lán)光的波長小，藍(lán)光的折射率大，所以藍(lán)光在D點(diǎn)