2022-2023學(xué)年廣東省佛山市南海區(qū)重點(diǎn)中學(xué)高二（下）期中物理試卷-普通用卷

第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學(xué)年廣東省佛山市南海區(qū)重點(diǎn)中學(xué)高二（下）期中物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1.“爆竹聲中一歲除”，將一個(gè)質(zhì)量為m的爆竹豎直向上拋出，它到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)爆炸成質(zhì)量不等的兩塊，其中一塊的質(zhì)量為2m3，速度大小為v，忽略質(zhì)量損失，則另一塊的速度大小是(

)A.v B.2v C.3v 2.下列有關(guān)振動(dòng)的說法正確的是(

)A.阻尼振動(dòng)的振幅不會變化

B.物體振動(dòng)的頻率就是物體的固有頻率

C.當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于固有頻率時(shí)，物體做受迫振動(dòng)的振幅達(dá)到最大值

D.共振是普遍的現(xiàn)象，都是有利的3.對于簡諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和位移的關(guān)系，下列圖中正確的是(

)A. B. C. D.4.周期是2s的單擺叫秒擺，取重力加速度大小g=π2A.1m B.2m C.3m5.在水波槽里放兩塊擋板，中間留一窄縫，已知窄縫的寬度為15cm，水波的波長為20cmA. B.

C. D.6.多普勒效應(yīng)在科學(xué)技術(shù)中有廣泛的應(yīng)用。下列說法錯(cuò)誤的是(

)A.利用多普勒測速儀，可以測量水在海底的流速

B.“彩超”利用了多普勒效應(yīng)

C.多普勒效應(yīng)不能用于天體研究

D.波源與觀察者相互靠近或者遠(yuǎn)離時(shí)，觀察者接收到的波的頻率會發(fā)生變化7.如圖所示，甲圖為參與波動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，乙圖為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=2s時(shí)刻的波動(dòng)圖像，則下列判斷錯(cuò)誤的是(

)

A.該波的傳播速率為1m/s

B.該波的傳播方向沿x軸正方向

C.在0～2s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P的路程為二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）8.下列說法正確的是(

)A.跳高時(shí)，在落地處墊海綿是為了減小沖量

B.在碼頭上裝橡皮輪胎，是為了減小渡船靠岸過程中受到的作用力

C.初速度相同的兩個(gè)物體受相同的制動(dòng)力作用會同時(shí)停下來

D.人從越高的地方跳下，落地時(shí)受到的沖量越大9.如圖所示，彈簧振子在a、b兩點(diǎn)間做簡諧運(yùn)動(dòng)，在振子從平衡位置O點(diǎn)向a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中(

)A.回復(fù)力在增大 B.速度在減小 C.位移方向向右 D.加速度方向向左10.如圖甲所示，一長木板靜止于光滑水平桌面上，t=0時(shí)，小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以速度v0從木板左側(cè)滑上長木板，小物塊恰好在到達(dá)木板右端時(shí)與木板相對靜止，圖乙為物塊與木板運(yùn)動(dòng)的v?t圖像，圖中t1、v0、v1已知，重力加速度大小為A.木板的長度 B.物塊與木板的質(zhì)量之比

C.物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù) D.從t=0開始到三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）11.在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，先將入射小球從斜槽軌道上某固定點(diǎn)處由靜止開始滾下，在水平面上的記錄紙上留下印讀P，多次重復(fù)操作，再把被碰小球放在斜槽軌道水平端的最右端處靜止，讓入射小球從斜槽軌道上原來的固定點(diǎn)由靜止開始滾下，入射小球與水平端被碰小球相碰，碰后兩小球分別落在記錄紙上的M、N位置，重復(fù)操作多次。

(1)入射小球的質(zhì)量為40g，直徑為2.0cm，下列可選為被碰小球的是______。

A.質(zhì)量為20g，直徑為3.2cm

B.質(zhì)量為22g，直徑為3.0cm

C.質(zhì)量為4g，直徑為2.0cm

(2)確定小球的平均落點(diǎn)的方法是12.某同學(xué)在“用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中進(jìn)行了如下操作：

(1)用游標(biāo)上有10個(gè)小格的游標(biāo)卡尺測量擺球的直徑如圖甲所示，擺球的直徑為______cm，把擺球用細(xì)線懸掛在鐵架臺上，測量擺線長l，通過計(jì)算得到擺長L。

(2)將單擺正確懸掛后進(jìn)行如下操作，其中正確的是______(填選項(xiàng)前的字母)。

A.把擺球從平衡位置拉開一個(gè)很大的角度后釋放并開始計(jì)時(shí)

B.在擺球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)

C.用秒表測量單擺完成1次全振動(dòng)所用的時(shí)間，并將該時(shí)間作為單擺的周期

D.用秒表測量單擺完成30次全振動(dòng)所用的總時(shí)間，用總時(shí)間除以全振動(dòng)的次數(shù)得到單擺的周期

(3)若測出單擺的周期T、擺線長l、擺球的直徑d，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=______(用測出的物理量表示)。

(4)若測量出多組周期T、擺長L的數(shù)值后，作出T2?L圖線如圖乙所示，請根據(jù)圖乙求出重力加速度g=______m/s2(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。

(5)如果測得的g值偏大，可能的原因是______(填序號)。

A.四、計(jì)算題（本大題共3小題，共38.0分）13.如圖所示，在水平地面上放置一質(zhì)量為M的木塊，一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v射入木塊(時(shí)間極短且未穿出)，若木塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g，求：

(1)子彈射入木塊的過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能ΔE；

(2)子彈射入木塊后，木塊在地面上前進(jìn)的距離14.如圖甲所示，有一懸掛在O點(diǎn)的單擺，將小球(可視為質(zhì)點(diǎn))拉到A點(diǎn)后釋放，小球在同一豎直平面內(nèi)的A、B、C之間來回?cái)[動(dòng)，已知B點(diǎn)為小球運(yùn)動(dòng)中的最低點(diǎn)，A、C兩點(diǎn)為小球運(yùn)動(dòng)中的最高點(diǎn)，擺角為α(α<5°)在O點(diǎn)接有一力傳感器，圖乙表示從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，由力傳感器測出的細(xì)線對小球的拉力大小F隨時(shí)間t變化的曲線，由力傳感器測得最小拉力為F2，圖中F2、t0已知，當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮間，求：

(1)單擺的周期T和擺長L；

(15.如圖所示，光滑冰面上靜止放置一表面光滑的斜面體，斜面體右側(cè)一蹲在滑板上的小孩和其面前的冰塊均靜止于冰面上。某時(shí)刻小孩將冰塊以相對冰面4m/s的速度向斜面體推出，冰塊平滑地滑上斜面體，在斜面體上上升的最大高度為h(h小于斜面體的高度)。已知小孩與滑板的總質(zhì)量m1=30kg，冰塊的質(zhì)量m2=10kg，斜面體的質(zhì)量M=

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：以質(zhì)量為的23m的速度方向?yàn)檎较?，爆竹在最高點(diǎn)爆炸，水平方向爆炸力遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于阻力，動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律有：

0=2mv3+mv′3

得：v′=?2v2.【答案】C

【解析】解：A.阻尼振動(dòng)由于阻力作用，一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，因此阻尼振動(dòng)的振幅將逐漸減小，故A錯(cuò)誤；

B.物體振動(dòng)的頻率不一定是物體的固有頻率，對于受迫振動(dòng)，受迫振動(dòng)頻率與外界驅(qū)動(dòng)力的頻率相等，故B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率與固有頻率相等時(shí)，物體會發(fā)生共振，此時(shí)物體做受迫振動(dòng)的振幅達(dá)到最大值，故C正確；

D.共振是普遍的現(xiàn)象，但不一定都是有利的，例如橋梁在風(fēng)作用下的振動(dòng)，如果發(fā)生共振，極有可能使橋梁受損，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

阻尼振動(dòng)由于阻力的存在，一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，因此阻尼振動(dòng)的振幅將逐漸減小。當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時(shí)，受迫振動(dòng)的振幅最大．驅(qū)動(dòng)力的頻率等于固有頻率．共振是普遍的現(xiàn)象，不一定都是有利的

理解阻尼振動(dòng)、受迫振動(dòng)、共振是解題的關(guān)鍵。3.【答案】C

【解析】解：根據(jù)F=?kx可知，回復(fù)力F與位移x的大小成正比，方向與位移方向相反，回復(fù)力F與位移x的關(guān)系圖像為一條直線，斜率為負(fù)值，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

做簡諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，回復(fù)力方向總與質(zhì)點(diǎn)的位移方向相反.根據(jù)回復(fù)力方向與位移方向的關(guān)系分析F?x4.【答案】A

【解析】解：由題意可知，周期T=2s，加速度g=π2，由單擺的周期計(jì)算公式T=2πl(wèi)g，可得秒擺的擺長是l=gT25.【答案】C

【解析】解：已知窄縫的寬度為15cm，水波的波長為20cm，明顯窄縫的寬度比水波的波長小，符合產(chǎn)生明顯衍射現(xiàn)象的條件，且水波是以水中某點(diǎn)為中心的弧線，由于波的頻率不變，介質(zhì)不變，所以水波的波長不變。故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選：C。

6.【答案】C

【解析】解：A.利用多普勒測速儀，可以測量水在海底的流速，A說法正確，不符合題意，故A錯(cuò)誤；

B.“彩超”的原理是向病人體內(nèi)發(fā)射超聲波，經(jīng)血液反射后接收，測出反射波的頻率變化，就可知血液的流速，這一技術(shù)利用了多普勒效應(yīng)，B說法正確，不符合題意，故B錯(cuò)誤；

C.多普勒效應(yīng)可用于天體研究，C說法錯(cuò)誤，符合題意，故C正確；

D.波源與觀察者相互靠近或者遠(yuǎn)離時(shí)，觀察者接收到的波的頻率會發(fā)生變化，當(dāng)波源與觀察者相向運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的頻率變大；當(dāng)波源與觀察者背向運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的頻率變小，D說法正確，不符合題意，故D錯(cuò)誤；

故選：C。

多普勒效應(yīng)在科學(xué)技術(shù)中有廣泛的應(yīng)用，波源與觀察者相互靠近或者遠(yuǎn)離時(shí)，觀察者接收到的波的頻率會發(fā)生變化，當(dāng)波源與觀察者相向運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的頻率變大；當(dāng)波源與觀察者背向運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的頻率變小。

多普勒效應(yīng)在科學(xué)技術(shù)中有廣泛的應(yīng)用，理解應(yīng)用的領(lǐng)域。接收到的頻率的變化情況：當(dāng)波源與觀察者相向運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的頻率變大；當(dāng)波源與觀察者背向運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的頻率變小。7.【答案】C

【解析】解：A.由題可知，題中給出了波在2s時(shí)的波形圖和質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖，則由乙讀出該波的波長為λ=4m，由甲圖讀出周期為T=4s，

則波速為：v=λT=44m/s=1m/s，故A正確；

B.由甲圖可知t=2s時(shí)刻，P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸正方向，在乙圖中，根據(jù)“上坡下，下坡上”的規(guī)律可判斷出該波的傳播方向沿x軸正方向，故B正確；

C.質(zhì)點(diǎn)P不會隨波向前傳播，只是在平衡位置附近振動(dòng)，故質(zhì)點(diǎn)P的路程可由波的振幅表示，根據(jù)甲圖可知，在0～2s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P的路程為0.6m，故C錯(cuò)誤；

D.由上分析可得，這列簡諧橫波頻率為：f=1T=14H8.【答案】BD【解析】解：A、在落地處墊海綿是為了延長作用時(shí)間，減少落地過程受到的沖擊力，故A錯(cuò)誤；

B、在碼頭上裝橡皮輪胎，是為了延長作用時(shí)間，從而減小受到的作用力，故B正確；

C、根據(jù)動(dòng)量定理Ft=mv，初速度相同，質(zhì)量大的物體受相同制動(dòng)力情況，停下時(shí)間t會小，C錯(cuò)誤；

D、從越高的地方跳下，落地時(shí)速度越大，速度變化量越大，動(dòng)量變化量越大，則沖量越大，D正確；

故選：BD。

考查動(dòng)量與沖量的基本概念，明確動(dòng)量定理：合力的沖量等于動(dòng)量的變化，知道動(dòng)量定理的表達(dá)式為：9.【答案】AB【解析】解：振子從平衡位置O點(diǎn)向a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，由F回=?kx可知振子受到的回復(fù)力向右且不斷增大，故A正確；

振子從平衡位置O點(diǎn)向a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，彈性勢能逐漸增大，動(dòng)能逐漸減小，速度在減小，故B錯(cuò)誤；

位移由平衡位置指向振子所處位置，方向向左，故C錯(cuò)誤；

回復(fù)力指向平衡位置，加速度方向向右，故D錯(cuò)誤；

故選：AB。

振子從平衡位置O點(diǎn)向a10.【答案】AB【解析】解：A、據(jù)題可知，小物塊恰好在到達(dá)木板右端時(shí)與木板相對靜止，由圖可知，木板的長度等于0?t1內(nèi)物塊與木板的位移之差。0?t1內(nèi)，物塊的對地位移為x物=v0+v12t1，木板的對地位移為x木=v12t1，則木板的長度為L=x物?x木=v0t12，故A正確；

B、設(shè)木板的質(zhì)量為M，木塊的質(zhì)量為m，由圖可知，t1時(shí)刻二者共速為v1，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有mv0=mv1+11.【答案】C

用圓規(guī)畫盡可能小的圓，把所有的落點(diǎn)圈在里面，圓心即是小球平均落點(diǎn)的位置

m1【解析】解：(1)為了防止入射球反彈，應(yīng)用質(zhì)量大的小球去碰撞質(zhì)量小的小球；同時(shí)兩球的半徑應(yīng)該相等，故選：C。

(2)確定小球的平均落點(diǎn)的方法是用圓規(guī)畫盡可能小的圓，把所有的落點(diǎn)圈在里面，圓心即是小球平均落點(diǎn)的位置。

(3)根據(jù)動(dòng)量守恒：m1v0=m1v1+m2v2

入射小球前后兩次分別落在P、M點(diǎn)，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則m1v0t=m12.【答案】2.27

D

4π2(l+【解析】解：(1)游標(biāo)卡尺的最小分度值為0.1mm，主尺讀數(shù)22mm，游標(biāo)尺讀數(shù)7×0.1mm=0.7mm，則擺球的直徑為22mm+0.7mm=22.7mm=2.27cm

(2)AB.擺球在最低點(diǎn)時(shí)速度最大，計(jì)時(shí)誤差較小，所以在擺球通過最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，故AB錯(cuò)誤；

CD.測一次全振動(dòng)時(shí)間作為周期偶然誤差較大，要多次測量取平均值，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選：D。

(3)根據(jù)單擺的周期公式有：T=2πL+d2g

解得：g=4π2(l+d2)T2

(4)根據(jù)單擺的周期公式有：T2=4π2gL+4π2g?d2

由圖像可知：

13.【答案】解：(1)設(shè)子彈射入木塊后，二者的共同速度為v′，取子彈的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv=(M+m)?v′

射入過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能ΔE=12mv2?12(M+m)v【解析】(1)子彈擊中木塊過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出子彈射入木塊后的共同速度，再由能量守恒定律求出系統(tǒng)損失的機(jī)械能。

(2)14.【答案】解：(1)由題圖乙可知，單擺周期為T=2t0

由單擺周期公式T=2πLg

解得L=gt02π2

(2)小球在A點(diǎn)時(shí)拉力最小，拉力的大小等于重力沿繩子方向的分力，即F2=mgcosα

解得m=F2gcosα

(3)小球在平衡位置B點(diǎn)時(shí)拉力最大，根據(jù)牛頓第二定律有F1【解析】(1)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，繩子的拉力最大，在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過最低點(diǎn)，根據(jù)該規(guī)律，求出單擺的周期．根據(jù)單擺周期公式求出擺長。

(2)小球在最高點(diǎn)時(shí)繩子的拉力最小，在最低點(diǎn)時(shí)繩子拉力最大，求出最高點(diǎn)和最低點(diǎn)繩子拉力的表達(dá)式，再結(jié)合動(dòng)能定理或機(jī)械能守恒定律求出擺球的質(zhì)量；

(15.【答案】解：(1)設(shè)冰塊在斜面體上上升到最大高度時(shí)的速度為v。推出時(shí)冰塊的速度大小為v2，小孩的速度大小為v1。

對冰塊和斜面體組成的系統(tǒng)，以向左為正方向，根