廣西防城港市高三1月模擬考試理綜物理試題

廣西防城港市2018屆高三1月模擬考試理綜物理試題二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第14~17題只有一項符合題目要求，第18~21題有多項符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1.氫原子能級示意圖如圖所示，處于n=4能級的靜止氫原子，輻射出光子后，能使金屬鎢發(fā)生光電效應，已知鎢的逸出功為4.54eV，下述說法中正確的是A.氫原子輻射的光子都能使鎢發(fā)生光電效應B.光電子的最大初動能為8.21eVC.鎢能吸收兩個從n=4向n=2能級躍遷的光子而發(fā)生光電效應D.氫原子輻射一個光子后，氫原子核外電子的速率減小【答案】B【解析】A、根據(jù)波爾的氫原子結(jié)構(gòu)理論，n=4能級的氫原子向低能級躍遷可發(fā)出6種光子，這六種光子中由n=4、3、2向基態(tài)躍遷的放出的光子能力大于鎢的逸出功，可發(fā)生光電效應，A錯誤；B、最大的光子能力為E=E4E1=12.75eV，根據(jù)光電效應放出Ekm=hvW0=8.21eV，B正確；C、金屬只吸收大于極限頻率的光子，發(fā)生光電效應，C錯誤；D、氫原子輻射一個光子后，氫原子核外電子到較低的軌道上運動，運動的速率增大，D錯誤。故選B。【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷輻射或吸收光子的能量等于兩能級間的能級差，以及掌握光電效應方程EKm=hvW0．2.如圖所示，a、b、c三根輕質(zhì)細繩懸掛兩個治療相同的小球A、B保持靜止，細繩a是水平的，現(xiàn)對B球施加一個水平向右的力F，將B緩慢拉到圖中虛線位置，A球保持不動，這時三根細繩張力Fa、Fb、Fc的變化情況是A.都變大B.都不變C.Fa、FD.Fa、F【答案】D【解析】以B為研究對象受力分析，由分解法作圖如圖：由圖可以看出，當將B緩緩拉到圖中虛線位置過程，繩子與與豎直方向夾角變大，繩子的拉力大小對應圖中1、2、3三個位置大小所示，即Fc逐漸變大，F(xiàn)逐漸變大；再以AB整體為研究對象受力分析，設(shè)b繩與水平方向夾角為α，則豎直方向有Fbsinα=2mg，3.如圖所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為2：1，原線圈兩端所加電壓如圖所示，與副線圈相連的兩個燈泡完全相同，閉合電鍵K后，正確的是A.電流表示數(shù)減小B.電壓示數(shù)為110C.變壓器的輸入功率增大D.燈泡上的交流電每秒鐘方向改變50次【答案】C【解析】A、B、當閉合開關(guān)后，副線圈兩端電壓不變，故電壓表示數(shù)為100V，電流表示數(shù)不變，A、B錯誤；C、D、兩個燈泡正常工作，故功率增大，經(jīng)過燈泡的電流頻率為50Hz，每秒鐘方向改變100次，C正確、D錯誤。故選C.【點睛】理想變壓器是理想化模型，一是不計線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象。同時副線圈的電壓由原線圈電壓與原副線圈匝數(shù)決定，而原線圈的電流由副線圈決定，變壓器不改變頻率。4.圖示為一個半徑為R的均勻帶電圓環(huán)，取環(huán)面中心O為原點，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸，P到O點的距離為2R，質(zhì)量為m，帶負電且電量為q的小球從軸上P點由靜止釋放，小球運動到Q點時受到為零，Q點再O點上方R處，下列說法正確的是A.P點電勢比Q點電勢低B.P點電場比Q點場強大C.P、Q兩點的電勢差為mD.Q點的場強大小等于m【答案】C【解析】A、由題意可知帶負電小球由P點到Q點先加速后減速運動，受到沿x軸向上的電場力作用，故場強沿x軸向下，沿電場線方向電勢逐漸降低，故P點電勢比Q點電勢高，A錯誤；B、D、開始EPq<mg，在Q點EQq≥mg，故P點場強必Q點場強小，B、D錯誤；C、由P到Q由動能定理可知克服電場力做功為【點睛】解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)小球的運動情況，判斷其受力情況。知道動能定理是求電勢差常用的方法。5.如圖所示，質(zhì)量分布為m和M的兩長方體物塊P和Q，疊放在傾角為θ的固定斜面上，P、Q間的動摩擦因數(shù)為μ1，Q與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ2，當它們一起沖上斜面，沿斜面向上滑動時，兩物塊始終保持相對靜止，則物塊P對A.大小為μB.大小為μC.方向平行于斜面向上D.方向平行于斜面向下【答案】BC【解析】對PQ整體受力分析，受到重力、支持力和滑動摩擦力，如圖；根據(jù)牛頓第二定律m+Mgsinθ+μ2m+Mgcosθ=m+M【點睛】本題關(guān)鍵要靈活選擇研究對象，先整體后隔離解答比較簡潔．求P、Q間的內(nèi)力時必須采用隔離法．6.如圖所示，M為水平放置的橡膠圓盤，在其外側(cè)面均勻地帶有負電荷。在M正上方用絲線懸掛一個閉合鋁環(huán)N，鋁環(huán)也處于水平面中，且M盤和N環(huán)的中心在同一條豎直線O1O2A.鋁環(huán)N有沿逆時針方向的感應電流B.鋁環(huán)N有擴大的趨勢C.橡膠圓盤M對鋁環(huán)N的作用力方向豎直向下D.橡膠圓盤M對鋁環(huán)N的作用力方向豎直向上【答案】AD【解析】A、依據(jù)楞次定律，可知，穿過環(huán)N的磁通量，向上且增大，因此環(huán)N有沿逆時針方向的感應電流，故A正確；B、C、D、膠木盤M由靜止開始繞其軸線OO′按箭頭所示方向加速轉(zhuǎn)動，形成環(huán)形電流，環(huán)形電流的大小增大；橡膠圓盤，在其外側(cè)面均勻地帶有負電荷，根據(jù)右手螺旋定則知，通過N線圈的磁通量向下，且增大，根據(jù)楞次定律的另一種表述，引起的機械效果阻礙磁通量的增大，知金屬環(huán)的面積有縮小的趨勢，且有向上的運動趨勢，所以，橡膠圓盤M對鋁環(huán)N的作用力方向豎直向上，且鋁環(huán)N有收縮的趨勢。故D正確，B、C錯誤。故選AD?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷電流周圍磁場的方向，以及掌握楞次定律的另一種表述，即感應電流引起的機械效果阻礙磁通量的變化．7.如圖為某著陸器多次變軌后登陸火星的軌跡圖，軌道上的P、S、Q三點與火星中心在同一直線上，P、Q兩點分別是橢圓軌道的遠火星點和金火星點，且PQ=2QS，（已知軌道II為圓軌道）下列說法正確的是A.著陸器在P點由軌道I進入軌道II需要點火減速B.著陸器在軌道II上由P點運動到S點的時間是著陸器在軌道III上由P點運動到Q點的時間的2倍C.著陸器在軌道II上S點與在軌道II上P點的加速度大小相等D.著陸器在軌道II上S點的速度小于在軌道III上P點速度【答案】AC【解析】A、由題可知，軌道II是圓軌道，所以著陸器由軌道I進入軌道II，需要減速，A正確；C、因為萬有引力提供向心力，所以GMmr2=ma，著陸器在軌道II上S點與在軌道III上P點到火星的球心之間的距離是相等的，所以加速度大小相等，C正確；B、著陸器在軌道II上由P點運動到S點的時間和著陸器在軌道III上由P點運動到Q點的時都是各自周期的一半，根據(jù)開普勒第三定律，有(PQ2)3T【點睛】本題關(guān)鍵是明確加速度有合力和質(zhì)量決定導致同一位置的衛(wèi)星的加速度相同；然后結(jié)合開普勒第三定律和牛頓第二定律列式分析．8.水平推力F1和F2分別作用在水平面上等質(zhì)量的a、b兩物體上，作用一段時間后撤去推力，物體將繼續(xù)運動一段時間后停下，兩物體vt的圖像如圖所示，圖中AB∥CD，則A.F1的沖量小于F2的沖量B.F1的沖量等于F2的沖量C.兩物體受到的摩擦力大小相等D.兩物體受到的摩擦力大小不等【答案】AC【解析】設(shè)a、b兩物體的加速運動時間分別為t1、t2，則由圖知t1＜t2，當只有摩擦力Ff作用時，由AB∥CD知圖線斜率相同，則加速度相等，由牛頓第二定律知，摩擦力Ff相等，故C選項正確，D選項錯誤．對a，由動量定理得：IF1－Fft1＝mvA；對b同理得：IF2－Fft2＝mvC.由圖象知，vA＝vC，t1＜t2，所以由mvA＝mvC知，IF1<IF2，因此F1t1＜F2t2，即A正確，B錯誤．故選：AC。點睛：由速度圖象分析可知，水平推力撤去后，AB與CD平行，說明加速度相同，動摩擦因數(shù)相同，兩物體的質(zhì)量相等，說明摩擦力大小相等；根據(jù)動量定理，研究整個過程，確定兩個推力的沖量關(guān)系。三、非選擇題9.如圖所示，為某同學在測量小車加速度的實驗中，用打點計時器打出的一條紙帶，已知打點計時器采用的是頻率為50Hz的交流電，兩計數(shù)點間還有四個點沒有畫出，則根據(jù)紙帶，可求出3號計數(shù)點的速度_________m/s，小車運動的加速度為______m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【答案】(1).0.611(2).2.00【解析】兩相鄰計數(shù)點間還有四個點沒有畫出，計數(shù)點間的時間間隔：T=0.02×5=0.1s；根據(jù)勻變速直線運動推論可知：v3=x23+x34210.要組裝一個單量程的歐姆表，所給電池的電動勢為1.5V，內(nèi)阻可忽略不計，其他可供選擇的主要器材有：電流表A1（量程0~100μA，內(nèi)阻1500Ω）；電流表A2（量程0~1mA，內(nèi)阻1000Ω）；變阻器R1（阻值范圍0~300Ω）；變阻器R2（阻值范圍0~800Ω）；(1)在方框內(nèi)畫出組裝歐姆表的電路圖______________；(2)在組裝時，電流表選用__________（用代號表示），變阻器選用_________（用代號表示）；(3)在上面組裝的單量程歐盟表中，如電流表的表盤刻度分為四等分，如圖所示，其中A為電流表的零刻度，作為單量程歐姆表，刻度E表示的阻值為_______Ω，刻度C表示的阻值為______歐盟?！敬鸢浮?1).(2).A2(3).R2(4).0(5).1500【解析】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律可以知道電路中最小電阻Rmin=Ra+R空=EIA，當IA=(2)由上面的分析可以知道，電流表應選A2，變阻器應選R2(3)根據(jù)閉合電路歐盟定律可以知道I=ERA+R2+Rx，當I=IA=1m【點睛】本題的關(guān)鍵是明確歐姆表的改裝原理，先畫出電路圖，然后根據(jù)閉合電路歐姆定律求出當電流為1mA時電路的最小電阻，即可選出變阻器的阻值．11.如圖甲所示，在水平地面上放置一個質(zhì)量為m=4kg的物體，讓其在隨位移均勻減小的水平推力作用下運動，推力F隨位移x變化的圖像如圖乙所示，已知物體與地面之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5，g=(1)出發(fā)時物體運動的加速度大??；(2)物體距出發(fā)多遠達到最大速度；(3)物體能夠運動的最大位移?！敬鸢浮?1)a=20m/s2【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)?μm故a(2)由圖像求出，推力F隨位移x變化的數(shù)值關(guān)系為F速度最大時，物體加速度為零，則F=解得x=4m(3)根據(jù)F=100?于是推力對物體做的功為W=由動能定理可得W?解得x【點睛】本題考查了牛頓第二定律和動能定理的綜合運用，知道Fx圖線圍成的面積表示F做功的大小12.如圖所示，在xOy平面的y軸左側(cè)存在沿y軸正方向的勻強電場，y軸右側(cè)區(qū)域I內(nèi)存在垂直于紙面向內(nèi)的勻強磁場，磁感應強度大小為B1=mv0qL，區(qū)域II內(nèi)有垂直紙面向外的勻強磁場，區(qū)域I、區(qū)域II的寬度均為2L，高度分別為EF=2L，和DE=23L，質(zhì)量也為m、電荷量為q的帶正電的粒子從坐標為（2L，2L）的A點以速度v(1)勻強電場的電場強度大小E；(2)要使粒子從區(qū)域II的右邊界DE離開磁場，可在區(qū)域II內(nèi)加垂直于紙面向外的勻強磁場，試確定磁感應強度B的大小范圍；(3)若粒子恰能從II區(qū)右邊界DE間離x軸最遠的點射出，求粒子在磁場中運動的時間?！敬鸢浮?1)E=mv0【解析】(1)帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，有2L=v0t，(2)設(shè)帶電粒子經(jīng)C典時的豎直分速度為vy，速度為v，vy可知v=2v0方向與y軸正向成由q解得:R根據(jù)幾何關(guān)系可知，帶電粒子從區(qū)域II的上邊界離開磁場的半徑滿足2由qv解得3(3)粒子在區(qū)域I磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為α=粒子在區(qū)域I區(qū)域運動的時間為t粒子在II區(qū)域運動的最大半徑為r，r轉(zhuǎn)過的圓心角為β，由幾何關(guān)系可知β粒子在區(qū)域II區(qū)域運動的時間為t粒子在磁場中運動的時間t【點睛】本題涉及了類平拋運動、勻速圓周運動，學會處理這兩運動的規(guī)律：類平拋運動強調(diào)運動的分解，勻速圓周運動強調(diào)幾何關(guān)系確定半徑與已知長度的關(guān)系。13.質(zhì)量一定的某種物質(zhì)，在壓強不變的條件下，由固態(tài)I到氣態(tài)III變化過程中溫度T隨加熱時間t變化關(guān)系如圖所示，單位時間所吸收的熱量可看做不變，氣態(tài)III可看成理想氣體。下列說法正確的是A.該物質(zhì)是晶體B.該物質(zhì)分子平均動能隨著時間的增大而增大C.在t1D.在t4E.在t4【答案】ACD【解析】試題分析：該物質(zhì)有固定的熔點，所以是晶體，故A正確；因為溫度是分子平均動能的標志，所以物質(zhì)分子的平均動能也隨著時間先增加，然后不變，之后又增加，故B錯誤；物質(zhì)的內(nèi)能是分子總動能與分子總勢能之和，在t1～t2時間內(nèi)，溫度不變，分子的平均動能不變，吸收的熱量用來增加分子間的勢能，所以分子勢能隨時間的增加而增大，故C正確；在t2～t3【點睛】該題不但考察了物質(zhì)物態(tài)的變化，還考察了物質(zhì)在物態(tài)變化的過程中能量的變化．在解答過程中要熟練的掌握在物態(tài)變化的過程中能量是如何變化的，尤其是在汽化過程中，溫度雖然不變，但是內(nèi)能卻在增加．同時還考察了熱力學第一定律的應用．14.如圖所示，一上端開口，下端封閉的細長玻璃管豎直放置。玻璃管的下部封有長l1=25.0cm的空氣柱，中間有一段長l2=25.0cm①壓縮后下部空氣柱的壓強；②活塞下推的距離?！敬鸢浮竣?25cmHg②15cm【解析】①設(shè)玻璃管的橫截面積為S，以cmHg為壓強單位，在活塞下推前，玻璃管下部空氣柱的壓強為p1=p0由玻意耳定律可得p1解得p②壓縮后玻璃管上部空氣柱的壓強為p3'由玻意耳定律可得p設(shè)活塞下推距離為Δ解得Δ【點睛】本題關(guān)鍵是對兩端封閉