浙江省麗水市2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期6月期末考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1麗水市2023學(xué)年第二學(xué)期普通高中教學(xué)質(zhì)量監(jiān)控高二物理試題卷一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量為矢量的是（）A.時(shí)間 B.電場(chǎng)強(qiáng)度 C.電勢(shì) D.路程〖答案〗B〖解析〗時(shí)間、電勢(shì)、路程是標(biāo)量，電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。2.下列說法正確是（）A.圖甲中運(yùn)動(dòng)員將球踢出后，足球在空中受到重力、阻力和推力B.圖乙中研究花樣滑冰運(yùn)動(dòng)員旋轉(zhuǎn)動(dòng)作時(shí)，可將運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)C.圖丙中跳水運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)處于完全失重狀態(tài)D.圖丁為神舟十三號(hào)航天員出艙，此時(shí)地球?qū)教靻T的引力大于航天員對(duì)地球的引力〖答案〗C〖解析〗A．圖甲中運(yùn)動(dòng)員將球踢出后，足球在空中受到重力和阻力，球和腳已經(jīng)分離，沒有推力，A錯(cuò)誤；B．凡是研究動(dòng)作的都不能看成質(zhì)點(diǎn)，B錯(cuò)誤；C．圖丙中跳水運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度為重力加速度，運(yùn)動(dòng)員處于完全失重狀態(tài)，C正確；D．圖丁為神舟十三號(hào)航天員出艙，根據(jù)牛頓第三定律，此時(shí)地球?qū)教靻T的引力等于航天員對(duì)地球的引力，D錯(cuò)誤。故選C。3.一個(gè)小球在空中由靜止自由下落，不計(jì)空氣阻力，下列關(guān)于小球在空中運(yùn)動(dòng)過程中的速度v、加速度a、重力做功瞬時(shí)功率P、機(jī)械能E隨時(shí)間t變化關(guān)系中，錯(cuò)誤的是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗AB.一個(gè)小球在空中由靜止自由下落，不計(jì)空氣阻力，只受重力作用，加速度等于重力加速度，不隨時(shí)間改變，速度跟時(shí)間關(guān)系為可見成正比例函數(shù)，故AB正確；C.重力功率為而所以可見，成正比例函數(shù)，故C正確；D．小球自由下落后由于忽略空氣阻力，所以小球機(jī)械能守恒，不隨時(shí)間變化而變化，故D錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤的，故選D。4.麗水擁有很多美麗的綠道，綠道騎行成為越來(lái)越多人的放松方式。如圖，一位大人和一位小孩在綠道轉(zhuǎn)彎處騎行，大人和小孩以相同的速率轉(zhuǎn)彎，路面水平，轉(zhuǎn)彎過程近似為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則大人和小孩（）A.受到的向心力大小相等B.轉(zhuǎn)彎過程中位移大小與路程相等C.轉(zhuǎn)彎過程中由靜摩擦力提供向心力D.轉(zhuǎn)彎過程中加速度為零〖答案〗C〖解析〗A．大人和小孩所受到的向心力為騎行者做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度大小不變，根據(jù)可知大人和小孩質(zhì)量不同，則向心力不同，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知大人和小孩的軌道半徑不同，則位移和路程不同，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)大人和小孩受力分析，受到重力，地面豎直向上的支持力、地面指向圓弧內(nèi)側(cè)的靜摩擦力，與運(yùn)動(dòng)方向相反的摩擦力，由靜摩擦力提供向心力，故C正確；D．大人和小孩做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由所受外力的合力提供向心力，存在向心加速度，即加速度不為零，故D錯(cuò)誤；故選C。5.如圖所示，一同學(xué)站在水平地面上身體前傾保持姿勢(shì)不動(dòng)，則下列說法正確的是（）A.人對(duì)地面的壓力方向斜向下B.人對(duì)地面有水平向后的摩擦力C.地面對(duì)人有水平向后的摩擦力D.地面對(duì)人的支持力豎直向上〖答案〗D〖解析〗A．人對(duì)地面的壓力方向豎直向下，故A錯(cuò)誤；BC．人在水平方向不受力，即地面與人之間沒有摩擦力作用，故BC錯(cuò)誤；D．地面對(duì)人的支持力豎直向上，故D正確。故選D。6.“拉曼散射”是指一定頻率的光照射到樣品表面時(shí)，物質(zhì)中的分子與光子發(fā)生能量轉(zhuǎn)移，散射出不同頻率的光.若在反射時(shí)光子將一部分能量傳遞給分子，則（）A.光傳播速度變大 B.光子的波長(zhǎng)變小C.光子的頻率變大 D.光子的動(dòng)量變小〖答案〗D〖解析〗A．光子的傳播速度不變，A錯(cuò)誤；B．光子將一部分能量傳遞給分子，光子的能量減小，頻率變小，波長(zhǎng)應(yīng)該變大，B錯(cuò)誤；C．由于光子將一部分能量傳遞給分子，光子的能量減小，頻率變小，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)光子的動(dòng)量計(jì)算公式可知，當(dāng)普朗克常量不變時(shí)，波長(zhǎng)變大，其動(dòng)量變小，D正確。故選D。7.手機(jī)無(wú)線充電工作原理如圖所示，其中送電線圈和受電線圈的匝數(shù)比n1∶n2=5∶1，兩個(gè)線圈中所接電阻的阻值均為R。當(dāng)ab間輸入電壓（V）的交變電流后，受電線圈中產(chǎn)生交變電流再通過轉(zhuǎn)換電路轉(zhuǎn)換成直流電實(shí)現(xiàn)給手機(jī)快速充電，這時(shí)轉(zhuǎn)換電路ef兩端的電壓為5V，受電線圈中的電流為2A。把裝置線圈視同為理想變壓器，則（）A.送電線圈電壓有效值為220VB.受電線圈中的頻率為100HzC.快速充電時(shí)，流過送電線圈的電流大小為0.2AD.快速充電時(shí)，線圈cd兩端的輸出電壓為42.5V〖答案〗D〖解析〗A．因ab兩端的電壓有效值為220V，可知送電線圈電壓有效值小于220V，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．受電線圈中的頻率與送電線圈的頻率相等，均為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．快速充電時(shí)，流過送電線圈的電流大小為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．快速充電時(shí)，變壓器初級(jí)電壓聯(lián)立解得R=18.75ΩU2=42.5V選項(xiàng)D正確。故選D。8.目前治療癌癥最先進(jìn)的手段是利用核反應(yīng)，反應(yīng)釋放出的高殺傷力的α粒子作用在癌細(xì)胞上，進(jìn)而將病人體內(nèi)的癌細(xì)胞殺死。已知X粒子的質(zhì)量為mX，中子的質(zhì)量為mn，α粒子的質(zhì)量為mα，Li核的質(zhì)量為mLi。下列說法正確的是（）A.核中子數(shù)比核中子數(shù)多一個(gè) B.α射線比γ射線穿透力強(qiáng)C. D.該反應(yīng)類型屬于衰變〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)衰變過程中電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒可知，中子數(shù)等于質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)的差，可知核中子數(shù)為5個(gè)，核中子數(shù)為4個(gè)，則核中子數(shù)比核中子多一個(gè)，故A正確；B．α射線比γ射線穿透力弱，故B錯(cuò)誤；C．發(fā)生衰變時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，則，故C錯(cuò)誤；D．該核反應(yīng)不屬于衰變，是原子核的人工轉(zhuǎn)變，故D錯(cuò)誤；故選A。9.如圖所示為嫦娥六號(hào)在登月過程中的軌道變化，中心處為月球。從軌道I變軌到軌道Ⅲ，在A、B兩點(diǎn)該航天器點(diǎn)火變速。已知軌道I、Ⅲ為圓形軌道，半徑分別為R1和R2，嫦娥六號(hào)在軌道I上繞行時(shí)周期為T，軌道Ⅱ?yàn)闄E圓軌道。軌道I和Ⅱ相切于A點(diǎn)，軌道Ⅱ和Ⅲ相切于B點(diǎn)。由此可分析（）A.軌道Ⅲ上的環(huán)繞速度小于在軌道I上的環(huán)繞速度B.沿軌道I和軌道Ⅱ分別經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)加速度大小相等C.沿軌道I和軌道Ⅱ分別經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)速度大小相等D.根據(jù)題干條件，無(wú)法求得嫦娥六號(hào)衛(wèi)星從A點(diǎn)到B點(diǎn)的時(shí)間〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)解得軌道Ⅲ的半徑小于軌道I的半徑，則軌道Ⅲ上的環(huán)繞速度大于在軌道I上的環(huán)繞速度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律有解得可知，沿軌道I和軌道Ⅱ分別經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)加速度大小相等，故B正確；C．沿軌道I相對(duì)于軌道Ⅱ是高軌道，由沿軌道I到軌道Ⅱ需要在切點(diǎn)位置減速，可知，沿軌道I經(jīng)過A點(diǎn)的速度大于沿軌道Ⅱ經(jīng)過A點(diǎn)的速度，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)開普勒第三定律有嫦娥六號(hào)衛(wèi)星從A點(diǎn)到B點(diǎn)的時(shí)間可知，根據(jù)題干條件，可以求得嫦娥六號(hào)衛(wèi)星從A點(diǎn)到B點(diǎn)的時(shí)間，故D錯(cuò)誤。故選B。10.如圖，在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，將一個(gè)水平放置的金屬棒ab以某一水平初速度v0拋出，金屬棒在運(yùn)動(dòng)過程中始終保持水平，不計(jì)空氣阻力。金屬棒拋出后，下列說法正確的是（）A.做平拋運(yùn)動(dòng) B.a端電勢(shì)高于b端C.受到的安培力水平向左 D.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)會(huì)變化〖答案〗A〖解析〗AC．由于金屬棒沒有與其它導(dǎo)體構(gòu)成閉合回路，在運(yùn)動(dòng)過程中只產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，沒有感應(yīng)電流，所以在運(yùn)動(dòng)過程中沒有受到安培力，只受重力作用，做平拋運(yùn)動(dòng)，故A正確，C錯(cuò)誤；BD．由右手定則，金屬棒a端的電勢(shì)低于b端的電勢(shì)，在運(yùn)動(dòng)過程中有效切割速度為水平方向的速度，因?yàn)榻饘侔糇銎綊佭\(yùn)動(dòng)，水平方向速度不變，所以在運(yùn)動(dòng)過程金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，故BD錯(cuò)誤。故選A。11.如圖甲，兩列沿相反方向傳播的橫波，形狀相當(dāng)于正弦曲線的一半，上下對(duì)稱，其振幅和波長(zhǎng)都相等，它們?cè)谙嘤龅哪骋粫r(shí)刻會(huì)發(fā)生兩列波“消失”的現(xiàn)象，如圖乙所示，其中ae為“消失區(qū)”兩邊緣處，b、c、d恰好將ae間距進(jìn)行四等分，則從此刻開始，（）A.a處質(zhì)點(diǎn)將向上運(yùn)動(dòng) B.b處質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動(dòng)C.c處質(zhì)點(diǎn)將向上運(yùn)動(dòng) D.d處質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動(dòng)〖答案〗B〖解析〗由圖看出，兩列波的波峰與波谷疊加，振動(dòng)減弱，兩波的振幅相等，所以如圖（乙）所示的時(shí)刻兩列波“消失”。根據(jù)波形平移法判斷可知，向右傳播的波單獨(dú)引起a、b的振動(dòng)方向向下，向左傳播的波單獨(dú)引起a、b的振動(dòng)方向向下，根據(jù)疊加原理可知，此時(shí)a、b質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向是向下；同理d處質(zhì)點(diǎn)將向上運(yùn)動(dòng)；c處質(zhì)點(diǎn)不振動(dòng)。12.如圖，電荷量為+Q的點(diǎn)電荷與一無(wú)限大接地金屬板MN相距為2d，P點(diǎn)與金屬板相距為d，R點(diǎn)與P點(diǎn)關(guān)于點(diǎn)電荷對(duì)稱?，F(xiàn)測(cè)得P點(diǎn)電勢(shì)為3V。下列說法正確的是（）A.P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為，方向水平向右B.R點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)與P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反C.點(diǎn)電荷與金屬板間的電勢(shì)差大于6VD.將一負(fù)試探電荷從P點(diǎn)移動(dòng)到R點(diǎn)，靜電力做負(fù)功〖答案〗C〖解析〗A．系統(tǒng)達(dá)到靜電平衡后，因?yàn)榻饘侔褰拥?，電?shì)為零，所以電場(chǎng)線分布類似于等量異種電荷的電場(chǎng)分布，金屬板位置相當(dāng)于中垂線，P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，則R點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于點(diǎn)P，故B錯(cuò)誤；C．P點(diǎn)左側(cè)電場(chǎng)線比較密，則左側(cè)的場(chǎng)強(qiáng)較大，根據(jù)則V點(diǎn)電荷與金屬板間的電勢(shì)差等大于6V，故C正確；D．電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，Q左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度小于右側(cè)的電場(chǎng)強(qiáng)度，根據(jù)所以無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則R點(diǎn)電勢(shì)大于3V，帶負(fù)電試探電荷從P點(diǎn)移動(dòng)到R點(diǎn)，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功，故D錯(cuò)誤。13.如圖所示，某水池下方水平放置一直徑為d=0.6m的圓環(huán)形發(fā)光細(xì)燈帶，O點(diǎn)為圓環(huán)中心正上方，燈帶到水面的距離h可調(diào)節(jié)，水面上面有光傳感器（圖中未畫出），可以探測(cè)水面上光的強(qiáng)度。當(dāng)燈帶放在某一深度h1時(shí)，發(fā)現(xiàn)水面上形成兩個(gè)以O(shè)為圓心的亮區(qū)，其中半徑r1=1.2m的圓內(nèi)光強(qiáng)更強(qiáng)，已知水的折射率，則（）A.湖面能被照亮的區(qū)域半徑為1.5mB.若僅增大圓環(huán)燈帶的半徑，則湖面上中間光強(qiáng)更強(qiáng)的區(qū)域也變大C.燈帶的深度D.當(dāng)時(shí)，湖面中央將出現(xiàn)暗區(qū)〖答案〗C〖解析〗B．水面上形成兩個(gè)以O(shè)為圓心的亮區(qū)，若僅增大圓環(huán)燈帶的半徑，光環(huán)向外擴(kuò)大，重疊的區(qū)域變小，即湖面上中間光強(qiáng)更強(qiáng)的區(qū)域變小，B錯(cuò)誤；AC．當(dāng)重疊區(qū)域半徑r1=1.2m時(shí)，如圖所示解得湖面被照亮的區(qū)域半徑為A錯(cuò)誤，C正確；D．設(shè)重疊區(qū)域恰好為零時(shí)，燈帶的深度為h0，如圖所示解得當(dāng)時(shí)，湖面中央將出現(xiàn)暗區(qū)，D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說法正確的是（）A.電磁波的傳播離不開介質(zhì)，其在真空中不能傳播B.分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)無(wú)法直接觀察，懸浮微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng)C.如果要保存地下的水分，就要把地面的土壤鋤松，破壞土壤里的毛細(xì)管D.熱核反應(yīng)一旦發(fā)生，靠自身產(chǎn)生的熱就會(huì)使反應(yīng)繼續(xù)下去〖答案〗BCD〖解析〗A．電磁波能在真空中傳播，A錯(cuò)誤；B．分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)無(wú)法直接觀察，懸浮微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng)，B正確；C．如果要保存地下的水分，就要把地面的土壤鋤松，破壞土壤里的毛細(xì)管，C正確；D．熱核反應(yīng)一旦發(fā)生，靠自身產(chǎn)生的熱就會(huì)使反應(yīng)繼續(xù)下去，D正確。故選BCD.15.如圖1所示，太陽(yáng)能電池的主體部分由P型半導(dǎo)體和N型半導(dǎo)體結(jié)合而成，其核心部分是P型和N型半導(dǎo)體的交界區(qū)域——PN結(jié)。如圖2所示，取P型和N型半導(dǎo)體的交界為坐標(biāo)原點(diǎn)，PN結(jié)左右端到原點(diǎn)的距離分別為xP、xN，光持續(xù)照射時(shí)，PN結(jié)之間形成大小分布如圖3所示方向由N區(qū)指向P區(qū)內(nèi)建電場(chǎng)E場(chǎng)（已知xP、xN和E0），原來(lái)被正電荷約束的電子至少需要獲得能量為E的黃光子才能發(fā)生內(nèi)光電效應(yīng)變?yōu)樽杂呻娮?，產(chǎn)生了電子—空穴對(duì)，空穴帶正電且電荷量等于元電荷e；該電池短路時(shí)單位時(shí)間內(nèi)通過外電路某一橫截面的電子數(shù)為n。已知普朗克常量為h，光速為c。關(guān)于該太陽(yáng)能電池的說法正確的是（）A.該材料發(fā)生光電效應(yīng)的極限波長(zhǎng)為B.改用紫外線照射該材料，則不能發(fā)生光電效應(yīng)C.該太陽(yáng)能電池的電動(dòng)勢(shì)為D.該太陽(yáng)能電池的內(nèi)阻為〖答案〗CD〖解析〗A．原來(lái)被正電荷約束的電子至少需要獲得能量為E的黃光子才能發(fā)生內(nèi)光電效應(yīng)變?yōu)樽杂呻娮樱瑒t解得故A錯(cuò)誤；B．紫光頻率大于黃光頻率，則紫光能量更大，可以發(fā)生光電效應(yīng)，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義可得W即為內(nèi)建電場(chǎng)力所做的功，內(nèi)建電場(chǎng)力F隨位移的變化圖像如圖所示W(wǎng)為該圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積，即聯(lián)立可得電源短路時(shí)所有通過N區(qū)的電子經(jīng)外電路回到P區(qū)，電流為該太陽(yáng)能電池的內(nèi)阻為故CD正確；故選CD。三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在用圖示的裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律時(shí)，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①先不放靶球B，將入射球A從斜槽上某點(diǎn)由靜止釋放，落到白紙上某點(diǎn)，重復(fù)該動(dòng)作10次，把10次落點(diǎn)用一個(gè)最小的圓圈起來(lái)，圓心標(biāo)為P點(diǎn)；②在斜槽末端放上球B，將球A從斜槽上同一位置由靜止釋放，與球B碰后落到白紙上某兩點(diǎn)，重復(fù)該動(dòng)作10次，把A、B兩球10次落點(diǎn)分別用一個(gè)最小的圓圈起來(lái)，圓心分別標(biāo)為M、N點(diǎn)；③分別測(cè)量斜槽末端豎直投影點(diǎn)O到M、P、N的距離分別為x1、x2、x3。回答下列問題：（1）以下實(shí)驗(yàn)條件正確的是。A.斜槽必須光滑且末端切線水平 B.測(cè)量斜槽末端距白紙的高度hC.小球A、B直徑必須相同 D.兩球的質(zhì)量關(guān)系滿足mB＞mA（2）用最小圓的圓心定位小球落點(diǎn)的目的是通過多次測(cè)量取平均值以減小______（填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”）。（3）若A、B兩球的質(zhì)量分別為mA、mB，實(shí)驗(yàn)中需驗(yàn)證的關(guān)系是_____（用題中字母表示）。（4）若某次實(shí)驗(yàn)中得出的落點(diǎn)情況如圖乙所示，則說明該碰撞______（“是”或“否”）為彈性碰撞?！即鸢浮剑?）C（2）偶然誤差（3）（4）否〖解析〗（1）A．斜槽末端必須水平才能保證小球從斜槽末端飛出時(shí)做平拋運(yùn)動(dòng)，但斜槽是否光滑對(duì)實(shí)驗(yàn)無(wú)影響，故A錯(cuò)誤；B．本實(shí)驗(yàn)是根據(jù)平拋的規(guī)律驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，需要測(cè)量的是A、B兩小球拋出的水平距離，因?yàn)閽伋龈叨认嗤涞貢r(shí)間一樣，驗(yàn)證時(shí)式子兩端會(huì)把時(shí)間消去，所以與高度無(wú)關(guān)，不需要測(cè)量斜槽末端距地面的高度，故B錯(cuò)誤；C．要保證兩球在斜槽末端發(fā)生正碰，則小球A、B直徑必須相同，故C正確；D．為了防止兩球碰撞后反彈，則需滿足入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤。故選C。（2）用最小圓的圓心定位小球落點(diǎn)，可以得到平均落點(diǎn)從而減小實(shí)驗(yàn)偶然誤差。（3）需要驗(yàn)證的動(dòng)量守恒表達(dá)式為因落地時(shí)間相等，則有可得（4）要進(jìn)一步驗(yàn)證碰撞是否為彈性碰撞，則應(yīng)驗(yàn)證化簡(jiǎn)可得結(jié)合圖乙可知，該碰撞不是彈性碰撞。17.某小組準(zhǔn)備選用以下器材完成“測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)：兩節(jié)干電池、電流表、電壓表、滑動(dòng)變阻器、開關(guān)、導(dǎo)線若干，（1）請(qǐng)用筆代替導(dǎo)線將圖甲中的實(shí)物連線補(bǔ)充完整____。（2）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)電流表的讀數(shù)如圖乙所示，此時(shí)電流表讀數(shù)是____A，改變滑動(dòng)變阻器的滑片，得到多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，利用數(shù)據(jù)畫出U-I圖，如圖丙，根據(jù)圖線得到每節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為______V、內(nèi)阻為______Ω。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）（3）若將一非線性元件接入該電池組兩端，該非線性元件的電壓和電流關(guān)系如圖丁，則此時(shí)該電源的效率是______%（結(jié)果取兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）見〖解析〗（2）0.24##0.251.451.21（3）76%##77%##78%〖解析〗（1）實(shí)物圖如下（2）[1]電流表選0-06A，所以最小刻度值為0.02A，所以讀數(shù)為0.24mA。[2]由閉合電路歐姆定律有變形得可知圖像縱截距絕對(duì)值為電動(dòng)勢(shì)，即每節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)為1.45V，圖像的斜率表示內(nèi)阻，有每節(jié)電池內(nèi)阻為1.21。（3）把丙圖線和丁圖線畫在同一個(gè)中兩線交點(diǎn)為，交點(diǎn)代表該一非線性元件接入該電池組兩端，回路的工作點(diǎn)。所以此時(shí)電源的效率是18.關(guān)于下列實(shí)驗(yàn)，說法正確的是（）A.在“探究力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)外殼和桌面的摩擦?xí)绊憣?shí)驗(yàn)結(jié)果B.在“觀察光的雙縫干涉”的實(shí)驗(yàn)中，若看到干涉條紋與分劃板中心刻線不平行是因?yàn)閱坞p縫不平行造成的C.在“利用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中，若把擺線長(zhǎng)當(dāng)做擺長(zhǎng)，則測(cè)量的重力加速度會(huì)偏小D.在“利用油膜法測(cè)油酸分子直徑”的實(shí)驗(yàn)中，為了得到穩(wěn)定的油膜形狀，可以先滴入油酸酒精溶液再灑上痱子粉〖答案〗C〖解析〗A．在“探究力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)外殼和桌面的摩擦，不影響彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量，不會(huì)影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果，故A錯(cuò)誤；B．在“觀察光的雙縫干涉”的實(shí)驗(yàn)中，若看到干涉條紋與分劃板中心刻線不平行是因?yàn)榉謩澃逯行目叹€和雙縫不平行造成的，故B錯(cuò)誤；C．在“利用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)單擺周期公式可得可知若把擺線長(zhǎng)當(dāng)做擺長(zhǎng)，則擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，測(cè)量的重力加速度會(huì)偏小，故C正確；D．在“利用油膜法測(cè)油酸分子直徑”的實(shí)驗(yàn)中，為了得到穩(wěn)定的油膜形狀，正確操作步驟應(yīng)為在水面上先撒上痱子粉，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散開穩(wěn)定，故D錯(cuò)誤。19.如圖所示，在豎直放置圓柱形容器內(nèi)用質(zhì)量為m的活塞密封一部分氣體，活塞能無(wú)摩擦地滑動(dòng)，容器橫截面積為S，將整個(gè)裝置放在大氣壓恒為p0的空氣中，開始時(shí)氣體的溫度為T0，活塞與容器底的距離為h，環(huán)境溫度降低時(shí)容器內(nèi)氣體放熱，活塞緩慢下降一定高度d后再次平衡。（1）在活塞緩慢下降的過程中，氣體分子平均動(dòng)能如何變化；（2）求氣體內(nèi)部壓強(qiáng)p；（3）求整個(gè)過程外界對(duì)氣體所做的功；（4）已知整個(gè)過程氣體內(nèi)能減少了ΔU，求氣體向外界放出的熱量。〖答案〗（1）減??；（2）；（3）；（4）〖解析〗（1）在活塞緩慢下降的過程中，壓強(qiáng)不變，體積減少，溫度減低，所以氣體分子平均動(dòng)能減小。（2）對(duì)活塞分析，有得（3）對(duì)整過程分析，有（4）對(duì)整過程分析，有得放出熱量大小為20.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一運(yùn)輸裝置模型，如圖所示，該裝置由傾斜直軌道AB、水平傳送帶BC、兩個(gè)相同的四分之一光滑圓軌道CDE以及一輛平板車EF組成，AB與BC間平滑連接，其中C點(diǎn)和E點(diǎn)分別為圓軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，C點(diǎn)在傳送帶右端轉(zhuǎn)軸的正上方，與傳送帶間隙很小，恰好可以讓一個(gè)貨物通過，E點(diǎn)與平板車上表面持平。已知足夠長(zhǎng)軌道AB的傾角θ=37°，傳送帶長(zhǎng)L1=0.4m，圓軌道半徑R=0.2m，貨物與AB、BC軌道的動(dòng)摩擦因素μ1=0.125，與平板車的動(dòng)摩擦因素μ2=0.5。平板車質(zhì)量M=0.1kg，長(zhǎng)L2=1m，與水平地面的摩擦力不計(jì)。某次調(diào)試時(shí)將一質(zhì)量m=0.1kg的貨物從A點(diǎn)靜止釋放，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程貨物不能脫離軌道，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）若貨物從距離B點(diǎn)0.9m處?kù)o止釋放，求貨物在AB軌道上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（2）在（1）的情況下，若傳送帶靜止，求貨物運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道上C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（3）若傳送帶以3m/s順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，要使貨物不從平板車上滑落，求貨物釋放點(diǎn)與B點(diǎn)距離的取值范圍。〖答案〗（1）0.6s；（2）3N，方向豎直向上；（3）〖解析〗（1）貨物從A到B，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得（2）由（1）可得從B到C，根據(jù)動(dòng)能定理解得在C點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)牛頓第三定律，貨物對(duì)軌道的壓力大小為3N，方向豎直向上；（3）當(dāng)貨物滑到平板車上F點(diǎn)時(shí)與車恰好共速，此時(shí)貨物恰好不從車上滑落，設(shè)共速時(shí)兩者速度為，貨物滑到E點(diǎn)時(shí)的速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律又因?yàn)槟芰渴睾愣?，有?lián)立解得從C到E，根據(jù)動(dòng)能定理解得又由于貨物運(yùn)動(dòng)過程中不脫離軌道，在C點(diǎn)時(shí)的最小速度滿足解得所以經(jīng)過C點(diǎn)的速度范圍為若在傳送帶上全程加速到，則解得若在傳送帶上全程減速到，則解得所以經(jīng)過B點(diǎn)的速度范圍為從A到B，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得所以當(dāng)時(shí)，貨物既不會(huì)脫離軌道，也不會(huì)滑出平板車。21.如圖所示，PQ、MN是兩條固定在水平面內(nèi)間距l(xiāng)=1m的光滑平行軌道，兩軌道在O、O＇處各有一小段長(zhǎng)度可以忽略的絕緣體，絕緣體兩側(cè)為金屬導(dǎo)軌，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)。軌道左端連接一個(gè)R=0.3Ω的電阻，軌道的右端連接一個(gè)“恒流源”，使導(dǎo)體棒ab在OO＇右側(cè)時(shí)電流恒為I=0.5A。以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿軌道MN建立x軸，在0≤x≤1m區(qū)域范圍內(nèi)有以EF為底邊的等腰三角形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，B1=0.1T；在x＜0的足夠長(zhǎng)的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，B2=0.2T。兩區(qū)域磁場(chǎng)方向均垂直軌道平面向下。開始時(shí)，質(zhì)量m=0.05kg、長(zhǎng)度l=1m、電阻r=0.1Ω的導(dǎo)體棒ab在外力作用下靜止在EF處?，F(xiàn)撤去外力，發(fā)現(xiàn)ab棒沿軌道向左運(yùn)動(dòng)。已知重力加速度g取10m/s2，求：（1）撤去外力瞬間ab棒中的電流方向和ab棒所受安培力的大??；（2）撤去外力后，試畫出在0≤x≤1m范圍內(nèi)的F安—x圖像，并計(jì)算這個(gè)過程中安培力所做的功；（3）ab棒最終停的位置離的距離?！即鸢浮剑?）從b到a，0.05N；（2），0.025J；（3）0.5m〖解