新高考物理模擬題(一)

新高考物理模擬試題(一)(考試用時(shí)：90分鐘試卷滿分：100分)一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1．如圖所示，涉及物理學(xué)史上的四個(gè)重大發(fā)現(xiàn)，其中說法正確的是()A．庫(kù)侖利用圖甲實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量B．奧斯特利用圖乙實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場(chǎng)C．牛頓根據(jù)圖丙理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因D．楞次利用圖丁實(shí)驗(yàn)，總結(jié)出了楞次定律2．負(fù)壓病房是收治傳染性極強(qiáng)的呼吸道疾病病人所用的醫(yī)療設(shè)施，可以大大減少醫(yī)務(wù)人員被感染的機(jī)會(huì)，病房中氣壓小于外界環(huán)境的大氣壓．若負(fù)壓病房的溫度和外界溫度相同，負(fù)壓病房?jī)?nèi)氣體和外界環(huán)境中氣體都可以看成理想氣體，則以下說法正確的是()A．負(fù)壓病房?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能小于外界環(huán)境中氣體分子的平均動(dòng)能B．負(fù)壓病房?jī)?nèi)每個(gè)氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率都小于外界環(huán)境中每個(gè)氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率C．負(fù)壓病房?jī)?nèi)單位體積氣體分子的個(gè)數(shù)小于外界環(huán)境中單位體積氣體分子的個(gè)數(shù)D．相同面積負(fù)壓病房?jī)?nèi)壁受到的氣體壓力等于外壁受到的氣體壓力3．如圖所示，六根原長(zhǎng)均為l的輕質(zhì)細(xì)彈簧兩兩相連，在同一平面內(nèi)六個(gè)大小相等、互成60°的恒定拉力F作用下，形成一個(gè)穩(wěn)定的正六邊形．已知正六邊形外接圓的半徑為R，每根彈簧的勁度系數(shù)均為k，彈簧在彈性限度內(nèi)，則F的大小為()A.eq\f(k,2)(R－l) B．k(R－l)C．k(R－2l) D．2k(R－l4．圖1是研究光的干涉現(xiàn)象的裝置示意圖，在光屏P上觀察到的圖樣如圖2所示．為了增大條紋間的距離，下列做法正確的是()A．增大單色光的頻率B．增大雙縫屏上的雙縫間距C．增大雙縫屏到光屏的距離D．增大單縫屏到雙縫屏的距離5．沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t1＝0時(shí)的波形圖如圖所示，此時(shí)波傳播到x＝2.0m處的質(zhì)點(diǎn)B，質(zhì)點(diǎn)A恰好位于波谷位置．當(dāng)t2＝0.6s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A恰好第二次處于波峰位置，則以下判斷正確的是A．t1＝0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)B沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)B．再經(jīng)過一段時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)A會(huì)到達(dá)質(zhì)點(diǎn)B處C．這列波的周期為0.4sD．這列波的波速為106．甲、乙兩車從同一地點(diǎn)沿相同方向由靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)，它們運(yùn)動(dòng)的加速度隨時(shí)間變化圖象如圖所示．關(guān)于兩車的運(yùn)動(dòng)情況，下列說法正確的是()A．在0～4s內(nèi)甲車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B．在0～2s內(nèi)兩車間距逐漸增大，2～4s內(nèi)兩車間距逐漸減小C．在t＝2s時(shí)甲車速度為3m/s，乙車速度為D．在t＝4s時(shí)甲車恰好追上乙車7．如圖所示，半徑為r的金屬圓環(huán)放在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，環(huán)面與磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，保持圓環(huán)不動(dòng)，將磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增大經(jīng)過時(shí)間t，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大到B1，此時(shí)圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱為Q；保持磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1不變，將圓環(huán)繞對(duì)稱軸(圖中虛線)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間2t圓環(huán)轉(zhuǎn)過90°，圓環(huán)中電流大小按正弦規(guī)律變化，圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱也為Q，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B0和B1的比值為()A.eq\f(4－π,4) B．eq\f(5－π,5)C.eq\f(4\r(2)－π,4\r(2)) D．eq\f(5\r(2)－π,5\r(2))8．如圖所示，一顆衛(wèi)星繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)周期為T，圖中虛線為衛(wèi)星的運(yùn)行軌跡，A、B、C、D是軌跡上的四個(gè)位置，其中A距離地球最近，C距離地球最遠(yuǎn)．B和D點(diǎn)是弧線ABC和ADC的中點(diǎn)，下列說法正確的是()A．衛(wèi)星在C點(diǎn)的速度最大B．衛(wèi)星在C點(diǎn)的加速度最大C．衛(wèi)星從A經(jīng)D到C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為eq\f(T,2)D．衛(wèi)星從B經(jīng)A到D點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為eq\f(T,2)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分．9．如圖是靜電除塵器除塵機(jī)理的示意圖，a、b是直流高壓電源的兩極，通過某種機(jī)制使電場(chǎng)中的塵埃帶上負(fù)電，在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵目的．圖示位置的P、M、N三點(diǎn)在同一直線上，且PM＝MN.下列判斷正確的是()A．b是直流高壓電源的負(fù)極B．電場(chǎng)中M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)C．同一個(gè)點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小于在P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力D．電場(chǎng)中N、M間的電勢(shì)差UNM小于M、P間的電勢(shì)差UMP10．如圖所示，一沙袋用無(wú)彈性輕細(xì)繩懸于O點(diǎn)，開始時(shí)沙袋處于靜止?fàn)顟B(tài)，一彈丸以水平速度v0擊中沙袋后未穿出，二者共同擺動(dòng)．若彈丸質(zhì)量為m，沙袋質(zhì)量為5m，彈丸和沙袋形狀大小忽略不計(jì)，彈丸擊中沙袋后漏出的沙子質(zhì)量忽略不計(jì)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g.下列說法中正確的是()A．彈丸打入沙袋過程中，細(xì)繩所受拉力大小保持不變B．彈丸打入沙袋過程中，彈丸對(duì)沙袋的沖量大小等于沙袋對(duì)彈丸的沖量大小C．沙袋和彈丸一起擺動(dòng)所達(dá)到的最大高度為eq\f(v\o\al(2,0),72g)D．彈丸打入沙袋過程中所產(chǎn)生的熱量為eq\f(mv\o\al(2,0),72)11．如圖所示，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比為2∶1，原線圈接交流電u＝20eq\r(2)sin100πt(V)，保險(xiǎn)絲的電阻為1Ω，熔斷電流為2A，電表均為理想電表．下列說法正確的有()A．電壓表V的示數(shù)為14.1VB．電流表A1、A2的示數(shù)之比為2∶1C．為了安全，滑動(dòng)變阻器接入電路的最小阻值為4ΩD．將滑動(dòng)變阻器滑片向上移動(dòng)，電流表A1的示數(shù)減小12．如圖所示，質(zhì)量M＝1kg的重物B和質(zhì)量m＝0.3kg的小圓環(huán)A用細(xì)繩跨過一光滑滑輪軸連接，A端繩與輪連接，B端繩與軸相連接，不計(jì)輪軸的質(zhì)量，輪與軸有相同的角速度且輪和軸的直徑之比為2︰1.重物B放置在傾角為30°固定在水平地面的斜面上，輕繩平行于斜面，B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝eq\f(\r(3),3)，圓環(huán)A套在豎直固定的光滑直桿上，滑輪軸中心與直桿的距離為L(zhǎng)＝4m．現(xiàn)將圓環(huán)A從與滑輪軸上表面等高處a靜止釋放，當(dāng)下降H＝3m到達(dá)b位置時(shí)，圓環(huán)的速度達(dá)到最大值，已知直桿和斜面足夠長(zhǎng)，不計(jì)空氣阻力，取g＝A．圓環(huán)A到達(dá)b位置時(shí)，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少了2.5JB．圓環(huán)A速度最大時(shí)，環(huán)A與重物B的速度之比為5︰3C．圓環(huán)A能下降的最大距離為Hm＝7.5D．圓環(huán)A下降過程，作用在重物B上的拉力始終大于10N選擇題答題欄題號(hào)123456789101112答案三、非選擇題：本題共6小題，共60分．13．(6分)如圖所示，為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置及數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車加速度a與小車和砝碼的質(zhì)量對(duì)應(yīng)關(guān)系圖．鉤碼的質(zhì)量為m1，小車和砝碼的質(zhì)量為m2，重力加速度為g.(1)下列說法正確的是__________．A．每次在小車上加減砝碼時(shí)，應(yīng)重新平衡摩擦力B．實(shí)驗(yàn)時(shí)若用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)先釋放小車后接通電源C．本實(shí)驗(yàn)m2應(yīng)遠(yuǎn)小于m1D．在用圖象探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，應(yīng)作a和eq\f(1,m2)圖象(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)遺漏了平衡摩擦力這一步驟，若軌道水平，他測(cè)量得到的eq\f(1,m2)-a圖象，如圖所示，設(shè)圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，則小車與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝________，鉤碼的質(zhì)量m1＝________.(3)實(shí)驗(yàn)中打出的紙帶如圖所示．相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔是0.1s，圖中長(zhǎng)度單位是cm，由此可以算出小車運(yùn)動(dòng)的加速度是________m/s2.14．(8分)光伏電池(太陽(yáng)能電池)是一種清潔、“綠色”能源．光伏發(fā)電的原理主要是半導(dǎo)體的光伏效應(yīng)，即一些半導(dǎo)體材料受到光照時(shí)，直接將光能轉(zhuǎn)化為電能．在一定光照條件下，光伏電池有一定的電動(dòng)勢(shì)，但其內(nèi)阻不是確定的值，內(nèi)阻大小隨輸出電流的變化而變化．為了研究光伏電池內(nèi)阻的變化特性，實(shí)驗(yàn)小組借助測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的方法設(shè)計(jì)出實(shí)驗(yàn)電路如圖1所示，改變電阻箱R的阻值，實(shí)驗(yàn)測(cè)得電流表示數(shù)I和電壓表示數(shù)U如下表：I/mA4.184.144.124.083.802.201.22U/V0.501.001.502.002.302.602.70(1)根據(jù)表中數(shù)據(jù)，選用適當(dāng)?shù)臉?biāo)度在圖2中作出光伏電池的I-U圖象；(2)根據(jù)所作圖象可以判斷，該光伏電池的電動(dòng)勢(shì)約為__________V，其內(nèi)阻隨輸出電流的增大而_____________(填“增大”“不變”或“減小”)；(3)當(dāng)外電阻R變化時(shí)，光伏電池的輸出功率也發(fā)生變化，由(1)問所作圖象可知，當(dāng)電阻R約為__________Ω時(shí)光伏電池的輸出功率最大，最大輸出功率約為_____________W.15．(7分)如圖，光滑導(dǎo)熱活塞將絕熱汽缸中的氣體分為A、B兩部分，汽缸頂部開有一小孔，與U形管(C部分為足夠長(zhǎng)軟管)相連，U形管中有水銀，汽缸底部有一閥門K，閥門K打開時(shí)，A與大氣相通，穩(wěn)定后活塞下表面與汽缸底部的間距為l1＝18cm，上表面與汽缸頂部的間距為l2＝19cm，U形管左側(cè)水銀面比右側(cè)的高h(yuǎn)1＝20cm.現(xiàn)將閥門K關(guān)閉，通電對(duì)A、B氣體緩慢加熱，A、B氣體溫度始終相等，當(dāng)活塞向上移動(dòng)到A、B兩部分氣體體積相等時(shí)，停止加熱．外界大氣壓恒為76cmHg，不考慮管中的氣體體積，管中水銀始終沒有溢出16．(9分)如圖，某小學(xué)舉行拍皮球比賽，一參賽者將皮球從0.8m高度處以一定的初速度豎直向下拋出，皮球碰地反彈后恰好可以返回原來(lái)高度，此時(shí)參賽者立即用手豎直向下拍皮球，使皮球獲得一個(gè)速度，之后皮球又恰能回到原來(lái)高度，如此反復(fù)．已知皮球每次碰地反彈的速率均為碰地前瞬間速率的0.8倍，皮球的質(zhì)量為0.5kg，重力加速度取10m/s2，不計(jì)空氣阻力和球與手(1)皮球來(lái)回運(yùn)動(dòng)一次的時(shí)間；(2)參賽者拍皮球過程中做功的平均功率．17．(14分)如圖所示，水平虛線X下方區(qū)域分布著方向水平、垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，整個(gè)空間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫出)．質(zhì)量為m、電荷量為＋q的小球P靜止于虛線X上方A點(diǎn)，在某一瞬間受到方向豎直向下、大小為I的沖量作用而做勻速直線運(yùn)動(dòng)．在A點(diǎn)右下方的磁場(chǎng)中有定點(diǎn)O，長(zhǎng)為l的絕緣輕繩一端固定于O點(diǎn)，另一端連接不帶電的質(zhì)量同為m的小球Q，自然下垂，保持輕繩伸直，向右拉起Q，直到繩與豎直方向有一小于5°的夾角，在P開始運(yùn)動(dòng)的同時(shí)自由釋放Q，Q到達(dá)O點(diǎn)正下方W點(diǎn)時(shí)速率為v0.P、Q兩小球在W點(diǎn)發(fā)生相向正碰，碰后電場(chǎng)、磁場(chǎng)消失，兩小球粘在一起運(yùn)動(dòng)．P、Q兩小球均視為質(zhì)點(diǎn)，P小球的電荷量保持不變，繩不可伸長(zhǎng)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g.(1)求勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大小和P進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速率v；(2)若繩能承受的最大拉力為F，要使繩不斷，F(xiàn)至少為多大？18．(16分)如圖，光滑水平導(dǎo)軌與光滑斜面底端平滑絕緣連接，兩導(dǎo)軌關(guān)于中心線OO′對(duì)稱，其中邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域abb′a′內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ，長(zhǎng)為2L、寬為eq\f(3,4)L的長(zhǎng)方形區(qū)域dee′d′內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ.質(zhì)量為m的金屬桿P置于斜面上，質(zhì)量為2m的金屬桿Q置于bb′和dd′之間的適當(dāng)位置，P桿由靜止釋放后，第一次穿過磁場(chǎng)Ⅰ的過程中，通過P桿的電荷量為q；之后與Q桿發(fā)生正碰，碰后兩桿向相反方向運(yùn)動(dòng)，并各自始終勻速穿過兩側(cè)的磁場(chǎng)，兩桿在運(yùn)動(dòng)過程中始終與中心線OO′垂直．已知兩桿單位長(zhǎng)度的電阻均為r，P桿能再次滑上斜面的最大高度為h，重力加速度為g，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．求：(1)磁場(chǎng)Ⅰ、Ⅱ的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1、B2；(2)試通過計(jì)算分析兩桿的碰撞是否為彈性碰撞；(3)P桿最初釋放時(shí)的高度．答案及解析物理模擬試題(一)1．解析：B卡文迪許通過圖甲(扭秤裝置)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量，A錯(cuò)誤；奧斯特利用圖乙實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場(chǎng)，B正確；伽利略利用圖丙理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，C錯(cuò)誤；圖丁是研究感應(yīng)電流產(chǎn)生條件的裝置，D錯(cuò)誤．2．解析：C由于內(nèi)外的溫度相等，故它們的平均動(dòng)能的大小是相等的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；溫度相等，也并不代表每個(gè)氣體分子的速率都相等，因?yàn)闅怏w的運(yùn)動(dòng)速率遵循“中間多，兩頭少”的統(tǒng)計(jì)學(xué)規(guī)律，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由于負(fù)壓病房?jī)?nèi)的壓強(qiáng)小，從微觀上看，氣體的壓強(qiáng)是分子對(duì)器壁的撞擊而形成的，而由于它們的溫度相等，即平均每個(gè)氣體分子的撞擊力度是相等的，所以負(fù)壓病房?jī)?nèi)單位體積氣體分子的個(gè)數(shù)小于外界環(huán)境中單位體積氣體分子的個(gè)數(shù)，選項(xiàng)C正確；因?yàn)樨?fù)壓病房的壓強(qiáng)小，故相同面積的情況下氣體的壓力也小，不是相等，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．3．解析：B正六邊形外接圓半徑為R，則彈簧的長(zhǎng)度為R，彈簧的伸長(zhǎng)量為Δx＝R－l，由胡克定律可知，每根彈簧的彈力為F彈＝kΔx＝k(R－l)，兩相鄰彈簧夾角為120°，兩相鄰彈簧彈力的合力為F合＝F彈＝k(R－l)，彈簧靜止處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，每個(gè)拉力大小為F＝F合＝k(R－l)，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．4．解析：C增大單色光頻率，則波長(zhǎng)減小，根據(jù)公式Δx＝eq\f(L,d)λ可知，條紋間的距離減小，A錯(cuò)誤；增大雙縫屏上的雙縫間距d，根據(jù)公式Δx＝eq\f(L,d)λ可知，條紋間的距離減小，B錯(cuò)誤；增大雙縫屏到光屏的距離L，根據(jù)公式Δx＝eq\f(L,d)λ可知，條紋間的距離增大，C正確；根據(jù)公式Δx＝eq\f(L,d)λ可知，條紋間的距離與單縫屏到雙縫屏的距離無(wú)關(guān)，D錯(cuò)誤．5．解析：C根據(jù)波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向遵循“同側(cè)法”可知，質(zhì)點(diǎn)B向下振動(dòng)，即沿y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；波沿x軸正方向傳播，但是每個(gè)質(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波移動(dòng)，它只會(huì)在自己的平衡位置附近上下振動(dòng)，故質(zhì)點(diǎn)A永遠(yuǎn)也不會(huì)到達(dá)質(zhì)點(diǎn)B處的，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由于經(jīng)過0.6s后，質(zhì)點(diǎn)A第二次處于波峰的位置，說明質(zhì)點(diǎn)A經(jīng)過6個(gè)四分之一周期是0.6s，故質(zhì)點(diǎn)的周期是0.4s，則這列波的周期也是0.4s，選項(xiàng)C正確；再由波的圖象可知，波的波長(zhǎng)為2m，故波的傳播速度為v＝eq\f(λ,T)＝eq\f(2,0.4)m/s＝5m/s，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．6．解析：C根據(jù)圖象可知，乙的加速度逐漸減小，不是勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；據(jù)加速度時(shí)間圖象知道圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度．據(jù)圖象可知，當(dāng)t＝4s時(shí)，兩圖象與t軸所圍的面積相等，即該時(shí)刻兩輛車的速度相等；在4秒前乙車的速度大于甲車的速度，所以乙車在甲車的前方，所以兩車逐漸遠(yuǎn)離，當(dāng)t＝4s時(shí)，兩車速度相等即相距最遠(yuǎn)，故B、D錯(cuò)誤；在t＝2s時(shí)乙車速度為v乙＝eq\f(1,2)×(1.5＋3)×2m/s＝4.5m/s，甲車速度為v甲＝1.5×2m/s＝7．解析：A若保持圓環(huán)不動(dòng)，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定為E1＝eq\f(B1－B0πr2,t)，則Q＝eq\f(E\o\al(2,1),R)t＝eq\f(B1－B02π2r4,tR)①；若線圈轉(zhuǎn)動(dòng)：則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值：E2m＝B1ωS＝B1eq\f(\f(π,2),2t)·πr2＝eq\f(π2r2B1,4t)，有效值E2＝eq\f(π2r2B1,4\r(2)t)，產(chǎn)生的熱量Q＝eq\f(E\o\al(2,2),R)×2t＝eq\f(π4r4B\o\al(2,1),16tR)②，聯(lián)立①②可得：eq\f(B0,B1)＝eq\f(4－π,4)，故選A.8．解析：C衛(wèi)星繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，類似于行星繞太陽(yáng)運(yùn)轉(zhuǎn)，根據(jù)開普勒第二定律：行星與太陽(yáng)的連線在相等時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，則知衛(wèi)星與地球的連線在相等時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，所以衛(wèi)星在距離地球最近的A點(diǎn)速度最大，在距離地球最遠(yuǎn)的C點(diǎn)速度最小，衛(wèi)星在B、D兩點(diǎn)的速度大小相等，故A錯(cuò)誤；在橢圓的各個(gè)點(diǎn)上都是引力產(chǎn)生加速度a＝eq\f(GM,r2)，因A點(diǎn)離地心的距離最小，則A點(diǎn)的加速度最大，故B錯(cuò)誤；根據(jù)橢圓運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知tADC＝tCBA，tADC＋tCBA＝T，則tADC＝eq\f(T,2)，故C正確；橢圓上近地點(diǎn)A附近速度較大，遠(yuǎn)地點(diǎn)C附近速度最小，則tBAD<eq\f(T,2)，tDCB>eq\f(T,2)，故D錯(cuò)誤．9．解析：CD塵埃在電場(chǎng)中通過某種機(jī)制帶上負(fù)電，在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積，說明集塵極帶正電，b是直流高壓電源的正極，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；順著電場(chǎng)線，電勢(shì)降落，則M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；越靠近放電極電場(chǎng)越強(qiáng)，同一點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力越大，選項(xiàng)C正確；U＝Ed，N、M間的平均電場(chǎng)強(qiáng)度小于M、P間的電場(chǎng)強(qiáng)度，所以N、M間的電勢(shì)差UNM小于M、P間的電勢(shì)差UMP，選項(xiàng)D正確．10．解析：BC彈丸打入沙袋過程中，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mv0＝(m＋5m)v，得v＝eq\f(v0,6)；彈丸打入沙袋后，總質(zhì)量變大，且做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)T－6mg＝6meq\f(v2,L)，即T＝6mg＋6meq\f(v2,L)，可知，細(xì)繩對(duì)沙袋的拉力增大，由牛頓第三定律知，沙袋對(duì)細(xì)繩的拉力增大，故A錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第三定律知，彈丸打入沙袋過程中，彈丸對(duì)沙袋的作用力與沙袋對(duì)彈丸的作用力大小相等，作用時(shí)間相同，則彈丸對(duì)沙袋的沖量大小等于沙袋對(duì)彈丸的沖量，故B正確；彈丸打入沙袋后一起擺動(dòng)過程中整體的機(jī)械能守恒，則eq\f(1,2)(m＋5m)v2＝(m＋5m)gh，得h＝eq\f(v\o\al(2,0),72g)，故C正確；彈丸打入沙袋過程中所產(chǎn)生的熱量為Q＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)－eq\f(1,2)(m＋5m)v2＝eq\f(5,12)mveq\o\al(2,0)，故D錯(cuò)誤．11．解析：CD原線圈電壓有效值為U1＝eq\f(20\r(2),\r(2))＝20V，根據(jù)變壓器原理可得U2＝eq\f(n2,n1)U1＝eq\f(1,2)×20V＝10V，故電壓表V的示數(shù)為10V，A錯(cuò)誤；根據(jù)變壓器原理可知，電流強(qiáng)度與匝數(shù)成反比，故電流表A1、A2的示數(shù)之比為1∶2，B錯(cuò)誤；保險(xiǎn)絲的電阻為1Ω，熔斷電流為2A，為了安全，滑動(dòng)變阻器接入電路的最小阻值為Rmin＝eq\f(U2,Imax)－r保＝eq\f(10,2)Ω－1Ω＝4Ω，C正確；將滑動(dòng)變阻器滑片向上移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的總電阻增大，副線圈電流強(qiáng)度減小，則原線圈的電流強(qiáng)度也減小，所以電流表A1的示數(shù)減小，D正確．12．解析：AC由題可知圓環(huán)A到達(dá)b位置時(shí)，重物B沿斜面的運(yùn)動(dòng)的位移為：x＝eq\f(\r(H2＋L2)－L,2)＝0.5m，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少了：ΔE＝μMgcos30°·x＝2.5J，故選項(xiàng)A正確；輪與軸有相同的角速度且輪和軸的直徑之比為2∶1，圓環(huán)A速度最大時(shí)，環(huán)A與重物B的速度之比為vA∶vB＝R∶r＝2∶1，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；圓環(huán)A能下降的最大距離為Hm，重物B沿斜面的運(yùn)動(dòng)的位移為：xB＝eq\f(\r(H\o\al(2,m)＋L2)－L,2)，根據(jù)能量守恒可知：mgHm＝MgxBsin30°＋μMgcos30°·xB，解得圓環(huán)A能下降的最大距離為Hm＝7.5m，故選項(xiàng)C正確；圓環(huán)A先向下做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，所以重物B也是先加速后減速，而重物B受到的重力、支持力和摩擦力都保持不變，繩子對(duì)B的拉力：FT－Mgsin30°－μMgcos30°＝Ma，即：FT＝10N＋Ma，所以繩子對(duì)B的拉力先大于10N后小于10N，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．13．解析：(1)小車與長(zhǎng)木板間的粗糙情況與小車的質(zhì)量無(wú)關(guān)，所以在同一個(gè)實(shí)驗(yàn)中，每次改變小車的質(zhì)量，不需要重新平衡摩擦力．故A錯(cuò)誤．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，后釋放小車．故B錯(cuò)誤．根據(jù)牛頓第二定律可得系統(tǒng)的加速度a＝eq\f(m1g,m1＋m2)，則繩子的拉力F＝m2a＝eq\f(m1m2g,m2＋m1)＝eq\f(m1g,1＋\f(m1,m2))，由此可知鉤碼的質(zhì)量m1遠(yuǎn)小于小車和砝碼的質(zhì)量m2時(shí)，繩子的拉力才等于鉤碼的重力．故C錯(cuò)誤．由牛頓第二定律可知a＝eq\f(1,m2)F，當(dāng)F一定時(shí)，a與eq\f(1,m2)成正比，所以應(yīng)作出a-eq\f(1,m2)圖象．故D正確．(2)根據(jù)牛頓第二定律可知m1g－μm2g＝m2a，結(jié)合eq\f(1,m2)-a圖象可得eq\f(1,m2)＝eq\f(μ,m1)＋eq\f(1,m1g)a，由此可得鉤碼的質(zhì)量為m1＝eq\f(1,gk)，小車與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝eq\f(b,gk).(3)設(shè)s1＝1.24cm，s4＝2.62cm，由公式s4－s1＝3at2，化簡(jiǎn)可得a＝eq\f(s4－s1,3t2)＝eq\f(2.62－1.24,3×0.12)×10－2m/s2＝0.46答案：(1)D(2)eq\f(b,gk)eq\f(1,gk)(3)0.4614．解析：(1)根據(jù)表中數(shù)據(jù)，選擇適當(dāng)標(biāo)度，縱坐標(biāo)為I、橫坐標(biāo)為U描點(diǎn)作圖如圖所示；(2)由(1)問圖象可知光伏電池的電動(dòng)勢(shì)約為2.80V，設(shè)光伏電池的電動(dòng)勢(shì)為E，由閉合電路的歐姆定律E＝U＋I(xiàn)r得I＝eq\f(E,r)－eq\f(1,r)U，則光伏電池的內(nèi)阻等于圖線斜率的倒數(shù)的絕對(duì)值，因此其內(nèi)阻隨電流的增大而增大；(3)由P＝IU可知，圖線上縱橫坐標(biāo)的乘積等于光伏電池的輸出功率，也等于坐標(biāo)值與坐標(biāo)軸所包圍矩形的面積，面積越大光伏電池的輸出功率越大，由圖中方格數(shù)可知，從坐標(biāo)點(diǎn)P沿圖線向左移或向右移坐標(biāo)點(diǎn)，對(duì)應(yīng)坐標(biāo)包圍的方格數(shù)均減少，因此坐標(biāo)點(diǎn)P對(duì)應(yīng)的“面積”最大，此時(shí)對(duì)應(yīng)外電阻R＝eq\f(UP,IP)＝eq\f(2.3,3.8×10－3)Ω＝605.3Ω，光伏電池的最大輸出功率Pm＝IPUP＝8.74×10－3W.答案：(1)如圖所示(2)2.80增大(3)605.38．74×10–315．解析：設(shè)活塞質(zhì)量為M，橫截面積為S，h0＝76cm，停止加熱時(shí)U形管中左、右液面的高度差為h閥門K打開時(shí)，對(duì)A有pA1＝p0＝pB1＋eq\f(Mg,S)，對(duì)B有pB1＝p0－ρgh1，得eq\f(Mg,S)＝ρgh1，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程對(duì)A有eq\f(ρgh0l1S,T1)＝eq\f(ρgh0＋h1－h(huán)2lS,T2)，對(duì)B有eq\f(ρgh0－h(huán)1l2S,T1)＝eq\f(ρgh0－h(huán)2lS,T2)，聯(lián)立解得h2＝6答案：616．解析：(1)設(shè)皮球被手拍出時(shí)的速率為v0，碰地前瞬間的速率為v，則皮球剛反彈回來(lái)時(shí)的速率為0.8v，皮球向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，向下運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可得02－(0.8v)2＝－2gh0＝0.8v－gt1v2－veq\o\al(2,0)＝2ghv＝v0＋gt2皮球來(lái)回運(yùn)動(dòng)一次的時(shí)間為t＝t1＋t2解得t＝0.6s(2)每次拍皮球時(shí)，參賽者對(duì)皮球做的功W＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)參賽者拍皮球過程中做功的平均功率P＝eq\f(W,t)解得P＝eq\f(15,4)W答案：(1)0.6s(2)eq\f(