2021屆福建泉州市高考物理一模試卷附答案詳解

2021屆福建泉州市高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共20.0分）

1.如圖甲，一維坐標(biāo)系中有一質(zhì)量為m=2kg的物塊靜置于x軸上的

某位置（圖中未畫(huà)出），t=0時(shí)刻，物塊在外力作用下沿x軸開(kāi)始運(yùn)

動(dòng)，如圖乙為其位置坐標(biāo)和速率平方關(guān)系圖像的?部分，下列說(shuō)

法正確的是

A.t=4s時(shí)物塊的速率為2m/s

B.物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)且加速度大小為17H/S2

C.t=4s時(shí)物塊位于x=4nl處

D.在0?4s時(shí)間內(nèi)物塊運(yùn)動(dòng)的位移67n

2.如圖所示，一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)均可調(diào)節(jié)，原線圈兩端接一正弦式交變電流，為了

使變壓器輸入功率增大,

A.只增加原線圈的匝數(shù)叫B.只減少副線圈的匝數(shù)電

C.只減小負(fù)載電阻R的阻值D.只增大負(fù)載電阻尺的阻值

3.把皮球從地面以某一初速度豎直上拋，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后皮球又落回拋出點(diǎn)，上升最大高度的一

半處記為4點(diǎn).以地面為零勢(shì)能面.設(shè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力大小與速率成正比，則下列說(shuō)

法不正確的是（）

A.皮球上升過(guò)程中的克服重力做功等于下降過(guò)程中重力做功

B.皮球上升過(guò)程中重力的沖量大于下降過(guò)程中重力的沖量

C.皮球上升過(guò)程與下降過(guò)程空氣阻力的沖量大小相等

D.皮球下降過(guò)程中重力勢(shì)能與動(dòng)能相等的位置在4點(diǎn)下方

4.如圖所示，同一軌道上有兩艘繞地球運(yùn)行的宇宙飛船，它們的運(yùn)行周

期為T(mén)，運(yùn)行速度為/已知引力常量為G,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.地球的質(zhì)量為鑒

B.兩飛船運(yùn)動(dòng)的軌道半徑釁

C.兩飛船運(yùn)動(dòng)的加速度為平

D.后面的飛船要追上前面的飛船進(jìn)行對(duì)接需向后噴出一些物質(zhì)使其加速

5.如圖所示，傾角為a足夠大的光滑斜面上，有一個(gè)xOy坐標(biāo)系，x軸]4]

沿水平方向.若將光滑金屬小球從。點(diǎn)分別施以不同的初始運(yùn)動(dòng)條/~/—?/

件，關(guān)于其后運(yùn)動(dòng)規(guī)律，下列分析不正確的有（）//

A.將小球以初速度%分別沿x和y的正方向拋出后，將同時(shí)到達(dá)斜■

面底邊

B.將小球以初速度%分別沿％正方向和y的負(fù)方向拋出，到達(dá)斜面底邊時(shí)速度一樣大

C.將小球以速度北沿x正方向拋出和無(wú)初速度釋放小球，到達(dá)斜面底邊的時(shí)間相同

D.無(wú)論怎樣將小球沿斜面拋出或釋放，小球做的都是勻變速運(yùn)動(dòng)，加速度大小均為gs譏a

二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）

6.下列說(shuō)法中正確的是（）

A.盧瑟福根據(jù)a粒子的散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

B.IH+IH號(hào)〃e+乩是核聚變反應(yīng)方程

C.放射性元素的半衰期隨溫度的升高而變短

D.y射線是能量很高的電磁波，它的電離作用和穿透能力都很強(qiáng)

7.如圖是質(zhì)譜儀工作原理的示意圖。帶電粒子a、b從容器中的4點(diǎn)飄出（B

在4點(diǎn)初速度為零），經(jīng)電壓U加速后，從x軸坐標(biāo)原點(diǎn)處進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)!s*二x

It___

度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后分別打在感光板S上，坐標(biāo)分別為修、*2?圖中㈤-

半圓形虛線分別表示帶電粒子a、b所通過(guò)的路徑，貝M）

A.a的比荷一定大于b的比荷

B.b進(jìn)入磁場(chǎng)的速度一定大于a進(jìn)入磁場(chǎng)的速度

C.若a、b電荷量相等，則它們的質(zhì)量之比ma：mb=x1：xj'

D.若a、b質(zhì)量相等，則它們電荷量相等

8.汽車在平直路面上由靜止開(kāi)始以a=2rn/s2的加速度勻加速啟動(dòng)，經(jīng)過(guò)匕=5s達(dá)到額定功率，

隨后汽車保持該額定功率繼續(xù)行駛了6s達(dá)到最大速度，若人及汽車的總質(zhì)量僧=1000kg,受到

的阻力恒為車重的0.2倍，重力加速度g取10m/s2,以下正確的是（）

A.汽車勻加速時(shí)的牽引力為4xIO42

B.汽車的額定功率42000W

C.該電動(dòng)汽車在t2時(shí)間內(nèi)行駛的位移大小為457n

D.該電動(dòng)汽車在t2時(shí)間內(nèi)行駛的位移大小為427n

9.一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)發(fā)生了一次循環(huán)變化，其壓強(qiáng)p隨熱力學(xué)溫

度7變化的關(guān)系如圖所示，0、a、b在同一直線上，反與橫軸平行。/

Pi--/c

則（）/：

A.a到b過(guò)程，氣體的體積不變。Ti

B.a到b過(guò)程，氣體對(duì)外界做功

C.b到c過(guò)程，氣體從外界吸收熱量

D.b狀態(tài)時(shí)內(nèi)能大于c狀態(tài)時(shí)的內(nèi)能

10.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸方向傳播，某時(shí)刻的波形如圖，質(zhì)點(diǎn)a正向上/-4L

運(yùn)動(dòng)。由此可知（）!

0.4\!I/0.8萬(wàn)m

A.該波沿x軸正方向傳播bc

B.此時(shí)質(zhì)點(diǎn)c正向上運(yùn)動(dòng)

C.從此時(shí)亥（］起，質(zhì)點(diǎn)a比質(zhì)點(diǎn)。先到達(dá)平衡位置

D.從此時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)b比質(zhì)點(diǎn)c先到達(dá)平衡位置

E.質(zhì)點(diǎn)a振動(dòng)一個(gè)周期的過(guò)程中，波傳播的距離為0.8m

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

11.在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的次實(shí)驗(yàn)中，重物拖著紙帶自由下落，在紙帶上打出一系列的點(diǎn),

如圖所示，已知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02s,回答以下問(wèn)題：

“4計(jì)-??

（1）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是.

人圖甲中兩限位孔必須在同一豎直線上

8.實(shí)驗(yàn)前，手應(yīng)提住紙帶上端，使紙帶豎直

C實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開(kāi)紙帶，再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源

D數(shù)據(jù)處理時(shí)，應(yīng)選擇紙帶上距離較近的兩點(diǎn)作為初、末位置

(2)某同學(xué)用如圖甲所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得到如圖乙所示的紙帶，把第一個(gè)點(diǎn)(初速度為零)記作。點(diǎn)，

測(cè)出點(diǎn)。、4間的距離So=68.97an,點(diǎn)A、C間的距離Si=15.24cm,點(diǎn)C、E間的距離s?=16.76cm,

已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?.8rn/s2,重物的質(zhì)量為m=1.0kg,則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打。點(diǎn)到C點(diǎn)的這段

時(shí)間內(nèi)，重物動(dòng)能的增加量為_(kāi)J,重力勢(shì)能的減少量為;((結(jié)果均保留兩位小數(shù))

(3)在實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，重物減少的重力勢(shì)能_____重物增加的動(dòng)能(選填“大于”或“小于”或“等于),

其原因主要是因?yàn)椤?/p>

-------------------------------------1

12.有一電阻％，其阻值在1000?2000之間，額定功率為0.25W.要用；

??

伏安法盡可能較準(zhǔn)確地測(cè)量它的阻值，實(shí)驗(yàn)器材有：：；

??

電流表量程為50nL4,RA1=ioon!；

??

電流表①，量程為14RA2=20。

??

電壓表匕，量程為W,Ry】=10k。：；

電壓表彩，量程為15U,RV2=30/cfi

變阻器變阻范圍。?200,24

變阻器/?2，變阻范圍0?10000，14

9V電源，電鍵，導(dǎo)線.

(1)實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的電流表、電壓表、變阻器分別是：.

(2)畫(huà)出所用實(shí)驗(yàn)電路圖.

四、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共8.0分)

13.圖1所示，MON,M'0'N'是兩條間距為L(zhǎng)=0.5m的平行金屬導(dǎo)軌，。、0'處平滑連接，導(dǎo)軌電阻

不計(jì)，右端接有阻值為R=0.30的電阻，M。、M'O'為傾斜導(dǎo)軌，傾角。=37。，其間存在垂直

于斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，ON、O'N'為光滑水平導(dǎo)軌，其中PP'右側(cè)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩

個(gè)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等。若將質(zhì)量為m=0.5kg、電阻為r=0.20的金屬棒從斜軌上不同

高度處由靜止釋放，當(dāng)釋放點(diǎn)的高度八大于等于1.2m時(shí)，均停在水平導(dǎo)軌上的QQ'處，且金屬棒

在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的加速度a與速度”的關(guān)系如圖2所示?，F(xiàn)將金屬棒從h=1.5m高處?kù)o止釋放,

金屬棒沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直，已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g-10m/s2^

求：

(1)金屬棒與傾斜導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；

(2)金屬棒在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱QR；

(3)金屬棒在水平軌道上的磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，通過(guò)金屬棒的電荷量q。

五、計(jì)算題(本大題共3小題，共30.0分)

14.如圖，質(zhì)量為2kg的物體靜止在水平地面上，在與水平方向成37。角、

大小為10N的拉力作用下移動(dòng)2m,已知地面與物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)

〃=0.5.(g=10m/s2)

求：(1)拉力對(duì)物體做的功;

(2)摩擦力對(duì)物體做的功;

(3)外力對(duì)物體做的總功。

15.導(dǎo)熱性能良好的氫氣瓶，容積為112L,內(nèi)部?jī)?chǔ)有135g氫氣，瓶上壓力表顯示氫氣壓強(qiáng)為30at

使用一段時(shí)間后壓力表示數(shù)降為10個(gè)大氣壓，周圍環(huán)境溫度不變。求：己使用氫氣的質(zhì)量。

16.如圖所示，兩面平行玻璃磚下表面涂有反射物質(zhì)，一條與上表面成45。入射的光線，在右端垂直

標(biāo)尺上形成了4B兩個(gè)光斑，已知玻璃磚的厚度為d,折射率為近，光在真空中的傳播速度為c,

求：

(1)4、B之間的距離；

(2)光在玻璃磚中傳播的時(shí)間.

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：AB,由圖根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可得：x=/-2.根據(jù)勻變速直線-3-2-16i234T/m

運(yùn)動(dòng)的速度位移關(guān)系公式得：v2-vl=2ax/

得％=且_比2—

2a2a/i..

。246

對(duì)比可得，*=1,解得a=0,5m/s2,所以物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)且乙

加速度大小為0.5?n/s2,t=4s時(shí)物塊的速率為u=at=0.5X4=2m/s,故A正確，B錯(cuò)誤；

C、圖象與x軸的交點(diǎn)表示物塊的初始位置坐標(biāo)，根據(jù)圖象可知，物塊的初始位置坐標(biāo)為x=-2m,

t=4s時(shí)，v~2m/s,v2=4m2/s2,由圖可得，x=2m,C錯(cuò)誤.

D、在0-4s時(shí)間內(nèi)物塊運(yùn)動(dòng)的位移為Ax=2m-（-2m）=4m,故。錯(cuò)誤.

故選：A

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)寫(xiě)出X關(guān)于"2的表達(dá)式，根據(jù)位移速度公式求出X關(guān)于/的表達(dá)式，進(jìn)行對(duì)比，得到加

速度，并分析物塊的運(yùn)動(dòng)情況.根據(jù)圖象的斜率和截距求解位移即可.

本題主要考查了牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式的直接應(yīng)用，圖象問(wèn)題，一般要根據(jù)物理規(guī)律得

到解析式，再?gòu)男甭屎徒鼐喑霭l(fā)研究圖象的意義.

2.答案：C

解析：解：4、原線圈匝數(shù)增加使得副線圈電壓減小，輸出功率減小，輸入功率也減小，故A錯(cuò)誤;

2、副線圈匝數(shù)減小，電壓電流都減小，故輸出功率減小，故8錯(cuò)誤；

C、負(fù)載電阻減小，而電壓不變，所以輸出功率和輸入功率都增大，故C正確，。錯(cuò)誤

故選：Co

根據(jù)電壓器的特點(diǎn)：匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，輸入功率等于輸出功率.

做好本類題目除了利用變壓器特點(diǎn)外，還要根據(jù)閉合電路的歐姆定律去分析負(fù)載變化引起的電流變

化.

3.答案：B

解析：

對(duì)小球運(yùn)動(dòng)的全程應(yīng)用動(dòng)能定理及動(dòng)量定理進(jìn)行分析，根據(jù)圖象明確其

下降的位移及時(shí)間，則可明確動(dòng)量及重力做功等物理量的變化情況.

本題采用了圖象法進(jìn)行分析，由解答過(guò)程可以得出圖象法應(yīng)用恰當(dāng)，可以起到事半功倍的效果，應(yīng)

注意應(yīng)用.

A、小球在上升和下降過(guò)程中，由于運(yùn)動(dòng)的高度相同，故重力做的功大小相同，故A正確；

8、小球往返運(yùn)動(dòng)先后通過(guò)同一位置過(guò)程中用動(dòng)能定理，重力做功為零，阻力做負(fù)功，因此一定有〃>

因此上升過(guò)程的平均速度一定大于下降過(guò)程的平均速度，上升時(shí)間小于下降時(shí)間，即上升過(guò)程

重力沖量較?。还蔅錯(cuò)誤；

C、右圖第一、第四象限中陰影部分的面積表示上升和下降過(guò)程的位移大小相等方向相反；若將縱坐

標(biāo)改為f,由于/ocv,因此第一、第四象限中陰影部分的面積仍相等，其物理意義為上升、下降過(guò)

程阻力的沖量等大反向；故C正確；

。、設(shè)下降b后離地面的高度為后，下降九1過(guò)程克服阻力做功，因此而Ek=mgh2,因

此九1>h2，即該點(diǎn)在中點(diǎn)下方；故。正確；

本題選錯(cuò)誤的；故選：B.

4.答案:C

解析：解：AB,由圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律〃=孚可得飛船圓周運(yùn)動(dòng)軌道半徑r=9；地球?qū)︼w船的萬(wàn)有引力

127T

提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有：G等號(hào)

解得地球的質(zhì)量為：M=w，故AB錯(cuò)誤：

C、飛船的加速度為：a=,=羿，選項(xiàng)C正確；

。、后面的飛船向后噴出一些物質(zhì)后飛船速度增加，圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力增加，而萬(wàn)有引力沒(méi)有發(fā)

生變化，則飛船將做離心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑增大，不能追上前面的飛船，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)線速度與周期的關(guān)系求得軌道半徑，再根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力求得中心天體的質(zhì)量,

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力和衛(wèi)星變軌原理分析即可。

解決本題的關(guān)鍵是能通過(guò)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力關(guān)鍵是掌握萬(wàn)有引力的表達(dá)式及向心力的不

同表達(dá)式，知道衛(wèi)星變軌原理。

5.答案：A

解析：解：4、對(duì)球進(jìn)行受力分析并由牛頓第二定律可求加速度a=gsina,方向沿斜面向下。設(shè)。點(diǎn)

到底邊距離為3若沿x正向拋出可由L=：at2求出￡,若沿y軸正向拋出則應(yīng)滿足“=%―口產(chǎn)，

求出3二者顯然不同，故A錯(cuò)誤.

B、根據(jù)動(dòng)能定理得，在整個(gè)過(guò)程中，只有重力做功，下降的高度相等，初動(dòng)能相等，則末動(dòng)能相等，

到達(dá)斜面底邊時(shí)的速度一樣大。故8正確。

C、由分運(yùn)動(dòng)等時(shí)性知沿x正方向拋出與無(wú)初速釋放小球時(shí)間均由L=：前2決定，則到達(dá)斜面底邊的

時(shí)間相同。故C正確。

。、由牛頓第二定律知加速度均為gsina,只不過(guò)有勻變速直線與勻變速曲線之分，故。正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選4。

一個(gè)復(fù)雜的勻變速曲線運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)可以分解為兩個(gè)互相垂直的直線運(yùn)動(dòng)，注意分運(yùn)動(dòng)的等時(shí)性、等效

性和獨(dú)立性.

做此類題目時(shí).，特別注意對(duì)兩分運(yùn)動(dòng)獨(dú)立性、等時(shí)性的理解，以及勻變速的含義是加速度恒定.

6.答案：AB

解析：解：4、盧瑟福根據(jù)a粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A正確；

B、該方程是輕核聚變反應(yīng)，故B正確；

C、放射性元素的半衰期不受溫度等外界條件影響，故C錯(cuò)誤；

。、y射線是能量很高的電磁波，它的穿透能力都很強(qiáng)，電離本領(lǐng)很差，故力錯(cuò)誤。

故選：AB.

根據(jù)物理學(xué)史的知識(shí)，結(jié)合盧瑟福的貢獻(xiàn)判斷；

聚變是質(zhì)量較輕的核轉(zhuǎn)化為質(zhì)量較大的核；

放射性元素的半衰期與溫度的變化無(wú)關(guān)：

y射線是能量很高的電磁波；

本題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，難度不大，重點(diǎn)掌握盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型以及半衰期的特點(diǎn)和y射線的特

征的內(nèi)容。

7.答案：AC

解析：解：粒子經(jīng)電壓U加速過(guò)程只有電場(chǎng)力做功，設(shè)加速后的速度為"，則由動(dòng)能定理可得：qU=

-mv2

2

故有：v=但

7m

粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)后只受洛倫茲力作用，故粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力做向心力，則有：Bvq=

mv2

R

所以，打在x軸上的坐標(biāo)為：刀=2/?=翳=攀器；

AB.由圖可得：%2>xv故Q的比荷較大，那么，Q進(jìn)入磁場(chǎng)的速度較大，故A正確，3錯(cuò)誤;

C、若Q、6電荷量相等，則有%2=］故？Ha：mb=xl:%2?故。正確；

D、若a、b質(zhì)量相等，則有：/：泡=器，故電荷量不等，故。錯(cuò)誤；

故選：AC.

由動(dòng)能定理得到進(jìn)入磁場(chǎng)的速度表達(dá)式，再由洛倫茲力做向心力求得軌道半徑，進(jìn)而求得打在感光

板S上x(chóng)坐標(biāo)的表達(dá)式，從而根據(jù)坐標(biāo)大小關(guān)系求解。

帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，一般根據(jù)洛倫茲力做向心力求得軌道半徑表達(dá)式，然后

根據(jù)幾何關(guān)系求解。

8.答案:AC

解析：解：4、在勻加速階段，根據(jù)牛頓第二定律可得：F-0.2mgma,解得F=4000N,故A

正確；

B、5s末的速度為"=at=2x5m/s=10m/s,故汽車的額定功率P=Fv=4000x10W=40kW,

故B錯(cuò)誤；

CD、當(dāng)牽引力等于阻力H寸，速度達(dá)到最大，則%1=￡=；m/s=20m/s

2

在汽車保持該額定功率繼續(xù)行駛了6s的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：Pt2-fx=lmv^-lmv,解

得x=45m,故C正確，D錯(cuò)誤

故選：ACo

先研究勻加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律和P=F。求出額定功率，當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，汽車

的速度達(dá)到最大，由「=?發(fā)=/1;求出最大速度，由動(dòng)能定理求變加速運(yùn)動(dòng)的位移即可。

本題是機(jī)車的啟動(dòng)問(wèn)題，理清恒定加速度啟動(dòng)時(shí)車子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，把握兩個(gè)臨界條件：牽引力功率

在達(dá)到額定功率時(shí)勻加速運(yùn)動(dòng)結(jié)束。當(dāng)加速度為零時(shí)，汽車變加速運(yùn)動(dòng)結(jié)束，速度達(dá)到最大。

9.答案：AC

解析：解：AB,ab是過(guò)原點(diǎn)的傾斜的直線表示氣體發(fā)生等容變化，即氣體的體積不變；因體積不變

則與外界無(wú)做功過(guò)程，故A正確，B錯(cuò)誤。

CD,b到c過(guò)程，氣體發(fā)生等壓變化，溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)氣態(tài)方程￡=c可知，氣體的體積

增大，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△(/=(?+〃可知，體從外界吸收熱量。故C正確，D

錯(cuò)誤。

故選：AC.

p-7圖象過(guò)原點(diǎn)的傾斜的直線表示氣體發(fā)生等容變化。圖象上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率為彳，根據(jù)此

斜率，結(jié)合氣態(tài)方程與=c分析體積的變化。根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況。

本題關(guān)鍵要掌握?qǐng)D象的物理意義，分析氣體體積的變化，此題是氣體態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律的綜

合應(yīng)用，難度不大。

10.答案：ADE

解析：

由a點(diǎn)的振動(dòng)方向向上，可判斷波的傳播方向，確定c的運(yùn)動(dòng)方向，并能比較b、c兩點(diǎn)回到平衡位置

的先后。

波的圖象往往先判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向間的關(guān)系。同時(shí)，要熟練分析波動(dòng)形成的過(guò)程，

分析物理量的變化情況。

AB.根據(jù)波形圖，因質(zhì)點(diǎn)a正向上運(yùn)動(dòng)，則該波沿x軸正方向傳播，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)c正向下運(yùn)動(dòng)，故A

正確，8錯(cuò)誤；

C.從此時(shí)刻起，因a向上振動(dòng)，而質(zhì)點(diǎn)b向上振動(dòng)，可知質(zhì)點(diǎn)b比質(zhì)點(diǎn)a先到達(dá)平衡位置，故C錯(cuò)誤；

。.從此時(shí)刻起，因b向上振動(dòng)，而質(zhì)點(diǎn)c向下振動(dòng)，可知質(zhì)點(diǎn)b比質(zhì)點(diǎn)a先到達(dá)平衡位置，故。正確；

E.質(zhì)點(diǎn)a振動(dòng)一個(gè)周期的過(guò)程中，波傳播一個(gè)波長(zhǎng)的距離，即0.8m,故E正確；

故選：ADEo

11.答案：AB8.008.25大于重物下落過(guò)程要克服阻力做功，機(jī)械能有損失

解析：解：(1)4、為減小紙帶與限位孔間的摩擦力，圖甲中兩限位孔必須在同一豎直線上，故A正

確；

8、為減小重物下落過(guò)程紙帶受到的摩擦力，實(shí)驗(yàn)前，手應(yīng)提住紙帶上端，使紙帶豎直，故B正確;

C、為使紙帶上打出第一個(gè)點(diǎn)時(shí)的速度為零，充分利用紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，再

釋放紙帶，故C錯(cuò)誤；

力、為減小實(shí)驗(yàn)誤差，數(shù)據(jù)處理時(shí)，應(yīng)選擇紙帶上距離較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)作為初、末位置，故。錯(cuò)誤。

故選：AB.

(2)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體在某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，

打C點(diǎn)時(shí)重物的速度%=竿=+然-I產(chǎn)m/s=4.0m/s

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打。點(diǎn)到C點(diǎn)的這段時(shí)間內(nèi),重物動(dòng)能的增加量ZEk=1xl.Ox4.02/=8Oo/,

重力勢(shì)能的減少量/Ep=mg(s0+sj=1.0x9.8x(68.97+15.24)X10-2J=8.25/；

(3)重物下落過(guò)程要受到空氣阻力作用，紙帶要受到摩擦阻力作用，重物下落過(guò)程要克服阻力做功,

機(jī)械能有損失，機(jī)械能不守恒，重力勢(shì)能的減少量大于動(dòng)能的增加量。

故答案為：(1)48；(2)8.00；8.25；(3)大于；重物下落過(guò)程要克服阻力做功，機(jī)械能有損失。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題。

(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論求出打C點(diǎn)的瞬時(shí)速度，然后求出動(dòng)能的增加量；根據(jù)重力勢(shì)能的計(jì)

算公式求出重力勢(shì)能的減少量。

(3)重物下落過(guò)程要克服阻力做功，重力勢(shì)能的減少量大于動(dòng)能的增加量。

本題考查了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)，理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、應(yīng)

用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論、動(dòng)能的計(jì)算公式與重力勢(shì)能的計(jì)算公式即可解題；解題時(shí)注意有效數(shù)字

的保留。

12.答案：&、匕、匕

解析：解：(1)：根據(jù)P=/2R可求出通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流為加以==儒A=0.054=50mA，

或/max=-^200=35m4，所以電流表應(yīng)選“1；

根據(jù)U=/R可求出待測(cè)電阻兩端的最大電壓應(yīng)為4n=lmax-R=0.05X1001Z=5U或Um=35X

IO-x200U=7.1V,為使電壓表讀數(shù)準(zhǔn)確，電壓表應(yīng)選匕；

E9

540/2

根據(jù)閉合電路歐姆定律，電路中需要的最大電阻應(yīng)為Rmax=斤=.0x10-30=,由于變阻器

凡的全電阻遠(yuǎn)小于需要的最大電阻，所以變阻器應(yīng)選擇％(選用變阻器/?2時(shí)，變阻器的滑片只在總長(zhǎng)

度的：左右滑動(dòng)，誤差較大)，且應(yīng)采用分壓式接法.

(2)：由于待測(cè)電阻滿足電流表應(yīng)采用外接法，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，實(shí)驗(yàn)所用電路如

KxKA

故答案為：⑴勺、匕、Ri；(2)如圖

本題(1)根據(jù)P=JR求出通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流來(lái)選擇電流表的量程，根據(jù)U=/R求出待測(cè)電阻

兩端的最大電壓來(lái)選擇電壓表的量程，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中需要的最大電阻來(lái)選擇變

阻器大小；題(2)根據(jù)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻可知變阻器應(yīng)采用分壓式接法，根據(jù)待測(cè)電阻

滿足MM可知電流表應(yīng)用外接法.

應(yīng)明確：①根據(jù)通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流和最大電壓來(lái)選擇電流表和電壓表的量程，根據(jù)電路中需

要的最大電阻選擇變阻器的大小；②當(dāng)待測(cè)電阻滿足段>粉寸，電流表應(yīng)用外接法，滿足當(dāng)<合時(shí)，

電流表應(yīng)用內(nèi)接法：③當(dāng)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻的阻值時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法.

13.答案：解：(1)由題圖乙知，當(dāng)u=0時(shí)，Q=2.0m/s2；當(dāng)a=0時(shí)，v=2.0m/s；

釋放金屬棒瞬間，安培力為零，由牛頓第二定律得：mgsind-fimgcosd=ma,

金屬棒平衡時(shí)，安培力的大小為：FA=B1L=—

由平衡條件得：mgsin37°—nmgcos37°—=0>

解得：4=0.5,B=1T；

(2)當(dāng)釋放點(diǎn)的高度/I大于等于1.2m時(shí)，均停在水平導(dǎo)軌上的QQ'處，說(shuō)明只要釋放點(diǎn)的高度大于1.2m,

金屬棒到達(dá)底端前已經(jīng)勻速。

由于h=1.5m>1.2m,則導(dǎo)體金屬棒下滑到斜軌道最低位置前已開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，由圖乙知：v=

2m/s；

由能量守恒定律有：mgh-nmgcos37°-Q總=1mv2,

電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱：QR=缶Q總,

解得：QR=0.9；；

(3)金屬棒以。=2m/s的速度進(jìn)入水平軌道區(qū)域的磁場(chǎng)的過(guò)程中，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理有：

一￡8江?a=0-mv.

通過(guò)金屬棒的電荷量：口=與仇=詈.

代入數(shù)據(jù)解得：q=2C。

答：(1)金屬棒與傾斜導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為17；

(2)金屬棒在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為0.9/；

(3)金屬棒在水平軌道上的磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，通過(guò)金屬棒的電荷量為2C。

解析：(1)由題圖乙知，當(dāng)口=0時(shí)，a=2.0m/s2；當(dāng)a=0時(shí)，v~2.0m/s；以金屬棒為研究對(duì)象，

根據(jù)牛頓第二定律、平衡條件列方程聯(lián)立求解；

(2)導(dǎo)體金屬棒下滑到斜軌道最低位置前已開(kāi)始勻