四川省高三上學(xué)期高考仿真考試?yán)砭C物理試卷

四川省2022屆高三上學(xué)期高考仿真考試?yán)砭C物理試卷一、單選題1．以下關(guān)于所用物理學(xué)的研究方法敘述正確的是（）A．伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)運(yùn)用了理想模型法B．探究力的合成滿足平行四邊定則運(yùn)用了控制變量法C．研究變速運(yùn)動(dòng)時(shí)，把變速運(yùn)動(dòng)看成很多小段勻速直線運(yùn)動(dòng)的累加，采用了微元法D．牛頓第一定律是利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析的結(jié)果，能用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證2．宇航員在某星球上能用比地球上小得多的力搬起同一個(gè)鐵球。則下列說(shuō)法中正確的是（）A．說(shuō)明這星球的半徑比地球的半徑小B．說(shuō)明這星球表面的重力加速度比地球表面的重力加速度小C．說(shuō)明這星球上宇航員將同一拉力器拉至相同長(zhǎng)度時(shí)比地球上更省力D．說(shuō)明這星球的第一宇宙速度比地球的第一宇宙速度小3．生活中常見(jiàn)的手機(jī)支架，其表面采用了納米微吸材料，用手觸碰無(wú)粘感，接觸到平整的硬性物體時(shí)，會(huì)牢牢吸附在物體上。如圖是一款放置在高鐵水平桌面上的手機(jī)支架，支架能夠吸附手機(jī)，明明有一次搭乘高鐵時(shí)將手機(jī)放在該支架上看網(wǎng)課，若手機(jī)受到的重力為G，手機(jī)所在平面與水平面間的夾角為θ，支架與桌面始終相對(duì)靜止，則下列說(shuō)法正確的是（）A．當(dāng)高鐵未啟動(dòng)時(shí)，支架對(duì)手機(jī)的作用力大小等于mgB．高鐵加速行駛時(shí)，支架受到桌面的摩擦力方向與高鐵前進(jìn)方向相同C．高鐵勻速行駛時(shí)，手機(jī)可能受到3個(gè)力作用D．高鐵減速行駛時(shí)，手機(jī)一定受到4個(gè)力作用4．如圖所示，在足夠大、場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一等邊三角形ABC，電場(chǎng)方向與BC邊平行。在三角形頂點(diǎn)B、C處放有等量的正電荷，此時(shí)A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為2E?，F(xiàn)將放于B的電荷由正變成負(fù)，但電量不變，則AA．E-33E B．E-32E5．某質(zhì)點(diǎn)沿一直線運(yùn)動(dòng)，其速度的二次方（v2）與位移（x）的關(guān)系圖線如圖所示，則該質(zhì)點(diǎn)在0~12m的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）A．加速度越來(lái)越大B．所用的時(shí)間為3sC．經(jīng)過(guò)x=6m時(shí)的速度大小為4m/sD．0~6m和6~12m所用的時(shí)間之比為1：1二、多選題6．如圖所示是發(fā)電廠通過(guò)升壓變壓器進(jìn)行高壓輸電，接近用戶端時(shí)再通過(guò)降壓變壓器給用戶供電的示意圖；圖中變壓器均視為理想變壓器，電表均為理想電表；設(shè)發(fā)電廠輸出的電壓一定，兩條輸電線總電阻為R0，變阻器R相當(dāng)于用戶用電器的總電阻；當(dāng)用電器增加時(shí)，相當(dāng)于R變小。則在用電高峰期（）A．電壓表V1、V2的讀數(shù)均不變，電流表A2的讀數(shù)增大，電流表A1的讀數(shù)增大B．電壓表V3、V4的讀數(shù)均減小，電流表A2的讀數(shù)不變，電流表A3的讀數(shù)減小C．電壓表V2、V3的讀數(shù)之差與電流表A2的讀數(shù)的比值不變D．輸電線損耗的功率不變7．如圖所示，傾角為θ的斜面體固定在水平面上，兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球甲和乙分別沿水平方向拋出，兩球的初速度大小相等，已知甲的拋出點(diǎn)為斜面體的頂點(diǎn)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間兩球落在斜面上的A、B兩點(diǎn)后不再反彈，落在斜面上的瞬間，小球乙的速度與斜面垂直．忽略空氣的阻力，重力加速度為g.則下列選項(xiàng)正確的是（）A．甲、乙兩球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為tan2θ：1B．甲、乙兩球下落的高度之比為4tan4θ：1C．甲、乙兩球的水平位移之比為tanθ：1D．甲、乙兩球落在斜面上瞬間的速度與水平面夾角的正切值之比為2tan2θ：18．如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，虛線OO'垂直導(dǎo)軌，OO'兩側(cè)導(dǎo)軌所在空間區(qū)域存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的方向相反的豎直勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩長(zhǎng)度均為L(zhǎng)、電阻均為R、質(zhì)量均為m的金屬導(dǎo)體棒a、b垂直導(dǎo)軌放在OO'左右兩側(cè)，并與導(dǎo)軌保持良好接觸，不計(jì)其它電阻。現(xiàn)給導(dǎo)體棒a一個(gè)瞬時(shí)沖量，使a獲得一個(gè)水平向右的初速度v0，下列關(guān)于a、bA．a(chǎn)、b兩棒組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B．a(chǎn)、b兩棒最終都將以大小為v0C．整個(gè)過(guò)程中，流過(guò)a棒的電荷量為mD．整個(gè)過(guò)程中，a棒上產(chǎn)生的焦耳熱為19．下列說(shuō)法中，正確的是（）A．空氣的相對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)越接近水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢B．干濕泡溫度計(jì)的兩個(gè)溫度計(jì)的示數(shù)差越大，表示空氣中水蒸氣離飽和狀態(tài)越遠(yuǎn)C．浸潤(rùn)現(xiàn)象產(chǎn)生的原因是附著層內(nèi)分子間距比液體內(nèi)部分子間距大，分子間作用力表現(xiàn)為引力D．液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子較稀疏，分子間的引力大于斥力E．密閉容器中某種蒸汽開(kāi)始若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，蒸汽仍是飽和的10．如圖甲所示，在均勻介質(zhì)中相距30m兩個(gè)振源S1、S2先后起振，以S1起振為零時(shí)刻，S1、S2振動(dòng)情況圖乙所示，S1、S2在介質(zhì)中形成的兩列簡(jiǎn)諧波沿它們的連線相向傳播，在時(shí)相遇，圖中質(zhì)點(diǎn)P、O與S1分別相距10m、15m．則下列敘述正確的是____．A．簡(jiǎn)諧波的傳播速度為1m/sB．簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為4mC．當(dāng)S2的簡(jiǎn)諧波到P質(zhì)點(diǎn)時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)的路程220cmD．兩列簡(jiǎn)諧波相遇后能形成穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象E．O質(zhì)點(diǎn)的振幅可以達(dá)到15cm三、實(shí)驗(yàn)題11．某物理小組利用DIS裝置測(cè)定當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。在鐵架臺(tái)上安裝有兩個(gè)光電門（與數(shù)據(jù)采集器和計(jì)算機(jī)的連接均未畫出），光電門A固定，光電門B位置可上下移動(dòng)，實(shí)驗(yàn)前調(diào)整兩光電門的位置，使小球下落過(guò)程中其球心通過(guò)光電門中的細(xì)光束。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)定小鐵球的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，則可知其直徑D=mm。（2）在小鐵球自由下落過(guò)程中，小組成員用計(jì)時(shí)裝置測(cè)出鐵球通過(guò)光電門A的時(shí)間為ΔtA，并用小鐵球通過(guò)光電門的平均速度表示小鐵球球心通過(guò)光電門的瞬時(shí)速度，則小鐵球通過(guò)光電門A的瞬時(shí)速度vA=。（用實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的物理量符號(hào)表示）（3）光電門A的位置不變，小組成員多次改變并測(cè)出光電門B到光電門A之間的距離h，實(shí)驗(yàn)時(shí)使小鐵球每次從同一位置無(wú)初速釋放。根據(jù)每次小鐵球通過(guò)光電門B的時(shí)間，測(cè)算出小鐵球經(jīng)過(guò)光電門B時(shí)對(duì)應(yīng)的速度vB，在坐標(biāo)系中畫出vB2與h的關(guān)系圖線，如圖丙所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=12．某歐姆表測(cè)未知電阻阻值的電路如圖1所示，其內(nèi)部電池的電動(dòng)勢(shì)為，表頭的滿偏電流為3mA。（1）測(cè)量電阻時(shí)先將，調(diào)節(jié)調(diào)零電阻，使電流表滿偏，然后再將兩表筆接入不同的待測(cè)電阻。（2）得到電路中電流I與不同的待測(cè)電阻的阻值Rx關(guān)系圖像如圖2所示，則根據(jù)該圖像中I—Rx圖線做出的解釋或判斷中正確的是____A．因?yàn)楹瘮?shù)圖線上電流與電阻值是一一對(duì)應(yīng)的，所以歐姆表表盤上的刻度線是均勻的B．因?yàn)楹瘮?shù)圖線是非線性變化的，所以歐姆表表盤上的刻度線是不均勻的C．測(cè)量中，當(dāng)Rx的阻值為圖2中的R2時(shí)，指針位于表盤中央位置的左側(cè)D．測(cè)量中，當(dāng)Rx的阻值為圖2中的R2時(shí)，指針位于表盤中央位置的右側(cè)（3）此歐姆表刻度盤上的中值電阻應(yīng)為Ω。（4）該歐姆表用久后，電池老化造成電動(dòng)勢(shì)減小，內(nèi)阻增大，為了減少電池老化造成的誤差，會(huì)讓測(cè)量值真實(shí)值（大于，小于，等于）?？梢杂靡浑妷罕韺?duì)原電阻刻度值進(jìn)行修正。先歐姆表的兩表筆短接，調(diào)節(jié)R0使電流表的指針滿偏。再將電壓表接在兩表筆之間，此時(shí)電壓表的示數(shù)為，歐姆表的示數(shù)1000Ω，則歐姆表刻度盤上，電阻刻度值500Ω處應(yīng)該修改為Ω。四、解答題13．如圖所示，在某電子設(shè)備中分布有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B．AC、AD兩塊擋板垂直紙面放置，夾角為90°．一束電荷量為＋q、質(zhì)量為m的相同粒子，從AD板上距離A點(diǎn)為L(zhǎng)的小孔P以不同速率沿紙面方向射入磁場(chǎng)，速度方向與AD板之間的夾角均為60°，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用．求：（1）直接打在AD板上Q點(diǎn)的粒子從P到Q的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（2）直接垂直打在AC板上的粒子運(yùn)動(dòng)的速率．14．如圖所示，一足夠長(zhǎng)木板靜置在水平地面上，小物塊置于木板上A點(diǎn)，物塊的質(zhì)量m1=0.1kg，木板的質(zhì)量m2=0.2kg，物塊與木板動(dòng)摩擦因數(shù)μ1，木板與地面的之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝（1）初始時(shí)刻，物塊和木板的加速度大?。唬?）時(shí)，物塊與木板的速度大?。唬?）木板向右運(yùn)動(dòng)的最大位移。15．一氣缸水平固定在靜止的小車上，一質(zhì)量為m、面積為S的活塞將一定量的氣體封閉在氣缸內(nèi)，平衡時(shí)活塞與氣缸底相距L．現(xiàn)讓小車以一較小的水平恒定加速度向右運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)發(fā)現(xiàn)活塞相對(duì)于氣缸移動(dòng)了距離d。已知大氣壓強(qiáng)為P0不計(jì)氣缸和活塞間的摩擦；且小車運(yùn)動(dòng)時(shí)，大氣對(duì)活塞的壓強(qiáng)仍可視為p0（1）小車以一較小的水平恒定加速度向右運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)的壓強(qiáng)；（2）小車加速度的大小。16．如圖所示，折射率n=233，半徑為R的透明球體固定在水平地面上，O為球心，其底部P點(diǎn)有一點(diǎn)光源，過(guò)透明球體的頂點(diǎn)（1）光在球體中沿直線從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的傳播時(shí)間t；（2）若不考慮光在透明球體中的反射影響，光屏上光照面積S的大小。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．伽利略在研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)采用“沖淡”重力的方法，A不符合題意；B．探究力的合成滿足平行四邊定則運(yùn)用了等效法，B不符合題意；C．研究變速運(yùn)動(dòng)時(shí)，把變速運(yùn)動(dòng)看成很多小段勻速直線運(yùn)動(dòng)的累加，采用了微元法，C符合題意；D．牛頓第一定律是利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析的結(jié)果，不能用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】伽利略研究自由落體使用了沖淡重力的方法；探究力的合成使用了等效替換法；牛頓第一定律不能利用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證。2．【答案】B【解析】【解答】AB．一位宇航員在某星球上能用比地球上小得多的力搬起石頭，說(shuō)明某星球的重力加速度小于地球的重力加速度，在星球表面上有，根據(jù)G又ρ解得R由于這個(gè)星球與地球的密度大小關(guān)系不知道，故無(wú)法知道兩星球的半徑大小，A不符合題意，B符合題意；C．在地球上和在某星球上將同一拉力器拉至相同長(zhǎng)度時(shí)拉力器的彈力相同，則宇航員用力相同，與重力加速度無(wú)關(guān)，C不符合題意；D．在星球表面上空有，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G在星球表面上有，根據(jù)G聯(lián)立解得v由于不知道兩星球的半徑大小，故兩星球的第一宇宙速度大小無(wú)法比較，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用引力形成重力結(jié)合密度公式可以求出其軌道半徑的表達(dá)式，由于未知密度的大小不能比較星球的半徑大??；拉力的大小與重力的大小無(wú)關(guān)；利用引力提供向心力結(jié)合牛頓第二定律可以判別無(wú)法比較第一宇宙速度的大小。3．【答案】B【解析】【解答】A．高鐵未啟動(dòng)時(shí)，手機(jī)處于靜止?fàn)顟B(tài)，受重力和支架對(duì)手機(jī)的作用力，根據(jù)平衡條件可知，支架對(duì)手機(jī)的作用力與重力大小相等、方向相反，A不符合題意；B．高鐵加速行駛時(shí)，整體摩擦力與前進(jìn)方向相同，B符合題意；C．高鐵勻速行駛時(shí)，手機(jī)受重力、納米材料的吸引力、支架的支持力和摩擦力，共4個(gè)力作用，C不符合題意；D．高鐵減速行駛時(shí)，手機(jī)具有與高鐵前進(jìn)方向相反的加速度，可能只受重力、納米材料的吸引力和支架的支持力共3個(gè)力作用，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】當(dāng)高鐵未啟動(dòng)時(shí)，利用平衡條件可以判別其支架對(duì)手機(jī)的作用力與手機(jī)本身重力大小相等，方向相反；當(dāng)其高鐵加速時(shí)，利用其加速度方向可以判別支架受到桌面的摩擦力的方向；利用其加速度的方向可以判別其手機(jī)受到的力的個(gè)數(shù)。4．【答案】A【解析】【解答】放于B、C兩點(diǎn)的電荷在A點(diǎn)激發(fā)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的合成法E方向豎直向上，解得E可知B、C兩電荷在A點(diǎn)激發(fā)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為33E；當(dāng)放在B點(diǎn)的電荷性質(zhì)發(fā)生改變后，再次應(yīng)用電場(chǎng)強(qiáng)度合成法，解得E方向水平向左，可得此時(shí)A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為EA符合題意，BCD不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用其場(chǎng)強(qiáng)的疊加可以求出B和C在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小；結(jié)合場(chǎng)強(qiáng)的方向及平行四邊形定則可以求出其B點(diǎn)電荷電性相反時(shí)其A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。5．【答案】B【解析】【解答】A．根據(jù)速度位移關(guān)系v代入圖中數(shù)據(jù)可得a=2m/s2，v0B．根據(jù)速度位移關(guān)系v解得末速度為v所用的時(shí)間為tB符合題意；C．將x=6m帶入v解得vx=6=5m/D．經(jīng)過(guò)x=6m時(shí)的速度大小為5m/s，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系0~6m所用的時(shí)間t6~12m所用的時(shí)間t0~6m和6~12m所用的時(shí)間之比為2：1，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】物體做運(yùn)變速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式和圖像的橫坐標(biāo)分析求解即可。6．【答案】A,C【解析】【解答】AB．因發(fā)電廠的輸出電壓一定，因此可知升壓變壓器的原線圈的電壓不變，即V1不變，由可知升壓變壓器的副線圈的電壓不變，即電壓表V2的示數(shù)不變；進(jìn)入用電高峰，電阻R降低，假設(shè)電壓表V4可知電流表A3的電流增大，由可知電流表降壓變壓器得輸入端得電流增大，即電流表A2的示數(shù)增大，由可知輸入電流I1增大，即電流表A1可知降壓變壓器原線圈的電壓U3降低，即電壓表V3可知降壓變壓器的副線圈的電壓降低，即V4降低，A符合題意，BC．由U可知電壓表V2、V3的讀數(shù)之差與電流表D．根據(jù)P又輸電線上的電流增大，電阻不變，所以輸電線上的功率損失增大，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】由于升壓變壓器的輸入電壓一定，因此可知升壓變壓器的原線圈的電壓不變，所以其電壓表V1和V2讀數(shù)不變；當(dāng)降壓變壓器的電阻減小時(shí)其輸出電流增大，會(huì)導(dǎo)致輸電線的電流增大，則輸電線上損失的電功率和電壓增大，則其電壓表V3和V4讀數(shù)都減小；其電流表讀數(shù)都增大；其V2和V3的電壓之差為損失的電壓，與其電流表A2的比值為輸電線的電阻所以保持不變。7．【答案】B,D【解析】【解答】A．由小球甲的運(yùn)動(dòng)可知tanθ=yx=12解得t=2落到斜面上的速度與豎直方向夾角的正切值為tanθ=v解得t則甲、乙兩球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為t：t′=2tan2θ：1A不符合題意；B．由h=12gt可知甲、乙兩球下落的高度之比為4tan4θ：1，B符合題意；C．由x=v0t可知甲、乙兩球的水平位移之比為2tan2θ：1，C不符合題意；D．甲球落在斜面上瞬間的速度與水平面夾角的正切值為tanα甲=vy乙球落到斜面上的速度與水平方向夾角的正切值為tanα乙=v'y甲、乙兩球落在斜面上瞬間的速度與水平面夾角的正切值之比為tanα甲：tanα乙=2tan2θ：1D符合題意。故答案為：BD。

【分析】利用其小球甲的位移方向結(jié)合位移公式可以求出其運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用其乙速度的方向及速度公式可以求出乙運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用其運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可以求出下落高度之比；利用其運(yùn)動(dòng)的時(shí)間結(jié)合水平方向的位移公式可以求出水平方向位移之比；利用其速度的分解可以求出合速度方向。8．【答案】B,C【解析】【解答】A．由題意可知，a、b兩棒中的電流大小相等，由左手定則可知，安培力方向相同，則系統(tǒng)的合力不為0，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，A不符合題意；B．由題意分析可知，a棒向右做減速運(yùn)動(dòng)切割磁感線，b棒向左加速運(yùn)動(dòng)切割磁感線，當(dāng)兩棒速度相等時(shí)回路中的電流為0，分別對(duì)兩棒應(yīng)用動(dòng)量定理且取向左為正方向，有FtFt解得vB符合題意；D．由能量守恒可得1解得QD不符合題意；C．對(duì)a棒由動(dòng)量定理且取向右為正方向-即BqL解得qC符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用其電流的方向結(jié)合左手定則可以判別安培力的方向，利用安培力的方向可以判別系統(tǒng)合力不等于0則動(dòng)量不守恒；利用其動(dòng)量定理結(jié)合電流等于0可以求出其最終的速度大??；利用能量守恒定律可以求出產(chǎn)生的焦耳熱大小；利用動(dòng)量定理可以求出電荷量的大小。9．【答案】A,B,D【解析】【解答】A．空氣的相對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)越接近水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，A符合題意；B．干濕泡溫度計(jì)的兩個(gè)溫度計(jì)的示數(shù)差越大，空氣越干燥，相對(duì)濕度越小，表示空氣中水蒸氣離飽和狀態(tài)越遠(yuǎn)，B符合題意；C．當(dāng)浸潤(rùn)現(xiàn)象產(chǎn)生的原因是附著層內(nèi)分子間距比液體內(nèi)部分子間距小，分子間作用力表現(xiàn)為引力的緣故，C不符合題意；D．液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子較稀疏，分子間的引力大于斥力，D符合題意；E．在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，與體積無(wú)關(guān)；密閉容器中某種蒸氣開(kāi)始時(shí)若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積時(shí)，蒸氣不再是飽和的，但最后穩(wěn)定后蒸氣是飽和的，E不符合題意。故答案為：ABD。

【分析】空氣相對(duì)濕度大其水蒸氣的壓強(qiáng)越接近水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢；浸潤(rùn)現(xiàn)象時(shí)附著層分子間距比內(nèi)部距離分子距離小，分子間作用力表現(xiàn)為斥力的緣故；閉合容器中某種蒸汽是飽和的，當(dāng)增大容器的體積時(shí)其蒸氣不再飽和。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】A項(xiàng)：兩波在相遇，故S1傳播時(shí)間為t，S2傳播時(shí)間為t-1；根據(jù)兩波傳播總路程為兩振源的距離可得：vt+v（t-1）=30m，所以，v=302t-1B項(xiàng)：由圖可得簡(jiǎn)諧波周期T=2s，故波長(zhǎng)λ=vT=2m，B不符合題意；C項(xiàng)：波源S1振動(dòng)傳播到O所需時(shí)間t1=10m1m/s=10s，波源S2振動(dòng)傳播到O所需時(shí)間t2=30m-10m1m/s=20s，，故當(dāng)S2的簡(jiǎn)諧波到P質(zhì)點(diǎn)時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)了11s；質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)的振幅與波源S1振動(dòng)相同，周期T=2s，振幅A=10cm，所以，當(dāng)SD項(xiàng)：兩列波的周期相同，兩波源的距離為波長(zhǎng)的整數(shù)倍，故可形成穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，D符合題意；E項(xiàng)：O到兩波源的距離相等，那么，波傳播到O的時(shí)間相同，故質(zhì)點(diǎn)O的振動(dòng)為兩波源同一時(shí)刻的振動(dòng)疊加形成，所以，由兩振動(dòng)在O點(diǎn)疊加時(shí)的相位差為π，那么，O質(zhì)點(diǎn)的振幅為10cm-5cm=5cm，E不符合題意．故答案為：ACD

【分析】利用其傳播的時(shí)間結(jié)合傳播的距離可以求出傳播的速度大??；結(jié)合周期的大小可以求出波長(zhǎng)的大??；利用其波源O點(diǎn)的距離可以求出波傳播到P點(diǎn)的時(shí)間；結(jié)合振動(dòng)的時(shí)間和振幅可以求出P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程；利用其周期相等及頻率相等可以判別兩列波能發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象；利用其兩波在O點(diǎn)的疊加可以求出振幅的大小。11．【答案】（1）（2）D（3）【解析】【解答】(1)游標(biāo)卡尺精度1mm20=0.(2)小球直徑較小，經(jīng)過(guò)光電門的平均速度近似等于瞬時(shí)速度，即v(3)根據(jù)速度與位移關(guān)系得v變形得v圖像斜率k解得g

【分析】（1）利用游標(biāo)卡尺的精度結(jié)合其結(jié)構(gòu)可以讀出對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；

（2）利用平均速度公式可以求出經(jīng)過(guò)A點(diǎn)速度的大??；

（3）利用其速度位移公式結(jié)合圖像斜率可以求出重力加速度的大小。12．【答案】（1）紅黑表筆短接（2）B；C（3）500（4）大于；490【解析】【解答】（1）測(cè)量電阻時(shí)先將紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零電阻，使電流表滿偏，然后再將兩表筆接入不同的待測(cè)電阻。（2）AB．因?yàn)楹瘮?shù)圖線是曲線，則電流隨電阻并不是均勻變化，所以歐姆表表盤上的刻度線不是均勻的，A不符合題意，B符合題意；CD．當(dāng)測(cè)量電阻為R1時(shí)，此時(shí)指針指在表盤中央位置，當(dāng)Rx的阻值為圖2中的R2時(shí)，且R2>R1此時(shí)電流比測(cè)電阻為R（3）歐姆表刻度盤上的中值電阻應(yīng)為R（4）由閉合電路歐姆定律可得I由于電動(dòng)勢(shì)減小，內(nèi)阻增大，則R減小，所以測(cè)量同一電阻Rx時(shí)，電流I變小，則電阻R設(shè)電壓表內(nèi)阻為Rv，Ig=則I1=I2=解得R

【分析】（1）測(cè)量電阻時(shí)應(yīng)該使紅黑筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)節(jié)；

（2）利用其圖像圖線可以判別其電流與電阻的關(guān)系不是線性關(guān)系所以其歐姆表的刻度線是不均勻的；測(cè)量電阻的大小可以判別其電流的大小，利用電流的大小可以判別指針的位置；

（3）利用其閉合電路的歐姆定律結(jié)合中值電阻的電流可以求出其中值電阻的大?。?/p>

（4）利用閉合電路的歐姆定律結(jié)合其電動(dòng)勢(shì)偏小會(huì)導(dǎo)致其電流偏小則導(dǎo)致測(cè)量電阻的阻值偏大；利用其閉合電路的歐姆定律結(jié)合其電阻對(duì)應(yīng)的電流大小相等可以求出其電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的關(guān)系，再結(jié)合中值電阻對(duì)應(yīng)的電流則可以求出實(shí)際電阻的大小。13．【答案】（1）解：如圖所示，根據(jù)已知條件畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子打在AD板上的Q點(diǎn)，圓心為O1．由幾何關(guān)系可知：軌跡Ⅰ對(duì)應(yīng)的圓心角∠PO1Q＝120°，設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡Ⅰ的半徑為R洛倫茲力充當(dāng)向心力qvB＝mv圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式T＝2πR可得周期T＝2πm運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t＝1代入數(shù)據(jù)解得t＝2πm（2）解：粒子垂直打到AC板上，運(yùn)動(dòng)軌跡Ⅱ如圖所示，圓心為O2，∠APO2＝30°，設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡Ⅱ的半徑為rrcos30°＝L洛倫茲力充當(dāng)向心力qv′B＝mv解得v′＝2【解析】【分析】（1）帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾何關(guān)系可以求出軌跡所對(duì)圓心角的大小，利用牛頓第二定律可以求出粒子運(yùn)動(dòng)的周期，結(jié)合軌跡所對(duì)圓心角可以求出運(yùn)