新疆和田地區(qū)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期12月月考試題含解析

Page16高二物理試題留意事項(xiàng)考生在答題前請(qǐng)細(xì)致閱讀本留意事項(xiàng)及各題答題要求1.本試卷滿分為100分，考試時(shí)間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將答題卡交回。2.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在答題卡的規(guī)定位置。3.作答選擇題，必需用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。作答非選擇題，必需用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效。一、選擇題：共10題，每題3分，共30分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)最符合題目要求。1.關(guān)于重力，下列說(shuō)法中正確的是（）A.靜止的物體受重力，運(yùn)動(dòng)的物體不受重力B.向下運(yùn)動(dòng)的物體受重力，向上運(yùn)動(dòng)的物體不受重力C.受重力的物體對(duì)地球也有吸引力D.以上說(shuō)法都不正確【答案】C【解析】【詳解】AB．重力是由于地球的吸引而產(chǎn)生的力，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD．依據(jù)牛頓第三定律可得受重力的物體對(duì)地球也有吸引力，C正確，D錯(cuò)誤．故選C。2.如圖所示，真空中有一勻整介質(zhì)球，一束復(fù)色光平行于BOC從介質(zhì)球的A點(diǎn)折射進(jìn)入介質(zhì)球內(nèi)，進(jìn)入介質(zhì)球后分成光束Ⅰ、Ⅱ，其中光束Ⅰ恰好射到C點(diǎn)，光束Ⅱ射到D點(diǎn)，，則（）A.介質(zhì)球?qū)馐虻恼凵渎蚀笥贐.同時(shí)進(jìn)入介質(zhì)球的光束Ⅱ比光束Ⅰ先射出介質(zhì)球C.當(dāng)入射角大于某一特定角度時(shí)，從A點(diǎn)射進(jìn)介質(zhì)球的光束Ⅱ會(huì)發(fā)生全反射D.用光束Ⅰ和光束Ⅱ分別射向同一雙縫干涉裝置，光束Ⅱ的條紋間距比光束Ⅰ大【答案】A【解析】【詳解】A．對(duì)于光束I：在A點(diǎn)的入射角i=60°，折射角r=30°，則玻璃對(duì)光束I的折射率為由折射定律分析知，介質(zhì)球?qū)馐蛘凵渎蚀笥诮橘|(zhì)球?qū)馐鳬的折射率，即大于，故A正確；B．由分析知在介質(zhì)球中，光束Ⅰ的傳播速度大于光束Ⅱ的傳播速度，則同時(shí)進(jìn)入介質(zhì)球的光束Ⅱ比光束Ⅰ后射出介質(zhì)球，故B錯(cuò)誤；C．從A點(diǎn)射進(jìn)介質(zhì)球的光束Ⅱ，再射到界面時(shí)入射角等于A點(diǎn)的折射角，由光路可逆原理知，光線不會(huì)發(fā)生全反射，確定能從介質(zhì)球射出，故C錯(cuò)誤；D．介質(zhì)球?qū)馐虻恼凵渎蚀笥诮橘|(zhì)球?qū)馐鳬的折射率，說(shuō)明光束Ⅱ的頻率大，波長(zhǎng)短，而干涉條紋的間距與波長(zhǎng)成正比，則光束Ⅱ的條紋間距比光束Ⅰ小，故D錯(cuò)誤。故選A。3.下列說(shuō)法正確的是（）A.在波的傳播方向上，某個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度就是波的傳播速度B.在同一教室內(nèi)，由于老師講課的聲波是縱波，其中高音和低音部分傳播速度是不同的C.聲源與視察者相互靠近時(shí)，視察者所接收的聲波頻率小于聲源發(fā)出的聲波頻率D.向人體內(nèi)放射頻率已知的超聲波被血管中的血流反射后又被儀器接收，測(cè)出反射波的頻率變更就能知道血流的速度，這種方法俗稱“彩超”，利用的是多普勒效應(yīng)原理【答案】D【解析】【詳解】A．在波傳播方向上，某個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度和波的傳播速度是完全不同的兩個(gè)概念，質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度描述質(zhì)點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移變更的快慢，而波的傳播速度描述介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)狀態(tài)傳播的快慢，故A錯(cuò)誤；B．在同一教室內(nèi)，由于老師講課的聲波是縱波，由于是在同種介質(zhì)內(nèi)，所以其中高音和低音部分傳播速度相同，故B錯(cuò)誤；C．依據(jù)多普勒效應(yīng)可知，聲源與視察者相互靠近時(shí)，視察者所接收的聲波頻率大于聲源發(fā)出的聲波頻率，故C錯(cuò)誤；D．向人體內(nèi)放射頻率已知的超聲波被血管中的血流反射后又被儀器接收，測(cè)出反射波的頻率變更就能知道血流的速度，這種方法俗稱“彩超”，利用的是多普勒效應(yīng)原理，故D正確。故選D。4.光在科學(xué)技術(shù)、生產(chǎn)和生活中有著廣泛的應(yīng)用，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.在光導(dǎo)纖維束內(nèi)傳送圖像是利用光的全反射現(xiàn)象B.激光全息照相是利用了激光相干性好的特性C.日落時(shí)分拍攝水面下的景物，在照相機(jī)鏡頭前裝上偏振濾光片可以使景像更清楚D.用透亮的標(biāo)準(zhǔn)平面樣板檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象【答案】D【解析】【詳解】A．在光導(dǎo)纖維束內(nèi)傳送圖像是利用光的全反射現(xiàn)象，選項(xiàng)A正確，不符合題意；B．激光全息照相是利用了激光相干性好特性，選項(xiàng)B正確，不符合題意；C．日落時(shí)分，拍攝水面下的景物，在照相機(jī)鏡頭前裝上偏振濾光片，利用光的干涉，可以將反射光減弱，透射光增加，可以使景像更清楚，故C正確，不符合題意；D．用透亮的標(biāo)準(zhǔn)平面樣板檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象，選項(xiàng)D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。5.如圖所示為玻璃圓柱體的截面圖，半徑為，玻璃的折射率為。在截面內(nèi)有兩條間距為的平行光線，下面的光線過(guò)圓心O，經(jīng)過(guò)玻璃圓柱體后，兩出射光線相交于圖中P點(diǎn)。則圓心O到P點(diǎn)的距離為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】光路圖如圖所示依據(jù)題意可知，通過(guò)M點(diǎn)的光線入射角為依據(jù)光折射定律可得折射角由于為等腰三角形，可知光線從N點(diǎn)射出時(shí)的入射角為30o，從而折射角為45o，依據(jù)幾何關(guān)系可知在中，依據(jù)正弦定理解得故選A。6.下列關(guān)于光學(xué)現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是（）A.激光的相干性好，可以用于精確測(cè)距B.陽(yáng)光下水面上的油膜呈現(xiàn)出彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象C.觀看3D立體電影時(shí)，觀眾戴的眼鏡是應(yīng)用光的全反射原理制成的D.唐詩(shī)“潭清疑水淺，荷動(dòng)知魚(yú)散”中“疑水淺”是由于發(fā)生了光的折射【答案】D【解析】【詳解】A．激光的相干性好可以用來(lái)通信，激光的平行度好可以用來(lái)測(cè)距，故A錯(cuò)誤；B．陽(yáng)光下水面上的油膜呈現(xiàn)出彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．在放映時(shí)，通過(guò)兩個(gè)放映機(jī)，把用兩個(gè)攝影機(jī)拍下的兩組膠片同步放映，使這略有差別的兩幅圖象重疊在銀幕上。這時(shí)假如用眼睛干脆觀看，看到的畫(huà)面是模糊不清的，要看到立體電影，就要在每架電影機(jī)前裝一塊偏振片，它的作用相當(dāng)于起偏器。從兩架放映機(jī)射出的光，通過(guò)偏振片后，就成了偏振光，左右兩架放映機(jī)前的偏振片的偏振化方向相互垂直，因而產(chǎn)生的兩束偏振光的偏振方向也相互垂直，故C錯(cuò)誤；D．人看到的水底是光從水中斜射入空氣中時(shí)發(fā)生折射形成的虛像，屬于光的折射，像的位置比實(shí)際物體要淺，所以看上去水底淺，事實(shí)上很深，故D正確。故選D。7.一列簡(jiǎn)諧橫波從左向右以的速度傳播，某時(shí)刻的波形圖如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.A質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)一個(gè)周期將傳播到D處 B.B質(zhì)點(diǎn)正在向下運(yùn)動(dòng)C.C質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)回到最低點(diǎn) D.該波的頻率為【答案】D【解析】【詳解】A．A質(zhì)點(diǎn)只在平衡位置旁邊振動(dòng)，不會(huì)沿波傳播方向而遷移，故A錯(cuò)誤；B．此時(shí)B質(zhì)點(diǎn)正位于波傳播方向波形的下坡，所以正在向上運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．C質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)回到平衡位置，故C錯(cuò)誤；D．該波的波長(zhǎng)為λ=0.1m，所以該波的頻率為故D正確。故選D。8.據(jù)新聞報(bào)道，某地在的路面上設(shè)置了41條減速帶，非但沒(méi)有帶來(lái)平安，反而給群眾的正常出行造成了極大的影響。假設(shè)減速帶勻整設(shè)置，某汽車(chē)的固有頻率為。當(dāng)該汽車(chē)勻速通過(guò)減速帶時(shí)（）A.當(dāng)車(chē)速為時(shí)，汽車(chē)最顛簸B.汽車(chē)的行駛速度越快，顛簸越厲害C.當(dāng)車(chē)速為時(shí)，汽車(chē)的固有頻率變?yōu)镈.當(dāng)車(chē)速為時(shí)，汽車(chē)的振動(dòng)頻率為【答案】A【解析】【詳解】AB．相鄰兩個(gè)減速帶之間的距離為d=2.5m，則當(dāng)汽車(chē)最顛簸時(shí)，汽車(chē)產(chǎn)生共振，則速度并不是汽車(chē)的行駛速度越快，顛簸越厲害，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C．汽車(chē)的固有頻率由汽車(chē)本身的結(jié)構(gòu)確定，與車(chē)速無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．當(dāng)車(chē)速為時(shí)，此時(shí)驅(qū)動(dòng)力的頻率為即此時(shí)汽車(chē)的振動(dòng)頻率為，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。9.如圖所示，在固定的水平桿上，套有質(zhì)量為m的光滑圓環(huán)，輕繩一端拴在環(huán)上，另一端系著質(zhì)量為M的木塊，現(xiàn)有質(zhì)量為m0的子彈以大小為v0的水平速度射入木塊并立刻留在木塊中，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.子彈射入木塊后的瞬間，速度大小為B.子彈射入木塊后的瞬間，繩子拉力等于C.子彈射入木塊后的瞬間，環(huán)對(duì)輕桿的壓力大于D.子彈射入木塊之后，圓環(huán)、木塊和子彈構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒【答案】C【解析】【詳解】A．子彈射入木塊后的瞬間，子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以v0的方向?yàn)檎较?，則解得v1＝故A錯(cuò)誤；B．子彈射入木塊后的瞬間解得繩子拉力故B錯(cuò)誤；C．子彈射入木塊后的瞬間，對(duì)圓環(huán)由牛頓第三定律知，環(huán)對(duì)輕桿的壓力大于，故C正確；D．子彈射入木塊之后，圓環(huán)、木塊和子彈構(gòu)成的系統(tǒng)只在水平方向動(dòng)量守恒，故D錯(cuò)誤。故選C。10.兩個(gè)質(zhì)量相等完全相同的小球A、B在同一光滑水平面上，將A以速度碰撞靜止的B球，碰撞后，B球的速度不行能是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】若兩球發(fā)生完全非彈性碰撞，則解得v1′=2m/s若兩球發(fā)生完全彈性碰撞，則解得v2=4m/s則B球的速度范圍為則不行能是5m/s。故選C。二、非選擇題：共70分11.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置用來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。(1)試驗(yàn)中，質(zhì)量為m1的入射小球A和質(zhì)量為m2的被碰小球B的質(zhì)量關(guān)系是m1______m2（選填“大于”、“等于”、“小于”）；(2)圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的投影，試驗(yàn)時(shí)，先讓入射小球m1多次從斜軌上同一位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量平拋水平射程O(píng)P。然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上同一位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)本操作。接下來(lái)要完成的必要步驟是______。（填選項(xiàng)前的字母）A.用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1，m2B.測(cè)量小球m1起先釋放的高度hC.測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度HD.分別通過(guò)畫(huà)最小的圓找到m1，m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置M，N，并測(cè)量平拋水平射程O(píng)M，ON(3)圖中若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，系統(tǒng)動(dòng)量守恒的表達(dá)式可表示為_(kāi)_____（用(2)中測(cè)量的量表示）；【答案】①.大于②.AD③.【解析】【分析】【詳解】(1)[1]為防止碰撞后入射球反彈，試驗(yàn)中質(zhì)量為m1的入射小球和質(zhì)量為m2的被碰小球的質(zhì)量關(guān)系是m1大于m2。(2)[2]假如碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律定律得m1v1=m1v2+m2v3小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以t得m1v1t=m1v2t+m2v3t得m1OP=m1OM+m2ON試驗(yàn)須要測(cè)量：兩球的質(zhì)量、兩球的水平位移，故選AD；(3)[3]由(2)可知，試驗(yàn)須要驗(yàn)證的表達(dá)式為m1OP=m1OM+m2ON12.“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的試驗(yàn)裝置如圖甲所示。測(cè)量頭由分劃板、目鏡、手輪等構(gòu)成，已知雙縫與屏的距離為L(zhǎng)，雙縫間距為d。①如圖乙所示，移動(dòng)測(cè)量頭上的手輪，使分劃板的中心刻線對(duì)準(zhǔn)第1條亮紋的中心，此時(shí)手輪上螺旋測(cè)微器的讀數(shù)如圖丙所示，x1=________。轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板的中心刻線向右移動(dòng)對(duì)準(zhǔn)第4條亮紋的中心，此時(shí)手輪上螺旋測(cè)微器的讀數(shù)x2為6.740mm。②已知雙縫與屏的距離為L(zhǎng)=0.9m，雙縫間距為d=0.3mm。利用測(cè)量數(shù)據(jù)，計(jì)算出波長(zhǎng)λ=________nm。③對(duì)于某種單色光，為增加相鄰亮紋間的距離，可實(shí)行________或__________的方法。【答案】①.1.700mm②.560nm③.增大L④.減小d【解析】【詳解】①[1]圖丙中固定刻度讀數(shù)為；可移動(dòng)刻度讀數(shù)為所以最終讀數(shù)為②[2]由公式，得③由公式可知，不變，要使增大，則須要使L增大，或使d減小。13.如圖所示，甲為某一波在時(shí)的圖象波速為，乙為參加該波動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，則：（1）說(shuō)出兩圖中的意義（2）說(shuō)出甲圖中圖線的意義．（3）在甲圖中畫(huà)出再經(jīng)時(shí)的波形圖．（4）求再經(jīng)過(guò)時(shí)質(zhì)點(diǎn)的路程和位移．【答案】（1）甲圖中的AA'表示處質(zhì)點(diǎn)的振幅，乙圖中的AA表示P質(zhì)點(diǎn)的振幅．（2）甲圖中QA'B圖線表示O到B之間全部質(zhì)點(diǎn)在時(shí)的位移狀況．（3）（4）0【解析】【詳解】（1）甲圖中AA'表示處質(zhì)點(diǎn)的振幅或時(shí)的質(zhì)點(diǎn)的位移大小為，方向?yàn)樨?fù)；乙圖中AA'表示P質(zhì)點(diǎn)的振幅或P質(zhì)點(diǎn)在時(shí)的位移大小為，方向?yàn)樨?fù)．（2）甲圖中OA'B圖線表示O到B之間全部質(zhì)點(diǎn)在1s時(shí)的位移，方向均為負(fù)．由乙圖看出P質(zhì)點(diǎn)在時(shí)向y軸負(fù)方向振動(dòng)，所以甲圖中波向左傳播，則OA間各質(zhì)點(diǎn)正向遠(yuǎn)離平衡位置方向振動(dòng)，AB間各質(zhì)點(diǎn)正向靠近平衡位置方向振動(dòng)．（3）傳播距離：所以只需將波形向x軸負(fù)向平移即可，如圖所示．（4）求路程：，所以路程求位移：由于波動(dòng)的重復(fù)性，閱歷時(shí)間為周期的整數(shù)倍時(shí)，位移不變，所以只需得知從圖示時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)經(jīng)時(shí)的位移即可，所以經(jīng)質(zhì)點(diǎn)P的位移仍為．14.如圖所示，“L”形槽固定在光滑水平面，槽的曲面部分光滑，水平部分粗糙且長(zhǎng)度d=2m，且上方有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E=102N/C。不帶電的絕緣物體B靜止在槽的水平部分最左端，在槽的最右端并排放置一個(gè)與它等高的，足夠長(zhǎng)的木板C，足夠遠(yuǎn)處有豎直的擋板P。A、B、C質(zhì)量均為m=1kg，現(xiàn)將帶正電的電荷量為q=5×10﹣2C的物體A從槽的曲面上距B的豎直高度為h=0.8m處由靜止釋放，已知A、B與槽的水平部分及C的上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.4。A與B，C與P的碰撞過(guò)程時(shí)間極短且碰撞過(guò)程中無(wú)機(jī)械能損失。A、B均可看作質(zhì)點(diǎn)且A的電荷量始終保持不變，g取10m/s2求：（1）A與B第一次碰撞后B的速度；（2）物體B最終停在距離木板C左端多遠(yuǎn)處?！敬鸢浮浚?）4m/s；（2）0.5m【解析】【詳解】(1)設(shè)A與B第一次碰撞前瞬間A的速度大小為v0，由機(jī)械能守恒定律有解得v0=4m/s設(shè)A與B碰撞后二者的速度大小分別為vA、vB，規(guī)定向右為正方向，依據(jù)動(dòng)量守恒定律有mv0=mvA+mvB依據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得vA=0，vB=4m/s(2)A與B第一次碰撞后A做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，依據(jù)牛頓其次定律可得其加速度大小為A與B第一次碰撞后B做勻減速速直線運(yùn)動(dòng)，依據(jù)牛頓其次定律得可得其加速度大小為B的速度減到零所需的時(shí)間為t時(shí)間內(nèi)B的位移為A的位移為所以當(dāng)B的速度減到零以后A、B才發(fā)生其次次碰撞，其次次碰撞前A的速度大小為設(shè)其次次碰撞后A、B的速度大小分別為vA''和vB'，依據(jù)（1）題中結(jié)論可知二者碰撞后速度交換，則vA''=0vB'=2m/sA與B完成其次次碰撞后A將靜止，此時(shí)B剛好滑上C的上表面，設(shè)B與C在第一次與擋板P碰前的共同速度為v1，依據(jù)動(dòng)量守恒定律有mvB'=2mv1代入數(shù)據(jù)解得v1=1m/sC與P碰后向左運(yùn)動(dòng)，因?yàn)锽與C動(dòng)量大小相同，方向相反，取水平向右為正方向，設(shè)B、C的最終速度為v2，,依據(jù)動(dòng)量守恒定律得mv1﹣mv1=2mv2解得v2=0因此最終B、C靜止，B滑上C時(shí)的初動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，由能量守恒定律得設(shè)物體B最終停在距離木板C