2024屆廣東省廣州市普通高中高三下學(xué)期二模物理試卷【含答案解析】

2024年廣州市普通高中畢業(yè)班綜合測(cè)試（二）物理本試卷共6頁(yè)，15小題，滿(mǎn)分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必用黑色字跡的鋼筆或簽字筆將自己的姓名、考生號(hào)、試室號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。用2B鉛筆將試卷類(lèi)型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上，并在答題卡相應(yīng)位置上填涂考生號(hào)。2.作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，答案不能答在試卷上。3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫(xiě)在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來(lái)的答案，然后再寫(xiě)上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答的答案無(wú)效。4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，將試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖，光電管接入電路，用紫外線照射光電管陰極時(shí)，發(fā)生了光電效應(yīng)，回路中形成電流。下列說(shuō)法正確的是（）A.電流方向?yàn)閍→R→bB.電流方向?yàn)閎→R→aC.光照時(shí)間越長(zhǎng)，光電子的最大初動(dòng)能越大D.入射光光強(qiáng)增大，光電子的最大初動(dòng)能增大【答案】B【解析】【詳解】AB．電子從光電管陰極逸出，而電子帶負(fù)電，與電流方向相反，故電流方向?yàn)閎→R→a，A錯(cuò)誤，B正確；CD．逸出光子的最大動(dòng)能只與入射光的頻率有關(guān)，故CD錯(cuò)誤。故選B。2.如圖甲，由細(xì)線和裝有墨水的容器組成單擺，容器底端墨水均勻流出。當(dāng)單擺在豎直面內(nèi)擺動(dòng)時(shí)，長(zhǎng)木板以速度v垂直于擺動(dòng)平面勻速移動(dòng)距離L，形成了如圖乙的墨痕圖案，重力加速度為g，則該單擺的擺長(zhǎng)為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)單擺的周期公式可得由圖可得聯(lián)立可得故選A3.如圖是O為圓心、AB為直徑的透明圓盤(pán)截面，一束激光從空氣中平行AB由C點(diǎn)射入圓盤(pán)，在B點(diǎn)反射后從D點(diǎn)平行AB射出。已知圓盤(pán)半徑和AC距離相等，則該圓盤(pán)對(duì)激光的折射率為（）A.1.5 B.2 C. D.【答案】D【解析】【詳解】已知圓盤(pán)半徑和AC距離相等，則為等邊三角形，而，由幾何知識(shí)得而入射角i與相等，由幾何知識(shí)得由折射定律故選D。4.如圖為某發(fā)電廠輸電示意圖，發(fā)電廠的輸出電壓為U，輸電線的等效電阻為r，輸電線路中的電流為I，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，則該變壓器（）A.輸入電壓為U B.輸入電壓為IrC.輸出電壓為 D.輸出電壓為【答案】C【解析】【詳解】該變壓器的輸入電壓為根據(jù)理想變壓器電壓比等于匝數(shù)比，可得可得該變壓器的輸出電壓為故選C。5.如圖，一輛汽車(chē)以恒定速率通過(guò)圓弧拱橋，N為橋面最高處，則汽車(chē)（）A.在N處所受支持力大小大于其重力B.在N處所受支持力大小等于其重力C.從M到N過(guò)程所受支持力逐漸增大D.從M到N過(guò)程所受支持力逐漸減小【答案】C【解析】【詳解】AB．在N點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可得所以故AB錯(cuò)誤；CD．設(shè)汽車(chē)與圓心的連線與豎直方向的夾角為θ，則從M到N過(guò)程，速率v不變，θ減小，所以N增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖，在墻內(nèi)或地面埋有一根通有恒定電流的長(zhǎng)直導(dǎo)線。為探測(cè)該導(dǎo)線的走向，現(xiàn)用一個(gè)與靈敏電流計(jì)（圖中未畫(huà)出）串聯(lián)的感應(yīng)線圈進(jìn)行探測(cè)，結(jié)果如下表。忽略地磁場(chǎng)的影響，則該導(dǎo)線可能的走向是（）探測(cè)靈敏電流計(jì)有無(wú)示數(shù)線圈平面平行于地面Oabc沿Oa方向平移無(wú)沿Oc方向平移無(wú)線圈平面平行于墻面Oade沿Oa方向平移有沿Oe方向平移無(wú)A.Oa方向 B.Ob方向 C.Oc方向 D.Oe方向【答案】D【解析】【詳解】通電直導(dǎo)線周?chē)拇艌?chǎng)的是以導(dǎo)線為圓心的一個(gè)個(gè)同心圓，當(dāng)線圈平面平行于地面Oabc移動(dòng)時(shí)，線圈中無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，則穿過(guò)線圈的磁通量不變，說(shuō)明線圈平面與磁場(chǎng)所在平面平行，即通電導(dǎo)線應(yīng)垂直于Oabc平面，當(dāng)線圈平面平行于墻面Oade移動(dòng)時(shí)，沿Oa方向平移有電流，磁通量變化，沿Oe方向平移無(wú)電流，磁通量不變，說(shuō)明導(dǎo)線應(yīng)該沿Oe方向。故選D。7.如圖，汽車(chē)定速巡航（即速率不變）通過(guò)路面abcd，t1時(shí)刻經(jīng)過(guò)b、t2時(shí)刻經(jīng)過(guò)c、t3時(shí)刻經(jīng)過(guò)d。若汽車(chē)行駛過(guò)程所受空氣阻力和摩擦阻力的大小不變，則該過(guò)程汽車(chē)的功率P隨時(shí)間t變化的圖像是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)題意可知，汽車(chē)運(yùn)動(dòng)速率不變，設(shè)汽車(chē)行駛過(guò)程所受空氣阻力和摩擦阻力的大小為，在段有在段有在段有可知且、、保持不變，由公式可知，汽車(chē)的功率且、、保持不變。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖，將磁鐵回形針正上方緩慢靠近?；匦吾槺晃x桌面后向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程（）A.加速度增大 B.加速度不變C機(jī)械能增大 D.機(jī)械能不變【答案】AC【解析】【詳解】AB．對(duì)回形針受力分析，有回形針被吸離桌面后向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，所受磁場(chǎng)力增大，所以其加速度增大。故A正確；B錯(cuò)誤；CD．磁場(chǎng)力對(duì)回形針做正功，回形針的機(jī)械能增大。故C正確；D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖，運(yùn)動(dòng)員先后將甲、乙兩冰壺以相同的初速度從A點(diǎn)沿直線AO推離。若甲以加速度a1做勻減速運(yùn)動(dòng)后停在O點(diǎn)；乙先以加速度a2做勻減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)某位置，運(yùn)動(dòng)員開(kāi)始刷冰面減小動(dòng)摩擦因數(shù)，乙以加速度a3繼續(xù)做勻減速運(yùn)動(dòng)并停在O點(diǎn)，則（）A.a1<a2 B.a1<a3 C.a1>a3 D.a2>a3【答案】ACD【解析】【詳解】設(shè)，甲、乙兩冰壺的初速度為，乙先以加速度a2做勻減速運(yùn)動(dòng)的位移為，此時(shí)的速度是，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移關(guān)系公式，對(duì)甲冰壺可得對(duì)乙冰壺可得聯(lián)立可得整理可得由題意可知，乙冰壺在位移的摩擦力大于在位移的摩擦力，由牛頓第二定律可知，可得，又有對(duì)上式可知，若，則有，現(xiàn)有，推理可知。故選ACD。10.如圖，無(wú)初速度的經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，沿水平虛線進(jìn)入速度選擇器，打到右側(cè)熒光屏上O點(diǎn)。若無(wú)初速度的和經(jīng)同一加速電場(chǎng)加速，進(jìn)入速度選擇器，最后打到右側(cè)熒光屏上，則（）A.打到O點(diǎn) B.打到O點(diǎn)C.打到O點(diǎn)下方 D.打到O點(diǎn)上方【答案】BC【解析】【詳解】在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理解得經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，沿水平虛線進(jìn)入速度選擇器，打到右側(cè)熒光屏上O點(diǎn)，則可得的荷質(zhì)比等于的荷質(zhì)比，故離開(kāi)加速電場(chǎng)時(shí)的速度等于離開(kāi)加速電場(chǎng)時(shí)的速度，等于，故打到O點(diǎn)；的荷質(zhì)比大于的荷質(zhì)比，故離開(kāi)加速電場(chǎng)時(shí)的速度大于離開(kāi)加速電場(chǎng)時(shí)的速度，大于，在速度選擇器中，受到洛倫茲力大于電場(chǎng)力，打到O點(diǎn)下方。故選BC。三、非選擇題：共54分，考生根據(jù)要求作答。11.1.如圖甲，用量程為5N的彈簧測(cè)力計(jì)，測(cè)量一個(gè)超出其量程的物體的重力：（1）將表面印有等距圓環(huán)的白紙固定在豎直放置的木板上；（2）三根細(xì)線分別與彈簧測(cè)力計(jì)一端、一個(gè)圖釘、待測(cè)重物相連，彈簧測(cè)力計(jì)的另一端固定，通過(guò)改變圖釘在木板的位置調(diào)節(jié)細(xì)線OB，使細(xì)線的結(jié)點(diǎn)O與圓環(huán)的圓心位置重合；（3）標(biāo)出OA、OB、OC的拉力方向，記錄彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)__________N；（4）①根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件和平行四邊形定則，用“力的圖示”在圖乙中作出OA、OB拉力的合力______________；②由作圖結(jié)果可得重物的重力為_(kāi)__________N（結(jié)果保留一位小數(shù)）?！敬鸢浮竣?.00##2.99##3.01②.見(jiàn)解析③.7.0##6.8##6.9##7.1##7.2【解析】【詳解】（3）[1]彈簧測(cè)力計(jì)的最小分度為0.1N，讀數(shù)時(shí)需要估讀到0.01N，所以其讀數(shù)為3.00N。（4）①[2]做出力的圖示，如圖所示②[3]由作圖結(jié)果可得重物的重力為7.0N。12.用圖（a）的電路研究電容器的充放電，電源電動(dòng)勢(shì)為12V（內(nèi)阻忽略不計(jì)）；R1、R2、R3為定值電阻，其中R2=160Ω；電流傳感器（內(nèi)阻忽略不計(jì)）將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，顯示出電流隨時(shí)間變化的I-t圖像。（1）①閉合開(kāi)關(guān)K2，開(kāi)關(guān)K1與1接通，待充電完成后，再與2接通，電容器放電的I-t圖像如圖（b）中的圖線I，圖線I與時(shí)間軸圍成的“面積”為S1，其物理意義是_______________________________；②斷開(kāi)開(kāi)關(guān)K2，開(kāi)關(guān)K1與1接通，待充電完成后，再與2接通，電容器放電的I-t圖像如圖（b）中的圖線II，圖線II與時(shí)間軸圍成的“面積”為S2，理論上應(yīng)該有S1__________S2（選填“>”“<”或“=”）；（2）測(cè)得S1為2.64mA?s，由此可知電容器的電容C=________μF，定值電阻R3=________Ω；開(kāi)關(guān)K2閉合時(shí)，電容器放電過(guò)程中通過(guò)R3的電量為_(kāi)___________C。【答案】（1）①.電容器放電過(guò)程，通過(guò)電流傳感器的電荷量②.=（2）①.220②.480③.【解析】【小問(wèn)1詳解】①[1]根據(jù)可知I-t圖像與對(duì)應(yīng)時(shí)間軸所圍成的面積表示的物理意義是電荷量，即電容器放電過(guò)程，通過(guò)電流傳感器的電荷量。②[2]S1和S2均表示電容器放電的電荷量，所以小問(wèn)2詳解】[1]根據(jù)可得[2]根據(jù)可知，兩次放電過(guò)程的最大電流與電路電阻成反比，即解得[3]開(kāi)關(guān)K2閉合時(shí)，電容器放電過(guò)程中通過(guò)R3的電量為13.如圖為某同學(xué)根據(jù)“馬德堡半球模型”設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)。兩個(gè)底面積相同的輕質(zhì)圓筒，開(kāi)口端緊密對(duì)接，圓筒內(nèi)封閉氣體的總體積為V0=28mL，其壓強(qiáng)與大氣壓強(qiáng)相等，均為p0=1.0×105Pa。將注射器活塞推至針筒底部，通過(guò)細(xì)管與氣閥連通；打開(kāi)氣閥，然后緩慢拉動(dòng)活塞，當(dāng)注射器內(nèi)氣體體積為時(shí)停止拉動(dòng)。已知圓筒的底面積，裝置氣密性良好，圓筒形狀與氣體溫度全程不變。（1）求停止拉動(dòng)活塞時(shí)圓筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p；（2）關(guān)閉氣閥，撤去注射器，求將兩個(gè)圓筒沿軸線拉開(kāi)的最小拉力F?！敬鸢浮浚?）；（2）18N【解析】【詳解】（1）抽氣過(guò)程，以原球內(nèi)氣體為研究對(duì)象，緩慢過(guò)程為等溫變化過(guò)程，由玻意耳定律可得解得（2）對(duì)一個(gè)圓筒受力分析，有可知將兩個(gè)圓筒沿軸線拉開(kāi)的最小拉力為18N。14.如圖，水平面內(nèi)固定有平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌ab、cd和金屬圓環(huán)；金屬桿MN垂直導(dǎo)軌靜止放置，金屬桿OP一端在圓環(huán)圓心O處，另一端與圓環(huán)接觸良好。水平導(dǎo)軌區(qū)域、圓環(huán)區(qū)域有等大反向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。OP繞O點(diǎn)逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；閉合K，待MN勻速運(yùn)動(dòng)后，使OP停止轉(zhuǎn)動(dòng)并保持靜止。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，MN質(zhì)量為m，OP的角速度為ω，OP長(zhǎng)度、MN長(zhǎng)度和平行導(dǎo)軌間距均為L(zhǎng)，MN和OP的電阻阻值均為r，忽略其余電阻和一切摩擦，求：（1）閉合K瞬間MN所受安培力大小和方向；（2）MN勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大??；（3）從OP停止轉(zhuǎn)動(dòng)到MN停止運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，MN產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?），方向水平向左；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）當(dāng)OP繞O點(diǎn)逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，由右手定則可知O點(diǎn)電勢(shì)高，OP切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為閉合K瞬間，由閉合電路歐姆定律可知，通過(guò)MN的電流大小為方向由M到N。則有MN所受安培力大小為由左手定則可知，安培力方向水平向左。（2）閉合K后，則有MN向左做加速運(yùn)動(dòng)，速度逐漸增大，MN切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則感應(yīng)電流方向與原電流方向相反，減弱原電流，可知MN受安培力逐漸減小，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)MN中電流減小到零時(shí)，安培力是零，加速度是零，MN的速度達(dá)到最大，設(shè)為，此時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有MN切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與OP產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小相等，可知解得（3）從OP停止轉(zhuǎn)動(dòng)到MN停止運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，由能量守恒定律可知，電路中產(chǎn)生的焦耳熱為MN產(chǎn)生的焦耳熱為15.圖（a）是水平放置的“硬幣彈射器”裝置簡(jiǎn)圖，圖（b）是其俯視圖。滑槽內(nèi)的撞板通過(guò)兩橡皮繩與木板相連，其厚度與一個(gè)硬幣的相同?；鄢隹诙说摹皫艂}(cāng)”可疊放多個(gè)相同的硬幣。撞板每次被拉動(dòng)至同一位置后靜止釋放，與底層硬幣發(fā)生彈性正碰；碰后，撞板立即被鎖定，底層硬幣被彈出，上一層硬幣掉下補(bǔ)位。底層硬幣被撞后在摩擦力作用下減速，最后平拋落到水平地面上。已知每個(gè)硬幣質(zhì)量為m，撞板質(zhì)量為3m；每次撞板從靜止釋放到撞擊硬幣前瞬間，克服摩擦力做功為W，兩橡皮繩對(duì)撞板做的總功為4W；忽略空氣阻力，硬幣不翻轉(zhuǎn)。（1）求撞板撞擊硬幣前瞬間，撞板的速度v；（2）當(dāng)“幣倉(cāng)”中僅