2023-2024學(xué)年浙江省金華市東陽市高三下學(xué)期三模物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE7東陽市2024年5月高三模擬考試物理考生須知：1.本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在答題紙規(guī)定的位置上；3.選擇題的〖答案〗須用2B鉛筆將答題紙上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈；4.非選擇題的〖答案〗須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，〖答案〗寫在本試題卷上無效。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.據(jù)報(bào)道，我國人造太陽高11米、直徑8米、重達(dá)400噸，成功實(shí)現(xiàn)500萬攝氏度持續(xù)放電101.2秒的成果，打破了世界紀(jì)錄。在這則新聞中涉及了長度、質(zhì)量、溫度和時(shí)間及其單位，在國際單位制中，下列說法正確的是（）A.力學(xué)基本物理量是長度、質(zhì)量、力B.kg、N、m/s都是導(dǎo)出單位C.根據(jù)牛頓第二定律表達(dá)式可知：D.新聞中涉及的“11米、400噸和101.2秒”中，米和秒是國際單位制中的基本單位〖答案〗D〖解析〗A．力學(xué)基本量是長度、質(zhì)量、時(shí)間，故A錯(cuò)誤；B．是基本單位，N、是導(dǎo)出單位，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律表達(dá)式可知：，故C錯(cuò)誤；D．新聞中涉及的11米、400噸和101.2秒中，米和秒是國際單位制中的基本單位，D正確。故選D。2.下列對(duì)教材中的四幅圖分析正確的是（）A.圖甲：天宮一號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室里的水球不受重力作用B.圖乙：樹枝受到猴子的拉力是樹枝發(fā)生形變產(chǎn)生的C.圖丙：汽車速度計(jì)的示數(shù)表示瞬時(shí)速率D.圖?。弘S著沙子的不斷流入，干沙堆的傾角會(huì)不斷增大〖答案〗C〖解析〗A.天宮一號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室里的水球依然受重力，只不過重力用于提供了向心力，A錯(cuò)誤；B.猴子受到樹枝的拉力是樹枝發(fā)生形變產(chǎn)生的，B錯(cuò)誤；C.汽車速度計(jì)的示數(shù)表示汽車通過某一位置的瞬時(shí)速度，C正確；D.當(dāng)干沙堆的傾角到達(dá)某一值時(shí)，再落下的沙子沿斜面方向重力的分力大于摩擦力，沙子就會(huì)滑下，D錯(cuò)誤。故選C。3.新春佳節(jié)，大街小巷總會(huì)掛起象征喜慶的中國紅燈籠。如圖所示，由4根等長輕質(zhì)細(xì)繩AB、BC、CD、DE懸掛起3盞質(zhì)量相等的燈籠，繩兩端的結(jié)點(diǎn)A、E等高，AB繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為；BC繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為，則（）A.B.若將懸掛點(diǎn)A往E靠近少許，的大小保持不變C.若在C處再增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)可能等于D.若在B、D處各增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)可能等于90°〖答案〗A〖解析〗A．由對(duì)稱性可知AB繩和DE繩張力大小相等，大小為。對(duì)三個(gè)燈籠的整體分析可知同理，對(duì)中間的燈籠受力分析，可得聯(lián)立，可得因?yàn)樗怨蔄正確；B．若將懸掛點(diǎn)A往E靠近少許，則減小，由可知的大小減小。故B錯(cuò)誤；C．對(duì)結(jié)點(diǎn)B受力分析，有，聯(lián)立，解得若在C處再增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)不可能等于。故C錯(cuò)誤；D．若在B、D處各增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，假設(shè)平衡時(shí)等于90°，則對(duì)結(jié)點(diǎn)C受力分析，如圖可知其受力不平衡。所以假設(shè)不成立。故D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖甲所示質(zhì)量為m的同學(xué)在一次體育課上練習(xí)從高h(yuǎn)的箱子上跳到地面，最終直立靜止于地面。該同學(xué)所受地面支持力大小F隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示，此過程中最大速度為v，不計(jì)該同學(xué)離開箱子的初速度和空氣阻力。下列說法正確的是（）A.整個(gè)過程中地面對(duì)人所做的功為mghB.整個(gè)過程中地面對(duì)人的沖量大小mvC.過程中人的機(jī)械能減少mghD.該同學(xué)時(shí)間段先超重再失重〖答案〗D〖解析〗A．由圖像可知，該同學(xué)在空中沒有落到地面，接觸地面減速向下運(yùn)動(dòng)，同學(xué)起立先向上加速后減速最終直立靜止于地面，整個(gè)過程中該同學(xué)觸地后一直是重心的升降，地面對(duì)人的彈力的作用點(diǎn)沒有位移，則地面對(duì)人所做的功0,故A錯(cuò)誤；B．時(shí)刻支持力和重力相等，加速度等于零速度最大，從時(shí)刻到最后靜止過程動(dòng)量定理可知整個(gè)過程支持力的沖量大于mv，，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．時(shí)刻速度下個(gè)下，在過程重力的沖量大于支持力的沖量，t3時(shí)刻人的速度不為零，即動(dòng)能不為零，則過程中人的機(jī)械能減少量小于mgh，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．該同學(xué)時(shí)間段是從最低位置站立起來的過程，先加速向上后減速向上，即先超重再失重，選項(xiàng)D正確。故選D。5.2022年11月21日中國空間站第三次太空授課中演示了紫色水球從“活躍”到“懶惰”的過程。如圖所示，用注射器向水球噴氣，水球發(fā)生振動(dòng)。向水球射入一枚質(zhì)量10g的鋼球，鋼球留在水球中，再用注射器以相同方式向水球噴氣，水球振動(dòng)幅度減小。則（）A.首次噴氣水球振幅較大一定是因?yàn)樽⑸淦鲊姎獾念l率與水球的固有頻率相等B.水球振動(dòng)中不破裂，是因?yàn)橹行牡乃畬?duì)外面的水有萬有引力的作用C.鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用D.鋼球在水中受到浮力為0.1N〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)動(dòng)量定理，力的沖量相同的情況下，質(zhì)量小的物體獲得的速度大，振幅也大，故A錯(cuò)誤；BC．水球振動(dòng)中不破裂，鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用，故B錯(cuò)誤，C正確。D．太空中處于失重狀態(tài)，浮力為0，故D錯(cuò)誤；故選C。6.智能呼啦圈可以提供全面的數(shù)據(jù)記錄，讓人合理管理自己的身材。如圖甲，腰帶外側(cè)帶有軌道，將帶有滑輪的短桿穿入軌道，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的輕繩，其簡(jiǎn)化模型如圖乙所示。可視為質(zhì)點(diǎn)的配重質(zhì)量為0.4kg，輕繩長為0.4m，懸掛點(diǎn)P到腰帶中心點(diǎn)O的距離為0.26m，配重隨短桿做水平勻速圓周運(yùn)動(dòng)，繩子與豎直方向夾角為，運(yùn)動(dòng)過程中腰帶可視為靜止，重力加速度g取，，下列說法正確的是（）A.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力變大B.當(dāng)轉(zhuǎn)速時(shí)，則繩子與豎直方向夾角C.若增大轉(zhuǎn)速，則繩子與豎直方向夾角將減小D.若增加配重，保持轉(zhuǎn)速不變，則繩子與豎直方向夾角將減小〖答案〗B〖解析〗A．轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，以腰帶和配重整體為研究對(duì)象，整體在豎直方向處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件有故增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力不變，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)配重進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得當(dāng)轉(zhuǎn)速時(shí)，代入數(shù)據(jù)可得故B正確；CD．對(duì)配重進(jìn)行受力分析，其在水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得整理得故增大轉(zhuǎn)速，則繩子與豎直方向夾角將增大，繩子與豎直方向夾角與配重質(zhì)量無關(guān)，故CD錯(cuò)誤。故選B。7.隨著航天技術(shù)的不斷發(fā)展，人類終將沖出太陽系，對(duì)遙遠(yuǎn)深空進(jìn)行探索。如圖，a星與b星可以看作雙星系統(tǒng)，它們均繞連線上的O（未畫）點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，a星質(zhì)量是b星的81倍，假設(shè)人類發(fā)射了兩個(gè)探測(cè)器、剛好處在該系統(tǒng)的兩個(gè)拉格朗日點(diǎn)，位于這兩個(gè)點(diǎn)的探測(cè)器能在a星和b星的共同引力作用下繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并保持與a星、b星相對(duì)位置不變，探測(cè)器與a星球心、b星球心的連線構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，探測(cè)器在a星、b星連線的延長線上。則（）A.a星和b星的第一宇宙速度之比為9:1B.a星球心和b星球心到O點(diǎn)的距離之比為81:1C.探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行的加速度比b星的加速度大D.探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行的周期比探測(cè)器大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)第一宇宙速度的公式兩星半徑未知，無法比較第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)a星球心和b星球心到O點(diǎn)的距離分別為，，則有解得a星球心和b星球心到O點(diǎn)的距離之比為1：81，故B錯(cuò)誤；C．探測(cè)器與a星球心、b星球心的連線構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，并保持與a星、b星相對(duì)位置不變，即探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行和b星圍繞O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，根據(jù)，探測(cè)器繞O點(diǎn)的距離較大，則探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行的加速度比b星的加速度大，故C正確；D．根據(jù)題意探測(cè)器、這兩個(gè)點(diǎn)與b星相對(duì)位置不變，所以探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行的周期與探測(cè)器的相同，故D錯(cuò)誤。故選C。8.某靜止的原子核發(fā)生核反應(yīng)且釋放出能量Q。其方程為，并假設(shè)釋放的能量全都轉(zhuǎn)化為新核Y和Z的動(dòng)能，其中Z的速度為v，以下結(jié)論正確的是（）A.Y原子核的動(dòng)能是Z原子核的動(dòng)能的倍B.Y原子核的速度大小為C.Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量大（為光速）D.秦山核電站產(chǎn)生的核能與該核反應(yīng)屬于同種類型〖答案〗A〖解析〗A．由動(dòng)量守恒定律根據(jù)可得即Y原子核的動(dòng)能是Z原子核的動(dòng)能的倍，選項(xiàng)A正確；B．由動(dòng)量守恒定律可知Y原子核的速度大小為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因反應(yīng)放出核能，可知該反應(yīng)有質(zhì)量虧損，則Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量?。楣馑伲┻x項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．秦山核電站產(chǎn)生的核能是重核裂變反應(yīng)，用中子轟擊鈾核產(chǎn)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，與該核反應(yīng)不屬于同種類型，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。9.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比，原線圈電路中接入內(nèi)阻不計(jì)電壓滿足的電源，電流表為理想交流電表。已知，，開關(guān)S閉合前、后電流表示數(shù)之比為3:4。下列說法正確的是（）A.副線圈電流的頻率100HzB.定值電阻C.開關(guān)閉合前后原線圈電壓有效值始終為220VD.開關(guān)閉合后電源輸出的功率減小〖答案〗B〖解析〗A．理想變壓器不改變交變電流的頻率，即故A錯(cuò)誤；B．由題可知，設(shè)，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，副線圈的負(fù)載電阻為2R；當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)，副線圈的負(fù)載電阻為R；將理想變壓器的原、副線圈和負(fù)載電阻等效為一個(gè)電阻，畫出電路的等效電路圖，如圖所示。根據(jù)理想變壓器電阻等效法，得因此當(dāng)開關(guān)斷開時(shí)當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知等效電路中電流表示數(shù)故，又解得故B正確；C．根據(jù)可知開關(guān)閉合前后原線圈電路中電流發(fā)生變化，則原線圈電壓有效值會(huì)發(fā)生變化。故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知開關(guān)閉合后，等效電阻減小，則電源輸出的功率增大。故D錯(cuò)誤。故選B。10.在圖甲的LC振蕩演示電路中，開關(guān)先撥到位置“1”，電容器充滿電后，在時(shí)刻開關(guān)撥到位置“2”。若電流從傳感器的“+”極流入，電流顯示為正，圖乙為振蕩電流隨時(shí)間變化的圖線，則下面有關(guān)說法正確的是（）A.在圖乙中A點(diǎn)時(shí)刻電容器上極板帶負(fù)電B.在圖乙中從到A點(diǎn)過程中電容器的電壓先增加后減小C.若電阻R減小，電流變化如圖丙中實(shí)線D.若電阻R減小，電流變化如圖丙中虛線〖答案〗A〖解析〗A．在圖乙中A點(diǎn)時(shí)刻電流為正且正在減小，可知電容器正在充電階段，此時(shí)上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，選項(xiàng)A正確；B．在圖乙中從到A點(diǎn)過程中電流先正向增加后正向減小，電容器先放電后充電，即電容器的電壓先減小后增加，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD．若電阻R減小，則電容器放電時(shí)最大電流變大，但是振動(dòng)周期不變，則圖丙中實(shí)線和虛線描述電流變化都不對(duì)，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選A。11.單反就是指單鏡頭反光相機(jī)。相機(jī)在毛玻璃的上方安裝了一個(gè)五棱鏡。這種棱鏡將光線多次反射改變光路，將其影像送至目鏡，這時(shí)的影像就是上下正立且左右校正的了。圖為單反相機(jī)取景器的示意圖，ABCDE為五棱鏡的一個(gè)截面，。某一束單色光光線經(jīng)平面鏡反射后從AB邊的F點(diǎn)垂直AB入射，其中、，最后剛好在BC中點(diǎn)垂直BC出射，已知在CD與AE兩個(gè)面上發(fā)生全反射，且兩次全反射的入射角相等，則下列說法正確的是（）（已知）A.五棱鏡的折射率一定為B.五棱鏡的折射率一定為C.光在五棱鏡中傳播時(shí)間為D.左右平移平面鏡，只要光仍從BC面垂直射出，則光在五棱鏡中的傳播時(shí)間不變〖答案〗D〖解析〗AB．設(shè)入射到CD面上的入射角為θ，因?yàn)樵贑D和EA上發(fā)生全反射，且兩次反射的入射角相等，如圖根據(jù)幾何關(guān)系有4θ=90°解得θ=22.5°當(dāng)光剛好在CD和AE面上發(fā)生全反射時(shí)，折射率最小，根據(jù)解得最小折射率為故AB錯(cuò)誤；C．由幾何關(guān)系可知?jiǎng)t在棱鏡中的總距離光在棱鏡中的最大速度為可得最短傳播時(shí)間選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．左右平移平面鏡，只要光仍從BC面垂直射出，則因入射到CD面上的入射角θ不變，則光在棱鏡中傳播的距離不變，即光在五棱鏡中的傳播時(shí)間不變，選項(xiàng)D正確。故選D。12.單晶硅太陽能發(fā)電原理是光線照射到單晶硅太陽能板上，會(huì)激發(fā)電子形成電流。已知杭州西站樞紐屋頂鋪設(shè)了面積為的單晶硅太陽能板，陽光照射下平均發(fā)電功率。若已知太陽的輻射總功率約，太陽與地球之間的距離約，則下列說法正確的是（）A.單位面積上接收到的太陽輻射功率約200WB.一天大約可發(fā)電C.光電的轉(zhuǎn)換效率約14%D.單晶硅太陽能板發(fā)出的是交流電〖答案〗C〖解析〗A．距離太陽的球面面積單位面積上接受太陽太陽輻射的功率故A錯(cuò)誤；B．若24小時(shí)都有太陽，則工作一天大約可發(fā)電但有太陽的時(shí)間小于24小時(shí)。故B錯(cuò)誤；C．太陽板接收的太陽能光電的轉(zhuǎn)換放率約為故C正確；D．依題意，光線照射到單晶硅太陽能板上，電子定向移動(dòng)形成電流。方向不變，為直流電。故D錯(cuò)誤。故選C。13.空間存在一平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)內(nèi)取某點(diǎn)記為坐標(biāo)原點(diǎn)O，沿某一方向建立x軸，選取x軸上到O點(diǎn)距離為r的P點(diǎn)，以O(shè)為圓心、r為半徑作圓，如圖甲所示。從P點(diǎn)起沿圓周逆時(shí)針方向移動(dòng)一周，圓上各點(diǎn)的電勢(shì)會(huì)隨轉(zhuǎn)過角度發(fā)生變化。當(dāng)半徑r分別取、、時(shí)，其圖像如圖乙所示，三條曲線所對(duì)應(yīng)的電勢(shì)均在時(shí)達(dá)到最大值，最大值分別為、、，曲線③與橫軸相切。則下列說法正確的是（）A.電場(chǎng)方向沿x軸負(fù)方向B.時(shí)曲線②的電勢(shì)值為C.時(shí)曲線①的電勢(shì)值D.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為〖答案〗B〖解析〗A．三條曲線均在時(shí)達(dá)到最大值，說明電場(chǎng)線不是沿著x軸，而是沿著與x軸正方向的夾角為的直線上，且電場(chǎng)線方向指向左下方。故A錯(cuò)誤；D．曲線①的最大值在三條圖像中最大，只有半徑越大，P點(diǎn)繞原點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過時(shí)，逆著電場(chǎng)線走過的距離才越大，對(duì)應(yīng)的電勢(shì)才越高，所以曲線①對(duì)應(yīng)的r取值為，曲線②對(duì)應(yīng)的r取值為，曲線③對(duì)應(yīng)的r取值為取。由題知，曲線③對(duì)應(yīng)的最高電勢(shì)和最低電勢(shì)分別為、0，則坐標(biāo)原點(diǎn)在最高電勢(shì)點(diǎn)和最低電勢(shì)點(diǎn)連線的中點(diǎn)。所以坐標(biāo)原點(diǎn)O的電勢(shì)為取曲線③最高電勢(shì)和最低電勢(shì)來求電場(chǎng)強(qiáng)度故D錯(cuò)誤。B．當(dāng)半徑r取時(shí)，設(shè)該圓與x軸交點(diǎn)為，則有解得故B正確；C．根據(jù)可知時(shí)曲線①的電勢(shì)值為故C錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說法正確的是（）A.彈力屬于電磁相互作用B.質(zhì)子和中子屬于強(qiáng)子C.J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后又在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)了電子的衍射現(xiàn)象D.赫茲在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，并得出遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系〖答案〗AB〖解析〗A．彈力和摩擦力在本質(zhì)上是由電場(chǎng)力引起的，屬于電磁相互作用，故A正確；B．常見的強(qiáng)子是質(zhì)子和中子，故B正確；C．1897年J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，30年后，J.J.湯姆孫的兒子G.P.湯姆孫利用電子束照射到金屬晶格上，從而得到電子的衍射圖樣，故C錯(cuò)誤；D．赫茲在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，密立根得出遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系，故D錯(cuò)誤。故選AB。15.如圖所示，坐標(biāo)原點(diǎn)O左右兩邊的介質(zhì)不同，、為兩列波的波源，兩波源同時(shí)起振，兩列波分別沿x軸傳到、點(diǎn)時(shí)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，當(dāng)時(shí)的點(diǎn)剛好第一次處于波峰，則下列說法正確的是（）A.波周期為3sB.兩列波疊加后能形成穩(wěn)定的干涉圖樣C.兩列波在處相遇D.右側(cè)介質(zhì)的傳播速度2m/s〖答案〗AC〖解析〗A．由題意可得，當(dāng)左邊波源從起傳到的點(diǎn)時(shí)經(jīng)過，由圖可以判斷左邊波源的起振方向沿軸正方向，所以的點(diǎn)振動(dòng)開始經(jīng)第一次處于波峰。所以解得左邊波源的振動(dòng)周期為故A正確；B．由圖可得兩波源的波長均為，由于兩邊的介質(zhì)不同，所以它們的波速不同，根據(jù)公式可知，兩列波頻率不同，故兩列波疊加后不能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，故B錯(cuò)誤；CD．波源的傳播速度由根據(jù)題意可得兩式相比可得波源的傳播速度當(dāng)波源傳到O點(diǎn)時(shí)，所用時(shí)間此時(shí)波源傳到的位置之后兩列波的波速均為，所以相遇的位置在處。故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，小佳同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。其中M為帶滑輪的小車的質(zhì)量，m為砂和砂桶的質(zhì)量。（動(dòng)滑輪質(zhì)量不計(jì)）（1）操作本實(shí)驗(yàn)時(shí)，以下操作步驟正確的有________；A.為了獲得合力大小需用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量mB.為減小實(shí)驗(yàn)誤差，改變砂和砂桶質(zhì)量時(shí)，必須要滿足砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量MC.將帶滑輪的長木板右端墊高，以補(bǔ)償阻力D.為保證紙帶上打點(diǎn)的清晰度和點(diǎn)的數(shù)量，小車釋放時(shí)要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先釋放小車，再接通電源，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)（2）經(jīng)正確操作，得到如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電源的頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）正確操作記錄若干數(shù)據(jù)后，小佳同學(xué)以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的圖像是一條直線，圖線與橫坐標(biāo)的夾角為，求得圖線的斜率為k，則小車的質(zhì)量為________。A.k B. C. D.〖答案〗（1）C（2）2.4（3）B〖解析〗【小問1詳析】AB．本實(shí)驗(yàn)中小車受到的拉力可直接由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，所以不需要測(cè)量砂和砂桶的質(zhì)量，也不需要滿足砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故AB錯(cuò)誤；C．為了使細(xì)線拉力等于小車的合外力，所以本實(shí)驗(yàn)需要平衡摩擦力，可將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦為力，故C正確；D．為保證紙帶上打點(diǎn)的清晰度和點(diǎn)的數(shù)量，小車釋放時(shí)要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，故D錯(cuò)誤。故選C?！拘?詳析】相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，可知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為根據(jù)逐差法可知加速度為【小問3詳析】對(duì)小車，根據(jù)牛頓第二定律可得可知圖線的斜率為即故選B。17.用“插針法”測(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，作出的光路圖及測(cè)出的相關(guān)角度如圖甲所示。（1）如果玻璃磚上下表面平行，則可以選擇上表面的兩個(gè)對(duì)應(yīng)角度（入射角和折射角）來求折射率，也可以選擇下表面的兩個(gè)對(duì)應(yīng)角度來求折射率，這兩種是等效的。如果所選擇的玻璃磚上下表面不平行，正確操作后得到圖乙所示的光路圖，此時(shí)應(yīng)選擇_____________對(duì)應(yīng)的兩個(gè)角度來求折射率。A．上表面B．下表面C．上表面或者下表面都沒問題D．上表面或者下表面都會(huì)有系統(tǒng)誤差（2）如果有幾塊寬度d不同的玻璃磚可供選擇，則_____________A．選擇寬度較大的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)可以減少誤差B．選擇寬度較小的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)可以減少誤差C．玻璃磚的寬度對(duì)誤差沒有影響〖答案〗（1）C（2）A〖解析〗（1）[1]光在上下表面都發(fā)生折射，所以可以用上表面或者下表面對(duì)應(yīng)的兩個(gè)角度來求折射率都沒問題。故選C。（2）[2]若選擇寬度較大的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)，可以增大光線在玻璃磚內(nèi)的光線的長度，從而減少誤差。故選A。18.某同學(xué)在“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，選用金屬絲的電阻約為30Ω。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑，示數(shù)如圖甲所示，則金屬絲直徑________mm（2）現(xiàn)有電源（電動(dòng)勢(shì)E為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材：A.電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω）B.電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）C.滑動(dòng)變阻器（0~5Ω，額定電流2A）D.滑動(dòng)變阻器（0~200Ω，額定電流1A）為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________（選填器材前的字母）。然后利用圖乙所示的電路來測(cè)量某合金絲的電阻率補(bǔ)充完成圖乙中實(shí)物間的連線________。（3）改變合金絲右端PN接入電路的長度L，記錄L及對(duì)應(yīng)電流表電壓表的示數(shù)I和U，并作出的圖像，如圖丙所示。圖丙得到圖線的斜率為k，則該合金絲的電阻率________（用d、k表示）；（4）圖丙中圖線的縱軸截距b表示_____________?！即鸢浮剑?）0.182##0.183##0.184##0.185（2）C（3）（4）電流表的內(nèi)阻〖解析〗【小問1詳析】金屬絲的直徑18.3×0.01mm=0.183mm【小問2詳析】[1]為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)接成分壓電路，故應(yīng)該選擇阻值較小的C；[2]因則采用電流表內(nèi)接電路，滑動(dòng)變阻器用分壓電路，則電路連線如圖【小問3詳析】根據(jù)則解得【小問4詳析】根據(jù)可知，圖丙中圖線的縱軸截距b表示電流表內(nèi)阻。19.如圖所示，傾角的光滑斜面固定在水平地面上，有一長的絕熱汽缸與絕熱活塞靜置于斜面上，活塞與重物通過不可伸長的輕繩連接，此時(shí)重物對(duì)地面恰好無壓力，輕繩OA段與斜面平行，活塞距離汽缸底部?；钊|(zhì)量，重物質(zhì)量，活塞面積，大氣壓，缸內(nèi)封閉的理想氣體溫度，缸內(nèi)氣體分子總動(dòng)能滿足，其中，g取。活塞厚度及活塞與汽缸壁的摩擦忽略不計(jì)，活塞始終與汽缸壁垂直且不漏氣。當(dāng)電熱絲通電加熱時(shí)，活塞緩慢到達(dá)汽缸口，求：（1）加熱過程氣體壓強(qiáng)________（選填“增大”、“減小”或“不變”），汽缸內(nèi)壁單位面積受到分子的撞擊數(shù)________（選填“增大”、“減小”或“不變”）；（2）加熱前汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)________；（3）加熱過程電熱絲放出的熱量________?！即鸢浮剑?）不變減?。?）（3）〖解析〗（1）[1]加熱過程，活塞、汽缸和重物整體受力不變，汽缸向下滑動(dòng)，活塞的受力不變，即氣體對(duì)活塞的壓力不變，氣體的壓強(qiáng)不變；[2]加熱過程，氣體的溫度升高，氣體的平均動(dòng)能增大，氣體分子對(duì)汽缸內(nèi)壁的平均作用力變大，但是氣體的壓強(qiáng)不變，即單位面積單位時(shí)間內(nèi)氣體分子的作用力不變，則汽缸內(nèi)壁單位面積受到分子的撞擊數(shù)減??；（2）活塞受力平衡重物受力平衡可得氣體壓強(qiáng)（3）加熱過程為等壓變化，滿足得T1=400K氣體內(nèi)能變化氣體對(duì)外做功根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得20.如圖所示，光滑水平面左側(cè)放置質(zhì)量、半徑光滑圓弧槽b，右側(cè)固定粗糙斜面體ABC，斜面體AB和BC的傾角均為60°，B離地面高度，另有一個(gè)質(zhì)量的小滑塊球a（可視為質(zhì)點(diǎn)）從圓弧槽某位置靜止釋放，圓弧槽圓心與小滑塊的連線與豎直方向夾角為?；瑝K與斜面AB之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，且滑塊通過A點(diǎn)時(shí)無機(jī)械能損失。，重力加速度。（1）若圓弧槽b固定不動(dòng)且小滑塊a靜止釋放位置，求a第一次滑至圓弧槽最低點(diǎn)時(shí)小滑塊的向心加速度大??；（2）若圓弧槽b不固定且小滑塊a靜止釋放位置，求a滑至圓弧槽最低點(diǎn)時(shí)小滑塊的位移大小及圓弧槽對(duì)小滑塊的支持力大??；（3）若圓弧槽b固定不動(dòng)，小滑塊從某一位置靜止釋放，小滑塊沿斜面AB通過B點(diǎn)后恰好落在C點(diǎn)，求：小滑塊在B點(diǎn)時(shí)的速度及釋放位置的角度。〖答案〗（1）；（2），；（3），〖解析〗（1）從釋放位置到最低點(diǎn)列動(dòng)能定理求得所以最低點(diǎn)向心加速度（2）a與b水平方向動(dòng)量守恒且總動(dòng)量等于零，滿足人船模型且所以可得a滑下過程中ab組成的系統(tǒng)總能量守恒a與b水平方向動(dòng)量守恒可得可得小滑塊由合力提供向心力所以（3）B點(diǎn)飛出到C點(diǎn)過程中，小滑塊做斜拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，則時(shí)間為在豎直方向豎直上拋，取向下為正方向，則得釋放位置到B點(diǎn)列動(dòng)能定理解得所以21.如圖甲所示，左側(cè)發(fā)電裝置由一個(gè)留有小缺口的圓形線圈和能產(chǎn)生輻向磁場(chǎng)的磁體組成，輻向磁場(chǎng)分布關(guān)于線圈中心豎直軸對(duì)稱，線圈所在處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為。線圈半徑r，電阻不計(jì)，缺口處通過足夠長輕質(zhì)軟導(dǎo)線與間距的水平平行金屬軌道相連，軌道間接有電容為的電容器，區(qū)域內(nèi)有豎直向下，的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，緊靠處有一根質(zhì)量m，電阻R的金屬桿a。絕緣軌道區(qū)域內(nèi)有方向豎直向下，大小隨x軸（為坐標(biāo)原點(diǎn)，向右為正方向）變化的磁場(chǎng)，變化規(guī)律滿足，同一位置垂直軌道方向磁場(chǎng)相同，緊靠處放置質(zhì)量為m、電阻為的“”形金屬框EFGH，F(xiàn)G邊長度為L，EF邊長度為。時(shí)刻單刀雙擲開關(guān)S和接線柱1接通，圓形線圈在外力作用下沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，其速度按照?qǐng)D乙規(guī)律變化，取豎直向上為速度正方向。時(shí)將S從1撥到2，同時(shí)讓金屬桿a以初速度在磁場(chǎng)中向右運(yùn)動(dòng)，金屬桿a達(dá)到穩(wěn)定速度后在處與金屬框EFGH發(fā)生完全非彈性碰撞組合成一閉合的長方形金屬框。不考慮電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)影響，除已給電阻其它電阻不計(jì)。求（結(jié)果可用r、m、、、、k中的字母表）：（1）時(shí)刻電容器M板帶電極性，及電荷量；（2）a桿到達(dá)時(shí)的速度大??；（3）金屬桿b與“”形金屬框發(fā)生完全非彈性碰撞組合成一閉合的長方形金屬框，金屬框最終靜止時(shí)HE邊所在位置的x軸坐標(biāo)?！即鸢浮剑?）M板帶負(fù)電，；（2）；（3）〖解析〗（1）根據(jù)右手定則可知M板帶負(fù)電時(shí)刻線圈速度為v0，切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為所以電容器電荷量為（2）桿a穩(wěn)定時(shí)切割產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)與電容器電壓相等，有時(shí)電容器電壓大于桿a切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，所以桿a在安培力作用下加速運(yùn)動(dòng)到穩(wěn)定狀態(tài)，此過程列對(duì)桿a，根據(jù)動(dòng)量定理，有其中由此可解得（3）桿a與金屬框EFGH碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有GF邊所在位置與HE邊所在位置的磁場(chǎng)差恒為金屬框運(yùn)動(dòng)中始終有逆時(shí)針方向電流，由2個(gè)安培力作用下減速運(yùn)動(dòng)至靜止，對(duì)此過程列動(dòng)量定理方程，有其中代入可得22.利用電磁場(chǎng)實(shí)現(xiàn)帶電粒子的偏轉(zhuǎn)是科學(xué)儀器中廣泛應(yīng)用的技術(shù)，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置實(shí)現(xiàn)對(duì)帶電粒子的電磁偏轉(zhuǎn)從而進(jìn)行分析。在的I區(qū)域內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向下，電場(chǎng)強(qiáng)度，的II區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在且的III區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，I區(qū)與III區(qū)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，II區(qū)與III區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小相等均未知?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電粒子，從P點(diǎn)沿x軸正方向以某一初速度v水平射入I區(qū)。已知圖中P點(diǎn)坐標(biāo)（0，），Q點(diǎn)坐標(biāo)（L，0），不計(jì)帶電粒子重力，且粒子只在平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)。（1）當(dāng)粒子初速度時(shí)，粒子在II區(qū)運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）求粒子第一次到達(dá)Q點(diǎn)左側(cè)位置的坐標(biāo)x與初速度v的關(guān)系式；（3）若粒子與x軸負(fù)方向夾角為銳角進(jìn)入III區(qū)域，求粒子在III區(qū)域運(yùn)動(dòng)過程中速度方向沿y軸負(fù)方向時(shí)y軸坐標(biāo)與v的關(guān)系；〖答案〗（1）；（2）見〖解析〗；（3）〖解析〗（1）設(shè)粒子類平拋直接進(jìn)入Ⅱ區(qū)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)豎直方向勻加速運(yùn)動(dòng)<2L假設(shè)正確，進(jìn)入Ⅱ區(qū)時(shí)合速度由洛倫茲力提供向心力可得（2）粒子初速度取值不同會(huì)有兩種運(yùn)動(dòng)，①粒子經(jīng)過I區(qū)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)直到達(dá)OQ之間某位置；②粒子從I區(qū)類平拋進(jìn)入II區(qū)做圓周運(yùn)動(dòng)后重回I區(qū)，然后在I區(qū)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)左側(cè)某位置。①根據(jù)可得第一次到Q點(diǎn)左側(cè)位置坐標(biāo)其中初速度滿足②粒子運(yùn)動(dòng)大致軌跡如圖所示，設(shè)從C點(diǎn)進(jìn)入II區(qū)D點(diǎn)離開II區(qū)，在II區(qū)圓周運(yùn)動(dòng)合速度v1∠O1CD=θ將粒子在Ⅰ區(qū)中第二段運(yùn)動(dòng)軌跡水平翻轉(zhuǎn)后拼接至第一段之后，得到一個(gè)完整的拋物線，其豎直方向上的位移為得時(shí)間所以其中初速度滿足（3）進(jìn)入III區(qū)的受力情況如圖所示，從粒子進(jìn)入III區(qū)到速度沿y軸負(fù)方向，水平方向列動(dòng)量定理其中所以y軸坐標(biāo)東陽市2024年5月高三模擬考試物理考生須知：1.本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在答題紙規(guī)定的位置上；3.選擇題的〖答案〗須用2B鉛筆將答題紙上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈；4.非選擇題的〖答案〗須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，〖答案〗寫在本試題卷上無效。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.據(jù)報(bào)道，我國人造太陽高11米、直徑8米、重達(dá)400噸，成功實(shí)現(xiàn)500萬攝氏度持續(xù)放電101.2秒的成果，打破了世界紀(jì)錄。在這則新聞中涉及了長度、質(zhì)量、溫度和時(shí)間及其單位，在國際單位制中，下列說法正確的是（）A.力學(xué)基本物理量是長度、質(zhì)量、力B.kg、N、m/s都是導(dǎo)出單位C.根據(jù)牛頓第二定律表達(dá)式可知：D.新聞中涉及的“11米、400噸和101.2秒”中，米和秒是國際單位制中的基本單位〖答案〗D〖解析〗A．力學(xué)基本量是長度、質(zhì)量、時(shí)間，故A錯(cuò)誤；B．是基本單位，N、是導(dǎo)出單位，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律表達(dá)式可知：，故C錯(cuò)誤；D．新聞中涉及的11米、400噸和101.2秒中，米和秒是國際單位制中的基本單位，D正確。故選D。2.下列對(duì)教材中的四幅圖分析正確的是（）A.圖甲：天宮一號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室里的水球不受重力作用B.圖乙：樹枝受到猴子的拉力是樹枝發(fā)生形變產(chǎn)生的C.圖丙：汽車速度計(jì)的示數(shù)表示瞬時(shí)速率D.圖丁：隨著沙子的不斷流入，干沙堆的傾角會(huì)不斷增大〖答案〗C〖解析〗A.天宮一號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室里的水球依然受重力，只不過重力用于提供了向心力，A錯(cuò)誤；B.猴子受到樹枝的拉力是樹枝發(fā)生形變產(chǎn)生的，B錯(cuò)誤；C.汽車速度計(jì)的示數(shù)表示汽車通過某一位置的瞬時(shí)速度，C正確；D.當(dāng)干沙堆的傾角到達(dá)某一值時(shí)，再落下的沙子沿斜面方向重力的分力大于摩擦力，沙子就會(huì)滑下，D錯(cuò)誤。故選C。3.新春佳節(jié)，大街小巷總會(huì)掛起象征喜慶的中國紅燈籠。如圖所示，由4根等長輕質(zhì)細(xì)繩AB、BC、CD、DE懸掛起3盞質(zhì)量相等的燈籠，繩兩端的結(jié)點(diǎn)A、E等高，AB繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為；BC繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為，則（）A.B.若將懸掛點(diǎn)A往E靠近少許，的大小保持不變C.若在C處再增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)可能等于D.若在B、D處各增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)可能等于90°〖答案〗A〖解析〗A．由對(duì)稱性可知AB繩和DE繩張力大小相等，大小為。對(duì)三個(gè)燈籠的整體分析可知同理，對(duì)中間的燈籠受力分析，可得聯(lián)立，可得因?yàn)樗怨蔄正確；B．若將懸掛點(diǎn)A往E靠近少許，則減小，由可知的大小減小。故B錯(cuò)誤；C．對(duì)結(jié)點(diǎn)B受力分析，有，聯(lián)立，解得若在C處再增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)不可能等于。故C錯(cuò)誤；D．若在B、D處各增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，假設(shè)平衡時(shí)等于90°，則對(duì)結(jié)點(diǎn)C受力分析，如圖可知其受力不平衡。所以假設(shè)不成立。故D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖甲所示質(zhì)量為m的同學(xué)在一次體育課上練習(xí)從高h(yuǎn)的箱子上跳到地面，最終直立靜止于地面。該同學(xué)所受地面支持力大小F隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示，此過程中最大速度為v，不計(jì)該同學(xué)離開箱子的初速度和空氣阻力。下列說法正確的是（）A.整個(gè)過程中地面對(duì)人所做的功為mghB.整個(gè)過程中地面對(duì)人的沖量大小mvC.過程中人的機(jī)械能減少mghD.該同學(xué)時(shí)間段先超重再失重〖答案〗D〖解析〗A．由圖像可知，該同學(xué)在空中沒有落到地面，接觸地面減速向下運(yùn)動(dòng)，同學(xué)起立先向上加速后減速最終直立靜止于地面，整個(gè)過程中該同學(xué)觸地后一直是重心的升降，地面對(duì)人的彈力的作用點(diǎn)沒有位移，則地面對(duì)人所做的功0,故A錯(cuò)誤；B．時(shí)刻支持力和重力相等，加速度等于零速度最大，從時(shí)刻到最后靜止過程動(dòng)量定理可知整個(gè)過程支持力的沖量大于mv，，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．時(shí)刻速度下個(gè)下，在過程重力的沖量大于支持力的沖量，t3時(shí)刻人的速度不為零，即動(dòng)能不為零，則過程中人的機(jī)械能減少量小于mgh，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．該同學(xué)時(shí)間段是從最低位置站立起來的過程，先加速向上后減速向上，即先超重再失重，選項(xiàng)D正確。故選D。5.2022年11月21日中國空間站第三次太空授課中演示了紫色水球從“活躍”到“懶惰”的過程。如圖所示，用注射器向水球噴氣，水球發(fā)生振動(dòng)。向水球射入一枚質(zhì)量10g的鋼球，鋼球留在水球中，再用注射器以相同方式向水球噴氣，水球振動(dòng)幅度減小。則（）A.首次噴氣水球振幅較大一定是因?yàn)樽⑸淦鲊姎獾念l率與水球的固有頻率相等B.水球振動(dòng)中不破裂，是因?yàn)橹行牡乃畬?duì)外面的水有萬有引力的作用C.鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用D.鋼球在水中受到浮力為0.1N〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)動(dòng)量定理，力的沖量相同的情況下，質(zhì)量小的物體獲得的速度大，振幅也大，故A錯(cuò)誤；BC．水球振動(dòng)中不破裂，鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用，故B錯(cuò)誤，C正確。D．太空中處于失重狀態(tài)，浮力為0，故D錯(cuò)誤；故選C。6.智能呼啦圈可以提供全面的數(shù)據(jù)記錄，讓人合理管理自己的身材。如圖甲，腰帶外側(cè)帶有軌道，將帶有滑輪的短桿穿入軌道，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的輕繩，其簡(jiǎn)化模型如圖乙所示。可視為質(zhì)點(diǎn)的配重質(zhì)量為0.4kg，輕繩長為0.4m，懸掛點(diǎn)P到腰帶中心點(diǎn)O的距離為0.26m，配重隨短桿做水平勻速圓周運(yùn)動(dòng)，繩子與豎直方向夾角為，運(yùn)動(dòng)過程中腰帶可視為靜止，重力加速度g取，，下列說法正確的是（）A.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力變大B.當(dāng)轉(zhuǎn)速時(shí)，則繩子與豎直方向夾角C.若增大轉(zhuǎn)速，則繩子與豎直方向夾角將減小D.若增加配重，保持轉(zhuǎn)速不變，則繩子與豎直方向夾角將減小〖答案〗B〖解析〗A．轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，以腰帶和配重整體為研究對(duì)象，整體在豎直方向處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件有故增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力不變，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)配重進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得當(dāng)轉(zhuǎn)速時(shí)，代入數(shù)據(jù)可得故B正確；CD．對(duì)配重進(jìn)行受力分析，其在水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得整理得故增大轉(zhuǎn)速，則繩子與豎直方向夾角將增大，繩子與豎直方向夾角與配重質(zhì)量無關(guān)，故CD錯(cuò)誤。故選B。7.隨著航天技術(shù)的不斷發(fā)展，人類終將沖出太陽系，對(duì)遙遠(yuǎn)深空進(jìn)行探索。如圖，a星與b星可以看作雙星系統(tǒng)，它們均繞連線上的O（未畫）點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，a星質(zhì)量是b星的81倍，假設(shè)人類發(fā)射了兩個(gè)探測(cè)器、剛好處在該系統(tǒng)的兩個(gè)拉格朗日點(diǎn)，位于這兩個(gè)點(diǎn)的探測(cè)器能在a星和b星的共同引力作用下繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并保持與a星、b星相對(duì)位置不變，探測(cè)器與a星球心、b星球心的連線構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，探測(cè)器在a星、b星連線的延長線上。則（）A.a星和b星的第一宇宙速度之比為9:1B.a星球心和b星球心到O點(diǎn)的距離之比為81:1C.探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行的加速度比b星的加速度大D.探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行的周期比探測(cè)器大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)第一宇宙速度的公式兩星半徑未知，無法比較第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)a星球心和b星球心到O點(diǎn)的距離分別為，，則有解得a星球心和b星球心到O點(diǎn)的距離之比為1：81，故B錯(cuò)誤；C．探測(cè)器與a星球心、b星球心的連線構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，并保持與a星、b星相對(duì)位置不變，即探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行和b星圍繞O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，根據(jù)，探測(cè)器繞O點(diǎn)的距離較大，則探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行的加速度比b星的加速度大，故C正確；D．根據(jù)題意探測(cè)器、這兩個(gè)點(diǎn)與b星相對(duì)位置不變，所以探測(cè)器繞O點(diǎn)運(yùn)行的周期與探測(cè)器的相同，故D錯(cuò)誤。故選C。8.某靜止的原子核發(fā)生核反應(yīng)且釋放出能量Q。其方程為，并假設(shè)釋放的能量全都轉(zhuǎn)化為新核Y和Z的動(dòng)能，其中Z的速度為v，以下結(jié)論正確的是（）A.Y原子核的動(dòng)能是Z原子核的動(dòng)能的倍B.Y原子核的速度大小為C.Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量大（為光速）D.秦山核電站產(chǎn)生的核能與該核反應(yīng)屬于同種類型〖答案〗A〖解析〗A．由動(dòng)量守恒定律根據(jù)可得即Y原子核的動(dòng)能是Z原子核的動(dòng)能的倍，選項(xiàng)A正確；B．由動(dòng)量守恒定律可知Y原子核的速度大小為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因反應(yīng)放出核能，可知該反應(yīng)有質(zhì)量虧損，則Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量?。楣馑伲┻x項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．秦山核電站產(chǎn)生的核能是重核裂變反應(yīng)，用中子轟擊鈾核產(chǎn)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，與該核反應(yīng)不屬于同種類型，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。9.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比，原線圈電路中接入內(nèi)阻不計(jì)電壓滿足的電源，電流表為理想交流電表。已知，，開關(guān)S閉合前、后電流表示數(shù)之比為3:4。下列說法正確的是（）A.副線圈電流的頻率100HzB.定值電阻C.開關(guān)閉合前后原線圈電壓有效值始終為220VD.開關(guān)閉合后電源輸出的功率減小〖答案〗B〖解析〗A．理想變壓器不改變交變電流的頻率，即故A錯(cuò)誤；B．由題可知，設(shè)，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，副線圈的負(fù)載電阻為2R；當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)，副線圈的負(fù)載電阻為R；將理想變壓器的原、副線圈和負(fù)載電阻等效為一個(gè)電阻，畫出電路的等效電路圖，如圖所示。根據(jù)理想變壓器電阻等效法，得因此當(dāng)開關(guān)斷開時(shí)當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知等效電路中電流表示數(shù)故，又解得故B正確；C．根據(jù)可知開關(guān)閉合前后原線圈電路中電流發(fā)生變化，則原線圈電壓有效值會(huì)發(fā)生變化。故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知開關(guān)閉合后，等效電阻減小，則電源輸出的功率增大。故D錯(cuò)誤。故選B。10.在圖甲的LC振蕩演示電路中，開關(guān)先撥到位置“1”，電容器充滿電后，在時(shí)刻開關(guān)撥到位置“2”。若電流從傳感器的“+”極流入，電流顯示為正，圖乙為振蕩電流隨時(shí)間變化的圖線，則下面有關(guān)說法正確的是（）A.在圖乙中A點(diǎn)時(shí)刻電容器上極板帶負(fù)電B.在圖乙中從到A點(diǎn)過程中電容器的電壓先增加后減小C.若電阻R減小，電流變化如圖丙中實(shí)線D.若電阻R減小，電流變化如圖丙中虛線〖答案〗A〖解析〗A．在圖乙中A點(diǎn)時(shí)刻電流為正且正在減小，可知電容器正在充電階段，此時(shí)上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，選項(xiàng)A正確；B．在圖乙中從到A點(diǎn)過程中電流先正向增加后正向減小，電容器先放電后充電，即電容器的電壓先減小后增加，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD．若電阻R減小，則電容器放電時(shí)最大電流變大，但是振動(dòng)周期不變，則圖丙中實(shí)線和虛線描述電流變化都不對(duì)，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選A。11.單反就是指單鏡頭反光相機(jī)。相機(jī)在毛玻璃的上方安裝了一個(gè)五棱鏡。這種棱鏡將光線多次反射改變光路，將其影像送至目鏡，這時(shí)的影像就是上下正立且左右校正的了。圖為單反相機(jī)取景器的示意圖，ABCDE為五棱鏡的一個(gè)截面，。某一束單色光光線經(jīng)平面鏡反射后從AB邊的F點(diǎn)垂直AB入射，其中、，最后剛好在BC中點(diǎn)垂直BC出射，已知在CD與AE兩個(gè)面上發(fā)生全反射，且兩次全反射的入射角相等，則下列說法正確的是（）（已知）A.五棱鏡的折射率一定為B.五棱鏡的折射率一定為C.光在五棱鏡中傳播時(shí)間為D.左右平移平面鏡，只要光仍從BC面垂直射出，則光在五棱鏡中的傳播時(shí)間不變〖答案〗D〖解析〗AB．設(shè)入射到CD面上的入射角為θ，因?yàn)樵贑D和EA上發(fā)生全反射，且兩次反射的入射角相等，如圖根據(jù)幾何關(guān)系有4θ=90°解得θ=22.5°當(dāng)光剛好在CD和AE面上發(fā)生全反射時(shí)，折射率最小，根據(jù)解得最小折射率為故AB錯(cuò)誤；C．由幾何關(guān)系可知?jiǎng)t在棱鏡中的總距離光在棱鏡中的最大速度為可得最短傳播時(shí)間選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．左右平移平面鏡，只要光仍從BC面垂直射出，則因入射到CD面上的入射角θ不變，則光在棱鏡中傳播的距離不變，即光在五棱鏡中的傳播時(shí)間不變，選項(xiàng)D正確。故選D。12.單晶硅太陽能發(fā)電原理是光線照射到單晶硅太陽能板上，會(huì)激發(fā)電子形成電流。已知杭州西站樞紐屋頂鋪設(shè)了面積為的單晶硅太陽能板，陽光照射下平均發(fā)電功率。若已知太陽的輻射總功率約，太陽與地球之間的距離約，則下列說法正確的是（）A.單位面積上接收到的太陽輻射功率約200WB.一天大約可發(fā)電C.光電的轉(zhuǎn)換效率約14%D.單晶硅太陽能板發(fā)出的是交流電〖答案〗C〖解析〗A．距離太陽的球面面積單位面積上接受太陽太陽輻射的功率故A錯(cuò)誤；B．若24小時(shí)都有太陽，則工作一天大約可發(fā)電但有太陽的時(shí)間小于24小時(shí)。故B錯(cuò)誤；C．太陽板接收的太陽能光電的轉(zhuǎn)換放率約為故C正確；D．依題意，光線照射到單晶硅太陽能板上，電子定向移動(dòng)形成電流。方向不變，為直流電。故D錯(cuò)誤。故選C。13.空間存在一平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)內(nèi)取某點(diǎn)記為坐標(biāo)原點(diǎn)O，沿某一方向建立x軸，選取x軸上到O點(diǎn)距離為r的P點(diǎn)，以O(shè)為圓心、r為半徑作圓，如圖甲所示。從P點(diǎn)起沿圓周逆時(shí)針方向移動(dòng)一周，圓上各點(diǎn)的電勢(shì)會(huì)隨轉(zhuǎn)過角度發(fā)生變化。當(dāng)半徑r分別取、、時(shí)，其圖像如圖乙所示，三條曲線所對(duì)應(yīng)的電勢(shì)均在時(shí)達(dá)到最大值，最大值分別為、、，曲線③與橫軸相切。則下列說法正確的是（）A.電場(chǎng)方向沿x軸負(fù)方向B.時(shí)曲線②的電勢(shì)值為C.時(shí)曲線①的電勢(shì)值D.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為〖答案〗B〖解析〗A．三條曲線均在時(shí)達(dá)到最大值，說明電場(chǎng)線不是沿著x軸，而是沿著與x軸正方向的夾角為的直線上，且電場(chǎng)線方向指向左下方。故A錯(cuò)誤；D．曲線①的最大值在三條圖像中最大，只有半徑越大，P點(diǎn)繞原點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過時(shí)，逆著電場(chǎng)線走過的距離才越大，對(duì)應(yīng)的電勢(shì)才越高，所以曲線①對(duì)應(yīng)的r取值為，曲線②對(duì)應(yīng)的r取值為，曲線③對(duì)應(yīng)的r取值為取。由題知，曲線③對(duì)應(yīng)的最高電勢(shì)和最低電勢(shì)分別為、0，則坐標(biāo)原點(diǎn)在最高電勢(shì)點(diǎn)和最低電勢(shì)點(diǎn)連線的中點(diǎn)。所以坐標(biāo)原點(diǎn)O的電勢(shì)為取曲線③最高電勢(shì)和最低電勢(shì)來求電場(chǎng)強(qiáng)度故D錯(cuò)誤。B．當(dāng)半徑r取時(shí)，設(shè)該圓與x軸交點(diǎn)為，則有解得故B正確；C．根據(jù)可知時(shí)曲線①的電勢(shì)值為故C錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說法正確的是（）A.彈力屬于電磁相互作用B.質(zhì)子和中子屬于強(qiáng)子C.J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后又在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)了電子的衍射現(xiàn)象D.赫茲在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，并得出遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系〖答案〗AB〖解析〗A．彈力和摩擦力在本質(zhì)上是由電場(chǎng)力引起的，屬于電磁相互作用，故A正確；B．常見的強(qiáng)子是質(zhì)子和中子，故B正確；C．1897年J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，30年后，J.J.湯姆孫的兒子G.P.湯姆孫利用電子束照射到金屬晶格上，從而得到電子的衍射圖樣，故C錯(cuò)誤；D．赫茲在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，密立根得出遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系，故D錯(cuò)誤。故選AB。15.如圖所示，坐標(biāo)原點(diǎn)O左右兩邊的介質(zhì)不同，、為兩列波的波源，兩波源同時(shí)起振，兩列波分別沿x軸傳到、點(diǎn)時(shí)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，當(dāng)時(shí)的點(diǎn)剛好第一次處于波峰，則下列說法正確的是（）A.波周期為3sB.兩列波疊加后能形成穩(wěn)定的干涉圖樣C.兩列波在處相遇D.右側(cè)介質(zhì)的傳播速度2m/s〖答案〗AC〖解析〗A．由題意可得，當(dāng)左邊波源從起傳到的點(diǎn)時(shí)經(jīng)過，由圖可以判斷左邊波源的起振方向沿軸正方向，所以的點(diǎn)振動(dòng)開始經(jīng)第一次處于波峰。所以解得左邊波源的振動(dòng)周期為故A正確；B．由圖可得兩波源的波長均為，由于兩邊的介質(zhì)不同，所以它們的波速不同，根據(jù)公式可知，兩列波頻率不同，故兩列波疊加后不能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，故B錯(cuò)誤；CD．波源的傳播速度由根據(jù)題意可得兩式相比可得波源的傳播速度當(dāng)波源傳到O點(diǎn)時(shí)，所用時(shí)間此時(shí)波源傳到的位置之后兩列波的波速均為，所以相遇的位置在處。故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，小佳同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。其中M為帶滑輪的小車的質(zhì)量，m為砂和砂桶的質(zhì)量。（動(dòng)滑輪質(zhì)量不計(jì)）（1）操作本實(shí)驗(yàn)時(shí)，以下操作步驟正確的有________；A.為了獲得合力大小需用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量mB.為減小實(shí)驗(yàn)誤差，改變砂和砂桶質(zhì)量時(shí)，必須要滿足砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量MC.將帶滑輪的長木板右端墊高，以補(bǔ)償阻力D.為保證紙帶上打點(diǎn)的清晰度和點(diǎn)的數(shù)量，小車釋放時(shí)要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先釋放小車，再接通電源，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)（2）經(jīng)正確操作，得到如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電源的頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）正確操作記錄若干數(shù)據(jù)后，小佳同學(xué)以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的圖像是一條直線，圖線與橫坐標(biāo)的夾角為，求得圖線的斜率為k，則小車的質(zhì)量為________。A.k B. C. D.〖答案〗（1）C（2）2.4（3）B〖解析〗【小問1詳析】AB．本實(shí)驗(yàn)中小車受到的拉力可直接由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，所以不需要測(cè)量砂和砂桶的質(zhì)量，也不需要滿足砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故AB錯(cuò)誤；C．為了使細(xì)線拉力等于小車的合外力，所以本實(shí)驗(yàn)需要平衡摩擦力，可將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦為力，故C正確；D．為保證紙帶上打點(diǎn)的清晰度和點(diǎn)的數(shù)量，小車釋放時(shí)要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，故D錯(cuò)誤。故選C?！拘?詳析】相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，可知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為根據(jù)逐差法可知加速度為【小問3詳析】對(duì)小車，根據(jù)牛頓第二定律可得可知圖線的斜率為即故選B。17.用“插針法”測(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，作出的光路圖及測(cè)出的相關(guān)角度如圖甲所示。（1）如果玻璃磚上下表面平行，則可以選擇上表面的兩個(gè)對(duì)應(yīng)角度（入射角和折射角）來求折射率，也可以選擇下表面的兩個(gè)對(duì)應(yīng)角度來求折射率，這兩種是等效的。如果所選擇的玻璃磚上下表面不平行，正確操作后得到圖乙所示的光路圖，此時(shí)應(yīng)選擇_____________對(duì)應(yīng)的兩個(gè)角度來求折射率。A．上表面B．下表面C．上表面或者下表面都沒問題D．上表面或者下表面都會(huì)有系統(tǒng)誤差（2）如果有幾塊寬度d不同的玻璃磚可供選擇，則_____________A．選擇寬度較大的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)可以減少誤差B．選擇寬度較小的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)可以減少誤差C．玻璃磚的寬度對(duì)誤差沒有影響〖答案〗（1）C（2）A〖解析〗（1）[1]光在上下表面都發(fā)生折射，所以可以用上表面或者下表面對(duì)應(yīng)的兩個(gè)角度來求折射率都沒問題。故選C。（2）[2]若選擇寬度較大的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)，可以增大光線在玻璃磚內(nèi)的光線的長度，從而減少誤差。故選A。18.某同學(xué)在“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，選用金屬絲的電阻約為30Ω。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑，示數(shù)如圖甲所示，則金屬絲直徑________mm（2）現(xiàn)有電源（電動(dòng)勢(shì)E為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材：A.電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω）B.電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）C.滑動(dòng)變阻器（0~5Ω，額定電流2A）D.滑動(dòng)變阻器（0~200Ω，額定電流1A）為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________（選填器材前的字母）。然后利用圖乙所示的電路來測(cè)量某合金絲的電阻率補(bǔ)充完成圖乙中實(shí)物間的連線________。（3）改變合金絲右端PN接入電路的長度L，記錄L及對(duì)應(yīng)電流表電壓表的示數(shù)I和U，并作出的圖像，如圖丙所示。圖丙得到圖線的斜率為k，則該合金絲的電阻率________（用d、k表示）；（4）圖丙中圖線的縱軸截距b表示_____________。〖答案〗（1）0.182##0.183##0.184##0.185（2）C（3）（4）電流表的內(nèi)阻〖解析〗【小問1詳析】金屬絲的直徑18.3×0.01mm=0.183mm【小問2詳析】[1]為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)接成分壓電路，故應(yīng)該選擇阻值較小的C；[2]因則采用電流表內(nèi)接電路，滑動(dòng)變阻器用分壓電路，則電路連線如圖【小問3詳析】根據(jù)則解得【小問4詳析】根據(jù)可知，圖丙中圖線的縱軸截距b表示電流表內(nèi)阻。19.如圖所示，傾角的光滑斜面固定在水平地面上，有一長的絕熱汽缸與絕熱活塞靜置于斜面上，活塞與重物通過不可伸長的輕繩連接，此時(shí)重物對(duì)地面恰好無壓力，輕繩OA段與斜面平行，活塞距離汽缸底部。活塞質(zhì)量，重物質(zhì)量，活塞面積，大氣壓，缸內(nèi)封閉的理想氣體溫度，缸內(nèi)氣體分子總動(dòng)能滿足，其中，g取?；钊穸燃盎钊c汽缸壁的摩擦忽略不計(jì)，活塞始終與汽缸壁垂直且不漏氣。當(dāng)電熱絲通電加熱時(shí)，活塞緩慢到達(dá)汽缸口，求：（1）加熱過程氣體壓強(qiáng)________（選填“增大”、“減小”或“不變”），汽缸內(nèi)壁單位面積受到分子的撞擊數(shù)________（選填“增大”、“減小”或“不變”）；（2）加熱前汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)________；（3）加熱過程電熱絲放出的熱量________?！即鸢浮剑?）不變減?。?）（3）〖解析〗（1）[1]加熱過程，活塞、汽缸和重物整體受力不變，汽缸向下滑動(dòng)，活塞的受力不變，即氣體對(duì)活塞的壓力不變，氣體的壓強(qiáng)不變；[2]加熱過程，氣體的溫度升高，氣體的平均動(dòng)能